2019届高三物理上学期第二次月考试题(含解析).doc

2019届高三物理上学期第二次月考试题(含解析)一、选择题（本题共12小题，每小题4分共48分。其中1至8题每题只有一个选项正确，9至12题每题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.一船在静水中的速度是10m/s，要渡过宽为240m、水流速度为8m/s的河流，则下列说法中正确的是：A. 此船过河的最短时间30sB. 船头的指向与上游河岸的夹角为53船可以垂直到达正对岸C. 船垂直到达正对岸的实际航行速度是6m/sD. 此船不可能垂直到达正对岸【答案】C【解析】【详解】合运动和分运动之间具有等时性，所以当船速垂直河岸时用时最少：所以最短时间：，故A错误；要想垂直河岸过河，则合速度方向垂直河岸，则船头的指向与上游河岸的夹角，则=370，船垂直到达正对岸的实际航行速度是，选项BD错误，C正确；故选C。【点睛】处理小船过河时，按照合运动与分运动的关系：等时，等效的特点进行分析即可，注意：（1）当船速垂直河岸时，用时最少；（2）当船速大于水速时，合速度垂直河岸，位移最小为河宽2.如图所示，质量为m的光滑小球，在细线和墙壁的作用下处于静止状态，重力加速度为g，细线与竖直墙壁的夹角为300，则细线对小球的拉力大小为 A. B. C. D. 【答案】A【解析】对小球受力分析，由力的平衡知识可知，细线对小球的拉力大小为，故选A.3.如图所示，斜面体放在水平面上，一物块静止在斜面体上，现用一垂直斜面的力F压物块，物块和斜面体仍保持静止不动，则下列说法正确的是A. 物块可能有上滑的趋势 B. 物块受到的摩擦力增大C. 物块受到的摩擦力可能为零 D. 斜面体一定受到水平面给它的向左的摩擦力【答案】D【解析】当物体上不加F时，物体有沿斜面下滑的趋势，物块受的静摩擦力为f=mgsin，方向沿斜面向上；加力F后不影响沿斜面方向的力，则物块仍有向下滑的趋势，物块受的静摩擦力仍为f=mgsin，选项ABC错误；对物块和斜面的整体，不加F时整体受合力为零；加力F后，因F有水平向右的分量，则斜面体一定受到水平面给它的向左的摩擦力，选项D正确；故选D.4.如图所示，物体A和B的质量均为M，由一根轻绳相连跨过定滑轮现用力拉B，使它沿水平面从图示位置向右作匀速直线运动，则此过程中，物体A的运动及受力情况是（ ）A. 加速上升 B. 匀速上升 C. 拉力大于重力 D. 拉力等于重力【答案】AC【解析】【分析】将B的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的分速度等于A的速度，根据平行四边形定则判断A的速度的变化【详解】设绳子与水平方向的夹角为，将B的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的分速度等于A的速度，则有vA=vBcosB向右做匀速直线运动，则减小，则A的速度增大，A做加速运动。故A正确，B错误； A向上做加速运动，加速度向上，超重，拉力F=mg+mamg故C正确，D错误。故选AC。【点睛】本题考查运动的合成与分解，关键是知道物体B的速度是合速度，抓住B在沿绳子方向的速度等于A的速度，通过平行四边形定则进行求解5.甲、乙两汽车在一条平直公路上同向运动，其速度时间图象分别如图中甲、乙两条曲线所示。已知两车在t2时刻并排行驶，下列说法正确的是：（ ）A. 两车在t1时刻也并排行驶B. t1时刻甲车在后，乙车在前C. 甲车的加速度先增大后减小D. 乙车的加速度先增大后减小【答案】B【解析】【详解】已知在t2时刻，两车并排行驶，在t1-t2时间内，甲图线与时间轴围成的面积大，则知甲通过的位移大，可知t1时刻，乙车在前，甲车在后，两车没有并排行驶。故A错误、B正确。图线切线的斜率表示加速度，可知甲车的加速度先减小后增大，乙车的加速度也是先减小后增大。故CD错误。故选B。【点睛】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，图线的切线斜率表示瞬时加速度。6.一质点在水平面内运动，在水平面内沿相互垂直的方向建立xOy直角坐标系，质点在x、y两方向上的速度图象分别如图所示，则以下说法错误的是：A. 