2019-2020年高三物理上学期第一次月考（含解析）.doc

2019-2020年高三物理上学期第一次月考（含解析）（考试时间：120分钟 总分：100分）第卷（选择题 共42分）一、选择题(本题共14小题.每小题3分，共42分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，有选错或不答的得0分)1、关于牛顿第一定律的说法中，正确的是()；A；由牛顿第一定律可知，物体在任何情况下始终处于静止状态和匀速直线运动状态B；牛顿第一定律只是反映惯性大小的，因此也叫惯性定律C；牛顿第一定律反映了物体不受外力作用时的运动规律，因此，物体在不受力时才有惯性D；牛顿第一定律既揭示了物体保持原有运动状态的原因，又揭示了运动状态改变的原因【答案】D【解析】A、物体只有不受外力或者所受合外力为零时，才能处于静止状态或匀速直线运动状态，故A错误；B、牛顿第一定律反映物体具有惯性这种性质，因此它也叫惯性定律；故B错误；C、牛顿第一定律反映力是改变物体运动状态的原因，惯性是物体本身固有的属性，与物体的运动状态无关，与物体受力情况无关，故C错误；D、牛顿第一定律既揭示了物体保持原有运动状态的原因-惯性，又揭示了运动状态改变的原因-力；故D正确。故选D。【考点】牛顿第一定律；2、两个共点力Fl、F2大小不同，它们的合力大小为F，则（ ）A 、F1、F2同时增大一倍，F也增大一倍B、F1、F2同时增加10N，F也增加10NC、F1增加10N，F2减少10N，F一定不变D、若F1、F2中的一个增大，F一定增大【答案】A【解析】A、根据平行四边形定则，F1、F2同时增大一倍，F也增大一倍，故A正确B、Fl、F2方向相反，F1、F2同时增加10N，F不变，故B错误C、Fl、F2方向相反，F1增加10N，F2减少10N，F可能增加20N，故C错误D、Fl、F2方向相反，若F1、F2中的一个增大，F不一定增大，故D错误。故选A。【考点】力的合成；3、在公式vv0at和xv0tat2中涉及的五个物理量，除t是标量外，其他四个量v、v0、a、x都是矢量，在直线运动中四个矢量的方向都在一条直线中，当取其中一个量的方向为正方向时，其他三个量的方向与此相同的取正值，与此相反的取负值，若取速度v0方向为正方向，以下说法正确的是()A；匀加速直线运动中a取负值B；匀加速直线运动中a取正值C；匀减速直线运动中a取正值D；无论匀加速直线运动还是匀减速直线运动a都取正值【答案】B【解析】当物体的速度方向与加速度方向相同时，物体做加速运动，当物体的速度与加速度方向相反时，物体做减速运动；当初速度方向为正方向时，加速运动时加速度方向与初速度方向相同，取正值；当初速度方向为正方向时，减速运动时加速度方向与初速度方向相反，取负值；A、匀加速直线运动时a与速度方向相同，故取正值，A错误；B、匀加速直线运动时a与速度方向相同，故取正值，B正确；C、匀减速直线运动中a与速度方向相反，故取负值，C错误；D、匀减速直线运动中a与速度方向相反，故取负值，D错误。故选B。【考点】匀变速直线运动规律；4、一根轻绳的上端悬挂在天花板上，下端挂一灯泡，则：A.灯泡受的重力和灯泡对绳的拉力是一对平衡力B.灯泡受的重力和绳对灯泡的拉力是一对作用力和反作用力C.灯泡对绳的拉力和绳对灯泡的拉力是一对作用力和反作用力D.绳对天花板的拉力和天花板对绳的拉力是一对平衡力【答案】C【解析】A、灯泡受的重力受力物体是灯泡施力物体是地球，灯泡对绳的拉力受力物体是绳施力物体是灯泡，二者大小相同方向相同分别作用在两个物体上，既不是平衡力也不是相互作用力，所以A错误；B、灯泡受的重力和绳对灯泡的拉力受力物体都是灯泡，二者大小相等方向相反作用在一个物体上，符合二力平衡的条件，是一对平衡力，所以B错误；C、灯泡对绳的拉力和绳对灯泡的拉力二力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，分别作用在两个不同物体上，且同时产生，同时消失，属于相互作用力，所以C正确；D、绳对天花板的拉力和天花板对绳的拉力二力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，分别作用在两个不同物体上，且同时产生，同时消失，属于相互作用力，所以D错误。