2019-2020学年高一物理下学期入学摸底考试试卷(含解析).doc

2019-2020学年高一物理下学期入学摸底考试试卷(含解析)一.单选题1. 对物体带电现象的叙述，下列说法正确的是（ ）A. 一个不带电的物体内一定没有电荷B. 物体带电一定具有多余的电子C. 物体带电的过程就是电荷移动的过程D. 物体带电的过程就是创造电荷的过程【答案】C【解析】试题分析：任何物体内部总有正负电荷，不带电是因为它呈现了电中性，故A错误；物体带电可有是有多余的电了或失去电子；故B错误；物体带电是因为失去电子或得到电子，故带电过程就是电荷移动的过程；故C正确；电荷是不能被创生的，故错误；故选C考点：电荷守恒定律2.以下叙述正确的是（ ）A. 伽利略根据理想斜面实验，否定了“力是维持物体运动状态的原因”这一观点B. 库仑在研究电荷间相互作用时，提出了“电场”的概念C. 欧姆定律采用比值定义法定义了电流强度这一物理量D. 用质点来代替实际物体是等效替代的方法【答案】A【解析】伽利略根据理想斜面实验，否定了“力是维持物体运动状态的原因”这一观点，选项A正确；法拉第在研究电荷间相互作用时，提出了“电场”的概念，选项B错误；电流强度的定义式I=q/t，是采用比值定义的，欧姆定律I=U/R不是采用比值定义法，C错误；质点是用来代替物体的有质量而不考虑形状和大小的点，是一个理想的模型，实际上并不存在。故D错误；故选A. 3. 下列关于电荷、起电的说法正确的是（ ）A. 自然界存在有三种电荷：正电荷、负电荷和元电荷B. 静电感应不是创造了电荷，只是电荷从物体的一个部分转移到另外一个部分C. 摩擦起电是创造了电荷，从而使物体带电D. 一个带电体接触另外一个不带电的物体，两个物体会带上异种电荷【答案】B【解析】【详解】A、自然界只存在两种电荷：正电荷、负电荷，元电荷是指最小的带电量，故A错误；B、静电感应不是创造了电荷，只是电荷从物体的一个部分转移到另外一个部分，故B正确，C、摩擦起电不是创造了电荷，而是通过摩擦力使电荷发生了转移而使物体带上电，故C错误；D、一个带电体接触另外一个不带电的物体，由于电荷的转移，两个电物体均带上了同种电荷，故D错误。故选B。4.两个放在绝缘架上的相同金属球相距r，球的半径比r小得多，带电量大小分别为q和3q，相互斥力大小为3F现将这两个金属球相接触，然后分开，仍放回原处，则它们之间的相互作用力大小将变为A. 4F B. 4F3 C. 2F D. 1.5F【答案】A【解析】试题分析：两电荷相互斥力大小为3F，说明两电荷为同种电荷，根据库仑定律可知：3F=kq3qr2；相互接触后，每个电荷各带电量为：q+3q2=2q，则相互作用力F=k2q2qr2=4F；故选A.考点：库伦定律【名师点睛】此题考查了库仑定律的应用问题；首先要掌握库仑定律的表达式F=kq1q2r2；其次要知道两个等大的带同种电荷的电体接触后电量均分，若是带异种电荷，则电量先中和后均分；此题难度不大，是基础题.5.两电荷量分别为+Q和-Q的点电荷a、b，相距为r，在它们连线的中点O处放置另一带电荷量为q的点电荷c，则点电荷c所受的电场力的大小为（）A. kQq8r2B. kQq4r2C. kQqr2D. 8kQqr2【答案】D【解析】+Q对q的静电力大小为：F1=kQqr22=k4qQr2，方向水平向右，-Q对q的静电力大小为：F2=kQqr22=k4qQr2，方向水平向右，所以q所受的电场力的大小为：F=F1+F2=k8qQr2，故D正确，ABC错误。6.下列关于电场的叙述中正确的是（ ）A. 正电荷周围的场强一定比负电荷周围的场强大B. 根据E=Fq可知，电场中某点的场强与电场力成正比C. 取走电场中某点的试探电荷后，该点的场强为零D. 电荷在电场中某点所受电场力的方向与该点场强的方向不一定相同【答案】D【解析】A、正电荷周围的电场线不一定比负电荷周围电场线密，则场强不一定大，故A错误；B、公式E=Fq是电场强度的定义式，场强的大小是由电场本身决定的，与电场力无关，与试探电荷的有无无关，故BC错误；D、电场强度的方向为正电荷所受电场力的方向，也可以是负电荷在该点受力的反方向，所以正、负电荷在电场中的同一点所受的电场力方向相反，故D正确。