2019-2020年高二化学下学期期末试卷（含解析） (II).doc

2019-2020年高二化学下学期期末试卷（含解析） (II)一、选择题（本题包括16小题，每题3分，共48分每小题只有一个选项符合题意）1有机物 的正确命名为（）A 2乙基3，3二甲基4乙基戊烷B 3，3二甲基4乙基戊烷C 3，3，4三甲基己烷D 2，3，3三甲基己烷2下列有关实验及操作的叙述中，错误的是（）A 用水将苯、乙酸、四氯化碳区分开来B 在实验室中通常将钠保存在汽油里C 用稀硝酸洗去残留在试管壁上的银D 如果苯酚溶液沾到皮肤上，应立即用酒精洗涤3下列反应中，不属于取代反应的是（）A 向苯酚中滴加浓溴水B 甲苯与浓硝酸、浓硫酸混合共热C 甲烷与氯气混合后见光D 乙醇与浓硫酸混合加热至1704现有乙酸和两种烯烃的混合物，若其中氧的质量分数为a，则碳的质量分数是（）A B aC （1a）D （1a）5下列叙述正确的是（）A 分子式为C3H6有机物最多存在4个CC单键，与C5H12的碳碳单键数相同B 和 均是芳香烃，既是芳香烃又是芳香化合物C 和分子组成相差一个CH2，因此是同系物D 分子式为C2H6O的红外光谱图上发现有CH键和CO键的振动吸收，由此推测可能有HO键6某芳香烃的分子式为C10H14，不能使溴水褪色，但可使酸性高锰酸钾溶液褪色，分子结构中只含有一个侧链烃基，则此侧链烃基的结构共有（）A 2种B 3种C 4种D 5种7某酯分子式为C6H12O2，该酯水解生成A和B，B是A的同分异构体的氧化产物，该酯为（）A CH3CH（CH3）COOC2H5B CH3CH2COO（CH2）2CH3C CH3COO（CH2）3CH3D CH3CH2COOCH（CH3）28将0.2mol两种气态烃组成的混合气体，完全燃烧后得到6.72L二氧化碳（标准状况下）和7.2g水，下列说法正确的是（）A 一定有甲烷B 一定有乙烯C 一定没有甲烷D 可能有乙烷9在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为3：2的化合物（）A B C D 10为了鉴定溴乙烷中溴元素的存在，试分析下列各步实验，其中操作顺序合理的是（）加入AgNO3溶液 加入NaOH溶液 加热 用HNO3酸化溶液A B C D 11分子式为C4H10O的醇催化氧化后能生成的醛有（）A 2种B 3种C 4种D 5种12“茶倍健”牙膏中含有茶多酚，但茶多酚是目前尚不能人工合成的纯天然、多功能、高效能的抗氧化剂和自由基净化剂其中没食子儿茶素（EGC）的结构如图所示关于EGC的下列叙述中不正确的是（）A 分子中所有的原子不可能共平面B 1molEGC与4molNaOH恰好完全反应C 易发生氧化反应和取代反应，难发生加成反应D 遇FeCl3溶液发生显色反应13下列三种有机物是某些药物中的有效成分下列说法正确的是（）A 三种有机物都是芳香烃B 三种有机物苯环上的氢原子若被氯原子取代，其一氯代物都只有2种C 将等物质的量的三种物质加入NaOH溶液中，阿司匹林消耗NaOH最多D 1 mol对羟基桂皮酸最多可以和2 mol NaHCO3反应14对下列有关实验的描述正确的是（）A 配制银氨溶液时，将硝酸银溶液逐滴滴入氨水中B 乙醇中混有乙酸，加蒸馏水，然后分液C 苯中混有苯酚，加浓溴水，然后分液D 溴苯中混有溴，加NaOH溶液，然后分液15用NA表示阿伏加德罗常数的值下列叙述正确的是（）A 标况下，11.2L的CHCl3含有分子数为0.5NA个B 1mol苯乙烯中含有的碳碳双键数为4NA个C 常温下，14g乙烯和丙烯的混合物中总原子数为3NA个D 0.1molCnH2n+2中含有的碳碳单键数为0.1nNA个16由两种气态烃组成的混合物，体积为10ml与过量的氧气混合再充分燃烧，将生成物通过浓H2SO4气体体积减少15ml，再通过碱石灰气体体积又减少20ml（气体体积均为同温同压下）混合烃的组成可能为（）A C2H4和C2H2B C2H6和C2H4C CH4和C3H4D C4H10和C2H4二、（本题包括2小题，共18分）17下列各化合物中，属于同系物的是，属于同分异构体的是（填入编号）、CH3CH2CH2CHO与、与C、与D、与、与F、戊烯和环戊烷18有机化学中的反应类型较多，将下列反应归类（填序号）由乙炔制氯乙烯 乙烷在空气中燃烧乙烯使溴的四氯化碳溶液褪色 乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色由乙烯制聚乙烯 甲烷与氯气在光照的条件下反应溴乙烷和氢氧化钠的乙醇溶液共热 