2019-2020学年高二物理下学期学业水平模拟试题(三)(含解析).doc

2019-2020学年高二物理下学期学业水平模拟试题(三)(含解析)一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意1、在研究物体运动原因的过程中，许多科学家做出了艰辛的探究利用图示理想斜面实验，揭示运动现象本质的科学家是（）A、牛顿B、伽利略C、笛卡尔D、亚里斯多德2、下列与参考系有关的成语是（） A、三足鼎立B、刻舟求剑C、滴水穿石D、立竿见影3、如图所示，质量为m的滑块沿倾角为的光滑斜面下滑时，斜面对滑块的支持力大小为（）A、mgB、mgsinC、mgcosD、mgtan4、汽车在平直路面上匀速行驶，遇紧急情况刹车，加速度大小为4.0m/s2 ， 经过5.0s停止运动则汽车匀速行驶时的速度大小为（） A、10m/sB、20m/sC、30m/sD、40m/s5、驾驶汽车的过程中严谨发生下列违章行为，其中惯性发生改变的是（） A、超载B、超速C、闯红灯D、不系安全带6、在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学组装了如图所示的装置下列说法中正确的是（）A、小车释放时应靠近定滑轮B、平衡摩擦力时应将砝码盘与小车相连C、电磁打点计时器应实验低于6V的直流电源供电D、砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量7、如图所示，一小钢球在光滑水平桌面上沿AB直线运动，C处有一小球门，BC垂直于AB现用同一根细管分别沿甲、乙、丙三个方向对准B处吹气，可将钢球吹进球门的是（）A、甲方向B、乙方向C、丙方向D、都有可能8、图示为“验证机械能守恒定律”的实验装置关于该实验，下列说法中正确的是（）A、固定打点计时器时，其限位孔必须在同一竖直面内B、手抓纸带的位置越靠近打点计时器越好C、实验中必须测出重锤的质量D、实验中应先释放纸带，后接通电源9、如图所示，A、B分别为电子钟分针和时针的端点，在电子钟正常工作时（）A、A点的角速度小于B点的角速度B、A点的角速度大于B点的角速度C、A点的线速度等于B点的线速度D、A点的线速度小于B点的线速度10、木星的卫星“爱奥”上有一火山，岩石竖直喷出后上升的高度可达100km已知“爱奥”周围没有空气，重力加速度为1.8m/s2 ， 则岩石喷出时的最大速度为（） A、300m/sB、600m/sC、3.3103m/sD、3.6104m/s11、xx8月16日，我国自主研制的世界首颗量子科学实验卫星“墨子号”被送入500km高的运行轨道上，现已投入使用“墨子号”卫星在轨道上的运行速度（） A、等于11.2km/sB、等于7.9km/sC、小于7.9km/sD、大于7.9km/s12、带电体A固定在绝缘支架上，用一根绝缘丝线将带电小球依次悬挂在1、2、3、4、5、6六个不同的位置，丝线偏转情况如图所示小球在不同位置时受到带电体A的库仑力（）A、方向不同，离A越远库仑力越小B、方向相同，离A越远库仑力越小C、方向相同，离A越远库仑力越大D、方向不同，离A越远库仑力越大13、如图所示，电荷量为q的正电荷位于电场中的A点，受到电场力为F若将该电荷换为电荷量为 的负点电荷则A点电场强度E的大小和方向分别是（）A、，与F方向相同B、，与F方向相同C、，与F方向相反D、，与F方向相反14、如图所示，a、b为通电螺线管磁场中同一根磁感线上的两点，a、b两点磁感应强度的大小分别为Ba、Bb ， 则（）A、Ba=BbB、BaBbC、a、b两点磁感应强度方向不同D、a、b两点磁感应强度方向相同15、用天平测量磁场对电流作用力的示意图如图所示，虚线区域内有匀强磁场，轻质线框悬挂在天平左盘下面，线框的一部分置于磁场中，此时天平平衡现在线框中通以图示方向的电流I，同时在右盘中加入一定量的砝码，天平再次平衡则磁场方向（）A、水平向左B、竖直向下C、垂直纸面向里D、垂直纸面向外16、水平匀强磁场的磁感应强度为B，电荷量为q的正点电荷在磁场中的速度为v，下列各图中点电荷所受洛仑兹力方向沿纸面向上的是（） A、B、C、D、17、我国将于xx建成完整的北斗