2019-2020年高二物理上学期第一学月考试试题.doc

2019-2020年高二物理上学期第一学月考试试题一、选择题（共56分，每小题4分。）1.下列单位中是电场强度的单位的是（ ）AN/CBVmCJ/CDJ/s2.下列各量中，与检验电荷无关的量是（ ）A电场强度EB电场力FC电势差UD电场做的功W3.下列选项中的各1/4圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各1/4圆环间彼此绝缘。 坐标原点处电场强度最大的是（ ）4.关于静电场，下列说法正确的是（ ）A在电场中某点电势等于零，则该点电场强度一定为零， B由公式可知电场中某点的电势与q成反比C根据公式可知，在匀强电场中a、b 间的距离越大，电势差就越大D正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少5.用电场线能很直观、很方便地比较电场中各点场强的强弱如图甲是等量异种点电荷形成电场的电场线，图乙是场中的一些点：O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称则（ ）AE、O、F三点比较，O点电势最高BA、D两点场强大小相等，方向相反CE、O、F三点比较，O点场强最强DB、O、C三点比较，O点场强最强6.某电场的电场线分布如图实线所示，一带电粒子在电场力作用下经A点运动到B点，运动轨迹如虚线所示粒子重力不计，则粒子的加速度、动能、电势能的变化情况是（ ）A若粒子带正电，其加速度和动能都增大，电势能减小B若粒子带正电，其动能增大，加速度和电势能都减小C若粒子带负电，其加速度和动能都增大，电势能减小D若粒子带负电，其加速度和动能都减小，电势能增大7.将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷分别用d、U、E和Q表示下列说法正确的是（ ）A保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的两倍B保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍C保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半D保持d不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半8.如图所示，两段等长细线将质量分别为2m、m的小球A、B悬挂在O点，小球A受到水平向右的恒力4F的作用、小球B受到水平向左的恒力F的作用，当系统处于静止状态时，可能出现的状态应是（ ）ABCD9.如图甲所示，两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔，右极板电势随时间变化的规律如图乙所示，电子原来静止在左极板小孔处(不计电子的重力)下列说法正确的是（ ）A从t0时刻释放电子，电子可能在两板间来回振动B从t0时刻释放电子，电子始终向右运动，直到打到右极板上C从t3T/8时刻释放电子，电子必将打到左极板上D从tT/4时刻释放电子，电子可能在两板间来回振动，也可能打到右极板上10.空间中P、Q两点处各固定一个点电荷，其中P点处为正电荷，P、Q两点附近电场的等势面分布如图所示，a、b、c、d为电场中的4个点，则（ ） AP、Q两点处的电荷等量同种 Ba点和b点的电场强度相同 C负电荷从a到c，电势能减少Dc点的电势低于d点的电势11.在同一直线上的M、N两点正好是某电场中一条电场线上的两点，若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由M点运动到N点，其电势能随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（ ）A 该电场有可能是匀强电场B N点的电势比M点电势低C 带电粒子的运动轨迹是曲线D 该电子运动的加速度越来越小12.如图所示，MNPQ为有界的竖直向下的匀强电场，电场强度为E，ACB为光滑固定的半圆形轨道，圆轨道半径为R，A、B为圆水平直径的两个端点，ACB为圆弧。一个质量为m、电荷量为-q的带电小球，从A点正上方高为H处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道。不计空气阻力及一切能量损失，关于带电小球的运动情况，下列说法正确的是（ ）A小球一定能从B点离开轨道B小球在AC部分可能做匀速圆周运动C小球再次到达C点的速度可能为零D当小球从B点离开时，上升的高度一定等于H13.如图甲所示，两个点电荷Q1、Q2固定在x轴上距离为L的两点，其中Q1带正电荷位于原点O，a、b是它们的连线延长线上的两点，其中b点与O点相距3L.现有一带正电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动(粒子只受电场力作用)，设粒子经过a，b两点时的速度分别为va、vb，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是( )AQ2带负电且电荷量小于Q1B粒子从a点运动到b点电场力做正功Ca点的电势比b点的电势高D粒子在a点的电势能比b点的电势能大14.