由甲苯制取TNT乙苯的制备：（1）其中属于取代反应的是；属于氧化反应的是；属于加成反应的是；属消去反应的是；属于聚合反应的是（2）写出和的化学方程式：三、（本题包括2小题，共18分）19已知苯酚能跟碳酸钠溶液反应而溶解于碳酸钠溶液中在如图所示的转化关系中，括号内编号表示转化所需化学试剂：用化学式填空：是是是是20在实验室里制取乙烯，常因温度过高而使乙醇和浓硫酸反应生成少量的二氧化硫，有人设计下列实验图以确认上述混合气体中有C2H4和SO2（1）、装置可盛放的试剂是；（将下列有关试剂的序号填入空格内）；A品红溶液 BNaOH溶液 C浓H2SO4D酸性KMnO4溶液（2）能说明SO2气体存在的现象是；（3）使用装置的目的是；（4）使用装置的目的是；（5）确定含有乙烯的现象是四、（本题包括1小题，共10分）21有机物甲的分子式为C3H7Br，在适宜的条件下能发生如图转化关系：（1）若B能发生银镜反应，则甲的结构简式为，甲和NaOH溶液共热的方程式为A 与氧气反应生成B的反应方程式为（2）若B不能发生银镜反应，则甲的结构简式（3）有机物E的结构简式为五、（本题包括1小题，共6分）22已知次溴酸（HbrO）的结构简式为HOBr，如图乙烯跟溴水中各成分反应既可生成A，同时又可生成B和C2H5Br回答下列问题：（1）环氧乙烷的结构可简写为，则E的化学式是（2）A的结构简式是；I的结构简式是；（3）写出G转化为H的化学方程式：其反应类型为反应（4）化合物AI中，易发生加成反应的物质是（填字母）xx山东省临沂市郯城一中高二（下）期末化学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括16小题，每题3分，共48分每小题只有一个选项符合题意）1有机物 的正确命名为（）A 2乙基3，3二甲基4乙基戊烷B 3，3二甲基4乙基戊烷C 3，3，4三甲基己烷D 2，3，3三甲基己烷考点：烷烃及其命名专题：有机物分子组成通式的应用规律分析：判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：（1）烷烃命名原则：长选最长碳链为主链；多遇等长碳链时，支链最多为主链；近离支链最近一端编号；小支链编号之和最小看下面结构简式，从右端或左端看，均符合“近离支链最近一端编号”的原则；简两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面（2）有机物的名称书写要规范；（3）对于结构中含有苯环的，命名时可以依次编号命名，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名；（4）含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小解答：解：最长的碳链为含有乙基的链，有6个碳原子，从距离连接2个甲基的碳原子近的一段编号，所以该有机物的名称为：3，3，4三甲基己烷故选：C点评：本题考查烷烃的命名，难度较小，关键是选对主链，编对碳位注意书写规范注意结构中乙基经常缩写为C2H5，命名时注意碳链选择2下列有关实验及操作的叙述中，错误的是（）A 用水将苯、乙酸、四氯化碳区分开来B 在实验室中通常将钠保存在汽油里C 用稀硝酸洗去残留在试管壁上的银D 如果苯酚溶液沾到皮肤上，应立即用酒精洗涤考点：化学实验方案的评价专题：实验评价题分析：A苯和四氯化碳都不溶于水，二者密度不同；B汽油易挥发、易燃、易爆；C稀硝酸与银发生反应；D苯酚溶于酒精解答：解：A苯不溶于水，密度比水小，四氯化碳不溶于水，密度比水大，乙酸和水混溶，可鉴别，故A正确；B汽油易挥发，易燃，特别是在温度较高的环境中容易导致爆炸，虽然钠的密度比汽油大，但不能把钠保存在汽油中，应用煤油，故B错误；C稀硝酸与银发生反应生成溶于水的硝酸银，故C正确；D苯酚溶于酒精，可用于洗涤，故D正确故选B点评：本题考查较为综合，涉及物质的检验、试剂的保存、物质的分离等，为高频考点，侧重于学生的分析能力、实验能力的考查，注意把握物质的性质的异同，为解答该题的关键，难度不大3下列反应中，不属于取代反应的是（）A 向苯酚中滴加浓溴水B 甲苯与浓硝酸、浓硫酸混合共热C 甲烷与氯气混合后见光D 