2018-2019学年高一物理上学期期中试卷(含解析) (I).doc

2018-2019学年高一物理上学期期中试卷(含解析) (I)一、单项选择题1.下列说法正确的是( )A. 任何有规则形状的物体，它的重心一定与它的几何中心重合B. 用一绳子把一个物体悬挂起来，物体处于完全静止状态，该物体的重心不一定在绳子的延长线上C. 两物体只要接触就有弹力存在D. 重力是由于地球对物体的吸引而产生的【答案】D【解析】A：任何质量分布均匀、有规则形状的物体，它的重心与它的几何中心重合。故A项错误。B：用一绳子把一个物体悬挂起来，物体处于完全静止状态，该物体的重心一定在绳子的延长线上。故B项错误。C：弹力产生的条件是接触、有弹性形变。故C项错误。D：重力是由于地球对物体的吸引而产生的。D项正确。点睛：用一绳子把一个物体悬挂起来，物体处于完全静止状态，该物体的重心一定在绳子的延长线上。两次悬挂可确定物体（薄板）重心的位置。2.某新型战机在跑道上由静止开始做加速直线运动测得战机5s末的速度为40m/s、10s末飞离跑道时的速度为 70m/s，在跑道上共运动了 500m则它在跑道上运动的平均速度为（ ）A. 35m/s B. 40m/s C. 50m/s D. 70m/s【答案】C【解析】由题意可知，飞机在总位移为500m，用时10s，则由平均速度公式可得：v=xt=50010=50m/s； 故选C点睛：本题考查平均速度公式的应用，要注意找出相应的位移和时间，本题应注意飞机的运动不是匀加速运动，故不能根据匀变速运动的规律求解3.物体做匀变速直线运动，已知第2s内的位移为6m，第3s内的位移为4m，则下列说法正确的是( )A. 物体的初速度为9m/sB. 物体的加速度为3m/s2C. 物体在第4秒内的位移为0D. 物体在前2s内的位移为8m【答案】A【解析】AB、根据相邻相等时间内的位移差恒定x=aT2 得：a=xT2=461=2m/s2 ，负号表示物体做匀减速运动， 又由于x=aT2，所以物体在第1s内的位移为8m，由位移公式：s=vt+12at2 得：v=9m/s，故A正确，B错误；C、由公式x=aT2，可知，在第4秒内的位移为2m，故C错误；D、物体在前2s内的位移为s=6+8=14m ，故D错误；综上所述本题答案是：A4. 质量m50kg的某同学站在观光电梯地板上，用速度传感器记录了电梯在一段时间内运动的速度随时间变化情况（以竖直向上为正方向）由图象提供的信息可知A. 在015 s内，观光电梯上升的高度为25 mB. 在035 s内，观光电梯的平均速率为6 m/sC. 在2025 s与2535 s内，观光电梯的平均速度大小均为10 m/sD. 在2535 s内，观光电梯在减速上升，该同学的加速度大小为2 m/s2【答案】C【解析】试题分析：在速度时间图象中，与时间轴所包围的面积即为位移，故0-15s内的位移为x1=121015m75m，故A错误；20-35s内的位移x2=122015m150m，在035 s内，观光电梯的路程为75m+150m=225m，平均速率为v=22535m/s=457m/s，选项B错误； 匀变速直线运动，平均速度等于初末速度之和，故v20+02m/s10m/s，故C正确；在2535s内，观光电梯在减速下降，加速度大小为：a2010m/s22m/s2，故D错误；故选C考点：v-t图线【名师点睛】本题主要考查了v-t图象的性质、平均速率的理解，要注意通过图象明确物体的运动情况，再结合运动公式进行分析即可，注意平均速率等于路程与时间的比值5.从高度为125 m的塔顶，先后落下a、b两球，自由释放这两个球的时间差为1 s，g取10 m/s2，不计空气阻力，以下判断正确的是（ ）A. b球下落高度为20 m时，a球的速度大小为20 m/sB. a球接触地面瞬间，b球离地高度为45 mC. 