2018-2019学年高二物理上学期第三次月考试题(实验班).doc

2018-2019学年高二物理上学期第三次月考试题(实验班)一、选择题(共12小题,每小题4分,共48分。第1-6题单选题，第7-12题多选题。) 1.下列说法中正确的是 （ ）A. 电源的电动势在数值上始终等于电源正负极之间的电压B. 由公式R=U/I可知，定值电阻两端的电压与通过它的电流成正比C. 磁感应强度B的方向与安培力F的方向相同D. 一根质量分布均匀的金属裸导线，把它均匀拉长到原来的3倍，则电阻变为原来的3倍2.下列关于磁通量和磁感应强度的说法中，正确的是（ ）A. 穿过某一个面的磁通量越大，该处磁感应强度也越大B. 穿过任何一个面的磁通量越大，该处磁感应强度也越大C. 穿过垂直于磁感应强度方向的某面积的磁感线的条数等于磁感应强度D. 当平面跟磁场方向平行时，穿过这个面的磁通量必定为零3.一直导线平行于通电螺线管的轴线放置在螺线管的上方，如图所示，如果直导线可以自由地运动且通以方向为由a到b的电流，则导线ab受到安培力作用后的运动情况为（ ）A. 从上向下看顺时针转动并靠近螺线管B. 从上向下看顺时针转动并远离螺线管C. 从上向下看逆时针转动并远离螺线管D. 从上向下看逆时针转动并靠近螺线管4.在导线中电流在周围空间产生的磁感应强度大小为： ，k为常数，r为到导线的距离，如图所示，两个半径相同，材料不同的半圆环并联地接在电路中，电路中的总电流为I，流过ABD半圆环的电流为，流过ACD半圆环的电流为,在圆环圆心处电流产生的磁场的磁感应强度为B，若将ABD半圆环绕直径AD转过90，这时在O点的磁感应强度大小为（）A. 3B B. B C. B D. B5.某区域的电场线分布如图所示，其中间一根电场线是直线，一带正电的粒子从直线上的O点由静止开始在电场力作用下运动到A点取O点为坐标原点，沿直线向右为x轴正方向，粒子的重力忽略不计在O到A运动过程中，下列关于粒子运动速度v和加速度a随时间t的变化、粒子的动能Ek和运动径迹上电势随位移x的变化图线可能正确的是()A. B. C. D. 6.如图(a)所示，AB是某电场中的一条电场线，若有一电子以某一初速度且仅在电场力的作用下，沿AB由点A运动到点B，所经位置的电势随距A点的距离变化的规律如图(b)所示，以下说法正确的是()A. 该电场是匀强电场B. 电子在A、B两点的加速度相等C. 电子在A、B两点的速度vAvBD. 电子在A、B两点的电势能EpAv）速度飞过两环过程中()A. 粒子向O2运动是减速，o2到o1是加速，o1以后减速B. 最小速度在o2右侧，最大速度在o1左侧C. o2 点是电势最高点，o1点是电势最低点D. 粒子从o2运动到o1加速度先增大后减小8.如图所示电路，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动片向下滑动的过程中()A. 电压表的示数减小B. 电压表的示数增大C. 电流表的示数减小D. 电流表的示数增大9.如图所示，在光滑绝缘水平面上有一半径为R的圆，AB是一条直径，空间有匀强电场，场强大小为E，方向与水平面平行，在圆上A点有一发射器，以相同的动能平行于水平面沿不同方向发射带电量为+q的小球，小球会经过圆周上不同的点，在这些点中，经过B点的小球动能最大，由于发射时刻不同时，小球间无相互作用，且=30，下列说法正确的是()A. 电场的方向与AB平行B. 电场的方向与AB垂直C. 小球在A点垂直电场方向发射，若恰能落到C点，则初动能为D. 小球在A点重直电场方向发射，若恰能落到C点，则初动能为10.如图所示，有两根长为L、质量为m的细导体棒a、b（截面可视为点）。a被水平放置在倾角为的光滑斜面上，b被水平固定在与a在同一水平面的另一位置，且a、b平行，它们之间的距离为x。当两细棒中均通以大小为I的同向电流时，a恰能在斜面上保持静止（近似认为b在a处产生的磁感应强度处处相等，且与到b的距离成反比），则下列说法正确的是（ ）A. b的电流在a处产生的磁场的磁感应强度方向竖直向上B. b的电流在a处产生的磁场的磁感应强度大小为C. 电流不变，若使b向上平移，a仍可能在原处保持静止D. 