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2019届高三物理适应性月考卷七命题教师：单选题(共8小题,每小题6.0分,共48分) 1.摩托车比赛转弯处路面常是外高内低,摩托车转弯有一个最大安全速度,若超过此速度,摩托车将发生滑动.对于摩托车滑动的问题,下列论述正确的是()A 摩托车一直受到沿半径方向向外的离心力作用B 摩托车所受外力的合力小于所需的向心力C 摩托车将沿其线速度的方向沿直线滑去D 摩托车将沿其半径方向沿直线滑去2.如图所示是物体在某段运动过程中的vt图象，在t1和t2时刻的瞬时速度分别为v1和v2，则由t1到t2的过程中()A 加速度增大B 加速度不断减小C 平均速度vD 平均速度v3.真空中有一静电场，其在x轴正半轴的电势随x变化的关系如图所示，则根据图象可知()AR处的电场强度E0B 若试探电荷从x1处移到x2处，电场力不一定做正功Cx1处与x2处的电场强度方向相反D 该电场有可能是处在O点的正的点电荷激发产生的4.如图，将一个质量很小的金属圆环用细线吊起来，在其附近放一块条形磁铁，磁铁的轴线与圆环在同一个平面内，且通过圆环中心，如图所示，当圆环中通以顺时针方向的电流时，从上往下看()A 圆环顺时针转动，靠近磁铁B 圆环顺时针转动，远离磁铁C 圆环逆时针转动，靠近磁铁D 圆环逆时针转动，远离磁铁5.如图，竖直平面内的轨道I和II都由两段细直杆连接而成，两轨道长度相等，用相同的水平恒力将穿在轨道最低点B的静止小球，分别沿I和II推至最高点A，所需时间分别为t1、t2，动能增量分别为Ek1、Ek2，假定球在经过轨道转折点前后速度大小不变，且球与I和II轨道间的动摩擦因数相等，则()A Ek1Ek2，t1t2B Ek1Ek2，t1t2C Ek1Ek2，t1t2D Ek1Ek2，t1t26.（多选）如图所示，有一垂直于纸向外的有界匀强磁场，磁场的磁感应强度为B，其边界为一边长L的正三角形（边界上有磁场）ABC为三角形的三个顶点今有一质量为m、电荷量为+q的粒子（不计重力），以速度,从AB边上的某点P既垂直于AB边又垂直于磁场的方向射入，然后从BC边上某点Q射出若从P点射入的该粒子能从Q点射出，则（ ）A B C D7.（多选）如图所示，两个质量不同的小球 用长度不等的细线拴在同一点，并在同一水平面内做匀速圆周运动，则它们的()A 周期相同B 线速度的大小相等C 角速度的大小相等D 向心加速度的大小相等8.(多选)如图所示，卷扬机的绳索通过定滑轮用力F拉位于粗糙斜面上的木箱，使之沿斜面向上加速移动在移动的过程中，下列说法中正确的是()AF对木箱做的功等于木箱增加的动能与木箱克服摩擦力所做的功之和BF对木箱做的功等于木箱克服摩擦力和克服重力所做的W功之和C 木箱克服重力所做的功等于木箱增加的重力势能DF对木箱做的功等于木箱增加的机械能与木箱克服摩擦力做的功之和三、实验题(共2小题,每小题10.0分,共20分) 9.利用图1装置验证机械能守恒定律(1)打点计时器应接_(填“交流”或“直流”)电源(2)实验部分步骤如下：A按图1装置沿竖直方向固定好打点计时器，把纸带下端挂上重物，穿过打点计时器B将纸带下端靠近打点计时器附近静止，_，_，打点计时器在纸带上打下一系列的点C图2为打出的一条纸带，用_测出A、B、C与起始点O之间的距离分别为h1，h2，h3.(3)设打点计时器的周期为T，重物质量为m，重力加速度为g，则重物下落到B点时的速度v_.研究纸带从O下落到B过程中增加的动能Ek_，减少的重力势能Epmgh2.(4)由于纸带受到的摩擦，实验测得的Ek_Ep(填“大于”或“小于”)10.