在a球接触地面之前，两球保持相对静止D. 在a球接触地面之前，两球离地的高度差恒定【答案】B【解析】根据h=12gt2得，b球下落高度为20m时t=2hg22010s2s，则A下降了3s，A的速度为v=30m/s、故A错误。A球下降的总时间为：t=212510s5s，此时B下降4s，B的下降高度为：h121042m80m，故B离地面的高度为125-80=45m，故B正确。由自由落体的规律可得，两物体的距离逐渐增大，故C错误。由自由落体的规律可得，在a球接触地面之前，两球的速度差恒定，两球离地的高度差变大，故D错误。故选B。点睛：解决本题的关键知道自由落体运动中，相隔一定时间释放一个小球，在小球落地前，两球的速度差恒定，两球离地的高度差不恒定6.房沿处的水滴每隔0.2s自由下落一滴在某个时刻，第一滴刚要到地时，第五滴恰要下落重力加速度g取10m/s2则关于这几滴水，下列说法正确的是（）A. 五滴水在空中竖直方向上等间距分布B. 房沿距地的高度为0.8mC. 房沿距地的高度为3.2mD. 水滴落地前瞬间的速度为10m/s【答案】C【解析】【分析】由雨滴下落的个数求的雨滴下落到地面的时间，由h=12gt2求房沿距地的高度，根据v=gt求出落地时的速度【详解】A、雨滴做自由落体运动，是匀加速直线运动，等效为一个水滴经过连续相等的0.2s经过几个位置，由匀变速直线运动的判别式可知五滴水在空中竖直方向上的距离越来越大，故A错误。B、C、下落到地面的时间为t=4T=0.8s，房沿距地的高度h=12gt2=12100.64=3.2m，故B错误，C正确。D、水滴落地前瞬间的速度v=gt=8m/s，故D错误故选C。【点睛】多个物体的连续相同运动可等效为一个物体经过多个连续时间的运动，抓住自由落体运动基本公式h=12gt2以及v=gt即可求解。7.如图所示，在水平传带上有三个质量分别为m1、m2、m3的木块1、2、3,1和2及2和3间分别用原长为L，系数为k的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为，现用水平细绳将木块1固定在左边的墙上，传送带按图示方向匀速运动，当三个木块达到平衡后，1、3两木块之间的距离是（ ）A. 2L+(m2+m3)gkB. 2L+(m2+2m3)gkC. 2L+(m1+m2+m3)gkD. 2L+m3gk【答案】B【解析】试题分析：2，3间的弹簧的弹簧力等于3所受到的摩擦力，因此2，3间的弹簧伸长量x2=m3gk，1，2间弹簧的弹力等于2和3受到的摩擦力之和，因此1，2间弹簧的伸长量x1=(m2+m3)gk，因此1、3两木块之间的距离为2L+x1+x2=2L+(m1+2m2)g/k，因此B正确，ACD错误。考点：胡克定律8. 木块A、B分别重50N和30N,它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.2与A、B相连接的轻弹簧被压缩了5 cm,系统置于水平地面上静止不动.已知弹簧的劲度系数为100 N/m.用F =1N的水平力作用在木块A上,如图所示,力F作用后（ ）A. 木块A所受摩擦力大小是4 N,方向向右B. 木块A所受摩擦力大小是9 N,方向向右C. 木块B所受摩擦力大小是4 N,方向向左D. 木块B所受摩擦力大小为6 N,方向向左【答案】A【解析】试题分析：因为物体A滑动起来受到的滑动摩擦力为Ff=mg=1N，因为最大静摩擦力大于滑动摩擦力，所以用1N的力推A，A不会发生滑动，即仍处于静止状态，弹簧的弹力Fx=0.05100=5N，所以木块A所受摩擦力大小是4N，方向向右，B受到弹簧的弹力和静摩擦力作用，所以木块B所受摩擦力大小是5N，方向向左，故A正确；考点：考查了摩擦力的计算【名师点睛】在计算摩擦力时，首先需要弄清楚物体受到的是静摩擦力还是滑动摩擦力，如果是静摩擦力，其大小取决于与它反方向上的平衡力大小，与接触面间的正压力大小无关，如果是滑动摩擦力，则根据公式F=N去计算9.