2019-2020年高考物理二模试卷（含解析） (I).doc

2019-2020年高考物理二模试卷（含解析） (I)一、选择题：（本大题共8小题，共48分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题意，第68题有多个选项符合题意全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）1（6分）（xx贵阳二模）某运动员（可看作质点）参加跳台跳水比赛，t=0是其向上起跳离开跳台瞬间，其速度与时间关系图象如图所示，则（）At1时刻开始进入水面Bt2时刻开始进入水面Ct3时刻已浮出水面D0t2时间内，运动员处于超重状态2（6分）（xx贵阳二模）图甲是某燃气炉点火装置的原理图：转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交变电压，并加在一理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为n1，n2，V为交流电压表当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体以下判断正确的是（）A电压表的示数等于5VB电压表的示数等于5VC实现点火的条件是1000D实现点火的条件是10003（6分）（xx贵阳二模）在如图所示的空间中，水平面MN的下方存在竖直向下的匀强电场质量为m的带电小球由MN的上方的A点以一定的初速度水平抛出，从B点进入电场，到达C点时速度方向恰好水平A、B、C三点在同一直线上，且AB=2BC，不计空气阻力，重力加速度为g可知（）A小球带正电B电场力大小为3mgC小球从A到B与从B到C的运动时间相等D小球从A到B与从B到C的速度变化量大小不等4（6分）（xx贵阳二模）如图所示，在x0、y0的空间有方向垂直于xOy平面向里的匀强磁场现有两个质量及电荷量均相同的带电粒子，由x轴上的P点以不同的初速度平行于y轴射入此磁场，然后分别从y轴上的M、N两点射出磁场，不计粒子重力及它们间的相互作用比较两粒子的运动，下列说法正确的是（）A从N点射出的粒子初速度较大B从N点射出的粒子在磁场中的加速度较大C从M点射出的粒子在磁场中的角速度较大D从M点射出的粒子在磁场中的时间较短5（6分）（xx贵阳二模）如图所示，abcd是由同种材料且粗细均匀的电阻丝制成的矩形线框，线框水平固定且处于竖直向下的匀强磁场中导体棒MN有电阻，可在ab和bc边上无摩擦滑动，且接触良好当MN棒在水平拉力作用下由靠近ab边处向靠近cd边匀速滑动的过程中，下列说法正确的是（）AMN棒中的电流大小保持不变BMN棒两端电压先增大后减小CMN棒上拉力的功率先增大后减小DMN棒消耗的电功率先增大后减小6（6分）（xx贵阳二模）如图所示，木箱内固定一倾斜光滑斜面，斜面上放置一小物体当木箱做下列四种运动时，处于该斜面上的小物体在哪种情况下有可能保持相对静止（）A 向左匀加速B 向右匀加速C 竖直向上匀加速D 随圆盘绕竖直轴匀速转动7（6分）（xx贵阳二模）中国探月工程预计在xx年研制发射小型采样返回舱，采集关键样品后返回地球如图为从月球表面返回时的运动轨迹示意图，轨道为月球表面附近的环月轨道，轨道为月球转移椭圆轨道已知月球的平均密度为，半径为R，引力常量为G下列说法正确的是（）A月球表面的重力加速度为g=B返回舱绕环月轨道的运动周期为T=C返回舱在轨道上的运行周期大于在轨道上的运行周期D从月球上发射返回舱进入环月轨道所需的最小发射速度为v=8（6分）（xx贵阳二模）如图所示，一质量为m的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固定于O点处，将小球拉至A处，弹簧恰好无形变现由静止释放小球，它运动到O点正下方B点时速度大小为v，A、B间的竖直高度差为h则（）A小球由A运动到B重力做的功等于mghB小球由A运动到B过程中，其机械能守恒C小球由A运动到B克服弹力做功为mghD小球到达位置B时弹簧的弹性势能为mghmv2二、非选择题9（6分）（xx贵阳二模）某实验小组设计了如图甲所示实验装置，探究滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了多组实验，将位移传感器和力传感器得到的多组数据输入计算机进行处理，得到了两条aF图线、，如图乙所示（1）实验时，一定要进行的一项操作是；A改变托盘中砝码的个数B用天平测出托盘的质量C滑块在轨道水平和倾斜的两种情况下必须在同一位置由静止释放D为减小误差，实验中一定要保证托盘和砝码的质量远小于滑块的质量（2）在轨道倾斜的情况下得到的aF图线是（选填或）；（3）滑块和位移传感器发射部分的总质量m=kg，滑块和轨道间的动摩擦因数=（重力加速度g取10m/s2）10（9分）（xx贵阳二模）LED绿色照明技术已经走进我们的生活某实验小组要精确测定额定电压为3V的LED灯正常工作