如图所示，在光滑绝缘水平面上有一半径为R的圆，AB是一条直径，空间有匀强电场，场强大小为E，方向与水平面平行在圆上A点有一发射器，以相同的动能平行于水平面沿不同方向发射带电量为+q的小球，小球会经过圆周上不同的点，在这些点中，经过B点的小球动能最大，由于发射时刻不同时，小球间无相互作用，且 =30，下列说法正确的是（ ）A电场的方向垂直AB向上 B电场的方向垂直AB向下C小球在A点垂直电场方向发射，若恰能落到C点，则初动能为qER/8D小球在A点垂直电场方向发射，若恰能落到C点，则初动能为qER4II卷二、实验题：（共16分，每空2分）15.美国物理学家密立根通过如图所示的实验装置，最先测出了电子的电荷量，被称为密立根油滴实验。如图，两块水平放置的金属板A、B分别与电源的正负极相连接，板间产生匀强电场，方向竖直向下，图中油滴由于带负电悬浮在两板间保持静止。（1）若要测出该油滴的电荷量，需要测出的物理量有_。A油滴质量m B两板间的电压UC两板间的距离d D两板的长度L（2）用所选择的物理量表示出该油滴的电荷量q=_（已知重力加速度为g）（3）在进行了几百次的测量以后，密立根发现油滴所带的电荷量虽不同，但都是某个最小电荷量的整数倍，这个最小电荷量被认为是元电荷，其值为e=_C。16.如图所示实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连（1）使电容器带电后与电源断开将左极板上移，可观察到静电计指针偏转角 （选填变大，变小或不变）；将极板间距离减小时，可观察到静电计指针偏转角 （选填变大，变小或不变）；两板间插入一块玻璃，可观察到静电计指针偏转角 （选填变大，变小或不变）；由此可知平行板电容器的电容与 有关（2）下列关于实验中使用静电计的说法中正确的有 A使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况B使用静电计的目的是测量电容器电量的变化情况C静电计可以用电压表替代D静电计可以用电流表替代三、计算题：（17题8分，18、19、20题各10分）17有一带电量的点电荷，从电场中的A点移到B点时，克服电场力做功从 B点移到C点时电场力做功问：（1）AB、BC、CA间电势差各为多少？（2）如以B点电势为零，则A、C两点的电势各为多少？电荷在A、C两点的电势能各为多少？18电学中有些仪器经常用到下述电子运动的物理原理某一水平面内有一直角坐标系xOy，x=0和x=L=10cm的区间内有一沿x轴负方向的有理想边界的匀强电场E1=1.0104V/m，x=L和x=3L的区间内有一沿y轴负方向的有理想边界的匀强电场E2=1.0104V/m，一电子（为了计算简单，比荷取=21011C/kg）从直角坐标系xOy的坐标原点O以很小的速度进入匀强电场E1，计算时不计此速度且只考虑xOy平面内的运动求：（1）电子离开匀强电场E1时的速度大小；（2）电子从O点进入到离开x=3L处的电场所需的时间；（3）电子离开x=3L处的电场时的y坐标19如图所示，在水平方向的匀强电场中，用长为L不可伸长的绝缘细线拴住一质量为m，带电荷量为q的小球1，线的上端固定于O点，若在B点同一水平线上的左方距离为r处固定另一带电小球2，小球1恰好处于静止状态，当拿走小球2后，小球1由静止开始向上摆动，当细线转过120角到达A点时的速度恰好为零，此时OA恰好处于水平状态，设整个过程中细线始终处于拉直状态，静电力常量为k求：（1）BA两点间的电势差U；（2）匀强电场的场强E的大小；（3）小球2的带电量Q20如图，水平面上的矩形箱子内有一倾角为的固定斜面，斜面上放一质量为m的光滑球，静止时，箱子顶部与球接触但无压力，箱子由静止开始向右做匀加速运动，然后再做加速度大小为a的匀减速运动直至静止，经过的总路程为s，运动过程中的最大速度为v（1）求箱子运动总时间t；（2）求箱子加速阶段的加速度为a（3）若agtan，求减速阶段球受到箱子左壁和顶部的作用力高xx级高二上期第一学月月考试题物理试卷（答案）1. A 2. AC 3. B 4. D 5. C 6. AC 7. D 8. B 9. BD 10. C 11. D 12. BD 13. A 14. C15. （1）ABC。（2）。（3）1.610-19 C 16.（1）变大 变小 变小 两板正对面积、两板距离和两板间介质有关 （2）A17.解：（1） 而电势差UAC=AC=AB+BC=UAB+UBC=100 V故CA间电势差 UCA=UAC=100V（2）因B点为0电势点，则A=UAB=200V，C=UCB=UBC=300V18.解：（1）设电子离开x=L的位置为P点，离开x=3L的位置为Q点，则： vP=2107m/s(2)电子从O点运动到P点：电子从P点运动到Q点：t2=108s所以总时间为t=t1+t2=2108s （2）电子运动到Q点时：yQ= 代入数据得：yQ=0.1m 19.解：（1）小球1从B到A过程，由动能定理得：qUmgLcos30=00解得：U=（2）BA间沿电场线的距离为：d=L+Lsin30在匀强电场，有：E=所以联立以上三式得：E=（3）未拿走球2时，小球1恰好处于静止状态，小球1和2间的作用力为：F库=k小球1受力平衡，则有：Fsin30+qE=kFcos30=mg所以解得：Q=20解：(1) 解得：（2）设加速度为a，由匀变速直线运动的公式：得：解得：（3）设小球不受车厢的作用力，应满足：Nsin=maNcos=mg解得：a=gtan减速时加速度的方向向左，此加速度有斜面的支持力N与左壁支持力共同提供，当agtan 时，左壁的支持力等于0，此时小球的受力如图，则：Nsin=maNcosF=mg解得：F=macotmg