如图所示,A、B两物体叠放在粗糙的水平面上,A物体在竖直向下的力F作用下,A、B两物体均处于静止状态,B物体受到外力的个数为（ ）A. 2个 B. 3个力 C. 4个 D. 5个【答案】B【解析】B受到自身的重力、地面的支持力、A对B的压力共三个力，故B对综上所述本题答案是：B10.体育课中，学生在练习爬杆运动时，某同学沿竖直杆匀速攀上又匀速滑下，设匀速攀上时他所受的摩擦力为F1，匀速下滑时他所受的摩擦力为F2，则( )A. F1方向向上，F2方向向下，F1F2B. F1方向向下，F2方向向上，F1F2C. F1、F2方向均向上，F1为静摩擦力，F2为滑动摩擦力，且F1F2D. F1、F2方向均向上，均为滑动摩擦力，且F1F2【答案】C【解析】【详解】匀速攀上时，其重力与静摩擦力平衡，由平衡条件可知：Fl方向竖直向上，F1=G；匀速下滑时，其重力与滑动摩擦力平衡，则F2方向竖直向上，且F2=G，所以F1=F2故ABD错误，C正确。故选C。二、多项选择题11.物体从h高处自由下落，它在落地前1s内共下落35m，g=10m/s2下列说法中正确的有（）A. 物体下落的时间为4sB. 物体落地时速度为40m/sC. 下落后第1s内、第2s内、第3s内，每段位移之比为1：2：3D. 落地前2s内共下落60m【答案】ABD【解析】A、设下落时间为t,最后1s内的位移可以表示为：s=12gt212g(t1)2=35m 代入数据看解得：t=4s .所以A选项是正确的;B、落地的速度为:v=gt=104=40m/s .所以B选项是正确的;C、自由落体运动是初速度等于0的匀加速直线运动,所以在连续相等的时间内,即下落后第1s内、第2s内、第3s内,每段位移之比为1:3:5 .故C错误;D、根据自由落体运动规律知：下落的总高度为:h=12gt212g(t2)2=1210421210(42)2=60m，所以D选项是正确的.综上所述本题答案是：ABD12.如图所示，A、B两长方体木块放在水平面上，它们的高度相等，长木板C放在它们上面.用水平力F拉木块A，使A、B、C一起沿水平面向右匀速运动，则( ) A. A对C的摩擦力向右B. C对A的摩擦力向右C. B对C的摩擦力向右D. C对B的摩擦力向右【答案】AD【解析】试题分析：由于用水平力F拉木块A，使A、B、C一起沿水平面向右匀速运动，即若把ABC看做一个整体，即该整体向右运动，故该整体所受的摩擦力是向左的；对于C来说，是由于A的摩擦力导致C向右运动，故A对C的摩擦力是向右的，据物体间力的作用是相互的，所以C对A的摩擦力是向左的；对于C和B来说，B是在C的摩擦力的作用下向右运动，故C对B的摩擦力是向右的，同理，B对C的摩擦力是向左的，AD正确考点：考查了摩擦力方向的判断【名师点睛】摩擦力的方向是与物体间的相对运动方向和相对运动趋势方向相反，但不一定与物体的运动方向相反，即摩擦力的方向和物体运动方向没有关系，所以摩擦力可以是动力也可以是阻力，在判断摩擦力的方向时，一定首先判断两者之间的相对运动方向或者相对运动趋势方向13.