故选C。【考点】作用力和反作用力；牛顿第三定律；5、如图所示，两楔形物块A、B部分靠在一起，接触面光滑，物块B放置在地面上，物块A上端用绳子拴在天花板上，绳子处于竖直伸直状态，A、B两物块均保持静止。下列说法中正确的是（ ）A；绳子的拉力可能小于A的重力B；地面受的压力大于物块B的重力C；物块B受到地面的摩擦力方向水平向左D；物块B与地面间不存在摩擦力【答案】D【解析】A、由题：AB接触面光滑，AB间没有摩擦力；对A分析知，A受到重力和绳子的拉力，二力平衡，B对A没有支持力，否则三个力不可能平衡；故A错误；BCD、对B分析知：B受到重力、地面的支持力，根据平衡条件知，地面对B的支持力等于物块B的重力，地面对B没有摩擦力；故BC错误，D正确。故选D。【考点】受力分析6、一质点沿轴运动，其位置随时间变化的规律为：，的单位为s。下列关于该质点运动的说法正确的是（ ）A；该质点的加速度大小为5m/s2 B；物体回到=0处时其速度大小为5m/sC；t= 2s时刻该质点速度为零 D；03s内该质点的平均速度大小为5m/s【答案】D【解析】A、匀变速直线运动的位移随时间的变化关系：，题中给出的关系为：，比较可得：v0=10/s；a=-10m/s2，故A错误；B、物体回到x=0处时，根据对称性，其速度等于v0，为10m/s，故B错误；C、将t=2s代入：v=v0+at得：，故C错误；D、3s内：，大小为5m/s，故D正确。故选D。【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；7、一物体自t=0时开始做直线运动，其速度图线如图所示，下列选项正确的是（ ）A；在06s内，物体经过的路程为42mB；在06s内，物体离出发点最远为30 mC；在04s内，物体的平均速度为7.5 m/sD；在4s6s内，物体一直做匀减速直线运动【答案】C【解析】A、在06s内，物体经过的路程等于梯形面积与t轴下方三角形面积之和，为，故A错误；B、05s，物体向正向运动，56s向负向运动，故5s末离出发点最远，物体离出发点最远距离为，故B错误；C、在04s内，物体的位移为，因此平均速度为，故C正确；D、由图可知，45s内，物体做匀减速运动，56s内，物体的速度随时间均匀增大，做匀加速直线运动，故D错误。故选C。【考点】匀变速直线运动的图像；8、如图所示，物体A放在光滑水平桌面上，用一根细绳系住，若在绳的另一端用mg 牛顿的拉力拉物体A 时，A的加速度为a1,若在绳的另一端挂一质量为m的物体时，物体的加速度为a2,则（ ） A. a1a2 B. a1a2 C. a1=a2 D.无法确定【答案】A【解析】当在B端施以F=mg的竖直向下的拉力作用时，对A分析，有：mg=Ma1，当在绳的B端挂一质量为m的物体时，对整体分析，有：mg=（M+m）a2，则。则a1a2故选A。【考点】牛顿第二定律；9、小娟、小明两人共提一桶水匀速前行，如图所示，已知两人手臂上的拉力大小相等且为F，两人手臂间的夹角为，水和水桶的总重力为G，则下列说法中正确的是 ()；A；当为120时，F B；不管为何值，FC；当0时，F D；越大时F越小【答案】C【解析】设小娟、小明的手臂对水桶的拉力大小为F，由题小娟、小明的手臂夹角成角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，则根据平衡条件得：解得：，当=0时，值最大，则，当为120时，F=G，当越大时，则F越小。故选C。【考点】力的合成与分解10、将一斜面固定在水平地面上，在斜面上放一小滑块A，如图甲。在小滑块A上放一小物体B ，物体B始终与A保持相对静止，如图乙。在小滑块A上施加一竖直向下的作用力F，如图丙。则下列说法正确的是 ()A；若甲图中A可沿斜面匀加速下滑，加力F后加速度将增大B；若甲图中A可沿斜面匀速下滑，加力F后将加速下滑C；若甲图中A可沿斜面匀加速下滑，加物体B后加速度将增大D；若甲图中A可沿斜面匀速下滑，加物体B后将加速下滑【答案】A【解析】设斜面倾角为，A的质量为m，B的质量为M，D、若甲图中A可沿斜面匀速下滑，则A重力沿斜面的分量与滑动摩擦力相等，即，加上B后，把AB看成一个整体，则仍然满足，所以仍然做匀速下滑，故D错误；B、加力F后与加物体B是一样的情况，故B错误；C、若甲图中A可沿斜面匀加速下滑，则根据牛顿第二定律得：，加物体B后加速度，则加速度不变，故C错误；A、加力F后加速度，则加速度变大，故A正确。