时的电阻，已知该灯正常工作时电阻大约500，电学符号与小灯泡电学符号相同其实验电路图如图1所示，实验室提供的器材有：A电流表A1（量程为0至50mA，内阻RA1约为3）B电流表A2（量程为0至3mA，内阻RA2=15）C定值电阻R1=697D定值电阻R2=1985E滑动变阻器R（0至20）一只F电压表V（量程为0至12V，内阻RV=1kG蓄电池E（电动势为12V，内阻很小）H开关S一只，导线若干（1）如图2所示，请选择合适的器材，电表1为，电表2为，定值电阻为（填写器材前的字母编号）（2）用笔画线代替导线，请根据实验原理图将答题卡中的实物图连线补充完整（3）写出测量LED灯正常工作时的电阻表达式RX=（用字母表示），当表达式中的（填字母）达到，记下另一电表的读数代入表达式，其结果为LED灯正常工作时的电阻11（14分）（xx贵阳二模）如图所示，在高速公路某处安装了一台固定超声波测速仪，可以准确测量车辆运动速度以及加速度若汽车距测速仪355m时测速仪发出超声波，同时汽车由于紧急情况刹车而做匀减速直线运动，当测速仪接收到反射回来的超声波信号时，汽车恰好停止，此时汽车距测速仪335m，已知超声波在空气中匀速传播的速度为340m/s（1）求汽车刹车过程中的加速度大小；（2）若该路段汽车正常行驶时速度要求在60km/h110km/h，则该汽车刹车前的行驶速度是否在规定的范围内12（18分）（xx贵阳二模）如图所示，倾角为=37足够长的传送带以较大的恒定速率逆时针运转，一轻绳绕过固定在天花板上的轻滑轮，一端连接放在传送带下端质量为m的物体A，另一端竖直吊着质量为、电荷量为q=（k为静电力常量）带正电的物体B，轻绳与传送带平行，物体B正下方的绝缘水平面上固定着一个电荷量也为q的带负电的物体C，此时A、B都处于静止状态现将物体A向上轻轻触动一下，物体A将沿传送带向上运动，且向上运动的最大距离为l已知物体A与传送带的动摩擦因数为=0.5，A、B、C均可视为质点，重力加速度为g，不计空气阻力已知sin37=0.6，cos37=0.8求：（1）A、B处于静止状态时物体B、C间的距离；（2）从物体B开始下落到与物体C碰撞前的整个过程中，电场力对物体B所做的功三、选做题【物理-选修3-3】13（5分）（xx贵阳二模）下列说法正确的是（）A气体分子的速率均呈现“中间多、两头少”的分布规律B从微观角度看，气体的压强仅取决于气体分子的密集程度C晶体熔化时要吸收热量，但其分子的平均动能仍保持不变D所有遵循能量守恒定律的热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的E一滴油酸酒精溶液的体积除以它在水面上形成的油膜面积就是油酸分子的直径14（10分）（xx贵阳二模）如图甲所示，一定质量的理想气体被活塞封闭在竖直放置的柱形气缸内，活塞与气缸壁无摩擦且不漏气已知活塞横截面积S=10cm2，外界大气压p0=1.00105Pa，初始时刻（图中A点）活塞稳定时缸内气体温度为27、压强为p1=1.05105Pa现使缸内气体温度缓慢升高，其压强随着温度变化的pt图象如图乙所示图象中B点时刻所对应缸内气体的体积是初始时的倍，重力加速度g取10m/s2求：（1）活塞质量；（2）当缸内气体的温度为127时，缸内气体的压强为多大物理-选修3-4（15分）15（xx贵阳二模）在探究波的形成过程中，某同学将一根足够长的绳子一端固定在竖直墙壁上，用手捏住绳子的另一端上下振动，形成了沿水平面方向传播的波，波的传播速度为v，周期为T经过一段时间后，该波传播到某质点A若此波可视为简谐横波且传播过程中不计能量损失关于这列波及质点A的振动，下列说法正确的是（）A质点A振动的周期一定为TB质点A振动的平均速度就是该波的传播速度C这列波的传播速度与手捏绳子振动的振幅无关D质点A开始振动后，经过时间t，质点A沿传播方向移动的距离为vtE若质点A与手捏点的距离是vT，则质点A振动时与手捏点的振动位移总是相同16（xx贵阳二模）如图所示，真空中有截面积相同的两种不同透明介质组成了一个等边三棱镜，其中直角三棱镜ABD的折射率n1=1.5一束单色光照射AB面的O点，其入射角的正弦值sini=0.75，该光恰好在另一直角三棱镜ACD的AC边发生全反射已知该单色光在真空中的传播速度为c=3108m/s，求该单色光在三棱镜ACD中的传播速度【物理-选修3-5】（15分）17（xx贵阳二模）下列说法正确的是（）A用粒子轰击氮原子核，产生了氧的同位素和一个质子B重核裂变释放大量能量，产生明显的质量亏损，所以反应后核子总数要减少C放射性同伴素因不改变其化学性质、半衰期短等优点被广泛作为示踪原子使用D根据玻尔理论可知，吸收能量的电子跃迁到更高能级后，核外电子的动能将减小E金属内的每个电子可以不断地吸收光子，当它积累的动能足够大时，就能逸出金属18（xx贵阳二模）一静止原子核发生衰变，生成一粒子及一新核，测得粒子的速度为光在真空中的速度的0.1倍已知粒子的质量为m，电荷量为q；新核的质量为粒子的质