该质点做匀变速直线运动B. 该质点做匀变速曲线运动C. t=1s时，质点速度的大小为2.5m/sD. t=2s时，质点位移的大小为5m【答案】A【解析】【详解】质点在x方向做匀加速运动，y方向做匀速运动，则合运动是匀变速曲线运动，选项A错误，B正确；t=1s时，质点速度的大小为，选项C正确；t=2s时，质点在x方向的位移为 ；y方向的位移 ，则质点位移的大小为，选项D正确；此题选择不正确的选项，故选A.【点睛】解决本题的关键要掌握运动的合成与分解遵守的规律：平行四边形定则，要注意物体的位移和速度是合位移、合速度，不是分位移和分速度7.如图所示，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止，A、D 间细绳是水平的，现对 B 球施加一个水平向右的力 F，将 B 缓缓拉到图中虚线位置，这时三根细绳张力 FTAD、FTAB、FTAC的变化情况是： A. 都变大B. FTAD和FTAB变大，FTAC不变C. FTAC和FTAB变大，FTAD不变D. FTAC和FTAD变大，FTAB不变【答案】B【解析】【详解】以B为研究对象受力分析，由分解法作图如图： 由图可以看出，当将B缓缓拉到图中虚线位置过程，绳子与与竖直方向夹角变大，绳子的拉力大小对应图中1、2、3三个位置大小所示，即TAB逐渐变大，F逐渐变大；再以AB整体为研究对象受力分析，设AC绳与水平方向夹角为，则竖直方向有：TACsin=2mg得：TAC=，不变；水平方向：TAD=TACcos+F，TACcos不变，而F逐渐变大，故TAD逐渐变大；故B正确；故选B。【点睛】此题采用图解法分析力的变化情况，简单快捷；注意当出现两个物体的时候，如果不是求两个物体之间的作用力大小通常采取整体法使问题更简单8. 如图所示，质量分别为m和2m的两个小球置于光滑水平面上，且固定在一轻质弹簧的两端，已知弹簧的原长为L，劲度系数为k现沿弹簧轴线方向在质量为2m的小球上有一水平拉力F，使两球一起做匀加速运动，则此时两球间的距离为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】解：根据牛顿第二定律得：对整体：F=3ma对m：F弹=ma联立解得，弹簧的弹力大小为F弹=则此时两球间的距离为S=L+=L+故选C【点评】本题是连接体问题，要灵活选择研究对象，采用整体法求加速度，隔离法求解弹簧的弹力9.如图所示，在光滑水平面上以水平恒力F拉动小车和木块，让它们一起做无相对滑动的加速运动，若小车质量为M，木块质量为m，加速度大小为a，木块和小车间的动摩擦因数为.对于这个过程，某同学用了以下4个式子来表达木块受到的摩擦力的大小，下述表达式一定正确的是A. F-Ma B. ma C. mg D. Ma【答案】AB【解析】试题分析：用隔离法发现，所以因此答案为AB。由于不是滑动摩擦力，不能通过公式表达所以C错。Ma指的是物体M在过程中受到的合外力考点：整体法与隔离法、牛顿运动定律点评：本题考察了利用隔离法分析物体受力求摩擦力。在分析时要注意静摩擦力与滑动摩擦力的区别。10.如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端连接一小物块，O点为弹簧在原长时物块的位置。物块由A点静止释放，沿粗糙程度相同的水平面向右运动，最远到达B点。在小物块从A到B的运动过程中，下列说法正确的是：（ ）A. 小物块加速度先减小后增大B. 小物块经过O点时的速度最大C. 小物块由A到O做匀加速运动D. 速度最大的位置在O点左侧，并且在此位置处弹簧的弹力等于物块受到的摩擦力【答案】AD【解析】【详解】由于水平面粗糙且O点为弹簧在原长时物块的位置，所以弹力与摩擦力平衡的位置在OA之间，加速度为零时弹力和摩擦力平衡，所以物块在从A到B的过程中加速度先减小后反向增大，故A正确；物体在平衡位置处速度最大，所以物块速度最大的位置在AO之间某一位置，即在O点左侧，则小物块由A到O运动中，先做加速度减小的加速运动，然后做加速度增加的减速运动，故D正确，BC错误；故选AD.【点睛】本题关键是抓住弹簧的弹力是变化的，分析清楚物体向右运动的过程中受力情况，从而判断出其运动情况，知道平衡位置速度最大、加速度为零。