乙醇与浓硫酸混合加热至170考点：取代反应与加成反应专题：有机反应分析：取代反应：有机物分子里的原子或原子团被其他原子或原子团代替的反应；消去反应是指在一定条件下，有机物脱去小分子生成含有不饱和的有机物的反应；加成反应：有机物分子中的双键或叁键发生断裂，加进（结合）其它原子或原子团的反应叫加成反应；氧化反应：有机反应中得氧或失氢的反应为氧化反应；根据定义进行判断解答：解：A苯酚与浓溴水反应生成三溴苯酚，苯酚中苯环上的氢原子被溴原子取代，该反应属于取代反应，故A错误；B甲苯与浓硝酸、浓硫酸混合共热反应生成三硝基甲苯，该反应属于取代反应，故B错误；C甲烷在光照条件下与氯气反应生成甲烷的各种氯代产物，属于取代反应，故C错误；D乙醇与浓硫酸混合加热至170发生消去反应生成乙烯，属于消去反应，故D正确；故选D点评：本题考查了有机反应类型的判断，题目难度不大，注意掌握常见的有机反应的概念、类型及判断方法，明确取代反应与加成反应、消去反应的区别4现有乙酸和两种烯烃的混合物，若其中氧的质量分数为a，则碳的质量分数是（）A B aC （1a）D （1a）考点：元素质量分数的计算分析：乙酸的化学式为C2H4O2，烯烃的通式为CnH2n，则在混合物中C、H原子数目之比为1：2，则C、H元素质量之比=12：2=6：1，混合物中一共有三种元素，氧的质量分数为a，则碳、氢元素的质量分数之和为1a，然后根据C、H元素质量之比可计算出碳元素的质量分数解答：解：乙酸的化学式为C2H4O2，烯烃的通式为CnH2n，则在混合物中C、H原子数目之比为1：2，则C、H元素质量之比=12：2=6：1，混合物中一共有三种元素，氧的质量分数为a，则碳、氢元素的质量分数之和为1a，则化合物中碳元素质量分数=（1a）=，故选C点评：本题考查混合物中元素质量分数计算，涉及化学式的有关计算，理解混合物中碳、氢的固定组成是解答的关键，较好的训练学生分析问题、解决问题的能力5下列叙述正确的是（）A 分子式为C3H6有机物最多存在4个CC单键，与C5H12的碳碳单键数相同B 和 均是芳香烃，既是芳香烃又是芳香化合物C 和分子组成相差一个CH2，因此是同系物D 分子式为C2H6O的红外光谱图上发现有CH键和CO键的振动吸收，由此推测可能有HO键考点：有机物分子中的官能团及其结构；常见有机化合物的结构分析：A分子式为C3H6有机物最多存在3个CC单键；B只含C、H元素的有机物是烃，含有苯环的烃是芳香烃，含有苯环的有机物是芳香族化合物；C是酚类物质、是醇类物质；D分子式为C2H6O的红外光谱图上发现有CH键和CO键的振动吸收，根据原子成键方式知，O原子还和一个H原子形成共价键解答：解：A分子式为C3H6的有机物如果是环烷烃，则最多存在3个CC单键，故A错误；B只含C、H元素的有机物是烃，含有苯环的烃是芳香烃，含有苯环的有机物是芳香族化合物，是环己烷而不是芳香烃，中还含有N、O元素，所以不是芳香烃，故B错误；C是酚类物质、是醇类物质，虽然二者相差一个CH2，因为属于不同类别，所以不是同系物，故C错误；D分子式为C2H6O的红外光谱图上发现有CH键和CO键的振动吸收，根据原子成键方式知，O原子还和一个H原子形成共价键，所以存在HO键，故D正确；故选D点评：本题考查有机物结构，侧重考查基本概念，明确概念中关键词及酚和醇的区别是解本题关键，只有OH直接连接苯环的有机物才含有酚羟基，为易错点6某芳香烃的分子式为C10H14，不能使溴水褪色，但可使酸性高锰酸钾溶液褪色，分子结构中只含有一个侧链烃基，则此侧链烃基的结构共有（）A 2种B 3种C 4种D 5种考点：同分异构现象和同分异构体专题：同系物和同分异构体分析：先根据芳香烃的分子式C10H14可知，该有机物属于苯的同系物，再根据“不能使溴水褪色，但可使酸性高锰酸钾溶液褪色，分子结构中只含有一个侧链烃基”可知其侧链为丁基，且连接苯环的侧链碳必须含有H；，然后求算出丁基的同分异构体，找出符合条件的结构即可解答：解：该芳香烃的分子式符合CnH2n6的通式，所以为苯的同系物，它不能使溴水褪色，但可使KMnO4酸性溶液褪色，说明连接苯环的侧链C上含有H原子；根据分子结构中只含有一个侧链烃基可知，该分子含有丁烷烷基，丁烷烷基的碳架同分异构体有：，总共四种不同的连接方式，苯的同系物中与苯环相连的C原子上必须含有H原子，才可被酸性高锰酸钾氧化，使酸性高锰酸钾溶液褪色，而，与苯环相连的C原子上不含H原子，不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，所以满足条件的侧链烃基有3种，故选B点评：本题考查了有机物同分异构体书写，题目难度中等，注意掌握同分异构体的书写方法，正确理解题干信息为解答本题的关键7某酯分子式为C6H12O2，该酯水解生成A和B，B是A的同分异构体的氧化产物，该酯为（）A