2019-2020学年高一物理1月月考试题(含解析).doc

2019-2020学年高一物理1月月考试题(含解析)一、本大题12小题,每小题3分,共36分.每小题只有一个选项符合题意.1. 关于重力、重心和重力加速度，下列说法正确的是（ ）A. 若物体的形状改变，物体的重心一定变化B. 质量分布均匀且形状规则的物体，其重心就在它的几何中心C. 在地球上的同一地方，离地面高度越大，重力加速度越大D. 在地球上不同的地方，一切物体的重力加速度都相同【答案】B【解析】【详解】（1）若物体的形状被改变后，其质量分布依然均匀、形状依然规则，则重心必然还在物体的几何中心上，A错误，B正确；（2）在地球上的同一地方，离地面高度越大，重力加速度越小，C错误；（3）在地球表面上的重力加速度大小，随着地球纬度的增大而增大，D错误。故本题选B。2. 小型轿车和旅客列车，速度都能达到100km/h，小型轿车起步时在20s内速度达到100km/h，而旅客列车达到100km/h大约要用时500s，由上可知（ ）A. 旅客列车的加速度大B. 小型轿车的速度变化大C. 小型轿车的速度变化快D. 旅客列车的速度变化率大【答案】C【解析】试题分析：加速度是单位时间内速度变化的大小，即小型轿车的加速度大于旅客列车，故A的说法错误；两车速度均从零增加到100km/h，速度的变化量相同，故B说法错误；加速度是描述速度变化快慢的物理量，由第一项分析可知C说法正确，故应选C；速度变化率即加速度的大小，故D错误。考点：本题考查了速度的变化量、加速度的概念3. 如图所示为A、B两人在同一直线上运动的位移图象，下列分析正确的是（ ）A. 02s内，A、B两人反向而行B. 02s内，A的速度比B的速度大C. 在5s内，A走的路程比B走的路程多D. 在5s内，A的平均速度比B的平均速度小【答案】A【解析】【详解】（1）由图像可知，在0-2s内，物体A从坐标原点出发，沿着轴正方向运动，而物体B从=60m处出发，沿着轴负方向运动，故在02s内，A、B两人反向而行，A正确；（2）从图像的斜率大小可以判断，在02s内A物体运动的速度比B物体的速度小，B错误；（3）在前5s内，A的位移大小为60m，路程为60m；B发生了折返运动，位移小于60m，路程大于60m，故在在前5s内，A走的路程比B走的路程少，C错误；（4）由于在前5s内，A的位移大于B的位移，故根据平均速度的定义可知，A的平均速度比B的平均速度大，D错误。故本题选A。【点睛】图像纵轴的截距代表物体的初位置，图像的斜率大小代表物体运动的速度，斜率的正负表示物体运动的方向；位移是从初位置到末位置的有向线段，而路程是物体实际发生运动轨迹的长度；平均速度等于位移和时间的比值。4. 如图甲，笔记本电脑底座一般设置有四个卡位用来调节角度某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡位为1调至卡位4（如图乙），电脑始终处于静止状态，则（ ）A. 电脑受到的支持力变小B. 电脑受到的摩擦力变大C. 电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和等于其重力D. 散热底座对电脑的作用力的合力不变【答案】D【解析】【详解】电脑放在散热底座上，设电脑的质量为m，斜面的倾角为，受力分析可知，支持力，摩擦力，当散热底座由原卡位为1调至卡位4，斜面的倾角变小，则变大，变小，但因为，和mg始终处于三力平衡态，故，两个力的矢量和始终等于重力，保持不变，即散热底座对电脑的作用力的合力不变，ABC错误，D正确。故本题选D。5. “蹦床”是奥运体操的一种竞技项目，比赛时，可在弹性网上安装压力传感器，利用压力传感器记录运动员运动过程中对弹性网的压力，并由计算机作出压力(F)-时间(t)图象，如图为某一运动员比赛时计算机作出的F-t图象，不计空气阻力，则关于该运动员，下列说法正确的是 ( )A. 裁判打分时可以把该运动员的运动看成质点的运动B. 1 s末该运动员的运动速度最大C. 1 s末到2 s末，该运动员在做加速运动,处于超重状态D. 