故选A。【考点】牛顿第二定律；11、在某一高度以v020 m/s的初速度竖直上抛一个小球(不计空气阻力)，当小球速度大小为10 m/s时，以下判断不正确的是(g取10 m/s2)()A；小球在这段时间内的平均速度大小可能为15 m/s，方向向上B；小球在这段时间内的平均速度大小可能为5 m/s，方向向下C；小球在这段时间内的平均速度大小可能为5 m/s，方向向上D；小球的位移大小一定是15 m【答案】B【解析】ABC、根据，速度为10m/s时平均速度大小可能为15m/s，方向向上，速度为-10m/s时平均速度大小可能为5m/s，方向向上，AC正确B错误D、根据知小球的位移大小一定是15m，D正确；故选B。【考点】平均速度；12、如图所示，在光滑的水平面上，质量分别为m1和m2的木块A和B之间用轻弹簧相连，在大小为F的拉力作用下做匀加速直线运动；某时刻突然撤去拉力F，此瞬时A和B的加速度大小分别为a1和a2，则有 ( )A； B；A； D；【答案】A【解析】对整体分析，整体的加速度为：，隔离对A分析，弹簧的弹力为：；撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，对A有：，对B有：，故A正确。故选A。【考点】牛顿第二定律；13、如图所示，一轻绳跨过光滑定滑轮，两端分别系一个质量为m1、m2的物块；m1放在地面上，m2离水平地面有一定高度；当m1的质量发生改变时，m2的加速度a的大小也将随之改变；下列四个图象中最能正确反映a与m1之间关系的是 ( )【答案】D【解析】当m2m1时，m1仍处于静止状态，则m2处于静止状态，加速度为零，当m2m1时，m1有向上的加速度，根据牛顿第二定律得，当m1=0，则加速度a=g，可知D图线正确。故选D。【考点】牛顿第二定律；14、如图，A、B两物体叠放在水平地面上，A物体质量m=20kg，B物体质量M=30 kg。处于水平位置的轻弹簧一端固定于墙壁，另一端与A物体相连，弹簧处于自然状态，其劲度系数为250 Nm，A与B之间、B与地面之间的动摩擦因数均为=0.5。现用一水平推力F作用于物体B上，使B缓慢地向墙壁移动，、始终保持相对静止。当B移动0 .2m时，水平推力的大小为(g取10 ms2)（ ）A； 200 N B；250 N C； 300 N D；350 N【答案】C【解析】若A物块未滑动，则弹簧的压缩量为0.2m，则弹簧的弹力；假设成立；对B在竖直方向上平衡，在水平方向上受推力F、A对B的静摩擦力、地面的滑动摩擦力，根据平衡有：；故B正确。故选C。【考点】力的合成与分解的运用；胡克定律； 第卷（非选择题共58分）二、填空题（本题每空2分，共18分。把答案填在相应的横线上）15；如图所示是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带；(1)已知打点计时器电源频率为50 Hz，A、B、C、D是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，则纸带上相邻计数点的时间间隔为_s；(2)从图中读出A、B两点间距x = _cm；C点对应的速度是_m/s(计算结果保留两位小数)；【答案】（1）0.1； (2) 0.65； 0.10【解析】（1）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，（2）由图示刻度尺可知，其分度值为1mm，A、B两点间的距离s=1.65cm-1.00cm=0.65cm；由于做匀变速直线运动的物体在某段时间内平均速度就等于在该段时间内的中间时刻瞬时速度，故。【考点】探究小车速度随时间变化的规律；16、(1)小丽用如图甲所示的装置验证“力的平行四边形定则”。用一木板竖直放在铁架台和弹簧所在平面后。