在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，使用的小灯泡标有“6 V3 W”，其他可供选择的器材有：（ ）A电压表V1(量程6 V，内阻20 k)B电压表V2(量程20 V，内阻60 k)C电流表A1(量程3 A，内阻0.2 )D电流表A2(量程0.6 A，内阻1 )E滑动变阻器R1(01000 ，0.5 A)F滑动变阻器R2(020 ，2 A)G学生电源E(6 V8 V)H开关S及导线若干某同学通过实验测得小灯泡两端的电压U和通过它的电流I，绘成UI关系曲线如图甲所示(1)实验中电压表应选用_，电流表应选用_，滑动变阻器应选用_；(2)在虚线框乙中画出实验所用的电路图；(3)若将该小灯泡接在电动势为6 V，内阻为4 的电源两端，则灯泡实际消耗的功率为_W.四、计算题(共2小题,分,共30分) 11（12分）.如图所示，一质点做平抛运动先后经过A、B两点，到达A点时速度方向与水平方向的夹角为30，到达B点时速度方向与水平方向的夹角为60（1）求质点在A、B位置的竖直分速度大小之比；（2）设质点的位移lAB与水平方向的夹角为，求tan的值12（18分）.如图所示，长为L0.2 m、电阻为r0.3 、质量为m0.1 kg的金属棒CD垂直放在位于水平面上的两条平行光滑金属导轨上，两导轨间距也为L，棒与导轨接触良好，导轨电阻不计，导轨左端接有R0.5 的电阻，量程为03.0 A的电流表串联在一条导轨上，量程为01.0 V的电压表接在电阻R的两端，垂直导轨平面的匀强磁场向下穿过平面现以向右恒定的外力F使金属棒右移，当金属棒以v2 m/s的速度在导轨平面上匀速滑动时，观察到电路中的一个电表正好满偏，而另一电表未满偏问：(1)此时满偏的电表是什么表？说明理由(2)拉动金属棒的外力F多大？(3)导轨处的磁感应强度多大？33、【物理3-3】（1）物体体积变化时，分子间距离会随之变化，分子势能也会发生变化.下图为分子势能Ep与分子间距离r的关系曲线，以下判断正确的是_A当r = r1时，分子势能最小B当r = r2时，分子引力与斥力大小相等C当r r2时，分子间作用力的合力表现为引力D在r由r2变到r1的过程中，分子间作用力的合力做正功E在r由r2逐渐增大的过程中，分子间作用力的合力做负功（2）如图所示，一圆柱形绝热气缸竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体。已知外界大气压强为p0，活塞的横截面积为S，质量为m= p0S/4g，与容器底部相距h，此时封闭气体的温度为T0，现在活塞上放置一质量与活塞质量相等的物块，再次平衡后活塞与容器底部相距9h/10，接下来通过电热丝缓慢加热气体，气体吸收热量Q时，活塞再次回到原初始位置。重力加速度为g，不计活塞与气缸的摩擦。求：(1)活塞上放置物块再次平衡后，气体的温度；(2)加热过程中气体的内能增加量。34、【物理3-4】（1）如图所示，甲为一列简谐波在t=2.0s时刻波的图像，Q为x=4m的质点，乙为甲图中P质点的振动图像，下列说法正确的是_(填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错一个扣3分，最低得分为0分)A.此波沿x轴负方向传播B.t=2.0s时，Q点位移为cmC.s时，Q点到达正的最大位移处D.s时，Q点回到平衡位置且向y轴负方向运动E.质点P的振动方程为cm（2）一个透明圆柱体的半径为R，其横截面如图所示， AB是一条直径，一束平行单色光沿AB方向射向圆柱体，该圆柱体的折射率为。若有一条入射到P点的光线（P点图中未标出），经折射后恰好到B点，求该入射光线射入圆柱体的入射角i； 光在圆柱体介质中，由P点运动至B点所用的时间t（设光在真空中的速度为c）答案解析1.