3 s末该运动员运动到最高点【答案】D【解析】【详解】（1）由于是体操比赛，运动员的动作和形态会影响比赛的得分，故裁判在打分时，不可以将运动员看成质点，A错误；（2）从图像可知，运动员在1s末受到的弹力最大，说明此刻他处于最低点，速度为零，B错误；（3）1s末2s末，运动员开始从最低点先向上加速，后向上减速，加速度先竖直向上，后竖直向下，故运动员在1s末2s末，先处于超重状态，后处于失重状态，C错误；（4）运动员在2s末离开弹性网，在4s末恰好又落回弹性网，根据竖直上抛运动和自由落体运动在空间和时间上的对称性可知，3 s末该运动员运动到最高点，D正确。故本题选D。6. 一位同学在某星球上完成自由落体运动实验：让一个质量为2 kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第5 s内的位移是18 m，则( )A. 物体在2 s末的速度大小是20 m/sB. 物体在第5 s内的平均速度大小是3.6 m/sC. 物体在前2 s内的位移大小是20 mD. 物体在5 s内的位移大小是50 m【答案】D【解析】【详解】（1）设该星球表面的重力加速度为，则根据自由落体运动的规律，小球的在第5s内的位移为：，解得=4m/s2，故物体在2s末的速度大小为=8m/s，A错误；（2）物体在第5s内的平均速度为，B错误；（3）物体在前2s内的位移为：，C错误；（4）物体在前5s内的位移大小为：，D正确。故本题选D。7. 长方体滑块以一定初速度v0滑到一水平面上，滑行的最大距离为sA若把该滑块拦腰割成完全相同的滑块，再任选一块以同样的初速度v0在同一水平面上滑行，其滑行最大距离为sB，假设分割前后滑块的各个面粗糙程度都相同则sA与sB相比较为（ ）A. sA=sB B. sAsB C. sAsB D. 不能确定【答案】A【解析】【详解】设滑块的质量为2m，接触面上的摩擦因数为，且设初速度的方向为正方向，受力分析，根据牛顿第二定律可知，得，由匀变速直线运动速度与位移的关系得：，解得：；同理，其中一块运动时有：，得：，A正确，BCD错误。故本题选A。8. 如图所示，质量为m的物体用细绳拴住放在水平粗糙传送带上，物体与传送带间的动摩擦因数为，当传送带分别以v1、v2的速度做逆时针运动时(v1v2)，绳中的拉力分别为F1、F2，物体受到的摩擦力分别为Ff1、Ff2则下列说法正确的是( )A. Ff1Ff2B. 物体所受摩擦力方向向右C. F1F2D. Ff1mg【答案】C【解析】【详解】分析可知，物块受重力mg，皮带给的支持力和水平向左的滑动摩擦力，还有绳子拉力，整个过程中，物块保持静止不动，绳子拉力方向和水平方向的夹角不变，其中滑动摩擦力的大小与皮带的转速和无关，故始终满足，因为不变，则不变，所以也不变。则ABD错误，C正确。故本题选C。9. 如图所示，物体在水平推力F的作用下静止在斜面上，若增大水平力F而仍保持静止，则下列判断中正确的是（ ）A. 斜面对物体的静摩擦力一定减小B. 物体所受外力的合力一定增大C. 物体所受外力的个数一定不变D. 斜面对物体的支持力一定增大【答案】D【解析】【详解】（1）滑块的受力示意图如下图所示，设摩擦力方向沿斜面向上，利用正交分解法可知：故。摩擦力的方向未知，所以，当为正值时，随着增大，变小；当为负值时，即沿斜面向下时，随增大也增大，故A错误；（2）由于物体在增大过程中始终处于静止状态，即平衡状态，故合外力始终为0，所以水平方向合力为0即一直不变，故B错误；（3）当相等时，即重力、支持力与F的合力恰好等于0时，为零，此时物体受3个力，故C错误；（4）由可知，随着的增大，支持力逐渐增大，D正确。故本题选D。10. 不计空气阻力，以一定的初速度竖直上抛的物体，从抛出至回到原点的时间为t，现在在物体上升的最大高度的一半处设置一块挡板，物体撞击挡板后以原速率弹回(撞击所需时间不计)，则此时物体上升和下降的总时间约为 ( )A. 0.5t B. 0.4t C. 0.3t D. 0.2t【答案】C【解析】试题分析：据题意，物体做竖直上抛运动，总运动时间为t，据该运动时间对称性，物体下落的时间为，据初速度为0 的匀变速直线运动，在通过相等位移内所用时间比为，则物体下落时通过下半段位移所用时间为：，则，所以物体上升和下落总时间为，故C选项正确。