高考物理一轮复习 3.2牛顿第二定律 两类动力学问题课件 沪科版必修1.ppt

第2讲牛顿第二定律两类动力学问题 知识点1牛顿第二定律 单位制 思维激活1 如图所示 甲 乙两图中水平面都是光滑的 小车的质量都是M 人的质量都是m 甲图人推车 乙图人拉绳 绳与轮的质量和摩擦均不计 的力都是F 对于甲 乙两图中车的加速度大小说法正确的是 A 甲图中车的加速度大小为B 甲图中车的加速度大小为C 乙图中车的加速度大小为D 乙图中车的加速度大小为 解析 选C 对甲图 以车和人为研究对象 不受外力作用 故加速度为零 A B错误 乙图中人和车受绳子的拉力作用 以人和车为研究对象 受力为2F 所以a C正确 D错误 知识梳理 1 内容 物体加速度的大小跟 成正比 跟 成反比 加速度的方向跟 的方向相同 2 表达式 3 适用范围 1 牛顿第二定律只适用于 参考系 即相对地面 的参考系 2 牛顿第二定律只适用于 相对于分子 原子 低速运动 远小于光速 的情况 它受到的作用力 物体的质量 作用力 F ma 惯性 静止或 做匀速直线运动 宏观物体 4 单位制 1 单位制 由 和 一起组成了单位制 2 基本单位 的单位 力学中的基本量有三个 它们分别是 和 它们的国际单位分别是 和 3 导出单位 由 根据物理关系推导出来的其他物理量的单位 基本单位 导出单位 基本量 质量 时间 长度 千克 kg 秒 s 米 m 基本量 知识点2牛顿定律的应用 思维激活2 如图所示 物体沿斜面由静止滑下 在水平面上滑行一段距离后停止 物体与斜面和水平面间的动摩擦因数相同 斜面与水平面光滑连接 图中v a f和S分别表示物体的速度大小 加速度大小 摩擦力大小和位移 其中正确的是 解析 选C 物体在两个过程中所受合力恒定 由牛顿第二定律可知 物体的加速度恒定 两个过程物体都做匀变速运动 故速度v随时间均匀变化 选项A错误 两个过程加速度a都不随时间变化 选项B错误 由s v0t at2可知s t图像两个过程都是抛物线 选项D错误 由f1 mgcos 和f2 mg可知 选项C正确 知识梳理 1 动力学的两类基本问题 1 已知受力情况求物体的 2 已知运动情况求物体的 2 解决两类基本问题的方法 以 为 桥梁 由 和 列方程求解 具体逻辑关系如图 运动情况 受力情况 加速度 运动 学公式 牛顿运动定律 微点拨 1 对牛顿第二定律的三点提醒 1 公式F ma中 F与a是瞬时对应关系 2 F ma是矢量式 a的方向与F的方向相同 与速度方向无关 3 物体受到几个力的作用 每个力各自独立使物体产生一个加速度 但物体表现出来的加速度只有一个 即各个力产生加速度的矢量和 2 加速度与速度的两个易混点 1 a 是加速度的决定式 a 是加速度的定义式 物体的加速度是由合外力决定的 与速度无关 2 物体所受的合外力减小 加速度一定减小 而速度不一定减小 考点1对牛顿第二定律的理解牛顿第二定律的 五性 深化理解 题组通关方案 典题1 2013 新课标全国卷 一物块静止在粗糙的水平桌面上 从某时刻开始 物块受到一方向不变的水平拉力作用 假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力 以a表示物块的加速度大小 F表示水平拉力的大小 能正确描述F与a之间关系的图像是 解题探究 1 根据物块受力情况 在F逐渐增大的过程中 加速度a的变化有什么特点 提示 当F小于最大静摩擦力时 a 0 F大于最大静摩擦力以后 a逐渐增大 2 根据受力情况确定图像有什么特点 图像一定 原点 a一定随F的增大而 不通过 增大 典题解析 选C 物块在水平方向上受到拉力和摩擦力的作用 根据牛顿第二定律 有F f ma 即F ma f 该关系为线性函数 当a 0时 F f 当F 0时 a 符合该函数关系的图像为C 通关1 1 1 多选 2014 宁波模拟 如图所示 一小车上有一个固定的水平横杆 横杆左边固定有一轻杆与竖直方向成 角 轻杆下端连接一小球 横杆右边用一根细线吊一小球 当小车向右做加速运动时 细线保持与竖直方向成 角 若 则下列说法正确的是 