2019-2020年高考物理一轮复习第3章牛顿运动定律练案8牛顿第二定律两类动力学问题新人教版.doc

2019-2020年高考物理一轮复习第3章牛顿运动定律练案8牛顿第二定律两类动力学问题新人教版一、选择题(本题共8小题，15题为单选，68题为多选)1(xx河北省定州中学高三上学期期中试题)2017年1月24日消息，国际网球名人堂组织宣布，美国著名的网球运动员罗迪克将在今年正式入驻名人堂。罗迪克的发球时速最快可达60m/s，这也是最新的网球发球时速的世界纪录，可以看作罗迪克发球时使质量约为60g的网球从静止开始经0.02s后速度增加到60m/s，则在上述过程中，网球拍对网球的作用力大小约为( A )A180NB90NC360ND1800N解析根据a得，a3000m/s2，根据牛顿第二定律Fma0.063000N180N，故A正确，B、C、D错误。故选A。2(xx福建省高三上学期龙岩市六校期中联考试题)如图所示，套有光滑小铁环的细线系在水平杆的两端A、B上，当杆沿水平方向运动时，小环恰好悬于A端的正下方并与杆保持相对静止，已知小环质量为m，重力加速度为g，下列分析正确的是( C )A杆可能做匀速运动B杆一定向右做匀加速运动C杆可能向左做匀减速运动D细线的张力可能等于mg解析对小环受力分析：受绳的拉力和重力，如图，设细线夹角为：由题知竖直方向平衡：mgTTcos设水平方向上加速度为a，由牛顿第二定律得：Tsinma由于090，得：Tmg，加速度方向水平向右；故杆和小环向右做匀加速或向左匀减速运动，由上分析可知，ABD错误，C正确；故选C。3(xx河北省唐山市滦县二中高三上学期期中试题)2017年10月26日，英国超音速汽车“寻血猎犬”(Bloodhound SSC)首次在公众面前进行了试驾。“寻血猎犬”号超音速汽车，是一辆搭载新型战斗机发动机，以及位于车顶的混合火箭发动机的超级汽车。据报道“寻血猎犬”号超音速汽车xx年欲冲击陆地速度纪录。假设某次测试中，“寻血猎犬”号超音速汽车在40s内匀加速到1000km/h，匀速一段时间后，匀减速完成测试。假设全程测试20km，加速和减速的加速度大小相等，加速阶段所受阻力恒定，约为重力的0.2倍。已知“寻血猎犬”号超音速汽车质量为4000kg，在20常温下，声速为340m/s。则下列说法正确的是( C )A超音速汽车匀速阶段运行时间为80sB加速阶段系统需要提供约为8000N的动力C加速阶段的加速度大小约为6.9m/s2D超音速汽车匀速阶段的速度是声速的10倍解析由于加速阶段和减速阶段加速度相同，故时间相同，设为t140s，设匀速运动的时间为t，则：t1vtt120103m，代入可以得到：t32s，故选项A错误；根据加速度公式：am/s26.9m/s2，再根据牛顿第二定律：F0.2mgma，联立代入数据可以得到：F35440N，故选项B错误，选项C正确；超音速汽车匀速阶段的速度是声速的，现在让一物块先后从三轨道顶端由静止下滑至底端，则物块在每一条倾斜轨道上滑动时所经历的时间关系为( B )AtABtCDtEFBtABtCDtEFCtABtCDtEFDtABtCD，则tABtCDtEF，故B正确，A、C、D错误。5.(xx山东省实验中学高三上学期11月月考)如图所示，弹簧一端固定在天花板上，另一端连一质量M2kg的秤盘，盘内放一个质量m1kg的物体，秤盘在竖直向下的拉力F作用下保持静止，F30N，当突然撤去外力F的瞬时，物体对秤盘的压力大小为(g10m/s2)( C )A10NB15NC20ND40N解析撤去外力F时物体和秤盘所受的合外力为30N，由牛顿第二定律求出加速度，再对秤盘受力分析，由牛顿第二定律求出物体对秤盘的压力FN。当突然撤去外力F的瞬时，物体和秤盘所受的合外力大小F合F30N，方向竖直向上，对物体和秤盘整体，由牛顿第二定律可得am/s210m/s2。秤盘原来在竖直向下的拉力F作用下保持静止时，弹簧对秤盘向上拉力大小为F弹(Mm)gF(2010)10N30N60N。对秤盘，由牛顿第二定律F弹MgFNMa，解得物体对秤盘的压力FN20N，C正确。6(xx福建省高三上学期龙岩市六校期中联考试题)如图所示，水平传送带A、B两端点相距x4m，以v02m/s的速度(始终保持不变)顺时针运转，今将一质量为1kg的小煤块(可视为质点)无初速度轻轻放到A点处，已知小煤块与传送带间的动摩擦因数为0.4，g取10m/s2。由于小煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕。则小煤块从A运动到B的过程中( BD )A小煤块运动到B的速度大小为4m/sB小煤块从A运动到B的时间为2.25sC划痕长度为1mD小煤块与传送带系统产生的热量为2J解析小煤块运动到B，速度不可能超过传送带的速度，即不可能为4m/s，故A错误；小煤块先加速后匀速，根据牛顿第二定律，得：ag0.410m/s24m/s2，加速时间为：t1s0.5s，加速位移：x1at240.52m0.5m，匀速时间：t2s1.75s，故运动的总时间为：tt1t20.5s1.75s2.25s，故B正确；在加速过程，传送带的位移为：x1v0t120.5m1m，故划痕为：xx1x11m0.5m0.5m，故C错误；小煤块与传送带系统产生的热量为：Qfxmgx0.41100.5J2J，故D正确；故选BD。