考点：本题考查初速度为0的匀加速直线运动的推论。11. 如图所示，将小砝码置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的拉力将纸板迅速抽出，砝码的移动很小，几乎观察不到，这就是大家熟悉的惯性演示实验若砝码和纸板的质量分别为2m和m，各接触面间的动摩擦因数均为.重力加速度为g.要使纸板相对砝码运动，所需拉力的大小至少应为( )A. 3mg B. 4mg C. 5mg D. 6mg【答案】D【解析】当纸板相对砝码运动时，设砝码的加速度为a1，纸板的加速度为a2，则有：f1=2mg=2ma1得： F-f1-f2=m2a2发生相对运动需要纸板的加速度大于砝码的加速度，即：a2a1所以：F=f1+f2+m2a2f1+f2+m2a1=2mg+3mg+mg=6mg即：F6mg，故选：D.点睛：本题考查了连接体的运动，隔离物体受力分析，根据牛顿第二定律求得加速度，找出使纸板相对砝码运动的临界条件即可判断，难度较大。12. 如图所示，吊篮A、物体B、物体C的质量分别为m、3m、2m.B和C分别固定在弹簧两端，弹簧的质量不计B和C在吊篮的水平底板上处于静止状态将悬挂吊篮的轻绳剪断的瞬间( )A. 吊篮A的加速度大小为gB. 物体B的加速度大小为gC. 物体C的加速度大小为2gD. A、B、C的加速度大小都等于g【答案】C【解析】A、C、D项：弹簧开始时的弹力F=3mg，剪断细线的瞬间，弹力不变，将C和A看成一个整体，根据牛顿第二定律得，即A、C的加速度均为2g，故A、D错误，C正确；B项：剪断细线的瞬间，弹簧弹力不变，B的合力仍然为零，则B的加速度为0，故B错误。点晴：本题是力学中的瞬时问题，关键是先根据平衡条件求出各个力，然后根据牛顿第二定律列式求解加速度；同时要注意轻弹簧的弹力与形变量成正比，来不及突变，而细线的弹力是由微小形变产生的，故可以突变。二、本大题6小题,每小题3分,共18分.每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得3分,选对但不全的得1分,有选错的得0分.13. 伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础早期物理学家关于惯性有下列说法，其中正确的是()A. 物体抵抗运动状态变化的性质是惯性B. 不受力的物体有惯性，受力的物体没有惯性C. 行星在圆周轨道上保持匀速率运动的性质是惯性D. 运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动【答案】AD【解析】【详解】（1）物体总是想保持原来运动状态的性质叫惯性，惯性越大的物体，运动状态越难被改变，表现为抵抗运动状态的变化的一种性质，故A正确；（2）惯性的大小只与物体的质量有关，而与物体的受力大小无关，B错误；（3）行星在圆周轨道上保持匀速率运动，是因为万有引力充当向心力的作用，C错误；（4）根据牛顿第一定律，若运动物体不受外力作用，将做匀速直线运动，D正确。故本题选AD。14. 一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行现将一个木炭包无初速度地放在传送带的最左端，木炭包在传送带上将会留下一段黑色的径迹下列说法正确的是()A. 黑色的径迹将出现在木炭包的右侧B. 此时木炭包相对于传送带向右运动C. 木炭包的质量越大，径迹的长度越短D. 木炭包与传送带间的动摩擦因数越大，径迹的长度越短【答案】AD【解析】【详解】（1）刚放上木炭包时，木炭包的速度慢，传送带的速度快，木炭包相对传送带上表面向左滑动，所以黑色的径迹将出现在木炭包的右侧，所以A正确，B错误；（2）木炭包在传送带上运动靠的是与传送带之间的摩擦力，摩擦力作为它的合力产生加速度，所以由牛顿第二定律知，得当木炭包和皮带达到相同速度时，不再相对滑动，由匀变速直线运动速度和位移的关系得：木炭包的位移：设相对运动的时间为t，则此时传送带的位移，故黑色轨迹的长度为故黑色轨迹的长度与木炭包的质量无关。