二号导航系统，该系统由5颗地球同步卫星和30颗其他卫星组成，则地球同步卫星（） A、绕地球运行的轨道为椭圆B、运行周期与地球自转周期相同C、可静止在南通上空D、运行方向与地球自转方向相反18、图示为儿童蹦极的照片，儿童绑上安全带，在两根弹性绳的牵引下上下运动在儿童从最高点下降到最低点的过程中（）A、重力对儿童做负功B、合力对儿童做正功C、儿童的重力势能减少D、儿童的机械能守恒19、如图所示，小钢球A、B从同一高度同时由静止释放，A球做自由落体运动，B球沿光滑斜面下滑则两球落地前运动的全过程中，两球速度大小随时间变化的图象可能正确的是（）A、B、C、D、20、请阅读短文，完成第（1）（4）题xx10月17日，神舟十一号飞船从酒泉卫星发射中心成功发射，经过5次变轨和4次“停泊”与天宫二号空间站成功交会对接，航天员景海鹏和陈冬入驻天宫二号空间实验室，进行了30天的太空驻留实验体验，11月18日顺利返回着陆不计空气阻力和飞船与空间站间的万有引力 (1)为减少失重对航天员身体带来的不利影响，在空间站中可以进行正常锻炼的健身项目是（） A、拉弹簧拉力器B、俯卧撑C、引体向上D、仰卧起坐(2)在神舟十一号飞船与天宫二号空间站交会对接的过程中（） A、飞船可以看成质点，空间站不可以看成质点B、飞船不可以看成质点，空间站可以看成质点C、飞船和空间站都可以看成质点D、飞船和空间站都不可以看成质点(3)如图所示，神舟十一号飞船在椭圆轨道上从远地点P向近地点Q运动的过程中，飞船受到地球万有引力的大小将（）A、变大B、不变C、变小D、先变大后变小(4)如图所示，飞船在椭圆轨道上从远地点P向近地点Q运动的过程中（）A、动能减小，机械能减小B、动能增大，机械能增大C、动能减小，机械能不变D、动能增大，机械能不变二、填空题21、如图所示为正弦式交电流的电压u随时间t变化的图象，由图可知，该交变电流的电压的有效值为_V，频率为_Hz22、如图所示，电路中电源电动势为4V，内阻为1，小灯泡电阻为3，开关S闭合后，电路中的电流为_A，灯泡的电压为_V23、如图所示，在“探究力的合成的平行四边形定则”实验中，橡皮条一端固定于A点(1)同时使用两个弹簧测力计通过细绳套将橡皮条的另一端拉到O点，分别记录两个测力计的读数F1和F2及两细绳的方向其中一个弹簧测力计的示数如图所示，则其示数为_N (2)只用一个测力计通过细绳拉橡皮条，使结点也拉到O点，记下此时测力计的读数F 和细绳的方向本步骤中将结点也拉到O点，是为了_ (3)关于本实验，下列说法正确的是 A、细绳套尽可能短一些B、橡皮条的伸长量越大越好C、拉两个细绳套时，两拉力夹角越大越好D、拉细绳套时，拉力应尽量与木板平行三、计算或论述题24、xx11月，我国自主研制的歼20隐形战机在第11届中国航展上首次飞行展出某歼20战机总质量为3.0104kg，在平直跑道上由静止匀加速到80m/s开始起飞，用时16s求战机在此过程中 (1)加速度大小a； (2)运动的距离s； (3)受到的合力大小F 25、中国女排在xx奥运会上夺得冠军图示为排球场地示意图，排球场长18.0m，宽9.0m某运动员跳起将球垂直网面水平拍出，扣球点离地面的高度为2.45m，离球场中线的水平距离为1.0m，排球直接落到距端线3.0m处的届内排球的质量为260g，可视为质点，空气阻力不计，取地面为零势能面，重力加速度g=10m/s2 ， 求：(1)扣球时，排球水平飞出的速度大小v0； (2)排球落地前瞬间的机械能E (3)排球落地前瞬间重力的功率P 26、如图所示，沿直径方向开有一凹槽的圆盘水平放置，可绕过中心O点的竖直轴转动，凹槽内有一根轻质弹簧，弹簧一端固定在O点，另一端连接质量为m的小滑块弹簧的劲度系数为k、原长为l0 ， 圆盘半径为3l0 ， 槽底与小滑块间的动摩擦因数= ，凹槽侧面光滑圆盘开始转动时，弹簧处于原长l0 已知重力加速度为g，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，弹簧始终在弹性限度内，则在圆盘转动过程中：(1)若要使弹簧不发生形变，求圆盘转动的角速度必须满足的条件； (2)当弹簧长度为2l0时，若小滑块受到的摩擦力恰好为零，求此时滑块的动能Ek； (3)当弹簧长度为l（l3l0）时，滑块相对圆盘静止且转动速度达到最大，求此时滑块的动能Ekm 