2017年高考物理考前适应性训练卷（一）（含解析）.doc

2017年高考物理考前适应性训练卷（一）（含解析）二、选择题：本题共8小题，每题6分，在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一个选项符合题目要求。第1921题有多选项题目要求。全部答对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1. 某科学家提出年轻热星体中核聚变的一种理论，其中的两个核反应方程为 ；，方程中Q1、Q2表示释放的能量，相关的原子核质量见下表，下列判断正确的是()A. X是He，Q2Q1 B. X是He，Q2Q1C. X是He，Q2Q1 D. X是He，Q2Q1【答案】B【解析】根据核反应方程的质量数和电荷数守恒可判断出X是哪种原子核，根据爱因斯坦质能方程可知质量亏损大的释放能量大，中质量亏损为：m1(1.007 812.000 013.005 7) u0.002 1 u，根据电荷数守恒和质量数守恒可知：中X的电荷数为2、质量数为4，故X为粒子，即He，质量亏损为：m2(1.007 815.000 112.000 04.002 6) u0.005 3 u根据爱因斯坦的质能方程可知：Q1m1c2，Q2m2c2，则Q1Q2。故选B.2. 图甲是由两圆杆构成的“V”形槽，它与水平面成倾角放置现将一质量为m的圆柱体滑块由斜槽顶端释放，滑块恰好匀速滑下沿斜面看，其截面如图乙所示。已知滑块与两圆杆的动摩擦因数为，重力加速度为g，b= 120，则 （ ）A. = tanB. 左边圆杆对滑块的支持力为mg cos qC. 左边圆杆对滑块的摩擦力为mg sinqD. 若增大，圆杆对滑块的支持力将增大【答案】B【解析】试题分析：滑块恰好匀速滑下，受力平衡，对滑块受力分析，根据平衡条件得：沿斜面方向：mgsin=2f=2FN，垂直斜面方向有：mgcos=2FNcos=FN，解得：=tan，故A错误，B正确；左边圆杆对滑块的摩擦力为f=mgsin，故C错误；若增大，cos减小，则圆杆对滑块的支持力将减小，故D错误故选B考点：物体的平衡；摩擦力【名师点睛】本题主要考查了共点力平衡条件的直接应用，要求同学们能正确分析物体的受力情况，特别注意两个圆杆对物体都有滑动摩擦力，难度适中。3. 在半径为r、电阻为R的圆形导线框内，以直径为界，左右两侧分别存在着方向如图甲所示的匀强磁场，以垂直纸面向外的磁场为正，两部分磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律分别如图乙所示。则0t0时间内，导线框中（）A. 感应电流方向为顺时针B. 感应电流方向为逆时针C. 感应电流大小为D. 感应电流大小为【答案】A【解析】试题分析：根据楞次定律可知，左边的导线框的感应电流是顺时针，而右边的导线框的感应电流，也是顺时针，则整个导线框的感应电流方向顺时针，故A正确，B错误；由法拉第电磁感应定律，因磁场的变化，导致导线框内产生感应电动势，结合题意可知，产生感应电动势正好是两者之和，即为，再由闭合电路欧姆定律，可得感应电流大小为故D错误故选A考点：楞次定律、法拉第电磁感应定律【名师点睛】考查楞次定律与法拉第电磁感应定律的应用，注意磁场正方向的规定，及掌握两个感应电动势是相加还是相差是解题的关键。4. 我国首颗量子科学实验卫星“墨子”已于酒泉成功发射，将在世界上首次实现卫星和地面之间的量子通信“墨子”将由火箭发射至高度为500千米的预定圆形轨道此前6月在西昌卫星发射中心成功发射了第二十三颗北斗导航卫星G7.G7属地球静止轨道卫星(高度约为36 000千米)，它将使北斗系统的可靠性进一步提高。关于卫星以下说法中正确的是()A. 这两颗卫星的运行速度可能大于7.9 km/sB. 通过地面控制可以将北斗G7定点于西昌正上方C. 量子科学实验卫星“墨子”的周期比北斗G7小D. 量子科学实验卫星“墨子”的向心加速度比北斗G7小【答案】C【解析】试题分析：根据，知道轨道半径越大，线速度越小，第一宇宙速度的轨道半径为地球的半径，所以第一宇宙速度是绕地球做匀速圆周运动最大的环绕速度，所以静止轨道卫星和中轨卫星的线速度均小于地球的第一宇宙速度故A错误；地球静止轨道卫星即同步卫星，只能定点于赤道正上方故B错误；根据，得，所以量子科学实验卫星“墨子”的周期小故C正确；卫星的向心加速度：，半径小的量子科学实验卫星“墨子”的向心加速度比北斗G7大故D错误故选C。考点：万有引力定律的应用5. 