点睛：电场强度是描述电场强弱的物理量，大小由某点电荷所受电场力与其电荷量的比值来表示，方向即为正电荷所受电场力的方向，电场线的疏密可表示电场的强弱。7.如图是点电荷电场中的一条电场线，下面说法正确的是（）A. 在B点静止释放一个电子，将一定向A点运动B. A点场强一定大于B点场强C. 这点电荷一定带正电D. 正电荷运动中通过A点时，其运动方向一定沿AB方向【答案】A【解析】【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小【详解】由图可以知道的电场的方向向右，所以当由静止释放一个电子时，电子的受力的方向向左，所以电子将一定向A点运动，所以A正确；只有一条电场线不能判断电荷的情况，所以不能判断是不是正电荷产生的，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由于只有一条电场线，不能判断电场线的疏密情况，所以不能判断场强的大小，所以BC错误；正电荷运动中通过A点，此时受到的电场力的方向一定是沿AB方向的，但是电荷的运动的方向不一定沿着AB方向，电荷完全可以做曲线运动，所以D错误。故选A。二.多选题8.如图所示,小球A固定在绝缘支架上,电荷量为Q,小球B用丝线悬挂,电荷量为+q,B偏转后两球距离为r,A、B均视为点电荷。下列说法正确的是( )A. A带负电B. B对A的作用力F大小为kQq /r2C. 减小B的电荷量，丝线与竖直方向的夹角变大D. 减小B的电荷量，丝线与竖直方向的夹角变小【答案】BD【解析】因为同种电荷相斥，异种电荷相吸，B带正电，两者相互排斥，所以A带正电，A错误；根据库仑定律F=kqQr2，B对A的作用力大小为kqQr2，B正确；小球B受重力mg，绳的拉力，库仑力F，绳与竖直方向夹角为tan=Fmg，当减小B的电荷量，依据库仑定律可知，库仑力减小，则有丝线与竖直方向的夹角变小，C错误D正确9.如图，质量为m的物体静止在光滑水平面上，从t=0时刻开始受到水平力的作用力的大小F与时间t的关系，且力的方向保持不变则下列选项中正确的是（）A. 2t0时刻的瞬时速度为3F0t0mB. 2t0时刻的瞬时功率为3F02t0mC. 在t=0到2t0这段时间内，物体的位移为3F0t02mD. 在t=0到2t0这段时间内，水平力的平均功率为9F02t04m【答案】AD【解析】【分析】根据牛顿第二定律和运动学公式求出2t0时刻的瞬时速度，从而求出瞬时功率根据位移公式求出t=0到2t0这段时间内位移，通过功的公式求出水平力做功的大小，从而求出平均功率【详解】0t0时间内的加速度a1F0m，则t0时刻的速度v1a1t0F0t0m，在t02t0时间内的加速度a22F0m，则2t0时刻的速度v2v1+a2t03F0t0m故A正确。2t0时刻的瞬时功率为P=2F0v26F02t0m故B错误。0t0时间内的位移x112a1t02F0t022m，在t02t0时间内的位移x2v1t0+12a2t022F0t02m，则物体在0到2t0这段时间内位移为5F0t022m故C错误。在t=0到2t0这段时间内，水平力做功WF0x1+2F0x29F02t022m，则水平力做功的平均功率PW2t09F02t04m故D正确。故选AD。【点睛】解决本题的关键通过图线，结合牛顿第二定律和运动学公式求出速度和位移，知道平均功率和瞬时功率的区别10.如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直板P拴接，另一端与物体A相连，物体A静止于光滑水平桌面上，右端接一细线，细线绕过光滑的轻质定滑轮与物体B相连开始时用手托住B，让细线恰好伸直，然后由静止释放B，直至B获得最大速度下列有关该过程的分析不正确的是（）A. B物体的机械能一直增大B. B物体的动能的增加量等于它所受重力与拉力做的功之和C. B物体机械能的减少量大于弹簧的弹性势能的增加量D. 