C错误；若摩擦因数越大，则黑色轨迹的长度越短，D正确。故本题选AD。15. a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的v-t图象如图所示，下列说法正确的是( )A. a、b加速时，物体a的加速度小于物体b的加速度B. 20s时，a、b两物体相距最远C. 60s时，物体a在物体b的前方D. 40s时，a、b两物体速度相等，相距200m【答案】AC【解析】【详解】（1）通过对比v-t图像的斜率可知，在加速时，a的图像相对b的图像较缓，故物体a的加速度小于物体b的加速度，A正确；（2）在速度相同的时刻，两物体相距最远，即在t=40s时，两物体相距最远，故B错误；（3）在前60s时，由v-t图像的面积可知，物体a的位移大于物体B的位移，故物体a在物体b的前方，C正确；（4）在40s时，由图像的面积可知，a、b两物体的距离为：，故D错误。故本题选AC。【点睛】速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移；结合数学知识分析，从而明确两物体的运动过程和距离关系。16. 如图所示，小车向右运动的过程中，某段时间内车中悬挂的小球A和车水平底板上的物块B都相对车厢静止，悬挂小球A的悬线与竖直线有一定夹角，B与车底板之间的动摩擦因数为0.75，假设B所受最大静摩擦力等于滑动摩擦力在这段时间内，下述判断中正确的是( )A. 物块B不受摩擦力作用B. 物块B受摩擦力作用，大小恒定，方向向左C. 要使A、B和车保持相对静止，最大为37D. 要使A、B和车保持相对静止，最大为53【答案】BC【解析】【详解】（1）根据小球所处的状态可知，小车正在向右做匀减速直线运动，故车厢内的物块B跟随小车一起向右做匀减速直线运动，加速度水平向左保持不变，根据牛顿第二定律可知，物块B一定受水平向左的恒定摩擦力作用，A错误，B正确；（2）设能使A、B和车厢保持相对静止的最大加速度大小为，则此时B受到的摩擦力为最大静摩擦力，根据牛顿第二定律可知：，得；以小球A为研究对象进行受力分析，根据牛顿第二定律可知：，得，联立两个加速度表达式得：，则此时的角为。故要使A、B和车保持相对静止，最大为，C正确，D错误。故本题选BC。【点睛】（1）由A、B的状态可知它们的运动状态是一样的，故加速度相同，再对A受力分析可知其合力向左，故加速水平向左，得知B的加速度和受力状况；（2）要使A、B和车保持相对静止，则当B的摩擦力达到最大静摩擦力时，加速度最大，再对A受力分析，根据牛顿第二定律即可求解。17. 甲物体以速度v0做匀速直线运动，当它运动到某一位置时，该处有另一物体乙开始做初速为0的匀加速直线运动去追甲，由上述条件（ ）A. 可求乙追上甲时乙的速度B. 不能求乙追上甲时乙走的路程C. 可求乙从开始起动到追上甲时所用的时间D. 可求乙的加速度【答案】AB【解析】甲乙两物体的速度时间图线如图，乙追上甲时位移相等，从图象上看出，此时的速度为，从图象可以看出无法求出追及的时间，以及乙的加速度和甲、乙的位移，所以A选项是正确的BCD错误故选A18. 如图所示，一细绳跨过一轻质定滑轮(不计细绳和滑轮质量，不计滑轮与轴之间摩擦)，绳的一端悬挂一质量为m的物体A，另一端悬挂一质量为M(Mm)的物体B，此时物体A的加速度为a1.如果用力F代替物体B，使物体A产生的加速度为a2，那么下列选项正确的是( )A. 如果a1a2，则FMgB. 如果FMg，则a1m）的物体B，由牛顿第二定律，Mg-mg=(m+M)a1.解得.如果用力F代替物体B，由牛顿第二定律，F-mg=ma2.，解得.如果al= a2，则F Mg；如果F=Mg，则ala2；选项A、B正确C错误.如果，则,选项D正确.故选ABD.【点睛】本题考查了牛顿第二定律的基本运用，掌握整体法和隔离法的运用.三、本大题4小题,每空2分，共18分.