CH3CH（CH3）COOC2H5B CH3CH2COO（CH2）2CH3C CH3COO（CH2）3CH3D CH3CH2COOCH（CH3）2考点：酯的性质专题：有机反应分析：根据该酯水解生成A和B，B是A的同分异构体的氧化产物可知，A和B分子中碳原子数是相同的，且B是丙酸，正丙醇能被氧化生成丙酸，所以A应该是异丙醇，则选项D正确解答：解：酯分子式为C6H12O2，该酯水解生成A和B，B是A的同分异构体的氧化产物，则A和B分子中碳原子数相同，B为丙酸，丙酸对应的醇为正丙醇，则A只能为异丙醇，该酯的结构简式为：CH3CH2COOCH（CH3）2，故选D点评：本题考查酯的水解、醇的氧化以及同分异构体的判断，该题是高考中的常见题型，属于中等难度的试题，注意掌握酯的结构及具有的化学性质，正确理解题干信息是解答本题的关键8将0.2mol两种气态烃组成的混合气体，完全燃烧后得到6.72L二氧化碳（标准状况下）和7.2g水，下列说法正确的是（）A 一定有甲烷B 一定有乙烯C 一定没有甲烷D 可能有乙烷考点：有机物的推断专题：烃及其衍生物的燃烧规律分析：根据n=计算7.2克水的物质的量，根据n=计算二氧化碳的物质的量，根据H原子、C原子守恒计算混合物的平均分子组成，据此判断解答：解：两种气态烃组成的混合物0.2mol完全燃烧得6.72L二氧化碳和7.2克水，7.2克水的物质的量为=0.4mol，平均分子组成中H原子数目为：=4，6.72L二氧化碳的物质的量=0.3mol，平均分子组成C原子数目为：=1.5，故该混合烃的平均分子式为C1.5H4，根据C原子可知，该烃一定含有CH4，根据H原子可知，另一烃的分子中H原子数目为4，故BCD错误、A正确故选A点评：考查有机物分子的推断，难度中等，关键是利用平均分子组成判断烃的组成，常用方法有1、平均碳法 2、平均氢法 3、平均碳氢分子式法 4、平均式量法9在核磁共振氢谱中出现两组峰，其氢原子数之比为3：2的化合物（）A B C D 考点：有机物分子中的官能团及其结构专题：有机物分子组成通式的应用规律分析：根据物质的结构简式，利用对称性来分析出现几种位置的氢离子，并结合H原子的个数来分析解答解答：解：A由对称可知，有2种H原子，则核磁共振氢谱中出现两组峰，氢原子数之比为3：1，故A不选；B由对称可知，有3种H原子，则核磁共振氢谱中出现三组峰，故B不选；C由对称可知，有3种H原子，则核磁共振氢谱中出现三组峰，氢原子数之比为8：6：2=4：3：1，故C不选；D由对称可知，有2种H原子，则核磁共振氢谱中出现两组峰，氢原子数之比为3：2，故D选；故选D点评：本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，易错点为判断等效H原子，注意利用对称性来分析不同位置的H原子10为了鉴定溴乙烷中溴元素的存在，试分析下列各步实验，其中操作顺序合理的是（）加入AgNO3溶液 加入NaOH溶液 加热 用HNO3酸化溶液A B C D 考点：物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用分析：检验溴乙烷中溴元素，应在碱性条件下加热水解或碱性醇溶液条件下发生消去，最后加入硝酸酸化，加入硝酸银，观察是否有黄色沉淀生成，以此解答解答：解：检验溴乙烷中溴元素，应在碱性条件下加热水解或碱性醇溶液条件下发生消去，最后加入硝酸酸化，加入硝酸银，观察是否有黄色沉淀生成，所以操作顺序为故选B点评：本题考查溴乙烷的性质以及物质的检验，题目难度中等，易错点为卤代烃水解是碱性溶液中进行，加硝酸银时必须先加酸中和碱才能出现溴化银沉淀，注意实验的操作步骤11分子式为C4H10O的醇催化氧化后能生成的醛有（）A 2种B 3种C 4种D 5种考点：有机化合物的异构现象专题：同分异构体的类型及其判定分析：分子式为C4H10O属于醇类的有机物中，能被氧化生成醛，说明与羟基相连的碳上有2个氢原子，即具有CH2OH结构的醇，根据同分异构体的知识来回答解答：解：分子式为C4H10O属于醇类的有机物即C4H9OH中，能被氧化生成醛，说明与羟基相连的碳上有2个氢原子，丁基C4H9可能的结构有：CH2CH2CH2CH3、CH（CH3）CH2CH3、CH2CH（CH3）2、C（CH3）3，其中与羟基相连的碳上有2个氢原子的是：CH2CH2CH2CH3、CH2CH（CH3）2，所以该有机物的可能结构有2种故选A点评：本题考查有机物的推断、同分异构体的书写等，难度中等，利用烃基异构判断，比书写丁醇的同分异构体简单容易12“茶倍健”牙膏中含有茶多酚，但茶多酚是目前尚不能人工合成的纯天然、多功能、高效能的抗氧化剂和自由基净化剂其中没食子儿茶素（EGC）的结构如图所示关于EGC的下列叙述中不正确的是（）A 