一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意 1、【答案】B 【考点】物理学史 【解析】【解答】伽利略最早利用斜面实验，指出力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因故B正确，ACD错误故选：B【分析】伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因，由此分析即可 2、【答案】B 【考点】参考系、坐标系 【解析】【解答】三足鼎立、滴水穿石以及立竿见影均不涉及物体的位置变化情况，故均与参考系无关，而刻舟求剑是以船为参考系来研究剑的运动，故涉及参考系，故B正确；ACD错误故选：B【分析】明确参考系的定义，知道在研究物体的运动时，我们常常用某个物体作为标准来分析物体的运动情况明确成语的意义即可明确是否涉及参考系 3、【答案】C 【考点】力的分解 【解析】【解答】对物体受力分析可知，物体受重力、支持力作用；木块匀加速下滑，加速度的方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律，知合力的方向与加速度的方向相同在垂直于斜面方向上，合力为0则一定有支持力等于物体重力在垂直斜面方向上的分力，即N=mgcos；故C正确，ABD错误故选：C【分析】对物体受力分析，明确物体的受力可以分解到沿斜面和垂直于斜面方向上进行分析，而在斜直斜面方向上物体一定受力平衡，根据平衡条件可求得支持力大小 4、【答案】B 【考点】匀变速直线运动基本公式应用 【解析】【解答】由匀变速直线运动的速度公式：v=v0+at可知：汽车的初速度为v0=vat=0（4.0）5m/s=20m/s即汽车匀速行驶时的速度大小为20m/s故选：B【分析】汽车做匀减速直线运动，已知时间、末速度与加速度，应用匀变速直线运动的速度公式求出汽车的初速度，即汽车匀速行驶时的速度 5、【答案】A 【考点】惯性 【解析】【解答】A、质量是物体惯性的唯一量度，惯性的大小只与物体的质量有关，汽车超载是，车的质量发生变化，则惯性发生变化，故A正确；B、惯性的大小只与物体的质量有关，汽车超速只增大速度，但不改变惯性，故B错误；C、惯性的大小只与物体的质量有关，汽车闯红灯与惯性的大小无关故C错误；D、惯性大小只与质量有关，不系安全带与惯性的大小无关，故D错误故选：A【分析】一切物体都具有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大；惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的 6、【答案】D 【考点】验证牛顿运动定律（探究加速度与力、质量的关系） 【解析】【解答】A、为了提高纸带的使用率，释放小车前小车要靠近打点计时器即远离滑轮一端，故A错误；B、实验前应先平衡摩擦力，平衡摩擦力时不应挂砝码盘，故B错误；C、打点计时器须使用交流电源，不能使用直流电源，故C错误；D、根据牛顿第二定律得：设砝码的质量为m，小车的质量为M，则对砝码分析：mgF拉=ma对小车M分析：F拉=Ma解得：F拉= 当Mm时，即当重物重力要远小于小车的重力，绳子的拉力才近似等于重物的总重力，故应保证砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量，故D正确故选：D【分析】知道打点计时器须使用交流电源，实验前应先平衡摩擦力，为了提高纸带的使用率，释放小车前小车要靠近打点计时器且先接通电源后释放纸带，为使绳子的拉力等于砝码和砝码盘的重力，砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量 7、【答案】C 【考点】速度的合成与分解 【解析】【解答】小球若进入球门，则速度的方向沿BC的方向，画出小球的初速度、末速度的方向，由平行四边形定则画出小球速度变化的方向如图，则：由图可知钢球的速度变化v的方向沿丙的方向，所以向右沿丙的方向吹气故C正确，ABD错误；故选：C【分析】小球若进入球门，则速度的方向沿BC的方向，结合运动的合成与分解求出速度变化的方向，然后结合牛顿第二定律即可求出 