2019年高三物理最新信息卷七.doc

2019年高考高三最新信息卷物 理（七）注意事项：1、本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在答题卡上。2、回答第卷时，选出每小题的答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在试卷上无效。3、回答第卷时，将答案填写在答题卡上，写在试卷上无效。4、考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一个选项符合题目要求。第1921题有多选项符合题目要求。全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14如图所示，水平面上固定着一个三棱柱体，其左侧光滑，倾角为；右侧粗糙，倾角为。放置在三棱柱体上的物块A和物块B通过一根跨过顶端定滑轮的细绳相连，若物块A和物块B始终保持静止。下列说法正确的是()A仅增大角，物块B所受的摩擦力一定增大B仅增大角，物块B对三棱柱体的压力可能减小C仅增大角，绳子的拉力一定增大D仅增大角，地面对三棱柱体的支持力不变15如图，光滑水平面上放着长木板B，质量m2 kg的木块A以速度v02 m/s滑上原来静止的长木板B的上表面，由于A、B之间存在有摩擦，之后，A、B的速度随时间变化情况如右图所示，重力加速度g10 m/s2。则下列说法正确的是()AA、B之间动摩擦因数为0.1B长木板的质量为1 kgC长木板长度至少为2 mDA、B组成系统损失机械能为4 J16如图所示，两电荷量分别为Q和2Q的点电荷固定在直线MN上，两者相距为L，以2Q的点电荷所在位置为圆心、为半径画圆，a、b、c、d是圆周上四点，其中a、b在MN直线上，c、d两点连线垂直于MN，下列说法正确的是()Ac、d两点的电势相同Ba点的电势高于b点的电势Cc、d两点的电场强度相同Da点的电场强度小于b点的电场强度17有a、b、c、d四颗地球卫星，卫星a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，卫星b在地面附近近地轨道上正常运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，各卫星排列位置如图，则有()Aa的向心加速度等于重力加速度gBb在相同时间内转过的弧长最长Cc在4 h内转过的圆心角是Dd的运动周期有可能是20 h18如图所示，在平面直角坐标系xOy的第四象限有垂直纸面向里的匀强磁场B，一群质量为m、带电量为q正负微粒（不计重力），从P点以相同速度v沿图示方向进入磁场，已知OPL，x正半轴和y负半轴安装足够长的荧光屏接收粒子，下列判断不正确的（sin 370.6，cos 370.8）()A能够从x正半轴射出磁场的所有微粒一定带正电B比荷大于的所有正微粒都不能进入第一象限C能够从y负半轴射出磁场的某两个微粒在磁场中运动时间一定相等D若，微粒射出磁场时位移最大19如图所示，质量为M的足够长金属导轨abcd放在光滑的绝缘水平面上。一电阻为r，质量为m的导体棒PQ放置在导轨上，始终与导轨接触良好，PQbc构成矩形，棒与导轨间无摩擦、棒左侧有两个固定于水平面的光滑立柱。导轨bc段电阻为R，长为L，其他部分电阻不计。以ef为界，其左侧匀强磁场方向竖直向上，右侧匀强磁场水平向右，磁感应强度大小均为B。在t0时，一水平向左的拉力F垂直作用在导轨的bc边上，使导轨由静止开始做匀加速直线运动，加速度为a。则()AF与t2成正比BF和t是线性关系C当t达到一定值时，QP刚好对轨道无压力D若F0，PQbc静止，ef左侧磁场均匀减小，QP可能对轨道无压力20如图所示，一弹性轻绳(绳的弹力与其伸长量成正比)左端固定在A点，弹性绳自然长度等于AB，跨过由轻杆OB固定的定滑轮连接一个质量为m的小球，小球穿过竖直固定的杆。初始时A、B、C在一条水平线上，小球从C点由静止释放滑到E点时速度恰好为零。已知C、E两点间距离为h，D为CE的中点，小球在C点时弹性绳的拉力为，小球与杆之间的动摩擦因数为0.5，弹性绳始终处在弹性限度内。下列说法正确的是()A小球在D点时速度最大B若在E点给小球一个向上的速度v，小球恰好能回到C点，则C小球在CD阶段损失的机械能等于小球在DE阶段损失的机械能D若仅把小球质量变为2m，则小球到达E点时的速度大小21如图所示，在方向竖直向上、大小E1106 V/m的匀强电场中，固定一个穿有A、B两个小球（均视为质点）的光滑绝缘圆环，圆环在竖直平面内，圆心为O、半径R0.2 m。A、B用一根绝缘轻杆相连，B球带电荷量q7l06 C，A球不带电，质量分别为mA0.1 kg、mB0.8 kg。将两小球从圆环上的图示位置（A与圆心O等高，B在圆心O的正下方）由静止释放，重力加速度大小为g10 m/s2。则()A小球A和B受到的合力的大小相等B小球B不能到达圆环的最高点C小球A和B的速度大小始终相等D两小球及轻杆组成的系统最大动能为J第卷（非选择题，共174分）三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33题第40题为选考题，考生根据要求做答)(一)必考题(共129分)22(6分)某同学用如图所示装置来探究“在外力一定时，物体的加速度与其质量之间的关系”。