分子中所有的原子不可能共平面B 1molEGC与4molNaOH恰好完全反应C 易发生氧化反应和取代反应，难发生加成反应D 遇FeCl3溶液发生显色反应考点：有机物的结构和性质专题：有机物的化学性质及推断分析：该物质含苯环、酚OH、醇OH及COC，结合苯环为平面结构及酚、醇的性质来解答解答：解：A苯环为平面结构，但两个苯环不直接相连，且中间的C为四面体结构，则分子中所有的原子不可能共平面，故A正确；B含3个酚OH，则1molEGC与3molNaOH恰好完全反应，故B错误；C含酚OH、醇OH，易发生氧化反应和取代反应，含苯环难发生加成反应，故C正确；D含酚OH，则遇FeCl3溶液发生显色反应，故D正确；故选B点评：本题考查有机物的结构与性质，注意把握官能团与性质的关系，熟悉苯平面结合及酚、醇的性质即可解答，题目难度不大13下列三种有机物是某些药物中的有效成分下列说法正确的是（）A 三种有机物都是芳香烃B 三种有机物苯环上的氢原子若被氯原子取代，其一氯代物都只有2种C 将等物质的量的三种物质加入NaOH溶液中，阿司匹林消耗NaOH最多D 1 mol对羟基桂皮酸最多可以和2 mol NaHCO3反应考点：有机物的结构和性质分析：A含有苯环的烃属于芳香烃；B苯环上有几种氢原子，则苯环上就有几种一氯代物；C酚羟基、酯基水解生成的酚羟基和羧基、羧基能和氢氧化钠反应；D只有羧基能和碳酸氢钠反应解答：解：A含有苯环的烃属于芳香烃，三种物质中都含有O元素，所以都不是芳香烃，故A错误；B苯环上有几种氢原子，则苯环上就有几种一氯代物，对羟基桂皮酸、布洛芬中苯环上都含有两种氢原子阿司匹林分子中苯环上含有4种氢原子，所以对羟基桂皮酸、布洛芬中苯环上的氢原子若被氯原子取代，其一氯代物都只有2种，阿司匹林中苯环上有4种一氯代物，故B错误；C酚羟基、酯基水解生成的酚羟基和羧基、羧基能和氢氧化钠反应，1mol有机物与足量氢氧化钠反应，对羟基桂皮酸最多消耗2mol氢氧化钠、布洛芬最多消耗1mol氢氧化钠、阿司匹林最多消耗3mol氢氧化钠，所以阿司匹林消耗氢氧化钠最多，故C正确；D只有羧基能和碳酸氢钠反应，1 mol对羟基桂皮酸最多可以和1 mol NaHCO3反应，故D错误；故选C点评：本题考查有机物结构和性质，为高频考点，把握官能团及其性质关系是解本题关键，注意只有羧基能和碳酸氢钠反应，酚羟基和羧基能和碳酸钠反应，易错选项是C14对下列有关实验的描述正确的是（）A 配制银氨溶液时，将硝酸银溶液逐滴滴入氨水中B 乙醇中混有乙酸，加蒸馏水，然后分液C 苯中混有苯酚，加浓溴水，然后分液D 溴苯中混有溴，加NaOH溶液，然后分液考点：化学实验方案的评价分析：A配制银氨溶液时，将氨水滴入硝酸银溶液中，当生成的沉淀恰好消失为止；B乙醇、乙酸都易溶于水，互溶的液体采用蒸馏方法分离；C苯酚和溴水发生生成的三溴苯酚易溶于苯；D溴和NaOH反应生成可溶性的NaBr、NaBrO，溴苯和NaOH溶液不反应，互不相溶的液体采用分液方法分离解答：解：A配制银氨溶液时，将氨水滴入硝酸银溶液中，当生成的沉淀恰好消失为止，注意溶液滴加顺序，故A错误；B乙醇、乙酸都易溶于水且乙醇和乙酸互溶，所以乙醇和乙酸混合溶液应该采用蒸馏方法分离，故B错误；C苯酚和溴水发生生成的三溴苯酚易溶于苯，NaOH溶液和苯酚反应生成可溶性的苯酚钠、和苯不反应也不互溶，然后采用分液方法分离，故C错误；D溴和NaOH反应生成可溶性的NaBr、NaBrO，溴苯和NaOH溶液不反应，然后采用分液方法分离，故D正确；故选D点评：本题考查化学实验方案评价，为高频考点，涉及物质分离和提纯及溶液配制，利用物质性质的差异性选取合适的除杂剂及分离方法，注意银氨溶液配制方法，易错选项是A15用NA表示阿伏加德罗常数的值下列叙述正确的是（）A 标况下，11.2L的CHCl3含有分子数为0.5NA个B 1mol苯乙烯中含有的碳碳双键数为4NA个C 常温下，14g乙烯和丙烯的混合物中总原子数为3NA个D 