如图所示为一孤立的负点电荷形成的电场，一带电粒子仅在电场力的作用下以某一速度进入该电场，依次经过A、B、C三点，其中A、C两点与负点电荷的距离相等，B点是轨迹上距离负点电荷最近的点则下列说法正确的是() A. 粒子运动到B点的速率最大B. 相邻两点间的电势差关系为UABUBCC. 该粒子带负电，并且在B点时的加速度最大D. 粒子在B点的电势能小于在C点的电势能【答案】C【解析】由题可得粒子受到的电场力向左，粒子带负电；在从C到B运动的过程中，电场力对粒子做负功，粒子的速度减小，运动到B点时的速度最小，所以A错误；由于A、C两点与负点电荷的距离相等，所以UAB=-UBC，所以B错误；根据电场线的疏密可得，B点处的电场线最密，所以粒子在B点时受到的电场力最大，加速度最大所以C正确；当粒子向右运动的过程中，电场力对粒子做负功，电势能增加，粒子在C点时电势能小于其在B点时的电势能，所以D错误故选C点睛：本题就是对电场力做功特点的考查，掌握住电场力做正功，电势能减小，动能增加，电场力做负功时，电势能增加，动能减小。6. 如图所示，边长为L、匝数为N、电阻不计的正方形线圈abcd，在磁感应强度为B的匀强磁场中绕转轴OO以角速度匀速转动，轴OO垂直于磁感线，制成一台交流发电机，它与理想变压器的原线圈连接，变压器原、副线圈的匝数之比为12，二极管的正向电阻为零，反向电阻无穷大，从正方形线圈处于图示位置开始计时，下列判断正确的是() A. 交流发电机的感应电动势的瞬时值表达式为eNBL2sin tB. 变压器的输入功率与输出功率之比为21C. 电压表示数为NBL2D. 若将滑动变阻器的滑片向下滑动，电流表的示数减小【答案】CD【解析】图示线圈位置是与中性面垂直的位置，从图示位置开始计时，感应电动势的瞬时值表达式为eNBL2cos t，A错误；理想变压器的输入功率与输出功率相等，B错误；原线圈电压的有效值，由 得U2NBL2，由于二极管的单向导电性，副线圈中只有半个周期内有电流，设电压表示数为U，根据有效值的定义得 ，所以电压表的示数UNBL2，C正确；若滑动变阻器的滑片向下滑动，副线圈的总阻值增大，原线圈电压不变，副线圈电压也不变，电压表示数不变，由欧姆定律得副线圈中的电流变小，原线圈中的电流也变小，电流表示数变小，D正确；故选CD.点睛：正弦式交流发电机从垂直中性面位置开始计时，其电动势表达式为：e=NBScost；电压表和电流表读数为有效值；输入功率等于输出功率7. 如图所示，含有H、H、He的带电粒子束从小孔O1处射入速度选择器，沿直线O1O2运动的粒子在小孔O2处射出后垂直进入偏转磁场，最终打在P1、P2两点。则() A. 打在P1点的粒子是HeB. 打在P2点的粒子是H和HeC. O2P2的长度是O2P1长度的2倍D. 粒子在偏转磁场中运动的时间都相等【答案】BC【解析】通过同一速度选择器的粒子具有相同的速度，故的速度相等，由牛顿第二定律得，解得，由此可知，设核子的质量为m，质子带电量为q，的半径，的半径，的半径，故打在P1点的粒子是，打在P2点的粒子是和，选项A错误，B正确； O2P12R1，O2P22R2，故O2P22O2P1，选项C正确；粒子在磁场中运动的时间 ，运动的时间与和运动的时间不同，选项D错误；故选BC.点睛：该题考查带电粒子在磁场中的运动与粒子的速度选择器的原理，解答的关键是明确粒子经过速度选择器后的速度是相等的.8. 如图甲所示是一打桩机的简易模型。质量m=1kg的物体在拉力F作用下从与钉子接触处由静止开始运动，上升一段高度后撤去F，到最高点后自由下落，撞击钉子，将钉子打入2cm深度，且物体不再被弹起，若以初始状态物体与钉子接触处为零势能点，物体上升过程中，机械能E与上升高度h的关系图像如图乙所示。撞击前不计所有摩擦，钉子质量忽略不计，取g=10m/s2。则A. 物体上升过程中的加速度为12 m/s2B. 物体上升过程中的最大速度为2m/sC. 物体上升到0.25m高度处拉力F的瞬时功率为12WD. 钉子受到的平均阻力为600N【答案】BC【解析】试题分析：物体上升1m高度时的机械能，即，解得物体上升过程中最大速度，根据匀变速直线运动的速度位移公式得，可知物体上升过程的加速度为，故A错误B正确；根据速度位移公式得，解得；根据牛顿第二定律得，解得，则拉力F的瞬时功率为，故C正确；根据机械能守恒得，物体与钉子接触时的动能为12J，根据能量守恒得：，代入数据得，故D错误考点：考查了牛顿第二定律，运动学公式，能量守恒，功率的计算【名师点睛】物体动能与势能之和是物体的机械能，分析清楚图象，应用牛顿第二定律、运动学公式、功率公式等知识即可正确解题三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。