细线拉力对A物体做的功等于弹簧弹性势能的增加量【答案】AD【解析】【分析】本题首先要分析清楚过程中物体受力的变化情况，清理各个力做功情况；根据功能关系明确系统动能、B重力势能、弹簧弹性势能等能量的变化情况，注意各种功能关系的应用【详解】从开始到B速度达到最大的过程中，绳子的拉力对B一直做负功，所以B的机械能一直减小，故A错误；对于B物体，只有重力与细线拉力做功，根据动能定理可知，B物体动能的增量等于它所受重力与拉力做功之和，故B正确；整个系统中，根据功能关系可知，B减小的机械能能转化为A的机械能以及弹簧的弹性势能，故B物体机械能的减少量大于弹簧弹性势能的增加量，故C正确；根据功能关系，细线拉力对A做的功等于A物体的动能增量与弹簧弹性势能的增加量之和，故D错误。本题选不正确的，故选AD。【点睛】正确受力分析，明确各种功能关系，是解答这类问题的关键，这类问题对于提高学生的分析综合能力起着很重要的作用11. 如图半圆形支架BAD，两细绳OA和OB结于圆心O，下悬重为G的物体，使OA绳固定不动，将OB绳的B端沿半圆支架从水平位置逐渐移至竖直位置C的过程中，分析OA绳和OB绳所受的力大小如何变化？（ ）A. OA绳拉力逐渐变大 B. OA绳拉力逐渐变小C. OB绳拉力先变小后变大 D. OB绳拉力逐渐变小【答案】BC【解析】试题分析：由图可知，OB绳的B端沿半圆支架从水平位置逐渐移至竖直位置C的过程中，OA绳拉力FT逐渐变小，OB绳拉力F先变小后变大。选BC考点：共点力动态平衡点评：中等难度。“动态平衡”是指平衡问题中的一部分力是变力，是动态力，力的大小和方向均要发生变化，所以叫动态平衡，这是力平衡问题中的一类难题解决这类问题的一般思路是：把“动”化为“静”，“静”中求“动”三.实验题探究题12.如图所示，是伽利略著名的斜面理想实验，实验设想的步骤有：减小第二个斜面的倾角，小球在该斜面上仍然要达到原来的高度两个对接的斜面，让静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面继续减小第二个斜面的倾角，最后使它成水平面，小球将永远运动下去如果没有摩擦，小球将上升到原来释放时的高度请将上述步骤按照正确的顺序排列_（填写序号）【答案】【解析】【详解】斜面实验中，小球从同一斜面的同一高度滚下，可以让小球到达水平面上时保持相同的初速度；如果斜面光滑，则小球不受阻力作用，会上升到原来释放时的高度；然后逐渐减小斜面B的倾角，发现小球仍然会达到原先释放时的高度；那么可以推断，若将斜面变为水平面，那么小球为了达到原先释放时的高度会一直运动下去，由此判断排序所以正确的顺序排列是【点睛】要解答本题需掌握：伽利略著名的斜面理想实验的步骤；科学认识事物，分析现象和把握物理规律的能力；伽利略理想实验是为了验证：运动的物体如果不受其他物体的作用，其运动会是匀速的，而且将永远运动下去。13.（1）如图所示，可以探究影响电荷间相互作用力的因素O是一个带电的物体，若把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的P1、P2、P3等位置，可以比较小球在不同位置所受带电物体的作用力的大小，这个力的大小可以通过丝线偏离竖直方向的角度显示出来若物体O的电荷量用Q表示，小球的电荷量用q表示，物体与小球间距离用d表示，物体和小球之间的作用力大小用F表示则以下对该实验现象的判断正确的是_ A保持Q、q不变，增大d，则变大，说明F与d有关B保持Q、q不变，减小d，则变大，说明F与d有关C保持Q、d不变，减小q，则变小，说明F与q有关D保持q、d不变，减小Q，则变大，说明F与Q成反比（2）上述完成该实验的方法是_ A.假设法B微元法C控制变量法【答案】（1）BC （2）C【解析】试题分析：（1）保持Q、q不变，根据库仑定律公式F=kQqr2，增大d，库仑力变小，则变小，减小d，库仑力变大，则变大F与d的二次方成反比，故A错误B正确保持Q、d不变，减小q，则库仑力变小，变小，知F与q有关，故C正确保持q、d不变，减小Q，则库仑力变小，变小，根据库仑定律公式F=kQqr2，知F与两电荷的乘积成正比，故D错误。故选BC。（2）当一个物理量的相关因素有很多时，我们研究其中一个因素与这个物理量的关系，应用控制变量法。故选C。考点：库仑定律。