A 轻杆对小球的弹力方向沿着轻杆方向向上B 轻杆对小球的弹力方向与细线平行C 轻杆对小球的弹力方向既不与细线平行 也不沿着轻杆方向D 此时小车的加速度为gtan 解析 选B D 由于两小球加速度相同 轻杆对小球的弹力方向与细线平行 小球受力如图所示 由牛顿第二定律得mgtan ma 解得a gtan 故小车的加速度为gtan 选项B D正确 2 2013 安徽高考 如图所示 细线的一端系一质量为m的小球 另一端固定在倾角为 的光滑斜面体顶端 细线与斜面平行 在斜面体以加速度a水平向右做匀加速直线运动的过程中 小球始终静止在斜面上 小球受到细线的拉力T和斜面的支持力FN分别为 重力加速度为g A T m gsin acos FN m gcos asin B T m gcos asin FN m gsin acos C T m acos gsin FN m gcos asin D T m asin gcos FN m gsin acos 解析 选A 受力分析如图 建立如图所示的坐标系在竖直方向上受力平衡 合力为零 列式可得 FNcos Tsin mg 0 在水平方向上 由牛顿第二定律可得 Tcos FNsin ma 联立 两式可解得 T m gsin acos FN m gcos asin 故A项正确 加固训练 1 2014 唐山模拟 从16世纪末 人类对力的认识逐渐清晰和丰富 建立了经典力学理论 以下有关力的说法正确的是 A 物体的速度越大 说明它受到的外力越大B 物体的加速度在改变 说明它受到的外力一定改变C 马拉车做匀速运动 说明物体做匀速运动需要力来维持D 一个人从地面跳起来 说明地面对人的支持力大于人对地面的压力 解析 选B 物体的速度大小与加速度大小无关 即与合外力大小无关 选项A错误 根据牛顿第二定律可知物体的加速度在改变 说明它受到的外力一定改变 选项B正确 根据牛顿第一定律可知力是改变物体运动状态的原因 不是维持物体运动状态的原因 选项C错误 根据牛顿第三定律可知地面对人的支持力大小等于人对地面的压力大小 选项D错误 2 2012 海南高考 根据牛顿第二定律 下列叙述正确的是 A 物体加速度的大小跟它的质量和速度大小的乘积成反比B 物体所受合外力必须达到一定值时 才能使物体产生加速度C 物体加速度的大小跟它所受作用力中的任一个的大小成正比D 当物体质量改变但其所受合力的水平分力不变时 物体水平加速度大小与其质量成反比 解析 选D 物体加速度的大小与物体受到的合力成正比 与物体的质量成反比 选项A错误 力是产生加速度的原因 只要有合力 物体就有加速度 它们之间有瞬时对应关系 不存在累积效应 选项B错误 物体加速度的大小与它受到的合力成正比 选项C错误 根据矢量的合成和分解 即Fx max 选项D正确 考点2牛顿第二定律的瞬时性1 两种模型 牛顿第二定律的表达式为F ma 其核心是加速度与合外力的瞬时对应关系 二者总是同时产生 同时消失 同时变化 具体可简化为以下两种模型 拓展延伸 1 刚性绳 或接触面 不发生明显形变就能产生弹力的物体 剪断 或脱离 后 其弹力立即消失 不需要形变恢复时间 2 弹簧 或橡皮绳 两端同时连接 或附着 有物体的弹簧 或橡皮绳 特点是形变量大 其形变恢复需要较长时间 在瞬时性问题中 其弹力的大小往往可以看成保持不变 2 解题思路 题组通关方案 典题2 2014 泉州模拟 如图所示 竖直放置在水平面上的轻质弹簧上叠放着两物块A B A B的质量均为2kg 它们处于静止状态 若突然将一个大小为10N 方向竖直向下的力施加在物块A上 则此瞬间 A对B的压力大小为 g取10m s2 A 10NB 20NC 25ND 30N 解题探究 1 A与B之间的弹力和弹簧的弹力是否都能发生突变 提示 A与B之间的弹力可以发生突变 而弹簧的弹力是不能发生突变的 2 请画出施加力F前后 A B整体和A的受力分析图 提示 典题解析 选C 对A B整体分析 当它们处于静止状态时 弹簧的弹力等于A B整体的重力 在施加力F的瞬间 弹力不变 故A B所受合力为10N 则a 2 5m s2 