2019届高三物理上学期8月调研考试试题(含解析).doc

2019届高三物理上学期8月调研考试试题(含解析)一、选择题： 1.1.伽利略利用“斜面实验”研究自由落体运动的规律，其实验思想是( )A. 小球沿斜面运动时加速度较小，速度的测量比较容易B. 小球沿斜面运动时速度较小，位移的测量比较容易C. 测量小球沿斜面运动时的位移与时间的平方的比值，合理外推到90D. 测量小球沿斜面运动时的速度平方与位移的比值，合理外推到90【答案】C【解析】试题分析：小球沿斜面运动时加速度较小，同一位移，所用时间较长，时间测量较容易，故A、B错误；“斜面实验”研究自由落体运动的规律，其实验思想通过测量斜面上物体运动的情况，然后进行合理的外推，从而得出自由落体是匀变速直线运动，因而需要测量位移与时间平方的比值s/t2情况，合理外推到90，故C正确，D错误故选C.考点：伽利略斜面试验.2.2.利用超声波遇到物体发生反射的特性，可测定物体运动的有关参量图甲中仪器A和B通过电缆线连接，B为超声波发射与接收一体化装置，仪器A提供超声波信号源而且能将B接收到的超声波信号进行处理并在屏幕上显示其波形现固定装置B，并将它对准匀速行驶的小车C，使其每隔固定时间T0发射一短促的超声波脉冲，图乙中1、2、3为B发射的超声波信号，1、2、3为对应的反射波信号接收的反射波滞后时间已在图中标出，其中T0和T为已知量又知该测定条件下超声波在空气中的速度为v0，则根据所给信息可判断小车的运动方向和速度大小为（ ）.A. 向右，B. 向左，C. 向右，D. 向左，【答案】A【解析】试题分析：由屏幕上显示的波形可以看出，反射波滞后于发射波的时间越来越长，说明小车离信号源的距离越来越远，小车向右运动由题中图乙可得，小车相邻两次反射超声波脉冲的时间，小车在此时间内前进的距离为，小车的速度为，A正确考点：考查了匀速直线运动规律的应用【名师点睛】本题是实际应用问题，考查应用物理知识分析、理解现代科技装置原理的能力，同时能根据题意正确建立物理模型，再根据所学物理规律正确求解即可3.3.“蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海载人潜水器，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器。假设某次海试活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为v时开始计时，此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间t上浮到海面，速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t0(t0gC. xB=h+，aB=0 D. xC=h+，aC=0【答案】C【解析】试题分析：小球刚接触A点时，坐标为xA=h， 为重力加速度g，则选项AB错误；B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，合力为0，加速度也就为0，由mg=kx，可知x=，所以B得坐标为h+，所以C正确，D错误；故选C。考点：胡克定律；牛顿定律的应用.【名师点睛】此题是胡克定律及牛顿第二定律的考查；解题的关键是分析物体下落过程中的受力情况，从而得出物体的运动情况；物体接触弹簧后先做加速度减小的加速运动，然后做加速度增大的减速运动，最后停止；然后对比图线回答问题.7.7.甲和乙两辆汽车在同一条平直公路同向行驶，它们的v-t图像分别是a、b两条曲线，已知在时刻，两车相遇，下列说法正确的是（ ）A. 时刻甲车在前，乙车在后B. 时刻，两车相距最远C. 甲车速度最大时，两车相距最远D. 