【答案】B【解析】摩托车只受重力、地面支持力和地面的摩擦力作用,没有离心力,选项A错误;摩托车转弯时可看做是匀速圆周运动,所受的合力等于向心力,如果向外滑动,说明提供的向心力即合力小于需要的向心力,选项B正确;摩托车将在线速度方向与半径向外的方向之间做离心曲线运动,选项C，D错误.2.【答案】B【解析】根据图线的斜率可知加速度不断减小，假设从t1到t2的过程中做匀减速运动，则平均速度为，而该物体在这段时间内的速度始终小于做匀减速运动时的速度，因而平均速度也将小于，综上选B.3.【答案】B【解析】x图像的斜率即E，根据图像判断R处的斜率并不等于0，所以电场强度E0，选项A错从x1处移到x2处电势逐渐降低，说明沿电场线移动，不管是正的试探电荷还是负的试探电荷，电场力都会做功，正电荷沿电场线移动电场力做正功，负电荷沿电场线移动电场力做负功，选项B对沿电场线方向电势逐渐降低，所以电场线沿x轴正向，x1处与x2处的电场强度方向相同，选项C错由于电场线沿x轴正向，而且斜率即电场强度先增大后减小，而处在O点的正的点电荷激发产生的电场沿x轴电场强度逐渐减小，选项D错4.【答案】C【解析】由右手螺旋定则可知，圆环向外一面为S极，因为异名磁极相互吸引，因此从上往下看，圆环做逆时针方向转动，同时靠近磁铁，故C选项正确5.【答案】B【解析】运动过程中，推力是相等且水平的，而从B到A的水平位移相同，所以推力做功相等，过程中摩擦力做功为Wf(mgcosFsin)，轨道的长度相等，上升的高度相同，所以摩擦力做功相同，重力做功相同，故根据动能定理可得，两者的动能变化量相同，故Ek1Ek2，作出在两个轨道上运动的速度时间图线如图所示，由于路程相等，则图线与时间轴围成的面积相等，由图可知，t1t2.故B正确，6.【答案】AD【解析】由半径公式可得粒子在磁场中做圆周运动的半径为，如图所示，当圆心处于O1位置时，粒子正好从AC边切过，并与BC边过，因此入射点P1为离开B最远的点，满足，A正确，B错误；当圆心处于O2位置时，粒子从P2射入，打在BC边的Q点，由于此时Q点距离AB最远为圆的半径，故QB最大，即,D正确，C错误7.【答案】AC【解析】对其中一个小球受力分析，如图受重力，绳子的拉力，由于小球做匀速圆周运动，故合力提供向心力； 将重力与拉力合成，合力指向圆心，由几何关系得，合力：F=mgtan； 由向心力公式得到，F=m2r ； 设绳子与悬挂点间的高度差为h，由几何关系，得：r=htan； 由三式得：=，与绳子的长度和转动半径无关，故C错误；又由T=知，周期相同，故A正确； 由v=r，两球转动半径不等，则线速度大小不等，故B错误； 由a=2r，两球转动半径不等，向心加速度不同，故D错误；8.【答案】CD【解析】木箱在上升过程中，由动能定理可知：WFmghWfEk，故有WFmghWfEk，由此可知A、B错误，D正确；木箱上升过程中，重力做负功，重力势能增加，木箱克服重力做的功等于木箱增加的重力势能9.【答案】(1)交流(2)接通电源释放纸带刻度尺(3)mgh2(4)小于【解析】(1)打点计时器应接交流电源(2)应该先接通电源，后释放纸带开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差用刻度尺测出A、B、C与起始点O之间的距离分别为h1，h2，h3.(3)利用匀变速直线运动的推论vvBEkEkB0重力势能减小量Epmghmgh2.(4)由于纸带通过时受到较大的阻力和重锤受到的空气阻力，重力势能有相当一部分转化给摩擦产生的内能，所以重力势能的减小量明显大于动能的增加量实验测得的Ek小于Ep.10.