隔离A物块受力分析得F mg N ma 解得N 25N 所以A对B的压力大小等于25N 选项C正确 通关1 1 1 拓展延伸 结合 典题2 回答下列问题 1 若将物块A突然撤去 此瞬间物块B的加速度大小及方向如何 提示 撤去物块A前 弹簧的弹力等于A B的总重力 在撤去物块A的瞬间 弹簧弹力不变 对物块B由牛顿第二定律得F弹 mg ma 解得a 10m s2 方向竖直向上 2 若将物块B突然沿水平方向抽出 此瞬间物块A的加速度大小及方向如何 提示 物块B突然沿水平方向抽出的瞬间 物块A只受重力作用 故物块A的加速度a g 10m s2 方向竖直向下 2 2014 朝阳区模拟 如图所示 一根质量不计的轻弹簧上端固定在天花板上 下端与一质量为m的托盘连接 托盘中有一个质量为M的砝码 当托盘静止时 弹簧的伸长量为L 现将托盘向下拉 弹簧又伸长了 L 未超过弹簧的弹性限度 然后使托盘由静止释放 则刚释放托盘时 砝码对托盘的作用力等于 解析 选A 以托盘和砝码整体为研究对象 当托盘静止时受到平衡力的作用 设弹簧的劲度系数为k 由胡克定律得 m M g kL 弹簧又伸长 L 刚释放时 弹簧弹力不变 对整体由牛顿第二定律得k L L m M g m M a 以砝码为研究对象 设托盘对砝码的作用力为N 由牛顿第二定律得N Mg Ma 联立以上各式解得N 1 Mg 由牛顿第三定律得砝码对托盘的作用力为 1 Mg A正确 加固训练 1 一轻弹簧的上端固定 下端悬挂一重物 弹簧伸长了8cm 再将重物向下拉4cm 然后放手 则在释放重物瞬间 重物的加速度是 解析 选B 假设弹簧的劲度系数为k 第一次弹簧伸长了x1 8cm 第二次弹簧伸长了x2 12cm 第一次受力平衡 则有kx1 mg 0 第二次由牛顿第二定律得 kx2 mg ma 解得 a 选项B正确 2 多选 如图所示 A B球的质量相等 弹簧的质量不计 倾角为 的斜面光滑 系统静止时 弹簧与细线均平行于斜面 在细线被烧断的瞬间 下列说法正确的是 A 两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下 大小均为gsin B B球的受力情况未变 瞬时加速度为零C A球的瞬时加速度沿斜面向下 大小为2gsin D 弹簧有收缩的趋势 B球的瞬时加速度向上 A球的瞬时加速度向下 瞬时加速度都不为零 解析 选B C 细线烧断瞬间 弹簧弹力与原来相等 B球受力平衡 aB 0 A球所受合力为mgsin kx 2mgsin maA 解得aA 2gsin 方向沿斜面向下 故A D错误 B C正确 学科素养升华 瞬时性问题的解题技巧 1 分析物体在某一时刻的瞬时加速度 关键是明确该时刻物体的受力情况或运动状态 再由牛顿第二定律求出瞬时加速度 此类问题应注意以下两种模型 轻绳模型 受外力时形变微小不计 力可以发生突变 轻弹簧模型 受外力时形变较大 力不能发生突变 2 在求解瞬时性加速度问题时应注意 物体的受力情况和运动情况是时刻对应的 当外界因素发生变化时 需要重新进行受力分析和运动分析 加速度可以随着力的突变而突变 而速度的变化需要一个积累的过程 不会发生突变 考点3动力学的两类基本问题动力学的两类基本问题的解题步骤 1 选取研究对象 根据问题的需要和解题的方便 选出被研究的物体 可以是一个物体 也可以是几个物体组成的整体 2 分析研究对象的受力情况和运动情况 注意画好受力分析图 明确物体的运动过程和运动性质 3 选取正方向或建立坐标系 通常以加速度的方向为正方向或以加速度方向为某一坐标轴的正方向 4 求合外力F 5 根据牛顿第二定律和运动学公式列方程求解 必要时还要对结果进行讨论 解题技巧 题组通关方案 典题3 15分 2013 山东高考 如图所示 一质量m 0 4kg的小物块 以v0 2m s的初速度 在与斜面成某一夹角的拉力F作用下 沿斜面向上做匀加速运动 经t 2s的时间物块由A点运动到B点 A B之间的距离L 10m 已知斜面倾角 30 物块与斜面之间的动摩擦因数 重力加速度g取10m s2 1 求物块加速度的大小及到达B点时速度的大小 