0.1molCnH2n+2中含有的碳碳单键数为0.1nNA个考点：阿伏加德罗常数专题：阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律分析：A、标况下，CHCl3含是液体，气体摩尔体积vm=22.4L/mol不适用于该物质；B、一分子苯乙烯中含有的碳碳双键数为一个；C、因为乙烯和丙烯的实验式相同，可将混合气体设为（CH2）n；D、1molCnH2n+2中含有的碳碳单键数为（n+1）NA个解答：解：A、标况下，CHCl3含是液体，气体摩尔体积vm=22.4L/mol不适用于该物质，故A错误；B、一分子苯乙烯中含有的碳碳双键数为一个，则1mol苯乙烯中含有的碳碳双键数为NA个，故B错误；C、因为乙烯和丙烯的实验式相同，可将混合气体设为（CH2）n，14g（CH2）n的物质的量为=mol，而1mol（CH2）n中，原子数为3nmol，所以原总数为3NA，故C正确；D、1molCnH2n+2中含有的碳碳单键数为（n+1）NA个，所以0.1molCnH2n+2中含有的碳碳单键数为0.1（n+1）NA个，故D错误；故选C点评：本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，难度不大，注意气体摩尔体积的使用范围和条件16由两种气态烃组成的混合物，体积为10ml与过量的氧气混合再充分燃烧，将生成物通过浓H2SO4气体体积减少15ml，再通过碱石灰气体体积又减少20ml（气体体积均为同温同压下）混合烃的组成可能为（）A C2H4和C2H2B C2H6和C2H4C CH4和C3H4D C4H10和C2H4考点：有关混合物反应的计算专题：烃及其衍生物的燃烧规律分析：浓硫酸吸收的是水蒸气，碱石灰吸收的是二氧化碳，令烃的平均组成为CxHy，根据体积之比等于物质的量之比计算平均分子式，据此判断解答：解：通过浓硫酸体积减少为烃燃烧生成的水蒸气，通过碱石灰体积减少为烃燃烧生成的二氧化碳，10mL该烃完全燃烧生成：二氧化碳20mL、水蒸气15mL，令烃的平均组成为CxHy，则：根据C原子守恒有：10x=20，故x=2，根据H原子守恒有：10y=152，故y=3，故该烃的平均组成为C2H3，根据H原子平均数可知，该烃一定还含有C2H2，根据C原子平均数可知，该烃一定含有C2H4，故该烃为C2H4、C2H2组成的混合物；故选A点评：考查有机物组成的确定、混合物的有关计算等，难度中等，注意利用平均分子组成判断烃的组成，常用方法有1、平均碳法 2、平均氢法 3、平均碳氢分子式法 4、平均式量法二、（本题包括2小题，共18分）17下列各化合物中，属于同系物的是，属于同分异构体的是AF（填入编号）、CH3CH2CH2CHO与、与C、与D、与、与F、戊烯和环戊烷考点：芳香烃、烃基和同系物；同分异构现象和同分异构体专题：同系物和同分异构体分析：有机化合物中具有同一通式、组成上相差一个或多个CH2原子团、在结构与性质上相似的化合物互为同系物；具有相同分子式而结构不同的化合物互为同分异构体；根据以上概念进行判断解答：解：互为同系物的有机物具有相似的结构、不同的分子式，满足条件的为：与、与；同分异构体具有相同的分子式、不同结构，满足条件的有：CH3CH2CH2CHO与、F戊烯和环戊烷，故答案为：BE；AF点评：本题考查了同系物、同分异构体的判断，题目难度不大，注意掌握同系物、同分异构体的概念及判断方法，明确互为同系物的有机物必须满足结构相似的含义：若含有官能团，则官能团的类型、数目完全相同18有机化学中的反应类型较多，将下列反应归类（填序号）由乙炔制氯乙烯 乙烷在空气中燃烧乙烯使溴的四氯化碳溶液褪色 乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色由乙烯制聚乙烯 甲烷与氯气在光照的条件下反应溴乙烷和氢氧化钠的乙醇溶液共热 由甲苯制取TNT乙苯的制备：（1）其中属于取代反应的是；属于氧化反应的是；属于加成反应的是；属消去反应的是；属于聚合反应的是（2）写出和的化学方程式：考点：有机物分子中的官能团及其结构；有机化学反应的综合应用分析：（1）取代反应是有机物中的原子或原子团被其他的原子或原子团所代替生成新的化合物的反应；氧化反应是物质所含元素化合价升高的反应；加成反应是有机物分子中的不饱和键断裂，断键原子与其他原子或原子团相结合，生成新的化合物的反应；消去反应是指在一定条件下，有机物脱去小分子生成含有不饱和的有机物的反应；聚合反应是由单体合成聚合物的反应过程；（2）溴乙烷和氢氧化钠乙醇溶液共热，生成乙烯；苯与乙烯发生加成反应生成乙苯解答：解：（1）：由乙炔制氯乙烯，是乙炔中的三键断裂，每个碳原子上分别结合一个氢原子和氯原子生成氯乙烯，属于加成反应；乙烷在空气中燃烧，是乙烯被氧气氧化生成了二氧花碳，化合价升高，属于氧化反应；乙烯使溴的四氯化碳溶液褪色，是乙烯中的双键断裂，每个碳原子上结合一个溴原子生成1，2二溴乙烯，属于加成反应；乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色，是乙烯被高锰酸钾氧化生成了二氧花碳，化合价升高，属于氧化反应；由乙烯制聚乙烯，是单体乙烯通过加聚生成聚乙烯，属于聚合反应；甲烷与氯气在光照的条件下反应，是甲烷中的氢原子被氯原子所代替生成氯代物而使黄绿色消失，属于取代反应； 