到的时间内，两车加速度均先减小后增大【答案】BD【解析】A、甲和乙两辆汽车的v-t图像分别是a、b两条曲线，已知在t2时刻，两车相遇，从时间内，a围成的面积大于b围成的面积，甲车位移大于乙车位移，在时刻，甲车在后，乙车在前，故A错误；BC、时刻，两车速度相等，甲车在后，乙车在前，时刻以后，甲车速度大于乙车速度，两车相距越来越近，则有在时刻，两车相距最远，故B正确；C错误；D、v-t图像中，加速度大小看图像的斜率的大小，时间内，两车斜率大小均先减小后增大，所以两车加速度均先减小后增大，故D正确；故选BD。8.8.A、B、C、D四个物体在同一条直线上做直线运动，A物体的xt、B物体的vt、C物体和D物体的at图象依次如图所示，规定水平向右为正，已知物体在t0时的速度均为零，且此时C物体在D物体的左边175m处，则（ ）A. 其中04s内物体运动位移最大的是B物体B. 其中04s内物体运动位移最大的是C物体C. t25s时C物体追上D物体D. t35s时C物体追上D物体【答案】BD【解析】04s内物体A、B的位移为零；物体C一直向右运动；物体D在0-1s内先加速，在1-2s内减速到零，然后2-3s内反向加速，3-4s内减速到零回到出发点，故04s内物体运动位移最大的是C物体，选项B正确，A错误；1-3s内C的位移；3-3.5s内C的位移：；即C向右的位移为1.5m+0.375m=1.875m；同理在0-3.5s内D的位移，因开始时C物体在D物体的左边1.75m处，则t3.5s时C物体追上D物体，选项D正确，C错误；故选BD.9.9.将一横截面为扇形的物体B放在水平面上，一小滑块A放在物体B上，如图所示，除了物体B与水平面间的摩擦力之外，其余接触面的摩擦均可忽略不计，已知物体B的质量为M、滑块A的质量为m，重力加速度为g，当整个装置静止时，A、B接触面的切线与竖直的挡板之间的夹角为则下列选项正确的是 A. 物体B对水平面的压力大小为(M+m)gB. 物体B受到水平面的摩擦力大小为C. 滑块A与竖直挡板之间的弹力大小为mgtanD. 滑块A对物体B的压力大小为【答案】AB【解析】C、D、首先对物体A受力分析，如图所示：根据平衡条件，有：，根据牛顿第三定律，A对B的压力大小为，A对挡板的压力大小为，CD错误；A、B、再对AB整体受力分析，受重力、地面支持力、挡板支持力、地面的静摩擦力，如图所示：根据平衡条件，地面支持力大小，地面的摩擦力大小；再根据牛顿第三定律，对地压力大小为，A正确；B正确；故选AB。10.10.如图所示，质量分别为M、m物体A、B用细绳连接后跨过光滑的定滑轮，A静止在倾角为300的斜面上，已知M2m，现将斜面倾角由300增大到350，系统仍保持静止。此过程中，下列说法正确的是 （ ）A. 细绳对A的拉力将增大B. 物体A受到的静摩擦力先减小后增大C. 物体A对斜面的压力将减小D. 滑轮受到的绳的作用力将增大【答案】CD【解析】试题分析：先对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到拉力等于物体B的重力；再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，根据平衡条件列式分析解：M=2m，对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：T=mg再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，如图：根据平衡条件得到：f+T2mgsin=0 N2mgcos=0 由两式解得：f=2mgsinT=2mgsinmg，N=2mgcos，当不断变大时，f不断变大，N不断变小故AB错误C正确；绳子拉力大小不变，但夹角减小，滑轮受到的绳的作用力增大故D正确故选：CD【点评】本题关键是先对物体m受力分析，再对物体M受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解11.11.