【答案】(1)ADF(2)电路图如图所示(3)1.9(1.90.2均对)【解析】（1）灯泡额定电压为6V，电压表选择A；由图甲所示图象可知，最大电流为0.5A，电流表选择D；为方便实验操作，滑动变阻器应选择F （2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻约为R=12，电流表内阻为1，电压表内阻为20k，相对来说电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，电路图如图所示（3）在同一坐标系内作出电源的U-I图象如图所示；两图象的交点坐标值是该电源给灯泡供电时灯泡两端电压与通过灯泡的电流，由图象可知，灯泡两端电压U=4.2V，电流I=0.45A，灯泡实际功率P=UI=4.2V0.45A=1.89W （3）在同一坐标系内作出电源的U-I图象如图所示；两图象的交点坐标值是该电源给灯泡供电时灯泡两端电压与通过灯泡的电流，由图象可知，灯泡两端电压U=4.2V，电流I=0.45A，灯泡实际功率P=UI=4.2V0.45A=1.89W11.【答案】（1）（2）【解析】（1）设质点做平抛运动的初速度为，在A、B位置的竖直速度大小分别为、，如图所示，则有解得：（2）设从A到B的时间为t，竖直位移和水平位移分别为y和x，根据平抛运动规律得：在水平方向上有在竖直方向上有由几何关系知：12.【答案】(1)见解析(2)1.6 N(3)4 T【解析】(1)假设电流表满偏，则I3.0 A，R两端电压UIR3.00.5 V1.5 V，将大于电压表的量程，不符合题意，故满偏电表应该是电压表(2)由能量关系知，电路中的电能是外力做功转化来的，所以有FvI2(Rr)，I，两式联立得F1.6 N.(3)磁场是恒定的，且不发生变化，由于CD运动而产生感应电动势，因此是动生电动势根据法拉第电磁感应定律有EBLv，根据闭合电路欧姆定律得EUIr以及I，联立三式得B4 T.33、【答案】BCE【解析】由图象可知：分子间距离为时分子势能最小，此时分子间的距离为平衡距离；分子引力与斥力大小相等，A错误B正确；当时，分子间距离较大，分子间的作用力表现为引力，故C正确；r小于时，分子间的作用力表现为斥力，距离减小的过程中做负功，D错误；在r由逐渐增大的过程中，分子间作用力为引力，故分子力的合力做负功，E正确【答案】（1） （2）【解析】（1）对活塞由平衡条件可知封闭气体的压强为：P1P0=1.25P0T1=T0V1=hS活塞上放物块后根据平衡得封闭气体的压强为：P2P0=1.5P0V2hS=0.9hS由理想气体方程得解得：TT0=1.08T0（2）加热过程气体对外做功为：W=P2VP0(hh)s=-0.15P0hS由热力学第一定律E=W+Q得：加热过程中气体的内能增加量：EQ+WQ=Q-0.15P0hS34、【答案】ADE【解析】由乙图知，在t=2s时质点P沿y轴正方向运动，根据上下坡法可知此波沿x轴负方向传播，所以A正确；由甲图知，波长=12m，周期T=4s，所以波速v=3 m/s，在t=2s时，x=14m处质点处在正向最大位移处，当该点的振动形式传播到Q点时，Q点到达波峰，需时t=10/3s，所以s时，Q点到达正的最大位移处，故C错误；x=5m处质点的振动形式传播到Q时，Q回到平衡位置且向y轴负方向运动，需时t=1/3s，所以s时，Q点回到平衡位置且向y轴负方向运动，故D正确；由乙图知，零时刻沿y轴负方向振动，质点P的振动方程为cm，故E正确；此波从P传播到Q点需时t=7/3s，代入P质点振动方程可得y=1cm，所以B错误。【答案】(1) 60 (2) 【解析】设这条光线经P点折射后过B点，光路如图所示；根据折射定律n在OBC中，由几何关系得：i2r 由以上两式可得：r30，i60这条入射光线的入射角i为60. B、C两点间距为x，由几何关系得：x=2Rcosr折射率：x=vt 由以上三式可得：