电流不变，若使b向下平移，a将不能在原处保持静止11.如图所示，一个电荷量为Q的点电荷甲固定在粗糙绝缘水平面上O点，另一个电荷量为q、质量为m的点电荷乙，从A点以初速度v0沿它们的连线向甲运动，到B点时速度减小到最小值v，已知点电荷乙与水平面的动摩擦因数为，A、B间距离为L0，静电力常量为k，则下列说法中正确的是()A. OB间的距离为B. 在点电荷甲产生的电场中，B点的场强大小为C. 点电荷乙在A点的电势能小于在B点的电势能D. 在点电荷甲产生的电场中，A、B间的电势差12.如图所示，半径的四分之一圆弧位于竖直向下的匀强电场中，水平，竖直。现将一质量、电荷量的带正电小球从电场中的点水平抛出，抛出点与圆弧圆心等高且距点，平抛初速度，经过一段时间后小球打在圆弧曲面上的点（图中未标出），且点速度方向的反向延长线恰好过圆弧的圆心。取点电势，重力加速度。则()A. 小球到达点的速度大小为B. 匀强电场的电场强度大小为C. 小球在运动过程中的加速度大小为D. 小球在点的电势能为二、实验题(共2小题 ,共16分)13.某同学要测量一分布均匀材料制成的圆柱体的电阻率。步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图，由图可知其长度为_mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如右上图，由图可知其直径为_mm；（3）用多用电表的电阻“10”档，按正确的操作步骤测得圆柱体的电阻阻值，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为_ 。（4）为了更加准确地测出该圆柱体的电阻，除了导线和开关外，有以下一些器材可供选择：A.电源E（电动势6V、内阻可忽略不计）B.电流表（量程00.6A，内阻约0.12）C.电流表（量程020mA，内阻约为）D.电压表（量程03V，内阻约）E.电压表（量程015V，内阻约）F.待测电阻G.滑动变阻器（0，允许最大电流）H.滑动变阻器（0，允许最大电流）电流表选_电压表选_滑动变阻器选_（选填对应的序号）在答题卡上的方程中画出实验电路并标出所选实验器材的代号_。14.用实验测一电池的内阻和一待测电阻的阻值，已知电池的电动势约6V，电池内阻和待测电阻阻值都为数十欧。可选用的实验器材有:电流表 (量程030);电流表 (量程0100);电压表 (量程06);滑动变阻器 (阻值05);滑动变阻器 (阻值0300);开关一个，导线若干条。某同学的实验过程如下:.设计如图1所示的电路图，正确连接电路。.将R的阻值调到最大，闭合开关，逐次调小R的阻值，测出多组U和I的值，并记录。以U为纵轴。I为横轴。得到如图2所示的图线。.断开开关，将改接在B、C之间。A与B直接相连，其他部分保持不变。重复的步骤，得到另一条U-I图线，图线与横轴I的交点坐标为，与纵轴U的交点坐标为.回答下列问题:（1）电流表应选用_，滑动变阻器应选用_.（2）由图2的图线，得电源内阻r=_；（3）用、和表示待测电阻的关系式_代入数值可得；（4）若电表为理想电表， 接在B、C之间与接在A、B之间，滑动变阻器滑片都从最大阻值位置调到某同一位置，两种情况相比，电流表示数变化范围_电压表示数变化范围_(选填“相同”或“不同”)。三、解答题(共4小题 ,共36分)15. (8分)如图所示，水平放置的平行板电容器，两板间距离为d=8 cm，板长为L=25 cm，接在直流电上，有一带电液滴以v0=0.5 m/s的初速度从板间的正中央水平射入，恰好做匀速直线运动，当它运动到P处时迅速将下板向上提起cm，液滴刚好从金属板末端飞出，求：（1）将下板向上提起后，液滴的加速度大小。（2）液滴从射入电场开始计时，匀速运动到P点所用时间为多少？