8、【答案】A 【考点】验证机械能守恒定律 【解析】【解答】A、为了减小限位孔的摩擦力，固定打点计时器时，其限位孔必须在同一竖直面内，故A正确；B、为了防止手影响纸带的运动，手应远离打点计时器抓住纸带的末端，故B错误；C、验证机械能守恒定律，即验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，两端都有质量，可以约去，所以不需要测量重物的质量，故C错误B、为了充分利用纸带，并且让能由静止时进行分析，实验时应先接通电源，再释放纸带，故D错误故选：A【分析】正确解答本题需要掌握：理解该实验的实验原理，需要测量的数据等；明确打点计时器的使用；理解实验中的注意事项即可正确解答 9、【答案】B 【考点】描述圆周运动的物理量，匀速圆周运动 【解析】【解答】A、分针的周期是1h，时针的周期是12h，它们的周期比为1：12，由公式= 可知，它们的角速度之比为12：1 A点的角速度大于B点的角速度，故A错误，B正确C、由图可知，A的半径大于B的半径，又A点的角速度大于B点的角速度，由v=r可知，A点的线速度大于B点的线速度故C错误，D错误故选：B【分析】由公式= 可知，时针、分针、秒针的周期不同，从而求出角速度之比 10、【答案】B 【考点】竖直上抛运动 【解析】【解答】岩石竖直喷出后做竖直上抛运动，根据速度位移公式得：0v02=2gh解得岩石喷出时的最大速度为：v0= = =600m/s故选：B【分析】岩石竖直喷出后，由于没有空气阻力，所以岩石做竖直上抛运动，根据速度位移公式求岩石喷出时的最大速度 11、【答案】C 【考点】天体的匀速圆周运动的模型，人造卫星与飞船 【解析】【解答】万有引力提供向心力可知： 所以 ，半径越大，速度越小，即“高轨低速”7.9km/s是第一宇宙速度，即近地轨道的环绕速度500km轨道比近地轨道高，速度小于7.9km/s，故C正确故选：C【分析】“墨子号”是地球的卫星，运行速度一定小于第二宇宙速度，即小于11.2km/s卫星500km高的运行轨道上，根据“高轨低速大周期”速度可知小于7.9km/s 12、【答案】A 【考点】库仑定律 【解析】【解答】根据同种电荷相斥，及库仑力即为两者的连线方向，因此它们的方向不同，再依据绳子的偏向角度，结合矢量的合成与平衡条件，小球受到的电场力与重力，及其夹角有关，当丝线与竖直方向夹角越小，可知，离A远的库仑力越小，离A越近的库仑力越大，故A正确，BCD错误；故选：A【分析】依据同种电荷相斥，及受力平衡，与矢量的合成法则，即可求解 13、【答案】A 【考点】电场强度和电场线 【解析】【解答】电荷量为q的正电荷位于电场中的A点，受到电场力为F，则知A点电场强度E的大小为 E= ，方向与F方向相同电场强度反映电场本身性质的物理量，仅由电场本身决定，与试探电荷无关可知，将该点电荷换为电荷量为 的负点电荷，A点的场强大小仍然是 ，方向与F方向相同故A正确，BCD错误故选：A【分析】电场强度反映电场本身性质的物理量，仅由电场本身决定，与试探电荷无关根据电场强度的物理意义进行解答 14、【答案】C 【考点】磁感应强度 【解析】【解答】AB、磁感线的疏密表示磁场的强弱，则可知，a的磁感应强度大于b点的磁感应强度，故AB错误；CD、磁感线的切线方向表示磁感应强度的方向，故ab两点磁感应强度方向不同，故C正确，D错误故选：C【分析】明确磁感线的性质，知道磁感线的疏密表示磁场的强弱，而磁感线的切线方向表示磁感应强度的方向 15、【答案】C 【考点】安培力 【解析】【解答】线框中未通电流时，天平处于平衡状态，通上电流后，在右盘中加入一定量的砝码，天平再次平衡，说明线框产生的安培力向下，根据左手定则可知磁场方向垂直纸面向里，故C正确故选：C【分析】天平是等臂杠杆，根据平衡关系判断出线框产生的安培力方向，利用左手定则判断出磁场的方向 16、【答案】D 【考点】左手定则，洛伦兹力 