(1)下列实验中相关操作正确的是_。A平衡摩擦力时，应先将沙桶用细线绕过定滑轮系在小车上B平衡摩擦力时，小车后面应固定一条纸带，纸带穿过打点计时器C小车释放前应靠近打点计时器，且先释放小车后接通打点计时器的电源(2)将沙和沙桶的总重力mg近似地当成小车所受的拉力F会给实验带来系统误差。设小车所受拉力的真实值为F真，为了使系统误差5%，小车和砝码的总质量是M，则M与m应当满足的条件是Eb，则D错误。故选A。17【答案】B【解析】同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a与c的角速度相同，根据a2r知，c的向心加速度大于a的向心加速度。由GMmr2mg，解得：gGMr2，卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度约为g，a的向心加速度小于重力加速度g,故A错误；由GMmr2mv2r，解得：vGMr，卫星的半径r越大，速度v越小，所以b的速度最大，在相同时间内转过的弧长最长，故B正确；c是地球同步卫星，周期是24h，则c在4h内转过的圆心角是22443，故C错误；由开普勒第三定律得：r3T2 k可知：卫星的半径r越大，周期T越大，所以d的运动周期大于c的周期24h，有不可能是20h，故D错误。18【答案】C【解析】粒子要从x正半轴射出磁场，则粒子的轨迹向上偏转，由左手定则可知，微粒一定带正电；故A正确；正微粒不能x轴射出，则不能进入第一象限，轨迹图如图，当OPRRcos53，则粒子不能进入第一象限，RmvqB，代入得qm8v5LB，故B正确； y负半轴射出磁场的两个微粒属于磁场中直线边界问题，直线边界，粒子进出磁场具有对称性，但正负微粒对应的圆心角不同，如图，故运动时间不一定相等，故C错误；微粒射出磁场时位移最大的轨迹图如图所示，则有OP2Rcos53 ，又RmvqB，故L6mv5Bq，故D正确。19【答案】BC【解析】t时刻dc产生的感应电动势 EBLv，导轨做初速为零的匀加速运动，vat，则 EBLat；感应电流 IERr，金属导轨abcd安培力大小 F安BIL，对导轨，由牛顿第二定律得：FF安ma，则得：FmaB2L2aRrt，可知F与t2不成正比，F与t成线性关系，故A错误，B正确；当t达到一定值时，导致QP的电流，产生的安培力等于其重力，则刚好对轨道无压力，故C正确；当ef左侧磁场均匀减小，不管减小到什么值，QP对轨道压力不会为零，因为受到的安培力与重力同向，故D错误。20【答案】AB【解析】当小球运动到某点P点，弹性绳的伸长量是xBP，小球受到如图所示的四个力作用：其中FTkxBP，将FT正交分解，则FNFTsinkxBPsinkxBCmg2、FfFN14mg，FT的竖直分量FTyFTcoskxBPcoskxCP。据牛顿第二定律得：mg-Ff-FTyma，解得：a34g-FTym34g-kxCPm，即小球的加速度先随下降的距离均匀减小到零，再随下降的距离反向均匀增大。据运动的对称性可知，小球运动到CE的中点D点时，加速度为零，速度最大，故A正确；对小球从C运动到E过程，应用动能定理得：mghWFT(-14mgh)0-0；若小球恰能从E点回到C点，应用动能定理得：(-mgh)(-WFT)(-14mgh)0-12mv2；联立解得：WFT-34mgh、vgh，故B正确；小球在全程所受摩擦力大小不变，小球在CD段所受弹力竖直分量较小；则小球在CD段时摩擦力和弹力做的负功比小球在DE段时摩擦力和弹力做的负功少，小球在CD阶段损失的机械能小于小球在DE阶段损失的机械能，故C错误；若仅把小球质量变为2m，对小球从C运动到E过程，应用动能定理得：2mghWFT(-14mgh)122mv12-0，解得：小球到达E点时的速度大小v1gh，故D错误。21【答案】BCD【解析】设B转过角时，A、B的速度分别为vA、vB，因A、B做圆周运动的半径和角速度均相同，故vAvB，所以小球A和B切向加速度大小和法向加速度大小相等，但两球的质量不等，根据牛顿第二定律可知小球A和B受到合力大小不等，故A错误，C正确；设B到达圆环最高点时A、B的动能分别为EKA、EKB，对A根据动能定理有：WTEKA，对B根据动能定理有：-WT(qE-mBg)2REKB，联立解得：EKAEKB-0.4J，上式表明：B在圆环最高点时，系统动能为负值，所以B不能到达圆环最高点，故B正确；对A由动能定理：mAgRsin-WT12mAvA2-0，对B，由动能定理：(qE-mBg)R-RcosWT12mBvB2-0，联立解得：EkAEKB0.2(cossin-1)，据此式知，当4时，两小球及轻杆组成的系统最大动能是EkAEKB15(2-1)，故D正确。第卷（非选择题，共174分）三、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第22题第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33题第40题为选考题，考生根据要求做答)(一)必考题(共129分)22(6分)【答案】(1)B (1分) (2)0.05 (2分) (3)C (2分)【解析】（1）平衡摩擦力时，应不挂沙桶，只让小车拖着纸带在木板上做匀速运动，选项A错误；平衡摩擦力时，小车后面应固定一条纸带，纸带穿过打点计时器，选项B正确；小车释放前应靠近打点计时器，且先接通打点计时器的电源后释放小车，选项C错误。