(g取10 m/s2)16. (8分)如图所示，在直角坐标系xoy中，虚线ab将第一象限分成两块区域，左边区域匀强电场沿x轴正方向，电场强度E1，右边区域匀强电场方向沿y轴负方向，电场强度E2现一个质量为m（重力忽略不计），电荷量为q的正粒子静止放在y轴上的P（0，h）点，粒子在电场力的作用下运动，最后从x轴上的Q点离开电场区域，已知虚线ab距y轴的距离L，求：（1）粒子穿过E1电场区域的速度；（2）粒子经过Q点的速度大小和Q点的坐标17. (8分)如图所示，质量m=0.5kg的通电导体棒在安培力作用下静止在倾角为37、宽度为L=1m的光滑绝缘框架上，磁感应强度B的方向垂直于框架平面向下（磁场仅存在于绝缘框架内），右侧回路电源的电动势E=8V、内电阻r=1，额定功率为8W、额定电压为4V的电动机正常工作， 取sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度大小g=10m/s2。 求：（1）干路中的电流为多少安培？（2）求磁感应强度为多少T？18. (12分)如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接在过圆心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场现有一质量为m、电荷量为q的小球从水平轨道上A点由静止释放，小球运动到C点离开圆轨道后，经界面MN上的P点进入电场 (P点恰好在A点的正上方，如图小球可视为质点，小球运动到C点之前电荷量保持不变，经过C点后电荷量立即变为零)已知AB间距离为2R，重力加速度为g.在上述运动过程中，求：（1）小球离开c点时的速度大小（2）电场强度E的大小（3）在圆轨道运动过程中，指出什么位置速度最大并求出其大小1.B【解析】电源正负极之间的电压称为路端电压，当外电路接通时，路端电压小于电源的电动势，A错误；定值电阻的阻值不变，根据欧姆定律的变形公式，可知它两端的电压与通过它的电流成正比，B正确；根据左手定则可知，磁场方向与磁场力方向垂直，C错误；一根粗细均匀的金属裸导线，若把它均匀地拉长为原来的3倍，根据V=SL，横截面积减小为，根据电阻定律公式，可知电阻增加为9倍，D错误，选B.2.D【解析】匀强磁场中穿过某一平面的磁通量为，磁通量还与s、是有关，所以磁通量大，不能说该处磁感应强度大，故A错误；B错误；磁通密度是磁感应强度的一个别名垂直穿过单位面积的磁感线的多少表示磁感应强度，C错误；当平面与磁场平行时，穿过该平面的磁通量为零，D正确；故选D。3.D【解析】3通电导线因放在通电螺线管的磁场中故受到磁场力，因左右两侧磁场方向不同，故可以分左右两边分别分析研究，画出两侧的磁场方向，则由左手定则可判出磁场力的方向，根据受力情况可判出物体的转动情况当导体转动后，我们可以认为电流向右偏内，受力也将发生变化，为了简便，我们可以判断导体转动到向里的位置判断导体的受力情况，再判出导体的运动情况解：通电螺线管的磁感线如图所示，则由图示可知左侧导体所处的磁场方向斜向上，右侧导体所处的磁场斜向下，则由左手定则可知，左侧导体受力方向向外，右侧导体受力方向向里，故从上向下看，导体应为逆时针转动；当导体转过90时，由左手定则可得导体受力向下，故可得出导体运动为逆时针转动的同时还要向下运动即为a端转向纸外，b端转向纸里，且靠近通电螺线管，故D正确，ABC错误；故选：D4.B【解析】ABD半圆环的电流和ACD半圆环的电流产生的磁场在O点处的磁场的磁感应强度方向相反，根据磁场叠加可知，半圆环中I电流在O点产生的磁场的磁感应强度大小为B，那么ACD半圆环的电流为 I，在O点产生磁场的磁感应强度大小为2B，因此将ABD半圆环绕直径转过90，这时在O点磁场的磁感应强度大小为，故B正确，ACD错误；故选B5.B【解析】A、由图可知，从O到A点，电场线由疏到密，电场强度先减小后增大，方向不变，因此电荷受到的电场力先减小后增大，则加速度先减小后增大，故A错误，B正确；C、沿着电场线方向电势降低，而电势与位移的图象的斜率表示电场强度，因此C错误；D、根据能量守恒关系，则，而，且，由此可知， ，因此粒子的动能和运动径迹上电势随位移x的变化图线斜率先减小后增大，故D错误。6.D【解析】A.电势与距离的图线的切线斜率表示电场强度，由图可知A、B两点电场强度不同，选项A错误；B.根据F=Eq，可知电子在A、B两点受到的电场力不同，加速度不同，选项B错误；C.由图像可知A点电势高于B点，所以电子在移动过程中，电场力做负功，动能减小，故vAvB，选项C错误；D.