2 拉力F与斜面夹角多大时 拉力F最小 拉力F的最小值是多少 解题探究 1 请用已知物理量符号写出物块由A到B的运动学方程 位移方程 速度方程 vB v0 at 2 请画出物块的受力分析图 提示 3 请写出拉力F最小值的求解思路 提示 由牛顿第二定律列方程 求出F的表达式 应用三角函数求极值 典题解析 1 由运动学方程得 L v0t at2 2分 vB v0 at 2分 代入数值解得 a 3m s2 vB 8m s 2分 2 对物块受力分析如图所示 设拉力F与斜面成 角 对物块由牛顿第二定律得 垂直斜面方向 Fsin N mgcos30 0 2分 沿斜面方向 Fcos mgsin30 f ma 2分 又f N 2分 联立 三式 代入数值解得 Fcos Fsin 5 2 则 2分 当 30 时 拉力F有最小值 且Fmin N 1分 答案 1 3m s28m s 2 30 N 通关1 1 1 为了使雨滴能尽快地淌离房顶 要设计好房顶的高度 设雨滴沿房顶下淌时做无初速度无摩擦的运动 那么如图所示的四种情况中符合要求的是 解析 选C 如图所示 设房屋顶宽为2b 斜边长为s 则s 根据牛顿第二定律a gsin 因s at2 故t 当 45 时 t最小 故选项C正确 2 某工人装卸货物时要把重为1200N的货物沿倾斜的木板推上汽车 木板长5m 一端离地高1m 货物与木板间的动摩擦因数为0 5 假定工人推力方向与板面平行 g取10m s2 2 45 3 16 求 1 工人搬运过程中的推力至少多大 2 若工人用 1 中大小的推力沿板面向下推货物 货物由静止从木板顶端推到底端的时间 解析 1 货物匀速上滑时用力最小 由平衡条件有 F Gsin Gcos 0 由几何关系 sin cos 解得F 828N 2 向下推时 由牛顿第二定律得F Gsin Gcos ma 解得a 2gsin 4m s2由s at2解得t s 1 58s答案 1 828N 2 1 58s 加固训练 1 质量m 10kg的物体 在F 40N的水平向左的力的作用下 沿水平桌面从静止开始运动 物体运动时受到的滑动摩擦力Ff 30N 在开始运动后的第5s末撤去水平力F 求物体从开始运动到最后停止总共发生的位移 保留三位有效数字 解析 加速过程由牛顿第二定律得 F Ff ma1解得 a1 1m s2 5s末的速度 vt a1t 5m s5s内的位移 x1 a1t2 12 5m减速过程由牛顿第二定律得 Ff ma2解得 a2 3m s2减速位移 x2 4 2m总位移 x x1 x2 16 7m答案 16 7m 2 如图所示 木块的质量m 2kg 与地面间的动摩擦因数 0 2 木块在拉力F 10N作用下 在水平地面上从静止开始向右运动 运动5 2m后撤去外力F 已知力F与水平方向的夹角 37 sin37 0 6 cos37 0 8 g取10m s2 求 1 撤去外力前 木块受到的摩擦力大小 2 刚撤去外力时 木块运动的速度 3 撤去外力后 木块还能滑行的距离为多少 解析 1 木块受力如图所示 由牛顿第二定律得 竖直方向 FN Fsin37 mg 0Ff FN解得 Ff 2 8N 2 由牛顿第二定律得 水平方向 Fcos37 Ff ma1解得 a1 2 6m s2由运动学公式得 v2 2a1x1解得 v 5 2m s 3 撤去外力后 木块受力如图所示 由牛顿第二定律得 mg ma2解得 a2 2m s2由运动学公式得 v2 2a2x2解得 x2 6 76m答案 1 2 8N 2 5 2m s 3 6 76m 资源平台 动力学中的临界问题如图所示 物体A叠放在物体B上 B置于光滑水平面上 A B质量分别为mA 6kg mB 2kg A B之间的动摩擦因数 0 2 开始时F 10N 此后逐渐增加 在增大到45N的过程中 则 g取10m s2 A 当拉力F 12N时 物体均保持静止状态B 两物体开始没有相对运动 当拉力超过12N时 开始相对滑动C 两物体从受力开始就有相对运动D 两物体始终没有相对运动 解析 选D 首先了解各物体的运动情况 B运动是因为A对它有静摩擦力 