11.如图(a)，一物块在t0时刻滑上一固定斜面，其运动的vt图线如图(b)所示。若重力加速度及图中 的v0、v1、t1均为已知量，则可求出()A. 斜面的倾角B. 物块的质量C. 物块与斜面间的动摩擦因数D. 物块沿斜面向上滑行的最大高度【答案】ACD【解析】由图b可知，物体先向上减速到达最高时再向下加速；图象与时间轴围成的面积为物体经过的位移，故可出物体在斜面上的位移；图象的斜率表示加速度，上升过程及下降过程加速度均可求，上升过程有：；下降过程有：；两式联立可求得斜面倾角及动摩擦因数；但由于m均消去，故无法求得质量；因已知上升位移及夹角，则可求得上升的最大高度，故选项ACD正确，选项B错误。点睛：本题考查牛顿第二定律及图象的应用，要注意图象中的斜率表示加速度，面积表示位移；同时注意正确的受力分析，根据牛顿第二定律明确力和运动的关系。视频12.如图所示，A、B、C三球的质量均为m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端，另一端与A球相连，A、B间由一轻质细线连接，B、C间由一轻杆相连。倾角为的光滑斜面固定在地面上，弹簧、细线与轻杆均平行于斜面，初始系统处于静止状态，细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是：（ ）A. A球的加速度沿斜面向上，大小为gsinB. B、C两球的加速度均沿斜面向下，大小均为gsin C. B、C之间杆的弹力大小为0D. C球的受力情况未变，加速度为0【答案】BC【解析】【详解】初始系统处于静止状态，把BC看成整体，对其受力分析，BC受重力2mg、斜面的支持力FN、细线的拉力T。对BC重力沿斜面和垂直斜面进行正交分解，根据共点力平衡条件得：T=2mgsin；对A进行受力分析，A受重力mg、斜面的支持力、弹簧的拉力F弹和细线的拉力T。对A重力沿斜面和垂直斜面进行正交分解，根据共点力平衡条件得：F弹=T+mgsin=3mgsin；细线被烧断的瞬间，绳在断后弹力会突变为零，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律得A球的加速度沿斜面向上，大小a=2gsin，故A错误；细线被烧断的瞬间，把BC看成整体，BC受重力2mg、斜面的支持力FN，根据牛顿第二定律得BC球的加速度a=gsin两球的加速度均沿斜面向下。故D错误，B正确；对C进行受力分析，C受重力mg、杆的弹力F和斜面的支持力。根据牛顿第二定律得：mgsin+F=ma解得：F=0，所以B、C之间杆的弹力大小为0故C正确；故选BC。【点睛】本题关键点就是绳和弹簧的区别：弹簧的弹力不会突变，而绳在断后弹力会突变为零这点在做题时要特别留意二、实验题（本题共2小题，每空2分，共14分）13.“探究力的平行四边形定则”的实验如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验数据画出的图。（1）本实验主要采用的科学方法是_A理想实验法 B等效替代法C控制变量法 D建立物理模型法（2）图甲中弹簧测力计的读数是_N【答案】 (1). （1）B (2). （2）3.80N【解析】【详解】（1）本实验主要采用的科学方法是等效替代法，故选B；（2）图甲中弹簧测力计的读数是3.80N.14.某实验小组利用图(a)所示的实验装置探究加速度与力、质量的关系。（1）下列做法正确的是_ (填字母代号)。A调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行B在调节木板倾斜度平衡小车受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的小桶拴在细绳上C实验时，先放开小车再接通打点计时器的电源D通过增减小车上的砝码改变质量时，不需要重新平衡摩擦力（2）某同学通过实验得到如图(b)所示的aF图象，图象不过原点，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角_(填“偏大”或“偏小”)。