溴乙烷和氢氧化钠乙醇溶液共热，生成乙烯，属于消去反应；甲苯制取TNT，苯环上的H被硝基取代，属于取代反应；苯与乙烯发生加成反应生成乙苯；故答案为：；（2溴乙烷和氢氧化钠乙醇溶液共热，生成乙烯；苯与乙烯发生加成反应生成乙苯化学方程式：；，故答案为：；点评：本题考查有机物的结构与性质，侧重有机反应类型的考查，题目难度中等三、（本题包括2小题，共18分）19已知苯酚能跟碳酸钠溶液反应而溶解于碳酸钠溶液中在如图所示的转化关系中，括号内编号表示转化所需化学试剂：用化学式填空：是NaHCO3是NaOH或Na2CO3是Na是CO2（H2CO3）考点：有机物分子中的官能团及其结构；有机化学反应的综合应用分析：能与羧基反应的物质：钠、氢氧化钠、碳酸氢钠、碳酸钠溶液；能与酚羟基反应的物质：钠、氢氧化钠、碳酸钠溶液；能与醇羟基反应的物质：钠，由此分析解答解答：解：该反应过程为：中只有羧基与生成；中只有酚羟基与反应生成；中只有醇羟基与反应生成，结合各种官能团的性质可知：是碳酸氢钠；碳酸钠或者氢氧化钠；钠；和试剂反应生成，酚钠溶液和二氧化碳反应生成酚羟基，羧酸钠溶液和二氧化碳不反应，所以试剂是二氧化碳或碳酸；故答案为：NaHCO3 NaOH或Na2CO3 Na CO2（H2CO3）点评：本题考查了羧基、酚羟基、醇羟基性质的区别和有机物之间的转化，题目难度中等，注意各种官能团的性质是本题解题的关键20在实验室里制取乙烯，常因温度过高而使乙醇和浓硫酸反应生成少量的二氧化硫，有人设计下列实验图以确认上述混合气体中有C2H4和SO2（1）、装置可盛放的试剂是A；B；A；D（将下列有关试剂的序号填入空格内）；A品红溶液 BNaOH溶液 C浓H2SO4D酸性KMnO4溶液（2）能说明SO2气体存在的现象是中品红溶液褪色；（3）使用装置的目的是除去二氧化硫以免干扰乙烯的检验；（4）使用装置的目的是检验二氧化硫是否被完全除去；（5）确定含有乙烯的现象是中的品红不褪色，中的高锰酸钾溶液褪色考点：乙烯的化学性质；性质实验方案的设计专题：实验题分析：（1）根据实验的目的是检验乙烯和二氧化硫，所以需要先检验乙烯中含有二氧化硫，然后除去杂质二氧化硫，再检验乙烯；（2）根据二氧化硫能漂白品红进行检验；（3）根据氢氧化钠溶液能与二氧化硫反应的性质分析；（4）检验乙烯前，必须先确认乙烯中的SO2已除干净；（5）中无二氧化硫，中与高锰酸钾溶液反应的是乙烯解答：解：（1）检验二氧化硫用品红溶液，检验乙烯用高锰酸钾酸性溶液，乙烯和二氧化硫都能使高锰酸钾酸性溶液褪色，所以先检验二氧化硫，然后检验乙烯，同在检验乙烯之前用NaOH溶液除尽SO2，再通过品红溶液不褪色确认SO2已除干净，最后用高锰酸钾酸性溶液褪色检验乙烯；因装置I用来检验SO2，试管中品红溶液褪色，说明含有SO2，装置II试管装有NaOH溶液除去SO2，装置III试管通过品红溶液不褪色确认SO2已除干净，装置IV 通过高锰酸钾酸性溶液褪色检验乙烯，故答案为：A；B；A；D；（2）装置I用来检验是否存在SO2，试管中品红溶液褪色，说明含有SO2，故答案为：中品红溶液褪色；（3）氢氧化钠溶液能够与二氧化硫反应，所以装置试管装有NaOH溶液除去SO2，故答案为：除去二氧化硫以免干扰乙烯的检验；（4）通过装置试管中通过品红溶液不褪色，确认SO2已除干净，故答案为：检验二氧化硫是否被完全除去；（5）装置通过高锰酸钾酸性溶液褪色检验乙烯，故答案为：中的品红不褪色，中的高锰酸钾溶液褪色点评：本题考查了乙烯的实验室制法以及产物的检验，注意当有多种产物需检验时，应考虑先后顺序；高锰酸钾溶液既能氧化二氧化硫，又能氧化乙烯，是解答本题的关键四、（本题包括1小题，共10分）21有机物甲的分子式为C3H7Br，在适宜的条件下能发生如图转化关系：（1）若B能发生银镜反应，则甲的结构简式为CH3CH2CH2Br，甲和NaOH溶液共热的方程式为CH3CH2CH2Br+NaOHCH3CH2CH2OH+NaBrA 