两个劲度系数分别为k1和k2的轻质弹簧a、b串接在一起，a弹簧的一端固定在墙上，如图所示开始时弹簧均处于原长状态，现用水平力作用在b弹簧的P端向右拉动弹簧已知a弹簧的伸长量为L，则A. b弹簧的伸长量也为LB. b弹簧的伸长量为k1k2LC. P端向右移动的距离为1+k1k2LD. P端向右移动的跑离为1+k2k1L【答案】BC【解析】两根轻弹簧串联，弹力大小相等，根据胡克定律F=kx得：k1L=k2xb，则得b弹簧的伸长量xb=k1Lk2，故A错误，B正确开始时弹簧均处于原长状态，则P端向右移动的距离等于两根弹簧伸长量之和，即为S=L+xb=1+k1k2L，故C正确，D错误故选BC【点睛】两根轻弹簧串联，弹力大小相等，根据胡克定律分析b弹簧伸长量的大小P端向右移动的距离等于两根弹簧伸长量之和14.如图所示，质量为m的木块被水平推力F压着，静止在竖直墙面上，当推力F的大小增加到2F时，则（）A. 木块所受墙面的弹力增加到原来的2倍B. 木块所受墙面的摩擦力增加到原来的2倍C. 木块所受墙面的弹力不变D. 木块所受墙面的摩擦力不变【答案】AD【解析】【详解】木块处于静止，推力和墙壁的弹力平衡，重力和静摩擦力平衡。当推力增大为原来的2倍，则木块所受墙面的弹力增加到原来的2倍。但摩擦力始终等于重力，保持不变。故AD正确，BC错误。故选AD。【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意区分静摩擦力与滑动摩擦力15.如图所示，一木块放在水平桌面上，在水平方向上共受到三个力即F1、F2和摩擦力作用，木块处于静止状态，其中F1=10N，F2=2N。若撤去力F1，则A. 木块受到合力大小为10N，方向向右B. 木块受到合力大小为2N，方向向左C. 木块受到合力大小为0D. 木块受到的静摩擦力大小为2N，方向向右【答案】CD【解析】试题分析：A、由题意，木块原来受到F1=10N，F2=2N，木块处于静止状态，由平衡条件得知，此时木块所受的静摩擦力大小为f=F1F2=102=8N，所以木块所受的最大静摩擦力肯定大于等于8N若撤去力F1，F2=2Nfm，所以木块不能被拉动，保持静止状态，但木块有向左运动趋势，受到向右的静摩擦力作用，其大小为2N故AB错误，D正确； C、由上分析可知，木块仍处于静止状态，由平衡条件得知，木块所受合力为零故C正确故选：CD考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用。三、实验题16. 如图所示，将电磁打点计时器固定在铁架台上，使质量m=50g的重锤带动纸带由静止开始自由下落，利用此装置可以测量重力加速度以下是该同学的实验操作和计算过程，请完成以下内容：（1）以下操作正确的是：A在进行实验时，应先释放纸带，再打开电源B打点计时器应接在220V的交流档上C释放纸带时，应将重锤的一端尽量靠近打点计时器，以便打出更多的点进行研究D实验中，应该让纸带保持竖直状态，以减小实验过程中的误差（2）取下纸带，取其中的一段标出计数点如图所示，测出计数点间的距离分别为x1=260cm，x2=414cm，x3=569cm，x4=722cm，x5=875cm，x6=1029cm已知打点计时器的频率为f=50Hz，则重锤运动的加速度计算式为a= 代入数据，可得加速度a= m/s2（计算结果保留三位有效数字）【答案】（1）CD （2）a=(x4+x5+x6)(x1+x2+x3)36f2 a=9.60m/s2【解析】试题分析：（1）先接通电源，后释放小车是为了充分利用纸带，同时为了使打点更稳定，使所打点尽量在一条直线上，所以应该先接通电源，后释放小车，故A错误；打点计时器应接在4-6V的交流档上，在直流电压下无法正常工作，故B错误；释放纸带时，应将重锤的一端尽量靠近打点计时器，以便打出更多的点进行研究，故C正确；实验中，应该让纸带保持竖直状态，将会减小纸带所受的摩擦力，有利于减小实验过程中的误差，故D正确。所以CD正确，AB错误。