量的n倍；光在真空中的速度大小为c求：（1）衰变过程中新核所受冲量的大小；（2）衰变前原子核的质量xx年贵州省贵阳市高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本大题共8小题，共48分在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题意，第68题有多个选项符合题意全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分）1（6分）（xx贵阳二模）某运动员（可看作质点）参加跳台跳水比赛，t=0是其向上起跳离开跳台瞬间，其速度与时间关系图象如图所示，则（）At1时刻开始进入水面Bt2时刻开始进入水面Ct3时刻已浮出水面D0t2时间内，运动员处于超重状态考点：匀变速直线运动的图像；超重和失重专题：运动学中的图像专题分析：在vt图象中，直线的斜率表示加速度的大小，速度的正负代表运动的方向，根据vt图象可以分析人的运动的情况，即可进行选择解答：解：A、B、D从开始到t2时刻，vt图象为直线，说明整个过程中的加速度是相同的，加速度向下，处于失重状态，所以在0t2时间内人在空中，先上升后下降，t1时刻到达最高点，t2之后速度减小，开始进入水中，所以AD错误，B正确；C、t3时刻，人的速度减为零，此时人处于水下的最深处，故C错误故选：B点评：本题主要就是考查学生对速度时间图象的理解，要知道在速度时间的图象中，速度的正负表示运动方向，直线的斜率代表的是加速度的大小，图象的面积代表的是位移2（6分）（xx贵阳二模）图甲是某燃气炉点火装置的原理图：转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交变电压，并加在一理想变压器的原线圈上，变压器原、副线圈的匝数分别为n1，n2，V为交流电压表当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时，就会在钢针和金属板间引发电火花进而点燃气体以下判断正确的是（）A电压表的示数等于5VB电压表的示数等于5VC实现点火的条件是1000D实现点火的条件是1000考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：根据图乙得到原线圈电压的最大值，根据有效值与最大值的关系求出电压表的示数，当变压器副线圈电压的瞬时值大于5000V时，就会点火，根据电压与线圈匝数比的关系即可求解解答：解：A、根据图乙得到原线圈电压的最大值为5V，所以电压表的示数为：=，故AB错误；C、根据=，且U1=5V，U25000V得：实现点火的条件是1000，故C正确，D错误故选：C点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，知道电压表的示数为有效值，本题即可得到解决3（6分）（xx贵阳二模）在如图所示的空间中，水平面MN的下方存在竖直向下的匀强电场质量为m的带电小球由MN的上方的A点以一定的初速度水平抛出，从B点进入电场，到达C点时速度方向恰好水平A、B、C三点在同一直线上，且AB=2BC，不计空气阻力，重力加速度为g可知（）A小球带正电B电场力大小为3mgC小球从A到B与从B到C的运动时间相等D小球从A到B与从B到C的速度变化量大小不等考点：带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：小球先做平抛运动，进入电场中做匀变速曲线运动，其逆过程是类平抛运动两个过程都运用的分解法研究，水平方向都做匀速直线运动，根据位移公式x=vt，可分析时间关系；再研究竖直方向，由牛顿第二定律和运动学位移公式结合列式，求解电场力的大小根据v=at研究速度变化量的关系解答：解：带电小球从A到C，设在进入电场前后两个运动过程水平分位移分别为x1和x2，竖直分位移分别为y1和y2，经历的时间为分别为t1和t2在电场中的加速度为a则：从A到B过程小球做平抛运动，则有：x1=v0t1；从B到C过程，有：x2=v0t2；由题意有：x1=2x2；则得：t1=2t2；即小球从A到B是从B到C运动时间的2倍故C错误又 