与氧气反应生成B的反应方程式为2CH3CH2CH2OH+O22CH3CH2CHO+2H2O（2）若B不能发生银镜反应，则甲的结构简式CH3CHBrCH3（3）有机物E的结构简式为考点：有机物的推断分析：有机物甲的分子式为C3H7Br，甲发生取代反应生成A，A为醇，A发生催化氧化反应生成B，如果B不能发生银镜反应，则B为CH3COCH3、A为CH3CH（OH）CH3、甲为CH3CH（Br）CH3、D为CH2=CHCH3、E为；如果B能发生银镜反应，则B为CH3CH2CHO、A为CH3CH2CH2OH、甲为CH3CH2CH2Br，据此分析解答解答：解：有机物甲的分子式为C3H7Br，甲发生取代反应生成A，A为醇，A发生催化氧化反应生成B，如果B不能发生银镜反应，则B为CH3COCH3、A为CH3CH（OH）CH3、甲为CH3CH（Br）CH3、D为CH2=CHCH3、E为；如果B能发生银镜反应，则B为CH3CH2CHO、A为CH3CH2CH2OH、甲为CH3CH2CH2Br，（1）若B能发生银镜反应，则甲的结构简式为CH3CH2CH2Br，甲和NaOH的水溶液发生取代反应生成丙醇，反应方程式为CH3CH2CH2Br+NaOHCH3CH2CH2OH+NaBr，A发生催化氧化生成丙醛，反应方程式为2CH3CH2CH2OH+O22CH3CH2CHO+2H2O，故答案为：CH3CH2CH2Br；CH3CH2CH2Br+NaOHCH3CH2CH2OH+NaBr；2CH3CH2CH2OH+O22CH3CH2CHO+2H2O；（2）若B不能发生银镜反应，则甲的结构简式为CH3CHBrCH3，故答案为：CH3CHBrCH3；（3）通过以上分析知E的结构简式，故答案为：点评：本题考查有机物推断，为高频考点，侧重考查学生分析推断能力，注意结合反应条件进行推断，题目难度不大五、（本题包括1小题，共6分）22已知次溴酸（HbrO）的结构简式为HOBr，如图乙烯跟溴水中各成分反应既可生成A，同时又可生成B和C2H5Br回答下列问题：（1）环氧乙烷的结构可简写为，则E的化学式是C8H16O4（2）A的结构简式是BrCH2CH2Br；I的结构简式是；（3）写出G转化为H的化学方程式：n HOCH2COOH+（n1）H2O其反应类型为缩聚反应（4）化合物AI中，易发生加成反应的物质是D（填字母）考点：有机物的推断专题：有机物的化学性质及推断分析：由C在浓硫酸、加热条件下生成E，可知C为HOCH2CH2OH，乙烯与溴水反应生成A，A在氢氧化钠水溶液、加热条件下水解生成乙二醇，故A为BrCH2CH2Br乙烯与溴水反应生成B，B的分子式为C2H5BrO，B能氧化生成D，D氧化生成F，故B中还含有OH，且羟基相连的碳原子上含有2个H原子，故B为BrCH2CH2OH，D为BrCH2CHO，F为BrCH2COOH，F在氢氧化钠水溶液中发生水解反应生成G，结构G的分子式可知，G为HOCH2COOH，G发生缩聚反应反应生成高分子化合物H为，由G与I的分子式可知，2分子G发生酯化反应脱去2分子水生成成环状化合物I，则I为，据此解答解答：解：由C在浓硫酸、加热条件下生成E，可知C为HOCH2CH2OH，乙烯与溴水反应生成A，A在氢氧化钠水溶液、加热条件下水解生成乙二醇，故A为BrCH2CH2Br乙烯与溴水反应生成B，B的分子式为C2H5BrO，B能氧化生成D，D氧化生成F，故B中还含有OH，且羟基相连的碳原子上含有2个H原子，故B为BrCH2CH2OH，D为BrCH2CHO，F为BrCH2COOH，F在氢氧化钠水溶液中发生水解反应生成G，结构G的分子式可知，G为HOCH2COOH，G发生缩聚反应反应生成高分子化合物H为，由G与I的分子式可知，2分子G发生酯化反应脱去2分子水生成成环状化合物I，则I为，（1）交点为碳原子，用H原子饱和碳的四价结构，由E的结构简式可知，分子中含有8个C原子、16个H原子、4个O原子，故E的分子式是C8H16O4，故答案为：C8H16O4；（2）由上述分析可知，A的结构简式是BrCH2CH2Br，I的结构简式是，故答案为：BrCH2CH2Br；（3）G转化为H的化学方程式为n HOCH2COOH+（n1）H2O，属于缩聚反应故答案为：n HOCH2COOH+（n1）H2O，缩聚；（5）化合物AI中，A、B、C、E中不含不饱和键，不能发生加成反应，而D中不饱和键为醛基，F、G含有羧基，H、I含有酯基，COOH、COOC不能发生加成反应，则D含醛基最易发生加成反应，故答案为：D点评：本题考查有机物的推断，难度中等，注意根据有机物的分子式、E的结构，结合反应条件进行推断，较好的考查学生的分析推理能力，是对有机化学知识的综合考查，是热点题型