【解析】【解答】A、由图可知，粒子运动速度方向与磁场方向平行，故粒子不受洛伦兹力，故A错误；B、粒子在磁场中静止，故粒子不受洛伦兹力；故B错误；C、粒子带正电向下运动，由左手定则可知，粒子受洛伦兹力向里，故C错误；D、粒子带正电向右运动，由左手定则可知，粒子受洛伦兹力向上，故D正确故选：D【分析】由图明确粒子的运动方向和磁场方向，再根据左手定则可分析粒子的受力方向 17、【答案】B 【考点】卫星问题，天体的匀速圆周运动的模型，人造卫星与飞船 【解析】【解答】A、地球同步卫星运行轨道为位于地球赤道平面上圆形轨道，故A错误；B、地球同步卫星运行周期与地球自转一周的时间相等，即23时56分4秒，故B正确；C、地球同步卫星静止在赤道上空某处，南通不在赤道上，所以不可静止在南通上空，故C错误；D、地球同步卫星的运行方向与地球自转方向相同，故D错误故选：B【分析】地球同步卫星即地球同步轨道卫星，又称对地静止卫星，是运行在地球同步轨道上的人造卫星，卫星的运行方向与地球自转方向相同、运行轨道为位于地球赤道平面上圆形轨道、运行周期与地球自转一周的时间相等 18、【答案】C 【考点】功能关系，恒力做功，机械能，动能与重力势能 【解析】【解答】AC、儿童高度下降，因此重力对儿童做正功，儿童的重力势能减小，故A错误，C正确；B、由于儿童初末位置时的速度均为零，则由动能定理可知，合力对儿童做功为零，故B错误；D、由于弹性绳的拉力对儿童做功，故儿童的机械能不守恒，故D错误故选：C【分析】分析儿童下落和过程中的运动过程，明确各力做情况，再根据功能关进行分析，明确重力做功与重力势能变化间的关系，知道合力做功等于动能的改变量 19、【答案】C 【考点】牛顿定律与图象，自由落体运动 【解析】【解答】A球做自由落体运动，加速度为gB沿斜面向下做匀加速直线运动，加速度为 a= =gsin（是斜面的倾角），则A的加速度大于B的加速度，所以A图线的斜率大于B图线的斜率根据机械能守恒定律得 mgh= ，得 v= ，h相等，所以v相等，因此C图正确，故ABD错误，C正确故选：C【分析】根据牛顿第二定律列式分析加速度的大小，从而知道vt图象斜率的大小由机械能守恒定律分析两球落地前瞬间速度的大小，即可选择图象 20、【答案】（1）A（2）D（3）A（4）D 【考点】超重失重，人造卫星与飞船，机械能，质点，动能与重力势能 【解析】【解答】（1）太空中处于失重状态，因此一切与重力有关的运动和锻炼项目均不能正常进行；故俯卧撑、引体向下以及仰卧起坐均不能正常进行；但利用弹簧拉力器锻炼的是人肌肉的伸缩和舒张力，与重力无关故可以正常进行，故A正确，BCD错误（2）在神舟十一号飞船与天宫二号空间站交会对接的过程中，飞船和空间站的大小和形状都不能忽略，都不能看成质点故ABC错误，D正确（3）由于飞船和地球的质量不变，根据万有引力的公式F=G 可知，从远地点P向近地点Q运动的过程中距离在减小，所以万有引力在变大，故A正确，BCD错误（4）根据开普勒第二定律得卫星在太空中飞行时，在近地点，速度最大，动能达到最大，重力势能达到最小；在远地点时，速度最小，动能最小，重力势能最大在椭圆轨道上运行时，只有重力做功，机械能不变，故D正确，ABC错误；故选：（1）A（2）D（3）A（4）D【分析】（1）想弄清楚在超重和失重的状态下哪些器材可以用，必须清楚各个器材的物理原理，看看有没有与重力有关的原因，如果有那么器材就不能使用（2）当物体的大小和形状在研究的问题中能忽略，物体可以看成质点（3）飞船和地球的质量不变，根据万有引力的公式可以直接分析（4）开普勒第二定律内容为：对每个行星而言，行星和太阳的连线在任何相等的时间内扫过的面积都相等由面积相等可知在近日点行星的速率大，远日点行星的速率小万有引力做正功，动能增加，万有引力做负功，动能减小，只有万有引力做功时，机械能守恒 二、填空题 21、【答案】36；50 【考点】交流电图象，交流电的最大值与有效值，周期和频率 【解析】【解答】由图可知，交流电压的最大值为36 V，则有效值U= =36V；交流电的周期T=0.02s；故频率f= =50Hz；故答案为：36；50【分析】由图可知交流电的最大值，根据最大值和有效值之间的关系可明确有效值；再根据图象明确交流电的周期，根据周期和频率的关系可求得频率 22、【答案】1；3 【考点】全电路的功和能 