把答案写在答题卷中对应题号后的横线上. 19. 物体从斜面顶端由静止开始下滑，到达斜面底端时速度为4m/s，则物体经过斜面中点时的速度为_【答案】【解析】【详解】设斜面的长度为，物体的加速度为，则根据得，其中为物块到达斜面底端时的速度。同理，当物体运动到斜面中点时，满足，其中为物体到达斜面中点时的速度。联立方程并代入数据得：故本题的答案为：20. 水平横梁一端插在墙壁内，另一端装小滑轮且一轻绳的一端C固定于墙壁上，另一端跨过滑轮后悬挂一质量m10kg的重物，CBA30.如图所示，则滑轮受到绳子的作用力为_(g取10m/s2)【答案】100N【解析】【详解】对绳子上的B点进行受力分析，如下图所示：滑轮受到绳子的作用力应为两端绳子中拉力和的合力因同一根绳子上的张力处处相等，都等于物体的重力，即根据平行四边形定则作图，由于拉力和的夹角为120，则由几何知识得：=100N，所以滑轮受绳的作用力为100N，方向与水平方向成30角斜向下。故本题答案为：100N21. 在“探究弹力与弹簧伸长量的关系”时，某同学把两根弹簧按如图所示方式连接起来进行探究(1)某次测量示数如图所示，则指针示数为_cm.(2)在弹性限度内，将50g的钩码逐个挂在弹簧下端，得到指针A、B的示数LA和LB如表所示用表中数据计算弹簧的劲度系数为_N/m(重力加速度g10 m/s2)由表中数据_(填“能”或“不能”)计算出弹簧的劲度系数.【答案】 (1). 16.00 (2). 12.50 (3). 能【解析】（1）刻度尺读数需读到最小刻度的下一位，指针示数为。（2）由表格中的数据可知，当弹力的变化量时，弹簧形变量的变化量为 ，根据胡克定律知：；结合和示数的变化，可以得出弹簧形变量的变化量，结合弹力变化量，根据胡克定律能求出弹簧的劲度系数。点睛：刻度尺的读数需估读，需读到最小刻度的下一位；根据弹簧形变量的变化量，结合胡克定律求出劲度系数通过弹簧弹力的变化量和形变量的变化量可以求出弹簧的劲度系数。22. 为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图所示的实验装置：(1)以下实验操作正确的是（_）A. 实验中小车的加速度越大越好B.调节滑轮的高度，使细线与木板平行C.先接通电源后释放小车D. 将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在砝码及砝码盘的牵引下恰好做匀速运动(2)在实验中，得到一条如图所示的纸带，已知相邻计数点间的时间间隔为T0.1s，且间距x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出分别为3.09cm、3.43cm、3.77cm、4.10cm、4.44cm、4.77cm，则小车的加速度a_m/s2.(结果保留两位有效数字)(3)有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度a与所受外力F的关系，他们在轨道水平及倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条aF图线，如图所示.图线_是在轨道倾斜情况下得到的(填“”或“”)；小车及车中砝码的总质量m_ kg.【答案】 (1). BC (2). 0.34 (3). (4). 0.5【解析】试题分析：（1）平衡摩擦力就是让小车在无拉力的作用下做匀速直线运动，让重力沿斜面的分力等于小车受到的摩擦力所以平衡时应为：将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，故A错误；为了使绳子拉力代替小车受到的合力，需要调节滑轮的高度，使细线与木板平行，故B正确；使用打点计时器时，先接通电源后释放小车，故C正确；试验中小车的加速度不是越大越好，加速度太大，纸带打的点太少，不利于测量，故D错误故选BC（2）由匀变速运动的规律得：s4-s1=3aT2；s5-s2=3aT2；s6-s3=3aT2；联立得：（s4+s5+s6）-（s1+s2+s3）=9aT2解得：，（3）由图象可知，当F=0时，a0也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高所以图线是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的根据F=ma得a-F图象的斜率k=1/m，由a-F图象得图象斜率k=2，所以m=05kg考点：探究加速度与力、质量的关系四、本大题3小题，共28分.