7(xx山东省师大附中高三上学期第三次模拟)如图所示，一斜面固定在地面上，木块m和M叠放在一起沿斜面向下运动，它们始终相对静止，m、M间的动摩擦因数为1，M、斜面间的动摩擦因数为2，则( AD )A若m、M一起匀加速运动，可能有10，20B若m、M一起匀速运动，一定有10，20C若m、M一起匀加速运动，一定有10，20D若m、M一起匀速运动，可能有10，20解析M、N一起匀加速下滑，对m：根据牛顿第二定律知，m受到三个力，M对m的支持力， m的重力，M对m摩擦力，所以一定有10。对整体分析，斜面对整体可能有摩擦力，也可能无摩擦力，即20是可能的，故A正确；M、N一起匀速下滑，合力都为零，对m：根据平衡条件知，M对m的支持力等于m的重力，M对m没有摩擦力，故要能10，也可能10；对整体：由平衡条件分析可知，斜面对M有摩擦力，方向沿斜面向上，故20；故BC错误，D正确。8(xx安徽省皖西南名校高三上学期联考)如图所示为某同学在电梯中进行的实验示意图，如果实验是在自己住宅楼的电梯里进行的，实验时在托盘秤上放一个质量为m5kg的玩具，电梯从一楼上升到六楼停下，测得从启动到匀速再到制动停下所用总时间t6s，托盘秤的最大读数差为F30N，如果电梯从一楼上到六楼通过的位移为x24m，设定电梯启动时和制动时的加速度大小相等，取g10m/s2，则电梯启动和制动时的加速度大小a和匀速运动时的速度大小v分别为( BD )Aa6m/s2Ba3m/s2Cv3m/sDv6m/s解析电梯启动时，有向上的加速度，由牛顿第二定律有F1mgma1，同理，制动时有mgF2ma2，由于启动和制动时的加速度大小相等，故两式相加得F F1F22ma，解得a3m/s2，设启动后加速阶段的时间为t1，匀速阶段的时间为t2，则有2atat1t2x,2t1t2t，代入数据解得：t12s，t22s，故电梯匀速运动阶段的速度为vat16m/s，故选项B、D正确。二、非选择题9(xx福建省泉港一中高三上学期期中试题)质量m2.0kg的物块(可视为质点)在水平恒力F作用下，从水平面上A点由静止开始运动，运动一段距离撤去该力，物块继续滑行t2.0s停在B点，已知A、B两点间的距离s6.0m，物块与水平面间的动摩擦因数0.20，求恒力F多大。(g10m/s2)。答案：12N解析设撤去力F前物块的位移为s1，此时物块的速度为v，则v22a1s1撤去力F后，物块在摩擦力的作用下做匀减速直到停止，物块受到的滑动摩擦力fmg则：a2g2m/s2物块运动2s停下，则va2t，得v4m/s此过程中运动的位移为s2，则s24m又有s1ss22m解得：a14m/s2由牛顿第二定律知：Fmgma1得： F12N10(xx山东省师大附中高三上学期第三次模拟)如图，一质量m0.1kg的物块在t0时刻滑上一倾角37的固定斜面，其运动最初一段时间的vt图象如图所示。 (sin370.6，cos370.8，重力加速度g10m/s2)(1)求物块沿斜面向上滑行的最大距离；(2)通过计算补全剩余部分图象并写出计算过程。答案：(1)4m(2)图象见解析解析(1)物块沿斜面向上滑行做匀减速运动，向上滑行的最大距离x81m4m；(2)向上滑行，由图象得加速度大小a18m/s2，由受力分析有加速度大小a1解得物块沿斜面向下滑行做匀加速运动，加速度大小a24m/s2运动到斜面底端时，有v2a2x，xa2t 解得vt4m/s，t2svt图象为右图11(xx江西省临川二中高三上学期第五次理综物理)xx年新春佳节，我市的许多餐厅生意火爆，常常人满为患，为能服务更多的顾客，服务员需要用最短的时间将菜肴送至顾客处(设菜品送到顾客处速度恰好为零)。某次服务员用单手托盘方式(如图)给12m远处的顾客上菜，要求全程托盘水平。托盘和手、碗之间的摩擦因数分别为0.2、0.15，服务员上菜最大速度为3m/s。假设服务员加速、减速运动过程中是匀变速直线运动，且可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求：(1)服务员运动的最大加速度；(2)服务员上菜所用的最短时间。答案：(1)1.5m/s2(2)6s解析(1)设碗的质量为m，托盘的质量为M，以最大加速度运动时，碗、托盘、手保持相对静止，碗受力如图所示，由牛顿第二定律得：Ff1ma1；碗与托盘间相对静止，则：Ff1Ff1max1mg，解得：a11g0.1510m/s21.5m/s2，对碗和托盘整体，由牛顿第二定律得：Ff2(Mm)a2，手和托盘间相对静止，则：Ff2Ff2max2(Mm)g，解得：a22g0.210m/s22m/s2，则最大加速度：amax1.5m/s2；(2)服务员以最大加速度达到最大速度，然后匀速运动，再以最大加速度减速运动，所需时间最短，加速运动时间：t1s2s，位移：x1vmaxt132m3m，减速运动时间：t2t12s，位移：x2x13m，匀速运动位移：x3Lx1x21233m6m匀速运动时间：t32s，最短时间：tt1t2t36s