其部分实验操作如下，请完成下列相关内容：如图甲，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O；卸下钩码然后将两绳套系在弹簧下端，用两弹簧测力计将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的 及两弹簧测力计相应的读数。图乙中B弹簧测力计的读数为 N；小丽在坐标纸上画出两弹簧测力计拉力FA、FB的大小和方向如图丙所示，请在图丙中作出FA、FB的合力F；已知钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图丙所示，观察比较F和F，得出结论。【答案】方向 11.40 如图所示【解析】根据验证平行四边形定则的实验原理要记录细绳套AO、BO的方向和拉力大小，拉力大小由弹簧秤读出，分度值为0.1N，估读一位：11.40N利用平行四边形定则作出FA、FB的合力F，作图如图。【考点】验证力的平行四边形定则；17、如图为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置。（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持_不变，用钩码所受的重力作为_，用DIS测小车的加速度。（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量。在某次实验中根据测得的多组数据可画出a-F关系图线（如图所示）。此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是_A；所挂钩码的总质量太大 B；所用小车的质量太大C；小车与轨道之间存在摩擦 D；导轨保持了水平状态【答案】（1）小车的总质量，小车所受合外力，（2）A，【解析】探究加速度与力的关系，应保持小车的质量不变，用钩码所受的重力作为小车所受的合力；以小车与钩码组成的系统为研究对象，系统所受的合外力等于钩码的重力m钩码g，由牛顿第二定律得：，小车的加速度，小车受到的拉力，当时，可以认为小车受到的合力等于钩码的重力，如果钩码的质量太大，则小车受到的合力小于钩码的重力，实验误差较大，a-F图象偏离直线，故A正确；【考点】探究加速度和力的关系；三、计算题（共40分；解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值运算的，答案中必须明确写出数值和单位。）18、（8分）学校对升旗手的要求是：国歌响起时开始升旗,当国歌结束时国旗恰好升到旗杆顶端。已知国歌从响起到结束的时间是48 s，红旗上升的高度是17.6 m。若国旗先向上做匀加速运动，时间持续4 s，然后做匀速运动，最后做匀减速运动，减速时间也为4 s，红旗到达旗杆顶端时的速度恰好为零。求：（1）国旗匀加速运动时加速度的大小；（2）国旗匀速运动时的速度大小。【答案】a1 = 0.1m/s2 v2 = 0.4 m/s【解析】对于红旗加速上升阶段：对于红旗匀速上升阶段：、对于红旗减速上升阶段：对于全过程： a1 = a3、x1 + x2 + x3 = 17.6 m由以上各式可得：a1 = 0.1m/s2、v2 = 0.4 m/s。【考点】匀变速直线运动规律19、（8分）一光滑圆环固定在竖直平面内，环上套着两个小球A和B(中央有孔),A、B间由细绳连接着,它们处于如图所示位置时恰好都能保持静止状态.此情况下,B球与环中心O处于同一水平面上,A、B间的细绳呈伸直状态,且与水平线成30角.已知B球的质量为2 kg,求细绳对B球的拉力和A球的质量. (g取10 m/s2) 【答案】 【解析】对B球受力分析如下图所示,物体B处于平衡状态有、物体A处于平衡状态有: 在水平方向在竖直方向 由上两式解得。【考点】共点力平衡20；（12分）如图所示，物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入水平面（设经过B点前后速度大小不变），最后停在C点。每隔0.2秒钟通过速度传感器测量物体的瞬时速度，下表给出了部分测量数据。（重力加速度g10m/s2）求：（1）斜面的倾角a；（2）物体与水平面之间的动摩擦因数m；（3）物体在t0.6s时的瞬时速度v。