某装置如图所示，两根轻杆OA、OB与小球蹦及一小滑块通过铰链连接，杆OA的A端与固定在竖直光滑杆上的铰链相连。小球与小滑块的质量均为m，轻杆OA、OB长均为l，原长为l的轻质弹簧与滑块都套在该竖直杆上，弹簧连接在A点与小滑块之间。装置静止时，弹簧长为1.6l，重力加速度为g，sin53=0.8，cos53 =0.6，以下说法正确的是A. 轻杆OA对小球的作用力方向与竖直轴的夹角为53B. 轻杆OB对小滑块的作用力方向沿OB杆向下，大小为C. 轻杆OA与OB对小球的作用力大小之比是D. 弹簧的劲度系数【答案】BD【解析】弹簧的长度为1.6l，OA=l，则轻杆OA对小球的作用力方向与竖直轴的夹角为，可得=370，选项A错误；对小球受力分析可知，两边杆对小球作用力的水平分力相等，可知轻杆OA与OB对小球的作用力大小相等，选项C错误；对小球竖直方向：2Tcos370=mg，解得，选项B正确；对滑块受力分析可知：,解得：，选项D正确；故选BD. 点睛：此题首先要搞清题目中图的几何关系，知道轻杆所受的弹力沿杆的方向，分别对两物体受力分析，结合平衡条件求解.12. 如图所示，倾角为的斜面体C置于水平面上，B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态则（ ）A. B受到C的摩擦力一定不为零B. C受到水平面的摩擦力一定为零C. 不论B、C间摩擦力大小、方向如何，水平面对C的摩擦力方向一定向左D. 水平面对C的支持力与B、C的总重力大小不相等【答案】CD【解析】试题分析：对物体B：当时，BC间摩擦力为0，故A错误；BC整体受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力和斜向右上方的绳的拉力，而绳的拉力可分解为竖直向上的分力和水平向右的分力由于BC静止由平衡条件知必有水平面对C的水平向左的摩擦力与拉力的水平分力平衡所以水平面对C的摩擦力不可能为0，故B错误C正确；对BC整体而言，由于拉力有竖直向上的分力，故水平面对C的支持力等于BC的总重力减分力所以水平面对C的支持力不等于BC的总重力，故D正确考点：考查了共点力平衡条件，摩擦力【名师点睛】该题着重考察学生对受力分析、平衡条件应用等知识的掌握情况以及整体法隔离法分析物理问题的能力极易做错二、实验题13.13.某学习小组利用如图1所示的装置做探究弹力和弹簧伸长的关系的实验实验中，先测出不挂钩码时弹簧的长度，再将5个钩码逐个加挂在弹簧下端，稳定后测出相应的弹簧总长度，将数据填在表中（弹力始终未超过弹性限度，取）（1）上表记录数据中有一组数据在测量或记录时有错误，它是第_组数据（2）根据实验数据将对应的弹力大小计算出来并填入表内相应的空格内_（保留3位有效数字）（3）在坐标纸中作出弹簧弹力大小F跟弹簧总长度L之间的关系图线_（4）根据图线求得该弹簧的劲度k=_N/m（保留2位有效数字）（5）若考虑弹簧自重对第一组数据的影响，弹簧劲度系数k的实验值_真实值（填“大于”、“小于”或“等于”）【答案】 (1). 5 (2). 0，0.294，0.588，0.882，1.18，1.47 (3). (4). 8.9 (5). 相等【解析】（1）表格中的数据小数点后面的位数应相同，所以第5组弹簧总长的数据不规范，应为31.20；（2）弹簧的弹力等于钩码的重力，即F=mg，所以弹力大小依次为：0，0.294，0.588，0.882，1.18，1.47 ；（3）在误差允许的范围内，从18cm开始的一次函数（4）图线的斜率表示弹簧的劲度系数 （5）由胡克定律可知，弹簧弹力的增加量与弹簧的形变量成正比，即：，因此弹簧的自重不会对劲度系数产生影响，故劲度系数的测量值与真实值相比相等.