y1=，将小球在电场中的运动看成沿相反方向的类平抛运动，则有：y2=，根据几何知识有：y1：y2=x1：x2；解得：a=2g；根据牛顿第二定律得：Fmg=ma=2mg，解得：F=3mg，故B正确由于轨迹向上弯曲，加速度方向必定向上，合力向上，说明电场力方向向上，所以小球带负电故A错误根据速度变化量v=at，则得：AB过程速度变化量大小为v1=gt1=2gt2；BC过程速度变化量大小为v2=at2=2gt2；所以小球从A到B与从B到C的速度变化量大小相等，故D错误故选：B点评：本题将平抛运动与类平抛运动的组合，关键运用逆向思维研究小球B到C的过程，再运用力学基本规律：牛顿第二定律和运动学公式列式分析4（6分）（xx贵阳二模）如图所示，在x0、y0的空间有方向垂直于xOy平面向里的匀强磁场现有两个质量及电荷量均相同的带电粒子，由x轴上的P点以不同的初速度平行于y轴射入此磁场，然后分别从y轴上的M、N两点射出磁场，不计粒子重力及它们间的相互作用比较两粒子的运动，下列说法正确的是（）A从N点射出的粒子初速度较大B从N点射出的粒子在磁场中的加速度较大C从M点射出的粒子在磁场中的角速度较大D从M点射出的粒子在磁场中的时间较短考点：带电粒子在匀强磁场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：由运动轨迹确定半径的大小与所速度偏转角度的大小，半径大的速度大，偏转角度大的时间长解答：解：分别画出粒子运动的轨迹如图：A、根据r=知，粒子的质量及电荷量均相同，初速度大的轨道半径大，由图可知从N点射出的粒子初速度较小，故A错误；C、根据T=知，粒子的在磁场中运动的周期与粒子的速度无关，粒子的质量及电荷量均相同，则周期相同，粒子做圆周运动的角速度：是相等的故C错误；B、粒子做圆周运动的向心加速度：，两种粒子的角速度相等，到达M点的半径大，所以，从M点射出的粒子在磁场中的加速度较大故B错误；D、由图可知，从M点射出的粒子圆心角比较小，根据t=知，从M点射出的粒子运动时间最短，故D正确故选：D点评：首先根据题意判断带电粒子的偏转方向是解决此题的关键，根据偏转方向，画出运动轨迹的草图，可分三步走：（1）画轨迹：即确定圆心，用几何方法球半径并画出轨迹（2）找联系：轨道半径与磁感应强度、运动速度相联系、偏转角与圆心角、运动时间相联系（3）用规律：即牛顿第二定律和圆周运动的规律，特别是半径公式和周期公式5（6分）（xx贵阳二模）如图所示，abcd是由同种材料且粗细均匀的电阻丝制成的矩形线框，线框水平固定且处于竖直向下的匀强磁场中导体棒MN有电阻，可在ab和bc边上无摩擦滑动，且接触良好当MN棒在水平拉力作用下由靠近ab边处向靠近cd边匀速滑动的过程中，下列说法正确的是（）AMN棒中的电流大小保持不变BMN棒两端电压先增大后减小CMN棒上拉力的功率先增大后减小DMN棒消耗的电功率先增大后减小考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化专题：电磁感应功能问题分析：导体棒MN向右运动切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，线框左右两部分并联，相当于外电路，当MN运动到线框中线时，外电路的电阻最大，而MN的感应电动势不变，根据推论：当外电阻等于电源的内电阻时，电源的输出功率最大，可知，由于外电阻与MN电阻的关系未知，无法判断线框消耗的功率如何变化根据闭合电路欧姆定律分析MN棒中的电流强度变化情况根据路端电压随外电阻增大而增大，判断MN棒两端电压的变化MN棒做匀速运动，拉力的功率等于电路中电功率，根据P=分析拉力的功率变化解答：解：A、导体棒MN向右运动的过程中，外电阻先增大后减小，当MN运动到线框中线时，外电路的电阻最大根据闭合电路欧姆定律得知MN棒中的电流先减小后增大故A错误B、MN棒做匀速运动，产生的感应电动势保持不变，外电阻先增大后减小，则MN棒两端的电压即路端电压先增大后减小故B正确C、MN棒做匀速运动，拉力的功率等于电路中电功率，根据P=得知，拉力的功率先减小后增大故C错误D、矩形线框中消耗的电功率相当于电源的输出功率，根据推论：当外电阻等于电源的内电阻时，电源的输出功率最大由题意，线框并联的总电阻先增大后减小，并联总电阻大于MN棒的电阻，则知消耗的功率先减小后增大故D错误故选：B点评：本题是电磁感应与电路的综合，关键抓住线框的总电阻先增大后减小，根据功率公式、欧姆定律等规律进行分析6（6分）（xx贵阳二模）如图所示，木箱内固定一倾斜光滑斜面，斜面上放置一小物体当木箱做下列四种运动时，处于该斜面上的小物体在哪种情况下有可能保持相对静止（）A 向左匀加速B 向右匀加速C 竖直向上匀加速D 随圆盘绕竖直轴匀速转动考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：分析物体的受力及运动情况，明确合外力能否与木箱的加速度相同，再分析二者能否相对静止解答：解：A、物体受重力和斜向右的支持力；合力不可能向左；故物体不会相对木箱静止；故A错误；B、物体受重力和斜向右的支持力；合力可以水平向右；二者加速度相同时，保持相对静止；故B正确；C、加速向上运动时，物体需要竖直向上的合力；而其受到的合力不可能沿竖直方向；故C错误；D、当物体受到的支持力与重力的合力始终指向圆心时，可以保证二者相对静止；故D正确；故选：BD点评：本题考查牛顿第二定律及受力分析，要注意正确分析受力，明确合力能否与加速度方向相同7（6分）（xx贵阳二模）中国探月工程预计在xx年研制发射小型采样返回舱，采集关键样品后返回地球如图为从月球表面返回时的运动轨迹示意图，轨道为月球表面附近的环月轨道，轨道为月球转移椭