第22-32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33-38题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题9. 某同学利用图甲所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的运动规律。物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上（尚未到达滑轮处）。从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示。通过分析纸带数据，可判断物块在相邻计数点和之间某时刻开始减速。物块减速运动过程中加速度的大小为，若用来计算物块与桌面间的动摩擦因数（g为重力加速度），则计算结果比动摩擦因数的真实值_（填“偏大”或“偏小”）。【答案】（1）6 、7；（2）偏大【解析】（1）由纸带可知，计数点6和7之间后开始做减速运动；（2）在减速阶段产生的加速度的力是滑动摩擦力和纸带受的阻力，所以计算结果比动摩擦因素的真实值偏大10. 如图甲所示，是多用电表简化电路图，作为电压表使用时，选择开关应接_；作为欧姆表使用时，选择开关应接_。（填1、2或3），使用时，电流一定从_端流入多用电表（填A或B）。（2）利用多用电表和电阻箱测量电源的电动势和内阻的电路如图乙所示。调节电阻箱，记录多组电阻箱示数R和多用电表示数I，作出的图线如图丙所示。由图丙可求得电动势E=_V，内阻r=_。（结果均保留2位有效数字）忽略偶然误差，本实验测得的E测、r测与真实值比较：E测_E真，r测_r真。（选填“”、“”或“”）【答案】 (1). （1）3 (2). 2 (3). A (4). （2）2.9 (5). 1.3（在1.21.4之间均正确） (6). = (7). 【解析】试题分析：（1）由图所示可知，作为电压表使用时，选择开关应接位置3；作为欧姆表使用时，选择开关应接2，内部电源被接通，构成欧姆表，可测量电阻；使用时，电流一定从红表笔流入，即从A端流入故答案为：3；2；A（2）根据闭合电路欧姆定律得，E=IR+Ir，则R=E-r可知图线斜率表示电动势，纵轴截距的绝对值表示内阻，则E=29V，内阻r=12将多用电表的内阻等效到电源的内部，知测量的内阻等于电源的实际内阻与多用电表的内阻之和，测量值偏大而当电阻箱阻值无穷大时，电流表分压可以忽略，故本实验中电动势测量准确，故答案为：2829 ； 1113；=；考点：恒定电流专题；定性思想；实验分析法；恒定电流专题11. 如图所示，光滑平行金属导轨的水平部分处于竖直向下的B=4T的匀强磁场中，两导轨间距为L=0.5m，轨道足够长。金属棒a和b的质量都为m=1kg，电阻Ra=Rb=1。b棒静止于轨道水平部分，现将a棒从h=80cm高处自静止沿弧形轨道下滑，通过C点进入轨道的水平部分，已知两棒在运动过程中始终保持与导轨垂直，且两棒始终不相碰。求a、b两棒的最终速度，以及整个过程中b棒中产生的焦耳热（已知重力加速度g=10m/s2）。【答案】2m/s；2J【解析】a棒下滑至C点时速度设为v0，则由动能定理，有： （2分） 解得v0=4m/s； （2分） 此后的运动过程中，a、b两棒达到共速前，两棒所受安培力始终等大反向，因此a、b两棒组成的系统动量守恒，有： （2分） 解得a、b两棒共同的最终速度为v=2m/s，此后两棒一起做匀速直线运动；由能量守恒定律可知，整个过程中回路产生的总的焦耳热为： （2分） 则b棒中的焦耳热 （2分） 联立解得：Qb=2J （2分） 12. 如图所示，真空室内有一个点状的粒子放射源P，它向各个方向发射粒子(不计重力)，速率都相同。ab为P点附近的一条水平直线(P到直线ab的距离PC=L)，Q为直线ab上一点，它与P点相距PQ= (现只研究与放射源P和直线ab同一个平面内的粒子的运动)，当真空室内(直线ab以上区域)只存在垂直该平面向里、磁感应强度为B的匀强磁场时，水平向左射出的粒子恰到达Q点；当真空室(直线ab以上区域)只存在平行该平面的匀强电场时，不同方向发射的粒子若能到达ab直线，则到达ab直线时它们动能都相等，已知水平向左射出的粒子也恰好到达Q点。