【点睛】根据数据记录规律可明确数据是否准确；根据重力公式求解重力；根据描点法可得出对应的图象；根据表格中弹力的大小和弹簧总长，作出F与x之间的关系图线，根据图线的斜率求出劲度系数根据胡克定律可知：，因此弹簧的自重不会对劲度系数产生影响14.14.“探究求合力的方法”的实验装置如图甲所示。(1)某次实验中，弹簧测力计的指针位置如图甲所示。其中，细绳CO对O点的拉力大小为_ N。(2)请将图甲中细绳CO和BO对O点两拉力的合力F合画在图乙上_。由图求出合力的大小F合_ N。(保留两位有效数字)(3)某同学对弹簧测力计中弹簧的劲度系数是多少很感兴趣，于是，他将刻度尺与弹簧测力计平行放置，如图丙所示，利用读得的数据，他得出了弹簧的劲度系数。那么，该弹簧的劲度系数k_N/m。(保留两位有效数字)【答案】 (1). 2.60 (2). (3). 5.1(5.15.3均可) (4). 60【解析】（1）根据测力计指针的指示可读出其示数为：；（2）以为邻边，作出平行四边形，如图所示，对角线表示合力：由此可得出合力的大小为：（3）根据丙图可知，当拉力为时，弹簧的拉伸量为：，由于刻度尺需要估读在范围内均正确因此根据得：，在范围内均正确。点睛：实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等。15.15.某同学用图(a)所示的实验装置测量物块与斜面之间的动摩擦因数已知打点计时器所用电源的频率为50 Hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图(b)所示，图中标出了五个连续点之间的距离图(a)图(b)(1)物块下滑时的加速度a_m/s2，打C点时物块的速度v_m/s；(2)已知重力加速度大小为g，为求出动摩擦因数，还必须测量的物理量是_(填正确答案标号)A物块的质量B斜面的高度C斜面的倾角【答案】 (1). 3.25 (2). 1.79 (3). C【解析】试题分析：（1）根据，有：，解得：打C点时物块的速度：（2）对滑块，根据牛顿第二定律，有：，解得：故还需要测量斜面的倾角，故选：C；考点：测量动摩擦因数实验【名师点睛】实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等视频三、解答题16. 沿x轴正方向运动的A质点和B质点，其位置-时间图像（如图所示）分别为图中直线a和曲线b，已知B质点的质量为m=2kg，所受合外力恒定且大小为4N，t=3s时直线a和曲线b刚好相切，求：（1）质点B在t=0时的速度大小和方向；（2）t=0时的质点B的位置。【答案】（1），方向沿x正方向（2）【解析】试题分析：（1）由，可得质点B的加速度由图可知3s时设质点B在t=0时质点B的速度为，则有解得，方向沿x正方向（2）03s内，质点A的位移质点B的位移则t=0时两质点距离，故考点：考查了牛顿第二定律与运动学公式的应用【名师点睛】连接牛顿第二定律与运动学公式的纽带就是加速度，所以在做这一类问题时，特别又是多过程问题时，先弄清楚每个过程中的运动性质，根据牛顿第二定律求加速度然后根据加速度用运动学公式解题或者根据运动学公式求解加速度然后根据加速度利用牛顿第二定律求解力17.17.木板B放在水平地面上，在木板B上放一重1200N的A物体，物体A与木板B间，木板与地间的摩擦因数均为0.2，木板B重力不计，当水平拉力F将木板B匀速拉出，绳与水平方向成30时，问绳的拉力T多大？水平拉力F多大？(重力加速度g=10m/s2， ，结果保留一位小数。)【答案】248.7N 430.4N【解析】解：对A，受力如图1所示，根据平衡条件，有：f=Tcos30Tsin30+N=GA又f=N联立得到，解（1）（2）式得，N=Tcos30，Tsin30+=GA代入解得，T=248.4N，f=248.7=215N对B：受F，A对B的摩擦力，地对B的摩擦力，地对B的弹力N地，A对B的压力为N，处于动平衡状态，则有F=f地+f=N地+N=430.4N答：绳的拉力是248.4N水平拉力F是430.4N【点评】本题是两个物体平衡问题，采用隔离法研究，分析受力，作出力图是解题的关键18.18.