要求在答卷上写出必要的文字说明，重要的公式和明确的答案.23. 慢车以0.1m/s2的加速度从车站启动开出，同时在距车站2km处，在与慢车平行的另一轨道上，有一辆以72km/h的速度迎面开来的快车开始做匀减速运动，以便到站停下，问：(1)两车何时相遇？(2)相遇点离车站多远？【答案】(1)100s (2)500m【解析】试题分析：（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出快车的加速度大小，抓住两车的总位移等于2km，根据位移时间公式求出两车开始错车的时间（2）根据位移时间公式求得距离解：（1）a1=10cm/s2=0.1m/s2，v=72km/h=20m/s，快车做匀减速直线运动的加速度大小，设经过t时间开始错车，则有：，代入数据解得t=100s（2）由位移时间公式可得答：（1）两车100s时错车（2）错车点离车站500m【点评】本题考查了运动学中的相遇问题，抓住位移关系，结合运动学公式灵活求解，难度不大24. 如图所示，某人用轻绳牵住一只质量m0.6kg的氢气球，因受水平风力的作用，系氢气球的轻绳与水平方向成37角已知空气对气球的浮力为15N，人的质量M50kg，且人受的浮力忽略不计(sin370.6，cos370.8)(1)求水平风力的大小；(2)求人对地面的压力大小；(3)若水平风力增强，人对地面的压力如何变化？并说明理由【答案】(1)12N (2)491N (3)压力不变【解析】试题分析：（1）对氢气球进行受力分析，设氢气球受绳子拉力为，水平风力为，用正交分解法可知：由共点力平衡条件：计算可得： （2）对人进行受力分析，设人受地面的支持力为，则有：解得：N（3）若风力增强，人对地面的压力不变，视气球及人为一整体可知，其竖直方向上的受力情况没改变，故地面的支持力不变考点：共点力平衡条件的应用【名师点睛】对气球和人进行受力分析，运用力的合成或分解结合共点力平衡条件解决问题选择合适的研究对象是关键，如何选择需要再做题中不断积累经验25. 如图所示，一质量为M的木板B静止在光滑的水平面上，其右端上表面紧靠（但不粘连）在固定斜面轨道的底端（斜面底端是一小段光滑的圆弧，其末端切线水平），轨道与水平面的夹角=37，一质量为m的物块A从斜面上距离斜面底端8m处由静止释放，最后物块A刚好没有从木板B左端滑出，已知物块A与斜面间的动摩擦因数为0.25，与木板B上表面间的动摩擦因数为0.3，木板的长度L=8m，物块A可看作质点sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2）求：(1)物块A刚滑上木板B时的速度有多大？(2)物块A与木板B的质量之比m/M为多少？(3)物块A从开始下滑到相对木板B静止共经历了多长时间？【答案】(1)v=8m/s (2) (3)t=2s【解析】试题分析：对物体受力分析，物体做的是匀变速直线运动，由速度和位移的关系式可以求得末速度；物块A刚好没有从木板B左端滑出，说明此时它们的速度相等，由速度、位移公式可以求出质量之比；运动的时间在前两问中都能求出，总时间就好求了（1）沿斜面下滑的加速度为a，则由，所以，由得：物块A刚滑上木板B时的速度，（2）物块A在B上滑动时，A的加速度大小；木板B的加速度大小；物块A刚好没有从木板B左端滑出，即：物块A在木板B左端时两者速度相等；设物块A在木板B上滑行的时间t，速度关系：，物块A刚好没有从木板B左端滑出，位移关系：，解得：，（3）物块沿斜面下滑的时间：，物块A在木板B上滑行的时间t=2s，物块A从开始下滑到相对木板B静止共经历的时间