t（s）0.00.20.41.21.4v（m/s）0.01.02.01.10.7【答案】a30 m0.2 【解析】（1）由前三列数据可知物体在斜面上匀加速下滑时的加速度为：a15m/s2，mgsinama1，可得：a30，（2）由后二列数据可知物体在水平面上匀减速滑行时的加速度大小为：a22m/s2，mmgma2，可得：m0.2，（3）设物体运动的总时间为t由1.12(t1.2)=0得：t=1.75设物体在斜面上下滑的时间为t15t12（1.75t1），解得t10.5s，即物体在斜面上下滑的时间为0.5s则t0.6s时物体在水平面上，其速度为【考点】匀变速直线运动规律21、（12分）如图所示，一质量为M=10kg，长为L=2m的木板放在水平地面上，已知木板与地面间的动摩擦因数为m1=0.1，在此木板的右端上还有一质量为m=4kg的小物块，且视小物块为质点，木板厚度不计.今对木板突然施加一个F=54N的水平向右的拉力，g10m/s2.（1）若木板上表面光滑，则小物块经多长时间将离开木板？（2）若小物块与木板间的动摩擦因数为m、小物块与地面间的动摩擦因数为2m，小物块相对木板滑动一段时间后离开木板继续在地面上滑行，且对地面的总位移S=3m时停止滑行，求值.【答案】t=1s m=0.167【解析】（1）对木板受力分析，由牛顿第二定律得：由运动学公式，得解得：t=1s（2）对物块：在木板上时在地面上时设物块从木板上滑下时的速度为，物块在木板上和地面上的位移分别为、，则：并且满足解得设物块在木板上滑行时间为，则对木板：木板对地面的位移解得m=0.167。【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动规律 “四地六校”联考xx学年上学期第一次月考高三物理试题答案及给分参考一、选择题（本题共14小题；每小题3分，共42分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，有选错或不答的得0分；）题号1234567答案DABCDDC题号891011121314答案ACABADC二、实验题(每空2分，共18分。)15、（1）0.1； (2) 0.65； 0.1016、（1）方向、11.40 、如图所示 17、（1）小车的总质量，小车所受合外力，（2）A，18、（8分）对于红旗加速上升阶段：(1分)对于红旗匀速上升阶段：.(1分).(1分)对于红旗减速上升阶段： (1分)对于全过程： a1 = a3(1分) x1 + x2 + x3 = 17.6 m. (1分)由以上各式可得：a1 = 0.1m/s2.(1分)v2 = 0.4 m/s.(1分)（若使用图像法）(4分)v2 = 0.4 m/s.(2分).(1分)a1 = 0.1m/s2(1分)19、（8分）解析 对B球受力分析如下图所示,物体B处于平衡状态有:Tsin 30=mBg （2分）T=2mBg=2210 N=40 N （2分）物体A处于平衡状态有: 在水平方向:Tcos 30=NAsin 30 （1分）在竖直方向:NAcos 30=mAg+Tsin 30 （1分）由上两式解得:mA=2mB=4 kg （2分）20.（12分）解：（1）由前三列数据可知物体在斜面上匀加速下滑时的加速度为： a15m/s2，mg sin ama1，可得：a30， （4分）（2）由后二列数据可知物体在水平面上匀减速滑行时的加速度大小为：a22m/s2，mmgma2，可得：m0.2， （4分）（3）设物体运动的总时间为t由1.12(t 1.2)= 0得：t =1.75设物体在斜面上下滑的时间为t15t12（1.75t1），解得t10.5s，即物体在斜面上下滑的时间为0.5s则t0.6s时物体在水平面上，其速度为 ( 4分）21.（12分） 解：（1）对木板受力分析，由牛顿第二定律得： （1分）由运动学公式，得 （1分）解得： t=1s （1分）（2）对物块：在木板上时 在地面上时 （1分）设物块从木板上滑下时的速度为，物块在木板上和地面上的位移分别为、，则： （1分）并且满足解得 （1分）设物块在木板上滑行时间为，则 （1分）对木板： （1分）木板对地面的位移 （1分） （1分）解得m=0.167 （2分）