（2）在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，由此造成的误差是系统误差，对小车，根据牛顿第二定律得：aF真M，对整体，根据牛顿第二定律得：amgMm，且mg-F真F真5%，解得：mM0.05。（3）由牛顿第二定律可知：amgMm，则1a1mgMg，故选C。23(10分) 【答案】(1)3.0 (2分) (2)G (2分) 如图所示(3分) (3)I1(R0r)I2-I1(3分)【解析】(1)因为电源电动势为E3V，故改装成的电压表的量程应为3V；(2)保证安全的前提下应选择最大阻值较小的滑动变阻器，故滑动变阻器选择G；电路连接如图：(3)若某次测量中电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2，根据串并联电路特点结合欧姆定律，联立即可取出Rx的表达式：RxI1R0r1I2-I1。24(12分)【解析】（1）轨迹如图所示，设电子从电场进入磁场时速度方向与x轴夹角为，在电场中x轴方向：23L3v0t1 (2分)y轴方向：Lvy2t1，tanvyv03 (2分)得60，vv0cos2v0 (2分)（2）在磁场中，r23Lsin43L (2分)磁场中的偏转角度为23 (2分)t22r3v4L9v0。 (2分)25(20分)【解析】（1）设A到达C的最下端时速度大小为v0，圆弧轨道支持力大小为FN，则mgR12mv02 (1分)FN-mgmv02R (1分)解得v04m/s，FN3 N (1分)（2）设A在B上向右滑行过程中，A的加速度大小为a1，B的加速度大小为a2，滑上B后经时间t1后接触弹簧，A的位移x1，B的位移x2，则mgma1 (1分)mgMa2 (1分)v0-a1t1a2t1 (1分)x1v0t1-12a1t12 (1分)x212a2t12 (1分)Lx1-x2 (1分)解得t11.2 s，L2.4 m (1分)（3）设A接触弹簧与B保持相对静止时速度大小为v1，弹簧恢复原长时A的速度大小为v2，B的速度大小为v3，A相对B向左滑动过程中的加速度大小与A滑上B向右滑行过程中各自加速度大小相等，则v1v0-a1t1 (1分)Mmv1Mmv4 (2分)最终运动到木板的左端时A、B共同速度大小为v4，则Mv3-mv2Mmv4 (2分)由能量守恒12mv2212Mv3212(mM)v42mgL (2分)解得v11 m/s，v41m/s，v22 m/s，v32 m/s 设物块A从木板右端运动到左端的时间为t2，对木板B，由动量定理有-mgt2Mv4-Mv3 (2分)解得t21.2 s (1分)（二）选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多做。则每学科按所做的第一题计分。33【物理选修3-3】(15分)(1)(5分) 【答案】BCD【解析】由图知气体的 pV一直增大，由pVTC，知气体的温度一直升高，故A错误；一定量的理想气体内能只跟温度有关，温度一直升高，气体的内能一直增加，故B正确；气体的体积增大，则气体一直对外做功，故C正确；气体的内能一直增加，并且气体一直对外做功，根据热力学第一定律UWQ可知气体一直从外界吸热，故D正确；气体吸收的热量用于对外功和增加内能，故E错误。(2)(10分)【解析】（i）根据题意可知，气体的状态变化是等压变化，根据理想气体状态方程，可得V1T1V2T2所以SL127327S(L1L2)273t(3分)求得t177；(2分)（ii）设加入的汞柱为xcm，根据理想气体状态方程，可得P1V1T1P3V3T3(3分)P188cmHg，V120S，T1300K，P3（88x）cmHg，T3（27387）K，V3（4313x）S，解得x8cm。(2分)34【物理选修3-4】(15分) (1)(5分) 【答案】ABE【解析】由题图1可知波的振动周期为T4 s，故A正确；由题图1可知在t4 s时浮标沿y轴负向振动，由波的传播方向与质点振动方向的关系知，此时水波正沿x轴的正方向传播，故B正确；由题图2可知，水波的波长为1.504 m，水波传播的波速为vT1m/s，故C、D错误。若现在以题图2中的波形为计时的起点，此时质点A是向上振动，质点B是向下振动。经2 s后质点A到达波峰，此时质点B恰好达到波谷，故此时质点B离平衡位置的距离为s20 cm0.2 m，故E正确。(2)(10分)【解析】(i)根据题意，ABC45及经E、F点的入射光线垂直AB边射出，可得光线进入透明物体平行于OP，由光路图和几何关系知OEP120，EFR，则三角形OEF为等边三角形，由几何关系可知30(3分)则折射角sin12，入射角sini32(2分)此透明物体的折射率nsinisin3(2分)(ii)根据公式vcn知(1分)光在此介质中传播的速度为vcn31083m/s3108m/s(2分)