如图所示，质量为2m的物体A经一轻质弹簧与地面上的质量为3m的物体B相连，弹簧的劲度系数为k，一条不可伸长的轻绳绕过定滑轮，一端连物体A，另一端连一质量为m的物体C，物体A、B、C都处于静止状态.已知重力加速度为g,忽略一切摩擦.（1）求物体B对地面的压力.（2）把物体C的质量改为5m，并使C缓慢下降，最终A、B、C又处于静止状态，且C只受重力和绳的拉力作用，求此过程中物体A上升的高度.【答案】（1）4mg；（2） 【解析】【详解】(1)对AB整体，根据平衡条件得： mg+FN=5mg，得地面对B的支持力FN=4mg，则物体B对地面的压力FN=FN=4mg；(2)对C：绳子的拉力FT=5mg对A：FT=Fk+2mg，所以Fk=3mg，即kx1=3mg，得到弹簧的伸长长度为开始时，弹簧的压缩量为x2，则kx2=mg，由几何关系得到，A上升的高度为：【点睛】对于含有弹簧的问题，都要分析弹簧的状态，弹簧通常有三种状态：原长、伸长和压缩，根据几何关系研究物体上升的高度是常用的思路19.19.如图，在长直公路上有A、B、C三个点，xAB=146m，xBC=119m，B处为一个受信号灯管控的节点，信号灯每T=10s一次在红灯和绿灯之间转换，亮红灯时车辆不准通过，亮绿灯时车辆准许以不超过v1=10m/s的速度通过，ABC全路段的行驶速度均不得超过v2=20m/s现有一辆特种汽车，这种汽车在水平道路上行驶时，只有匀速、匀加速、匀减速三个模式可供转换，且在匀加速和匀减速过程中的加速度大小均被设定为a=1.0m/s2，匀速行驶的速度大小可在0至v3=25m/s之间选择当t=0时，绿灯正好亮起，此时汽车停在A处，欲驶往C处，要求汽车尽早安全到达且停在C处本题中汽车可视为质点则：(1)汽车应该在什么时刻通过B节点？通过B节点时的速度大小应该是多少？(2)汽车最早在什么时刻到达且停在C处【答案】（1）20s；10m/s（2）36s【解析】试题分析：（1）先考虑从A到B的最快时间：若全加速：代入数据得：超出了B处v1=10m/s的限制，且到达B处时是红灯，所以此法不可以 （2分）若先加速至v，再减速至v1=10m/s：则加速时的位移为：可得（1分）那么再从v减速至v1=10m/s时的位移为:可得（1分）由位移间的关系：代入数据得v=14m/s，既未超v2=20m/s，也未超v3=25m/s，所需时间为则：，其中，代入数据得，此时B处还是红灯所以通过B节点的最早时刻应该是=18s+2s=20s， （2分）且此时的速度大小应该是vB=10m/s （1分）(2)以前问为基础，当=20s时汽车以vB=10m/s安全通过B节点后，设先加速到v，再减速至零刚好安全停在C处：从vB加速至时的位移为： 则有可得（1分）从再减速至零刚好安全停在C处位移为： 则有可得（1分）位移间关系：代入数据得：得v=13m/s，既未超v2=20m/s，也未超v3=25m/s所需要时间为则：其中 （2分）代入数据得：此时（1分）考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系、速度与时间的关系【名师点睛】解决本题的关键理清汽车的运动规律，结合匀变速直线运动的运动学公式灵活求解，注意在计算时要考虑速度是否超速（1）先判断出全加速时不可以通过B节点，通过先加速后减小至10m/s到达B节点，结合位移关系，运用速度位移公式求出加速的末速度，判断出未超过最大速度，结合速度时间公式求出A到B的时间，通过信号灯的周期得出通过B节点的时间，得知通过B节点的速度（2）从B点出发，当汽车先加速，然后做减速运动，抓住总位移的大小求出最大速度，判断是否超速，再结合速度时间公式求出BC段的时间，得出总时间的大小