(粒子的电荷量为+q，质量为m；sin37=0.6；cos37=0.8)求：（1）粒子的发射速率。（2）匀强电场的场强大小和方向。（3）当仅加上述磁场时，能到达直线ab的粒子所用最长时间和最短时间的比值。【答案】（1） （2）（3）2.20【解析】试题分析：（1）设粒子做匀速圆周运动的半径R，过O作PQ的垂线交PQ于A点，如图所示，由几何知识可得：，代入数据可得粒子轨迹半径：,洛仑磁力提供向心力：，解得粒子发射速度为：；（2）真空室只加匀强电场时，由粒子到达ab直线的动能相等，可得ab为等势面，电场方向垂直ab向下，水平向左射出的粒子做类平抛运动，由运动学关系可知：与ab平行方向：，与ab垂直方向：，其中，解得：；（3）真空室只加磁场时，圆弧和直线ab相切于D点，粒子转过的圆心角最大，运动时间最长，如图所示则：，最大圆心角：，最长时间：，圆弧经C点，粒子转过的圆心角最小，运动时间最短则：，最小圆心角：，最短时间：，则最长时间和最短时间的比值为：（或220）；考点：带电粒子在匀强磁场中的运动、带电粒子在匀强电场中的运动【名师点睛】本题的突破口是确定粒子在匀强磁场中和匀强电场中的运动轨迹，由几何知识求解磁场中圆周运动的半径。（二）选考题： 13. 关于热现象和热学规律，下列说法正确的是_A只要知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，就可以算出气体分子的体积B气体温度升高，分子的平均动能一定增大C温度一定时，悬浮在液体中的固体颗粒越小，布朗运动越明显D一定温度下，饱和汽的压强是一定的E第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律【答案】BCD考点：考查了布朗运动，分子平均动能，饱和气压，永动机【名师点睛】本题知识较多，很多都是是识记的，注意把握现象的实质，明确之间的联系与区别；平时积累物理学识14. 如图所示，导热的圆柱形汽缸固定在水平桌面上，横截面积为S、质量为m1的活塞封闭着一定质量的气体(可视为理想气体)，活塞与汽缸间无摩擦且不漏气总质量为m2的砝码盘(含砝码)通过左侧竖直的细绳与活塞相连当环境温度为T时，活塞离缸底的高度为h.现环境温度度发生变化，当活塞再次平衡时活塞离缸底的高度为，求：()现环境温度变为多少？()保持（）中的环境温度不变，在砝码盘中添加质量为m的砝码时，活塞返回到高度为h处，求大气压强。【答案】（）（）【解析】试题分析：（1）由题可知，初始时温度为T1T，体积为V1hS变化后温度为T2，体积为根据盖-吕萨克定律有：，解得：（2）设大气压强为P0，初始时体积活塞受力平衡m1g+P0S-P2S-m2g=0初始时压强变化后体积V3hS末态活塞受力平衡m1g+P0SP3S（m2+m）g0解得：根据玻意耳定律有：P2V2=P3V3解得：考点：玻意耳定律；盖-吕萨克定律【名师点睛】此类问题关键是挖掘气体做何种变化，选择合适的气体实验定律求解即可，其中活塞类问题，往往对活塞受力分析利用平衡求解气体压强。15. 如图所示，一简谐横波在某区域沿x轴传播，实线a为t=0时刻的波形图线，虚线b为t=t时刻的波形图线。已知该简谐横波波源振动的频率为f=2.5Hz，虚线b与x轴交点P的坐标为xP=1m。则下列说法正确的是A. 这列波的传播速度大小一定为20m/sB. 这列波一定沿x轴正向传播C. 可能有t=1.25sD. 可能有t=1.45sE. 若该列波遇到宽度为6m的障碍物能发生明显的衍射现象【答案】ACE16. 如图所示，AOB为扇形玻璃砖，一细光束照射到AO面上的C点，入射光线与AO面的夹角为30，折射光线平行于BO边，圆弧的半径为R，C点到BO面的距离为，ADBO，DAO=30，光在空气中国的传播速度为c，求：()玻璃砖的折射率及光线在圆弧面上出射时的折射角；（）光在玻璃砖中传播的时间。【答案】() ；600（）【解析】试题分析：光路如图所示，由于折射光线CE平行于BO，因此光线在圆弧面上的入射点E到BO的距离也为，则光线在E点的入射角满足，得：=30由几何关系可知，COE=90，因此光线在C点的折射角为：r=30由折射定律知，玻璃砖的折射率为由于光线在E点的入射角为30，根据折射定律可知，光线在E点的折射角为60由几何关系可知光在玻璃砖中传播的速度为因此光在玻璃砖中传播的时间为：考点：考查了光的折射【名师点睛】解决光学问题的关键要掌握全反射的条件、折射定律、临界角公式、光速公式，运用几何知识结合解决这类问题