圆轨道已知月球的平均密度为，半径为R，引力常量为G下列说法正确的是（）A月球表面的重力加速度为g=B返回舱绕环月轨道的运动周期为T=C返回舱在轨道上的运行周期大于在轨道上的运行周期D从月球上发射返回舱进入环月轨道所需的最小发射速度为v=考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：根据月球表面重力等于万有引力列式求解；根据列式求解周期；根据开普勒周期定律列式判断；根据重力提供向心力列式求解解答：解：A、在月球表面，重力等于万有引力，故：其中：解得：g=，故A错误；BD、返回舱绕月圆周运动过程，根据牛顿第二定律，有：mg=m故返回舱进入环月轨道所需的最小发射速度为：v=故D正确；返回舱绕环月轨道的运动周期为：T=故B正确；C、根据开普勒周期定律，返回舱在轨道上的周期大于在轨道上的运行周期，故C错误；故选：BD点评：本题关键是明确返回舱做匀速圆周运动时的向心力来源，结合牛顿第二定律、万有引力定律、开普勒第三定律列式分析8（6分）（xx贵阳二模）如图所示，一质量为m的小球固定于轻质弹簧的一端，弹簧的另一端固定于O点处，将小球拉至A处，弹簧恰好无形变现由静止释放小球，它运动到O点正下方B点时速度大小为v，A、B间的竖直高度差为h则（）A小球由A运动到B重力做的功等于mghB小球由A运动到B过程中，其机械能守恒C小球由A运动到B克服弹力做功为mghD小球到达位置B时弹簧的弹性势能为mghmv2考点：机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：根据下降的高度求出重力做功的大小，结合动能定理求出弹簧弹力做功大小，从而得出最低点弹簧的弹性势能解答：解：A、小球从A到B的过程中下降的高度为h，则重力做功为mgh，故A正确B、小球从A到B的过程中，有重力做功，弹簧弹力做功，小球机械能不守恒，故B错误C、根据动能定理得，mghW弹=，可知克服弹力做功，则到达B点时弹性势能为mghmv2，故C错误，D正确故选：AD点评：本题要注意我们研究的系统是小球而不是小球与弹簧，若说明是小球与弹簧系统则机械能守恒；而只对小球机械能是不定恒的；熟悉功能的对应关系二、非选择题9（6分）（xx贵阳二模）某实验小组设计了如图甲所示实验装置，探究滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了多组实验，将位移传感器和力传感器得到的多组数据输入计算机进行处理，得到了两条aF图线、，如图乙所示（1）实验时，一定要进行的一项操作是A；A改变托盘中砝码的个数B用天平测出托盘的质量C滑块在轨道水平和倾斜的两种情况下必须在同一位置由静止释放D为减小误差，实验中一定要保证托盘和砝码的质量远小于滑块的质量（2）在轨道倾斜的情况下得到的aF图线是（选填或）；（3）滑块和位移传感器发射部分的总质量m=0.5kg，滑块和轨道间的动摩擦因数=0.2（重力加速度g取10m/s2）考点：测定匀变速直线运动的加速度专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：（1）依据实验操作要求可分析必须进行的操作；（2）知道滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块和位移传感器发射部分的总质量的倒数；（3）对滑块受力分析，根据牛顿第二定律求解解答：解：（1）A、改变托盘中砝码的个数才能改变拉力F，故A正确B、滑块的释放位置对该实验没有影响，不要求每次在同一位置，故B错误CD、本题拉力可以由力的传感器测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故C错误，D错误故选：A（2）由图象可知，当F=0时，a0也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高所以图线是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的（3）根据F=ma得a=所以滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象斜率等于滑块和位移传感器发射部分的总质量的倒数由图形得加速度a和所受拉力F的关系图象斜率k=2，所以滑块和位移传感器发射部分的总质量m=0.5Kg 