全国通用版2019高考物理总复习精准提分练：选择题专练一.doc

选择题专练(一)(限时：20分钟)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分14下列论述中正确的是()A开普勒根据万有引力定律得出行星运动规律B爱因斯坦的狭义相对论，全面否定了牛顿的经典力学规律C普朗克把能量子引入物理学，正确地破除了“能量连续变化”的传统观念D玻尔提出的原子结构假说，成功地解释了各种原子光谱的不连续性答案C解析开普勒通过研究第谷的行星观测数据，得出了行星运动规律，A错误；爱因斯坦的狭义相对论，并没有全面否定牛顿的经典力学，B错误；普朗克把能量子引入物理学，正确地破除了“能量连续变化”的传统观念，C正确；玻尔提出的原子结构假说，不能解释复杂原子，如氦原子核光谱的不连续性，D错误15.如图1，放置在光滑的水平地面上足够长的斜面体，下端固定有挡板，用外力将轻质弹簧压缩在小木块和挡板之间，弹簧的弹性势能为100 J撤去外力，木块开始运动，离开弹簧后，沿斜面向上滑到某一位置后，不再滑下，则()图1A木块重力势能的增加量为100 JB木块运动过程中，斜面体的支持力对木块做功不为零C木块、斜面体和弹簧构成的系统，机械能守恒D最终，木块和斜面体以共同速度向右匀速滑行答案B解析因为到达最高点后，木块不再下滑，所以木块必受斜面的摩擦力作用，斜面体受到木块的斜向右上的摩擦力作用，该力在水平方向上有一个分力，故斜面体向右运动，木块相对地面在水平方向上有位移，斜面体对木块的支持力与水平位移夹角不垂直，故斜面体的支持力对木块做功不为零，木块、斜面体和弹簧构成的系统，有摩擦力做功，所以机械能不守恒，B正确，C错误；将弹簧、木块和斜面体看成一个整体，整体在水平方向上受力为零，所以系统水平方向动量守恒，释放弹簧前系统水平方向动量为零，故释放弹簧后系统水平方向动量仍旧为零，即木块和斜面体最后静止，弹簧的弹性势能转化为系统的内能(克服摩擦力做功)以及木块的重力势能，故木块重力势能的增加量小于100 J，A、D错误16如图2所示，a为放在地球赤道上随地球一起转动的物体，b、c、d为在圆轨道上运行的卫星，轨道平面均在地球赤道面上，其中b是近地卫星，c是地球同步卫星若a、b、c、d的质量相同，地球表面附近的重力加速度为g，则下列说法中正确的是()图2Ab卫星转动的线速度大于7.9 km/sBa、b、c、d的周期大小关系为TaTbTcTdCa和b的向心加速度都等于重力加速度gD在b、c、d中，b的动能最大，d的机械能最大答案D解析7.9 km/s是第一宇宙速度，是卫星绕地球做匀速圆周运动最大的运行速度，所以b卫星转动的线速度小于7.9 km/s，故A错误对于b、c、d三颗卫星，由开普勒第三定律k，知TbTcTd，地球同步卫星的周期与地球自转周期相同，则有TaTc.因此有TbTaTc，g为重力加速度从抛出到第一次碰撞筒壁，不计空气阻力，则下列说法正确的是()图5A三小球运动时间之比tAtBtC21B三小球下落高度之比hAhBhC21C重力对三小球做功之比WAWBWC341D重力的平均功率之比PAPBPC231答案AC解析因为三个小球都碰壁，说明没有下落到底部，小球在水平方向上做匀速直线运动，根据几何知识可知三个球的水平位移xA2RR，xB2R，xC2RR，而所用时间tAtBtC21，A正确；在竖直方向上做自由落体运动，三小球下落高度之比hAhBhCgtgtgt341，B错误；重力对小球做功WGmgh，故WAWBWChAhBhC341，C正确；重力的平均功率P，故PAPBPC21，D错误20图6(a)中理想变压器的原线圈依次接入如图(b)所示的甲、乙两个正弦交流电源接电源甲后，调节滑动变阻器滑片位置使小灯泡A正常发光，小灯泡的功率及电流频率分别为P1、f1；保持滑片位置不变，改用电源乙，小灯泡的功率及电流频率分别为P2、f2，则()图6Af1f232BP1P221C若将变阻器滑片向左移动，电源乙可能使小灯泡正常发光D若将变压器动片P向下移动，电源乙可能使小灯泡正常发光答案AD解析变压器不改变交流电的频率，从题图b中可知3T12T2，即，所以，A正确；从题图b中可知甲、乙两个电源的电动势最大值之比为21，两种情况下副线圈两端的电压有效值之比为21，所以两种情况下通过灯泡的电流之比为21，根据PI2R可知，B错误；若将变阻器滑片向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻增大，通过灯泡的电流减小，所以电源乙不可能使小灯泡正常发光，C错误；若将变压器动片P向下移动，即减小，根据可知U2增大，即副线圈两端电压增大，故电源乙可能使小灯泡正常发光，D正确21两个完全相同的平行板电容器C1、C2水平放置，如图7所示开关S闭合时，两电容器中间各有一油滴A、B刚好处于静止状态现将S断开，将C2下极板向上移动少许，然后再次闭合S，则下列说法正确的是()图7A两油滴的质量相等，电性相反B断开开关，移动C2下极板过程中，B所在位置的电势不变C再次闭合S瞬间，通过开关的电流可能从上向下D再次闭合开关后，A向下运动，B向上运动答案BCD解析当S闭合时，左边电容的上极板和右边电容的下极板相连，即两个极板的电势相等，又因为其他两个极板都接地，电势相等，故两极板间的电势差的绝对值相等，根据mgq，由于不知道两油滴的电荷量，故两个油滴的质量不一定相等，若C1上极板带正电，则C1电场方向竖直向下，A液滴应受到竖直向上的电场力，故带负电，C2下极板带正电，则C2电场方向竖直向上，B滴液应受到竖直向上的电场力，所以带正电，电性相反；若C1上极板带负电，则C1电场方向竖直向上，A液滴应受到竖直向上的电场力，故带正电，C2下极板带负电，则C2电场方向竖直向下，B滴液应受到竖直向上的电场力，所以带负电，电性相反，总之，两油滴的电性相反，A错误；断开开关，移动C2下极板过程中，两极板所带电荷量相等，根据C，C，E联立可得E，两极板间的电场强度大小和两极板间的距离无关，故电场强度恒定，所以B的受力不变，故仍处于静止状态，到上极板(零电势)的距离不变，根据UEd可知B点的电势不变，B正确；S断开，将C2下极板向上移动少许，根据C可知C2增大，根据C可知U减小，即C2下极板电势降低，再次闭合S瞬间，C1上极板的电势大于C2下极板电势，通过开关的电流可能从上向下，稳定后，根据E可知C1两极板间的电势差减小，电场强度减小，A向下运动，C2两极板间的电势差增大，电场强度增大，B向上运动，C、D正确