但由于静摩擦力存在最大值 所以B的加速度存在最大值 可以求出此加速度下拉力的大小 如果拉力再增大 则物体间就会发生相对滑动 所以这里存在一个临界点 就是A B间静摩擦力达到最大值时拉力F的大小 以A为研究对象进行受力分析 A受水平向右的拉力 水平向左的静摩擦力 则有F Ff mAa 再以B为研究对象 B受水平向右的静摩擦力Ff mBa 当Ff为最大静摩擦力时 解得a 6m s2 F 48N 由此可以看出当F 48N时 A B间的摩擦力达不到最大静摩擦力 也就是说 A B间不会发生相对运动 故选项D正确 满分指导之3相对运动中的动力学问题 案例剖析 18分 2013 新课标全国卷 一长木板在水平地面上运动 在t 0时刻将一 相对于地面静止的物块轻放到木板上 以后木板运动的 速度 时间图像如图所示 已知物块与木板的质量相等 物块与木板间及木板与地面间均有摩擦 物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力 且 物块始终在木板上 取重力加速度的大小g 10m s2 求 1 物块与木板间 木板与地面间的 动摩擦因数 2 从t 0时刻到物块与木板均停止运动时 物块相对于木板的位移的大小 审题 抓住信息 准确推断 破题 形成思路 快速突破 1 物块与木板间 木板与地面间的动摩擦因数的求解 请分析t 0至t1 0 5s的时间内物块和木板的运动规律 提示 从t 0时开始 木板对物块的摩擦力使物块由静止开始加速 物块和地面对木板的摩擦力使木板减速 t1 0 5s时两者达到共同速度 由速度 时间图像写出物块和木板加速度大小的表达式 物块的加速度 木板的加速度 列出物块 木板的动力学方程 对物块 对木板 1mg ma1 1mg 2 2mg ma2 2 物块相对于木板的位移的大小的求解 请分析t1 0 5s后的时间内物块和木板的运动规律 提示 假设物块相对于木板静止 则f 1mg 与假设矛盾 所以物块相对于木板向前减速滑动 而不是与木板共同运动 请写出求解物块相对于木板的位移的大小的思路 提示 由牛顿第二定律分别求出物块和木板的加速度 再由运动学规律分别求出物块和木板的位移 两者位移之差即为物块相对于木板的位移 解题 规范步骤 水到渠成 1 从t 0时开始 木板对物块的摩擦力使物块由静止开始加速 物块和地面对木板的摩擦力使木板减速 直到两者具有共同速度为止 由题图可知 在t1 0 5s时 物块和木板的速度相同为v1 1m s 设t 0到t t1时间内 物块和木板的加速度大小分别为a1和a2 则a1 m s2 2m s2 2分 a2 m s2 8m s2 2分 设物块与木板间 木板与地面间的动摩擦因数分别为 1 2 根据牛顿第二定律 对物块有 1mg ma1 2分 对木板有 1mg 2 2mg ma2 2分 联立方程得 1 0 2 2 0 3 1分 2 在t1时刻后 地面对木板的摩擦力阻碍木板运动 物块与木板之间的摩擦力改变方向 设物块与木板之间的摩擦力大小为f 物块和木板的加速度大小分别为a 1和a 2 由牛顿第二定律得对物块有f ma 1对木板有2 2mg f ma 2假设物块相对木板静止 即f 1mg 与假设矛盾 所以物块相 对木板向前减速滑动 而不是与木板共同运动 物块加速度大小a 1 a1 2m s2 2分 物块的v t图像如图中的点划线所示 此过程木板的加速度a 2 2 2g 1g 4m s2 2分 由运动学公式可得 物块和木板相对地面的位移分别为s1 2 0 5m 2分 2分 物块相对木板的位移大小为s s2 s1 1 125m 1分 答案 1 0 20 3 2 1 125m 点题 突破瓶颈 稳拿满分 1 常见的思维障碍 不能根据速度 时间图像判断物块和木板的运动规律 导致无法求解 没有判断物块和木板共速后二者的运动规律 误认为物块相对于木板静止 而导致求解错误 2 因解答不规范导致的失分 在对木板列牛顿第二定律方程时 没有画出受力分析图 把地面对木板的摩擦力写成 2mg导致失分 求解物块相对于木板的位移的大小时 没有认真审题 错求成物块的位移而导致失分