由图形得，在水平轨道上F=1N时，加速度a=0，根据牛顿第二定律得：Fmg=0解得：=0.2故答案为：（1）A；（2）；（3）0.5；0.2点评：通过作出两个量的图象，然后由图象去寻求未知量与已知量的关系运用数学知识和物理量之间关系式结合起来求解10（9分）（xx贵阳二模）LED绿色照明技术已经走进我们的生活某实验小组要精确测定额定电压为3V的LED灯正常工作时的电阻，已知该灯正常工作时电阻大约500，电学符号与小灯泡电学符号相同其实验电路图如图1所示，实验室提供的器材有：A电流表A1（量程为0至50mA，内阻RA1约为3）B电流表A2（量程为0至3mA，内阻RA2=15）C定值电阻R1=697D定值电阻R2=1985E滑动变阻器R（0至20）一只F电压表V（量程为0至12V，内阻RV=1kG蓄电池E（电动势为12V，内阻很小）H开关S一只，导线若干（1）如图2所示，请选择合适的器材，电表1为F，电表2为B，定值电阻为D（填写器材前的字母编号）（2）用笔画线代替导线，请根据实验原理图将答题卡中的实物图连线补充完整（3）写出测量LED灯正常工作时的电阻表达式RX=（用字母表示），当表达式中的I2（填字母）达到1.5mA，记下另一电表的读数代入表达式，其结果为LED灯正常工作时的电阻考点：描绘小电珠的伏安特性曲线专题：实验题；恒定电流专题分析：滑动变阻器阻值远小于LED的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法LED灯的额定电压为3V，题目所给的电压表量程太大，测量不准确，需通过电流表和定值电阻改装一个电压表，因为通过LED的电流较小，可以用题目中的电压表当电流表使用根据闭合电路欧姆定律求出LED正常工作时的电阻，根据欧姆定律得出LED电压为3V时，得到LED的电阻解答：解：（1）要精确测定额定电压为3V的LED灯正常工作时的电阻，需测量LED灯两端的电压和通过LED灯的电流，由于电压表的量程较大，测量误差较大，不能用已知的电压表测量LED两端的电压，可以将电流表A2与定值电阻串联改装为电压表测量电压；改装电压表的内阻：R=1000，A2的内阻约为15，则定值电阻应选D；LED灯正常工作时的电流约为I=6mA左右，电流表的量程较小，电流表不能精确测量电流，可以用电压表测量电流；因为滑动变阻器阻值远小于LED的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法由以上分析可知，电表1为F，电表2为B，定值电阻为D（2）根据电路图可得出对应的实物图如图所示，（3）根据闭合电路欧姆定律知，灯泡两端的电压U=I2（R+RA2），通过灯泡的电流I=I2，所以LED灯正常工作时的电阻RX=改装后的电压表内阻为RV=1985+15=xx，则当I2=1.5mA时，LED灯两端的电压为3V，达到额定电压，测出来的电阻为正常工作时的电阻故答案为：（1）F；B；D；（2）电路图如图所示；（2）；I2；1.5mA点评：本题的难点在于电流表的量程偏小，无法测电流，电压表的量程偏大，测量电压偏大，最后需通过改装，用电流表测电压，电压表测电流11（14分）（xx贵阳二模）如图所示，在高速公路某处安装了一台固定超声波测速仪，可以准确测量车辆运动速度以及加速度若汽车距测速仪355m时测速仪发出超声波，同时汽车由于紧急情况刹车而做匀减速直线运动，当测速仪接收到反射回来的超声波信号时，汽车恰好停止，此时汽车距测速仪335m，已知超声波在空气中匀速传播的速度为340m/s（1）求汽车刹车过程中的加速度大小；（2）若该路段汽车正常行驶时速度要求在60km/h110km/h，则该汽车刹车前的行驶速度是否在规定的范围内考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：（1）从B发出超声波到接收到反射回来的超声波信号这段时间内，求出A的位移，由于超声波从B发出到A与被A反射到被B接收所需的时间相等，根据匀变速直线运动的推论求出超声波从B发出到A这段时间内A的位移，从而得出超声波从B到A的位移，根据声速求出运行的时间，从而再根据x=aT2求出汽车运动的加速度（2）根据速度位移公式求出刹车前的速度，进而判断是否合法解答：解：（1）根据题意，超声波和汽车运动过程的示意图如图所示，设超声波往返的时间为2t，汽车在2t时间内，刹车的位移为：当超声波与汽车A相遇后，汽车A继续前进的时间为t，位移为：则超声波在2t时间内的路程为：2（335+5）m=680m由声速为340m/s，解得t=1s代入数据解得a=10m/s2（2）由汽车A刹车过程的位移：x=，解得刹车前的速度为：v0=20m/s=72km/h车速在规定范围内，符合规定范围答：（1）汽车刹车过程中的加速度大小为10m/s2；（2）车速在规定范围内，符合规定范围点评：解决本题的关键理清运动过程，抓住超声波从B发出到A与被A反射到被B接收所需的时间相等，运用匀变速直线运动的规律进行求解12（18分）（xx贵阳二模）如图所示，倾角为=37足够长的传送带以较大的恒定速率逆时针运转，一轻绳绕过固定在天花板上的轻滑轮，一端连接放在传送带下端质量为m的物体A，另一端竖直吊着质量为、电荷量为q=（k为静电力常量）带正电的物体B，轻绳与传送带平行，物体B正下方的绝缘水平面上固定着一个电荷量也为q的带负电的物体C，此时A、B都处于静止状态现将物体A向上轻轻触动一下，物体A将沿传送带向上运动，且向上运动的最大距离为l已知物体A与传送带的动摩擦因数为=0.5，A