（3）该同学在平衡摩擦力后进行实验，实际小车在运动过程中所受的拉力_砝码和小桶的总重力(填“大于”、“小于”或“等于”)，为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和小桶的总质量m满足_的条件。（4）小车拖动纸带运动，打出的纸带如图所示。选出A、B、C、D、E、F、G为计数点，每相邻两个计数点间还有4个计时点(图中未标出)。已知各点间位移。则：小车运动的加速度a_m/s2（保留三位有效数字）。【答案】 (1). （1）AD (2). （2）偏大 (3). （3）小于； (4). Mm (5). （4）0.496 m/s2【解析】【详解】（1）调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行。故A正确；在调节木板倾斜度平衡小车受到的滑动摩擦力时，不能将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在小车上。故B错误；实验时，应先接通电源，再释放小车。故C错误；平衡摩擦力时，满足mgsin=mgcos，两边质量消掉了，则通过增减小车上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度。故D正确。故选AD。（2）由图像可知，当外力F=0时小车就有加速度，可知造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角偏大。（3）对整体分析，根据牛顿第二定律得，则绳子的拉力F=Ma=，所以实际小车在运动过程中所受的拉力小于砝码和盘的总重力当Mm，即砝码和盘的总质量远小于小车和小车上砝码的总质量时，砝码和盘的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力（4）设A到B之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4-x1=3a1T2x5-x2=3a2T2x6-x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，得：a=（a1+a2+a3）=m/s2=0.496m/s2【点睛】教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等三、计算题（本题共3小题，共28分，分析要有理有据，解答过程应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）15.某中学在某次火灾逃生演练现场中，体重为60kg的逃生者从离地面18m高处，利用缓降器材的绳索由静止开始匀加速下滑，当速度达到6m/s时，以大小为3m/s2的加速度减速，到达地面时速度恰好为零。假设逃生者下降过程中悬空不接触墙面，不计空气阻力（g=10m/s2），求：(1)减速下滑过程的位移；(2)匀加速下滑时逃生者对缓降绳索的拉力大小。【答案】（1）6m（2）510N【解析】【详解】（1）减速下滑的过程：根据v2=2a2h2解得： （2）加速下滑时的位移为 h1=18m-6m=12m；下滑的加速度： 根据牛顿第二定律：mg-F=ma1解得F=mg-ma1=510N16.如图所示，质量分别为mA=3kg、mB=1kg的物块A、B置于足够长的水平面上，F=13N的水平推力作用下，一起由静止开始向右做匀加速运动，已知A，B与水平面间的动摩擦因素分别为A=0.1、B=0.2，取g=10m/s2 （1）物块A，B一起做匀加速运动的加速度为多大？ （2）物块A对物块B的作用力为多大？【答案】（1）2m/s2 (2)4N【解析】（1）设物块A、B一起做匀加速运动的加速度为a，由牛顿第二定律有F-AmAg-BmBg=（mA+mB）a 代入数据解得a=1.2m/s2 方向与力F的方向相同，即方向水平向右 （2）设物块A对物块B的作用力大小为F，则F-BmBg=mBa 代入数据解得F=4.4N点睛：本题是连接体问题，一般采用整体法和隔离法相结合研究，关键要灵活选择研究对象，再利用牛顿第二定律列式求解17.如图，有一水平传送带以V0的速度匀速运动，现将一物体轻放在传送带的左端A，已知物体与传送带间的动摩擦因数为0.5，传送带左、右端A、B间的距离为10m，当物体运动到B点时以V0的速度离开传送带落到水平地面的D点，落地时的速度方向与水平地面的夹角为45，大小为m/s。