（2）根据逐差法可得x6x3=3a1T2，x5x2=3a2T2，x4x1=3a3T2，联立可得a=a1+a2+a33=(x4+x5+x6)(x1+x2+x3)36f2代入数据得：a=9.60m/s2考点：“研究匀变速直线运动”的实验【名师点睛】本题主要考查匀变速直线运动规律。实验中安装、调整好器材，穿好纸带，在打点之前，应先接通电源，后松开纸带；根据逐差法可以求出物体运动的加速度大小；在解此类题时两个推论公式是非常重要的，一个是在相等时间内走过的位移差是一个定值，另一个是一段过程中的中间时刻速度等于该段过程中的平均速度。17.画出杆和球所受的弹力方向甲图：将杆放在半球形的槽中乙图：用细线将球悬挂在竖直的墙上【答案】；【解析】【详解】画出杆和球所受的弹力方向如图； 四、计算题18.在香港海洋公园的游乐场中，有一台大型游戏机叫“跳楼机”参加游戏的游客被安全带固定在座椅上，由电动机将座椅沿光滑的竖直轨道提升到离地面H=40m高处，然后由静止释放座椅沿轨道自由下落一段时间后，开始受到压缩空气提供的恒定阻力而紧接着做匀减速运动，下落到离地面h=4m高处速度刚好减小到零，这一下落全过程经历的时间是t=6s求座椅被释放后自由下落的高度及匀减速运动阶段座椅和游客的加速度大小。(不计空气阻力，g取10m/s2)【答案】（1）7.2m （2）2.5m/s2【解析】试题分析：求出自由下落的末速度v后，根据位移-速度公式即可求得自由下落的高度，根据速度时间公式求出自由下落的时间；先物体做匀减速运动的位移，再根据匀减速直线运动位移-速度公式即可解题。（1）设全过程下落高度为h，历时为t；自由落体阶段下落高度为h1，历时t1，末速度为v根据运动学公式有：h1=v2t1对后阶段匀减速运动，有：hh1=v2(tt1) 联立上两式解得： v=2ht=2366m/s=12m/s所以有：h1=v22g=7.2m下落时间为： t1=vg=1.2s （2）对后阶段匀减速运动的逆过程：hh1=v22a带入数据解得：a=2.5m/s2点睛：本题主要考查了自由落体运动和匀减速直线运动位移-时间公式的直接应用，属于基础题。视频19.在现代汽车技术中，一般轿车都设置有“汽车悬架”，麦弗逊式及烛式悬架都是将螺旋弹簧和减振器有机组合，对缓冲冲击和消减冲击产生的振动全面考虑，大大提高了乘坐者的舒适性现在有一组合弹簧，一根大弹簧内套了一根小弹簧，大弹簧比小弹簧长02m为了测量弹簧的劲度系数，把组合弹簧的一端平齐并竖直固定，另一端处于自由状态，如图甲所示当压缩此组合弹簧时，测得力与压缩距离之间的关系图线如图乙所示，则大弹簧的劲度系数k1和小弹簧的劲度系数k2分别为多少？【答案】k110N/m k220N/m【解析】试题分析：从题图可知：压缩距离x在002 m范围内，此时只有大弹簧起作用，小弹簧没承受压力，有：；解得：压缩距离x在0203 m范围内，两个弹簧都被压缩，都产生弹力，当大弹簧压缩x时，小弹簧压缩了（x02），所以；解得：。考点：胡克定律【名师点睛】此题是对胡克定律的考查；关键是弄清图像的物理意义，斜率表示弹簧的劲度系数，注意分析弹簧的状态。20.如图所示，位于水平桌面上的物块P ，由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连，从滑落到P 和到Q的两段绳都是水平的已知P与Q之间以及P与桌面之间的动摩擦因数都是，两物块的质量都是m，滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计，现用一水平向右的力F 拉P 使它做匀速运动，求F 的大小？【答案】4mg【解析】设绳的拉力T，以Q为研究对象，有：T=mg以P为研究对象,设地面对P的摩擦力f0,则有：f0=2mg由力的平衡有：F=T+mg+f0解得：F=4mg