【名师点睛】根据库仑定律F=kQqr2，判定物体与小球间的库仑力与什么因素有关，丝线偏离数值方向的夹角越大，则库仑力越大。解决本题的关键是掌握库仑定律。控制变量法是物理中经常用到的一种解决问题的方法。四.计算题14.一个倾角为=37的斜面固定在水平面上，一个质量为m=1.0kg的小物块可视为质点以v0=4.0m/s的初速度由底端沿斜面上滑，小物块与斜面的动摩擦因数=0.25.若斜面足够长，已知sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2，求：(1)小物块沿斜面上滑时的加速度大小；(2)小物块上滑的最大距离；(3)小物块返回斜面底端时的速度大小【答案】（1）小物块沿斜面上滑时的加速度大小为8m/s2（2）小物块上滑的最大距离为1.0m（3）小物块返回斜面底端时的速度大小2m/s【解析】试题分析：（1）根据牛顿第二定律求出小物块上滑的加速度大小（2）通过匀变速直线运动的速度位移公式求出小物块上滑的最大距离（3）根据牛顿第二定律求出下滑的加速度，通过速度位移公式求出下滑到斜面底端的速度大小解：（1）小物块在斜面上的受力情况如右图所示，重力的分力根据牛顿第二定律有FN=F2F1+Ff=ma又因为 Ff=FN由式得a=gsin+gcos=100.6m/s2+0.25100.8m/s2=8.0m/s2（2）小物块沿斜面上滑做匀减速运动，到达最高点时速度为零，则有得=1.0m（3）小物块在斜面上的受力情况如右图所示，根据牛顿第二定律有FN=F2F1Ff=ma由式得a=gsingcos=100.6m/s20.25100.8m/s2=4.0m/s2因为所以=（或2.8m/s）答：（1）小物块沿斜面上滑时的加速度大小为8m/s2（2）小物块上滑的最大距离为1.0m（3）小物块返回斜面底端时的速度大小2m/s【点评】本题考查牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁15.如图所示，两条长均为0.5m的细线，一端固定在天花板O点，另一端分别系一质量为110-4kg的小球A和B当两小球带电量相同时，OA被绝缘板挡住，且保持竖直，OB线与OA线的夹角为60，而且静止（取g=10m/s2）求：（1）两小球的带电量；（2）绝缘板受到的压力【答案】（1）1.6710-7C；（2）53104N【解析】【分析】（1）对B受力分析，根据力的合成与分解法则，结合几何关系与库仑定律，即可求解；（2）对A受力分析，结合力的平行四边形定则，与牛顿第三定律，即可求解【详解】（1）对B受力分析，库仑力、重力与绳子拉力，如图所示，因OB线与OA线的夹角为60，所以FB=mg；根据库仑定律，F=kQ2L2由以上两式，解得：Q=mgL2k1104100529109C=1.67107C ；（2）对A受力分析，库仑力、绳子拉力、重力及绝缘板的支持力，如图所示，由平衡方程，结合力的平行四边形定则，则有：N=FAcos30=mgcos30=11041032N=53104N；根据牛顿第三定律，可知，绝缘板受到的压力为53104N；【点睛】考查对研究对象进行受力分析，掌握力的合成与分解的方法，理解力的平行四边形定则的内容，注意三角函数与几何关系的应用，最后注意牛顿第三定律的加入16.如图所示，质量m=2kg的物体静止于水平地面的A处，A、B间距L=20m用大小为30N，沿水平方向的外力拉此物体，经t=2s拉至B处求：（1）外力在2s时间内对物体做功的平均功率；（2）物体与地面间的动摩擦因数；（3）若保持该外力大小不变，使力与水平方向成37斜向上拉物体，使物体从A处由静止开始运动到B处的时间？【答案】（1）300W；（2）0.5；（3）1.87s【解析】（1）根据平均功率的概念有P=Wt=FSt=30202W=300W（2）物体做匀加速运动:S=12at2 a=2Lt2=22022=10m/s2 由牛顿第二定律： F-fma 解得：f10N f/mg0.5 （3）设物体由A到B所用的时间为t，由牛顿第二定律Fcos370-fma Fsin370+N mgFcos370-（mg-Fsin370）ma 解得：a11.5m/s2 又由：解得：t1.87s