(g取10 m/s2 )求：（1）物块离开传送带的速度V0；（2）物块由A到D所需时间；（3）物块在传送带上留下的痕迹长度。【答案】（1）2m/s（2）10.2s（3）10m【解析】【详解】（1）物块离开传送带的速度等于落地的水平速度，则 （2）物块在传送带上的运动时间；从B到D的时间：；则物块由A到D所需时间 （3）物块在传送带上留下的痕迹长度。四、选考题（共10分，从给出的18、19两题中任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号方框涂黑。注意所做题目题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡指定位置答题。如果不涂、多涂均按所答第一题评分。）18.下列说法正确的是_。A悬浮在液体中的小颗粒越小，布朗运动越明显B热量不可能从低温物体传到高温物体C有些非晶体在一定条件下可以转化为晶体D理想气体等压膨胀过程一定放热【答案】AC【解析】【详解】固体颗粒越小，同一时刻受到的液体分子碰撞的作用力越不平衡，合力越大，布朗运动越明显。故A正确；根据热力学第二定律可知，热量在一定的条件下可以从低温物体传到高温物体，如空调。故B错误；晶体和非晶体在一定的条件下可以转化。故C正确；根据理想气体的状态方程：PV/T=C可知，理想气体等压膨胀的过程中气体的温度一定升高，理想气体的温度升高，气体的内能一定增大。而气体等压膨胀的过程中对外做功，根据热力学第一定律可知，气体一定要吸收热量。故D错误。故选AC.19.如图所示，汽缸呈圆柱形，上部有挡板，内部高度为d。筒内一个很薄的质量不计的活塞封闭一定量的理想气体，开始时活塞处于离底部d/2的高度，外界大气压强为1.0105Pa，温度为27，现对气体加热求：当活塞刚好到达汽缸口时气体的温度。气体温度达到387时气体的压强。【答案】（1）600 K（2）1.1105 Pa【解析】试题分析：以封闭气体为研究对象：P1=P0，T1=300K设温度升高到T0时，活塞刚好到达汽缸口，此时：P2=P0，V2=Sd根据理想气体状态方程：解得T2=600KT3=387=660KT2，封闭气体先做等压变化，活塞到达汽缸口之后做等容变化此时有V3=Sd，T3=660K由理想气体状态方程：解得P3=1.1105Pa考点：理想气体的状态变化方程【名师点睛】此题是对理想气体的状态变化方程的考查；关键要确定气体状态变化过程，找出状态参量，再选择合适的规律求解，同时要挖掘隐含的临界状态进行判断。20.图甲是一列简谐横波传播到x5 m的M点的波形图，图乙是质点N(x3 m)从此时刻开始计时的振动图象，Q是位于x10 m处的质点，下列说法正确的是_。A这列波的波长是5 mB这列波的传播速度是1 m/sC当Q点开始振动时，M点位于波谷D质点Q在6 s时，第一次到达波峰【答案】BC【解析】【详解】由图甲可知：波长=4m，故A错误；由图乙可知：周期T=4s，故波速v=1m/s，故B正确；当波经过时间s=5s从M传播到Q，质点Q开始振动；质点M在图甲所示时刻处于平衡位置向下振动，故经过5s=1T后到达波谷，选项C正确；当最前端的波峰从x=2m处传播到Q点，质点Q第一次达到波峰，故t=s=8s，即质点Q在第8s时，第一次到达波峰，故D错误；故选BC。【点睛】在波的传播问题中，常根据波动图求得波长，由振动图求得周期，即可求得波速，然后根据波的传播方向求得质点的振动，进而由周期和质点振动求得质点运动路程。21.如图所示，半圆形玻璃砖半径R10 cm，使直径AB垂直于水平屏幕并接触于B点，激光束a以i30的入射角射向玻璃砖的圆心O，在屏幕上M点出现光斑，测得M到B的距离XMB10 cm。已知光在空气中的速度为C=3108m/s。求玻璃砖的折射率以及该激光束在玻璃砖内的速度。要使激光束不能从AB射出，则入射角i至少应为多少度？【答案】； 450【解析】【详解】由几何知识可知，光线在O点的折射角为450，则折射率： 该激光束在玻璃砖内的速度 因临界角 ，则C=450，则要使激光束不能从AB射出，则入射角i至少应为450.