、B、C均可视为质点，重力加速度为g，不计空气阻力已知sin37=0.6，cos37=0.8求：（1）A、B处于静止状态时物体B、C间的距离；（2）从物体B开始下落到与物体C碰撞前的整个过程中，电场力对物体B所做的功考点：动能定理的应用；牛顿第二定律专题：动能定理的应用专题分析：（1）开始时刻，物体A、B均保持静止，分别受力分析后根据平衡条件列式后联立求解即可；（2）BC碰撞后，物体A上升过程是匀减速直线运动，根据牛顿第二定律列式求解加速度，根据运动学公式求解BC碰撞前的速度；物体B下降过程，对A、B整体由功能关系列式求解电场力对物体B所做的功解答：解：（1）开始时，A、B均静止，设物体B、C间的距离为l1，由平衡条件有：对A：T=mgsin+mgcos 对B：T=k+，解得：l1=； （2）B、C相碰后，A将做匀减速运动，由牛顿第二定律有：mgsin+mgcos=ma，由运动公式有：0vm2=2a（ll1） 解得：vm=，物体 B下降过程对A、B整体由功能关系有：W电+mgl1mg（sin+cos）l1=（m+m）vm2，解得：W电=mgl 答：（1）物体A、B处于静止状态时物体B、C间的距离为；（2）从物体B开始下落到与物体C碰撞的过程中，电场力对物体B所做的功为mgl点评：本题关键是明确物体A、B的受力情况、运动情况和能量转化情况，结合牛顿第二定律、运动学公式和功能关系列式求解，基础题目三、选做题【物理-选修3-3】13（5分）（xx贵阳二模）下列说法正确的是（）A气体分子的速率均呈现“中间多、两头少”的分布规律B从微观角度看，气体的压强仅取决于气体分子的密集程度C晶体熔化时要吸收热量，但其分子的平均动能仍保持不变D所有遵循能量守恒定律的热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的E一滴油酸酒精溶液的体积除以它在水面上形成的油膜面积就是油酸分子的直径考点：热力学第二定律；分子运动速率的统计分布规律分析：气体分子是无规则的，其速率分布呈现“两头少，中间多”的规律；“用油膜法估测分子的大小”实验中油酸分子直径等于纯油酸的体积除以相应油酸膜的面积；根据热力学第二定律明确热学现象中的方向性解答：解：A、气体分子是无规则的，其速率分布呈现“两头少，中间多”的统计规律；故A正确B、从微观角度看，气体的压强取决于气体分子的密集程度以及分子的平均动能；故B错误；C、晶体在熔化时温度不变，此时分子平均动能不变，但需要从外界吸收热量；故C正确；D、由热力学第二定律可知，所有遵循能量守恒定律的热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的；故D正确；E、酒精溶于水，所以我们测量的油膜面积是纯油酸的体积；故E错误；故选：ACD点评：本题关键要掌握热力学的一些基础知识，知道分子速率分布、测量分子直径的原理和热力学第二定律等14（10分）（xx贵阳二模）如图甲所示，一定质量的理想气体被活塞封闭在竖直放置的柱形气缸内，活塞与气缸壁无摩擦且不漏气已知活塞横截面积S=10cm2，外界大气压p0=1.00105Pa，初始时刻（图中A点）活塞稳定时缸内气体温度为27、压强为p1=1.05105Pa现使缸内气体温度缓慢升高，其压强随着温度变化的pt图象如图乙所示图象中B点时刻所对应缸内气体的体积是初始时的倍，重力加速度g取10m/s2求：（1）活塞质量；（2）当缸内气体的温度为127时，缸内气体的压强为多大考点：理想气体的状态方程分析：（1）气体等压膨胀，根据平衡条件求解活塞的质量；（2）列出初、末状态的状态参量，然后根据理想气体的状态方程即可求出解答：解：（1）气体的压强为p1=1.05105Pa，对活塞进行受力分析可得：P1S=P0S+mg代入数据得：m=0.5kg（2）由图可知，从开始时刻到B为等压变化，此后气体做等容变化，体积不变，由图可知，气体在127时的温度大于B时的温度，所以气体末状态的体积是V3=VB=，设此时的压强为P3，则：T3=273+127=400K，则：代入数据得：Pa答：（1）活塞质量是0.5kg；（2）当缸内气体的温度为127时，缸内气体的压强为1.205Pa点评：本题第一问关键找出初状态的压强与活塞质量的关系公式，然后根据共点力的平衡列方程求解；第二问可以根据理想气体的状态方程直接解答，也可以先讨论一下物理-选修3-4（15分）15（xx贵阳二模）在探究波的形成过程中，某同学将一根足够长的绳子一端固定在竖直墙壁上，用手捏住绳子的另一端上下振动，形成了沿水平面方向传播的波，波的传播速度为v，周期为T经过一段时间后，该波传播到某质点A若此波可视为简谐横波且传播过程中不计能量损失关于这列波及质点A的振动，下列说法正确的是（）A质点A振动的周期一定为TB质点A振动的平均速度就是该波的传播速度C这列波的传播速度与手捏绳子振动的振幅无关D质点A开始振动后，经过时间t，质点A沿传播方向移动的距离为vtE若质点A与手捏点的距离是vT，则质点A振动