【解析】【解答】根据闭合电路欧姆定律得：电路中电流的大小为：I= = A=1A，灯泡的电压为：U=IR=13V=3V故答案为：1，3【分析】在电源的外电路中，电流从电源的正极流向负极根据闭合电路欧姆定律求电流的大小 23、【答案】（1）2.60（2）使F和F1与F2共同作用的效果相同（3）D 【考点】验证力的平行四边形定则 【解析】【解答】（1）由图知弹簧秤的最小分度为0.1N，根据弹簧秤指针的指示可知，其读数为2.60N；（2）两次应将结点接至同一点，这样可以使两次拉力作用的效果相同；（3）A、细绳套尽可能长一些，减小力的方向的误差故A错误；B、橡皮条的伸长量不是越大越好，方便作图即可，故B错误；C、两条细绳的夹角不是越大越好，以方便作平行四边形为宜故C错误D、拉橡皮条时，橡皮条、细绳和弹簧秤平行贴近木板，使得结点所受的几个力在同一平面内，故D正确故选：D故答案为：（1）2.60；（2）使F和F1与F2共同作用的效果相同（3）D【分析】（1）由图示弹簧测力计确定其分度值，读出其示数；（2）明确实验原理，知道实验中必须保证两次效果相同；（3）正确理解和应用平行四边形定则，明确合力和分力的大小关系，理解“等效法”在该实验中的应用，理解实验步骤和实验目的，了解整个实验过程的具体操作，以及这些具体操作的意义； 三、计算或论述题 24、【答案】（1）根据匀变速直线运动的规律：v=at解得：a= = =5.0m/s2 答：加速度大小a是5.0m/s2；（2）战机运动的距离：s= = m=640m答：运动的距离s是640m；（3）根据牛顿第二定律，有：F=ma解得：F=1.5105N答：受到的合力大小F是1.5105N 【考点】匀变速直线运动基本公式应用，匀变速直线运动导出公式应用 【解析】【分析】（1）飞机匀加速起飞，已知初速度、时间和末速度，由速度公式求加速度（2）运动的距离s由平均速度与时间的乘积求解（3）合力大小F由牛顿第二定律求 25、【答案】（1）由题意知排球运动的水平位移为：x=9.0m+1.0m3.0m=7.0m，水平方向有：x=v0t竖直方向上有：h= 代入数据解得：v0=10m/s答：扣球时，排球水平飞出的速度大小是10m/s；（2）排球运动过程中机械能守恒，则：E=mgh+ 代入数据解得：E=19.37J答：排球落地前瞬间的机械能是19.37J；（3）排球落地的竖直方向的瞬时速度：vy=gt排球落地前瞬间重力的功率为：P=mgvy代入数据联立得：P=18.2W答：排球落地前瞬间重力的功率P是18.2W 【考点】平抛运动，机械能综合应用，功率的计算 【解析】【分析】（1）由几何关系求出排球在水平方向的位移，然后结合平抛运动的公式即可求出初速度；（2）排球落地时的机械能与开始时的机械能是相等的，由机械能守恒即可求出；（3）由速度公式求出排球落地时竖直方向的分速度，然后由瞬时功率的表达式即可求出 26、【答案】（1）弹簧不发生形变，由静摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律得：mgm12l0解得：1 答：若要使弹簧不发生形变，圆盘转动的角速度必须满足的条件是 ；（2）小滑块受到的摩擦力为零时，由弹簧的弹力提供向心力，则由牛顿第二定律得：k（2l0l0）=m 此时滑块的动能为：Ek= 解得：Ek=kl02 答：当弹簧长度为2l0时，若小滑块受到的摩擦力恰好为零，此时滑块的动能Ek是kl02；（3）当弹簧的长度为l时且l3l0 ， 最大动能为Ekm ， 则有：k（ll0）+mg=m 且有：Ekm= 解得：Ekm= 答：当弹簧长度为l（l3l0）时，滑块相对圆盘静止且转动速度达到最大，此时滑块的动能Ekm是 【考点】匀速圆周运动，向心力，动能定理的综合应用 【解析】【分析】（1）弹簧不发生形变时弹力为零，由静摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律求角速度的范围（2）当弹簧长度为2l0时，小滑块受到的摩擦力恰好为零，由弹簧的弹力提供向心力，由牛顿第二定律求出滑动的速度，从而求得其动能（3）当弹簧长度为l（l3l0）时，由牛顿第二定律求出滑动的速度，再求得滑块的动能