时与手捏点的振动位移总是相同考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象分析：质点振动的周期就是波的周期但质点A振动的速度与波的传播速度是两回事波速由介质决定，与振幅无关波传播过程中质点不随波向前移动解答：解：A、质点振动的周期等于波的周期T，故A正确B、质点A作周期性运动，速度不断变化，而波在同一均匀介质中波的传播速度不变，所以质点A振动的平均速度不是该波的传播速度故B错误C、波速由介质决定，与振幅无关故C正确D、质点A只在自己平衡位置附近振动，不随波向前移动，故D错误E、若质点A与手捏点的距离是vT，传播时间是T，则质点A振动时与手捏点的振动位移总是相同，故E正确故选：ACE点评：解决本题关键要知道波的周期、波速决定因素，明确质点不“随波逐流”的特点16（xx贵阳二模）如图所示，真空中有截面积相同的两种不同透明介质组成了一个等边三棱镜，其中直角三棱镜ABD的折射率n1=1.5一束单色光照射AB面的O点，其入射角的正弦值sini=0.75，该光恰好在另一直角三棱镜ACD的AC边发生全反射已知该单色光在真空中的传播速度为c=3108m/s，求该单色光在三棱镜ACD中的传播速度考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：光恰好在AC边发生全反射，入射角等于临界角C先由折射定律求出光射入三棱镜ABD时的折射角，由几何知识求出临界角，由sinC=，求出折射率n，最后由v=求光在三棱镜ACD中的传播速度解答：解：设光射入三棱镜时的折射角为，由折射定律可得：n1=解得：=30因此，在三棱镜ABD中传播的折射光与AB边的夹角为9030=60，故折射光与BC边平行，进入三棱镜ACD时传播方向不变当光线在AC边恰好发生全反射时，由几何知识可得其入射角为 906=30，即临界角 C=30设三棱镜ACD的折射率为n2，则有：sinC=该单色光在三棱镜ACD中的传播速度为：v=联立解得：v=1.5108m/s答：该单色光在三棱镜ACD中的传播速度是1.5108m/s点评：本题是折射定律、光速公式和全反射知识的综合应用当光从光密介质射入光疏介质时要考虑能否发生全反射【物理-选修3-5】（15分）17（xx贵阳二模）下列说法正确的是（）A用粒子轰击氮原子核，产生了氧的同位素和一个质子B重核裂变释放大量能量，产生明显的质量亏损，所以反应后核子总数要减少C放射性同伴素因不改变其化学性质、半衰期短等优点被广泛作为示踪原子使用D根据玻尔理论可知，吸收能量的电子跃迁到更高能级后，核外电子的动能将减小E金属内的每个电子可以不断地吸收光子，当它积累的动能足够大时，就能逸出金属考点：氢原子的能级公式和跃迁专题：原子的能级结构专题分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可重核裂变释放大量能量，产生明显的质量亏损，所以反应后核子总数不变，原子核外电子从低能级跃迁到高能级时，电子的动能减少，吸收光子，原子的能量增大解答：解：A、卢瑟福用粒子轰击氮原子核，发现了质子，实现了人类第一次原子核的人工转变，即用粒子轰击氮原子核，产生了氧的同位素和一个质子，故A正确；B、重核裂变释放大量能量，产生明显的质量亏损，所以反应后核子总数不变，故B错误；C、放射性同伴素因不改变其化学性质、半衰期短等优点被广泛作为示踪原子使用，故C正确；D、根据玻尔理论可知，吸收能量的电子跃迁到更高能级后，电子绕核旋转的半径增大，核外电子的动能减小，故D正确；E、每个电子吸收一个光子，只有当入射光的能量大于逸出功，才会有电子飞出，故E错误；故选：ACD点评：考查发现质子的核反应方程，知道放射性同伴素的应用，掌握玻尔的原子理论主要内容，知道光电效应的成因，以及知道金属失去电子带正电，并注意光电效应的条件18（xx贵阳二模）一静止原子核发生衰变，生成一粒子及一新核，测得粒子的速度为光在真空中的速度的0.1倍已知粒子的质量为m，电荷量为q；新核的质量为粒子的质量的n倍；光在真空中的速度大小为c求：（1）衰变过程中新核所受冲量的大小；（2）衰变前原子核的质量考点：爱因斯坦质能方程；动量守恒定律专题：爱因斯坦的质能方程应用专题分析：根据带电粒子在匀强磁场中洛伦兹力提供向心力，求得粒子的速度，再结合动量守恒定律和质能方程即可求得衰变前原子核的质量解答：解：（1）衰变产生的粒子的速度大小为0.1c，设衰变后新核的质量为M速度大小为V，衰变前后动量守恒，有：0=MVmv根据动量定理 新核所受冲量为：I=MV0得：I=0.1mc；（2）设衰变前原子核质量为M0，根据爱因斯坦质能方程，以及衰变前后能量守恒，有：将M=nm，V=，v=0.1c 代入：解得衰变前原子核的质量为：；答：（1）衰变过程中新核所受冲量的大小0.1mc；（2 ） 衰变前原子核的质量点评：该题将带电粒子在磁场中的圆周运动与动量守恒定律和质能方程结合在一起，要理清它们之间的关系，确定要使用的公式