电场力做负功，电势能增加，所以EpAEpB，选项D正确；故选：D。7.BD【解析】在右边，电场强度方向水平向右，并且随着到的距离的较小，电场强度越来越大，故粒子向运动时受到向右的电场力，并且越来越大，故做减速运动，在两电荷之间时电场方向水平向左，故做加速运动，在右侧电场方向水平向左，做加速运动，所以粒子先减速，然后加速运动，故最小速度在右侧，当运动到左边无穷远处时电场强度为零，速度最大，最大速度在左侧，B正确；带电圆环，在中心处合电场强度为零，和等量异种点电荷情况不一样，所以不是电视最高点， 是不是电势最低点，C错误；从+Q到-Q运动过程中，电场强度先增大后减小，故加速度先增大后减小，D正确8.AC【解析】在变阻器的滑片向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，变阻器与并联的电阻减小，则外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小故A正确，B错误并联部分电压，I增大，E、r均不变，则减小，故电流表示数减小故C正确，D错误故选AC.9.AD【解析】AB.小球在匀强电场中，从A点运动到B点，因为到达B点时的小球的动能最大，根据动能定理qUAB= Ek得UAB最大，即在圆周上找不到与B电势相等的点。且由A到B电场力对小球做正功。过B点作切线，则BF为等势线。过A点作BF的垂线，则该线为电场线，即沿AB方向。故A正确，B错误；CD.小球只受电场力，做类平抛运动。x=2R cos30sin30=v0t，y=2Rcos30cos30= ，联立以上三式得：Ek=Qer/8；故C错误，D正确。故选：AD.10.ACD【解析】10.通电导体b处于通电导体a的磁场中，由右手螺旋定则可得通电导体b 处于竖直向上的磁场中，故A正确当导体a处于匀强磁场的磁感应强度B的方向竖直向上，则水平向右的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，因夹角为45，则大小 ，故B错误；题意可知，重力和水平向右的磁场力的合力与支持力平衡，当减小b在a处的磁感应强度，则磁场力减小，要使仍平衡，根据受力平衡条件，则可使b上移，即b对a的磁场力斜向上，故C正确；当b竖直向下移动，导体棒间的安培力减小，根据受力平衡条件，当a受力的安培力方向顺时针转动时，只有大小变大才能保持平衡，而安培力在减小，因此不能保持静止，故D错误；故选ACD.11.AB【解析】A、因在B点速度最小，有，解得，故A正确；B、由点电荷场强公式可得B点场强大小，故B正确；C、两带电体之间是吸引力，则电场力对乙做正功，所以电势能减小，故C错误；D、乙电荷从A运动到B的过程中，据动能定理有，在此过程中电场力对点电荷乙做的功为，解得，故D错误。12.BD【解析】小球在电场力和重力作用下做类平抛运动，因小球打在C点且速度方向的反向延长线恰好过圆弧的圆心，由类平抛运动规律知：C点速度方向的反向延长线必过O点，且OE=AO=0.3m，EC=0.4m，即有，联立并代入数据可得，因，而A、E两点电势相等，所以，即粒子在A点的电势能为：，从A到C由动能定理知：，代入数据得，故BD正确13. 49.10 4.700 150 C D H 【解析】（1）游标卡尺的读数为4.9cm+0.052mm=49.10mm（2）螺旋测微器的读数为4.5mm+0.0120.0mm=4.700mm（3）电阻的阻值等于1510=150（4）因为电源的电动势为6V，为了测量的准确，电压表选取V1，通过电阻的最大电流大约 ，所以电流表选取A2滑动变阻器选择R2为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，则滑动变阻器采用分压式接法，由于待测电阻与电流表内阻相当，属于小电阻，所以电流表采取外接法电路图如图所示14. A2 R2 25 相同 不同15.（1）2 m/s2（2）0.3 s【解析】（1）带电液滴在板间受重力和竖直向上的电场力因为液滴做匀速运动，则有：qE=mg，又得： 当下板向上提后，由于d减小，板间场强E增大，电场力增大，故液滴向上偏转，在电场中做类平抛运动此时液滴所受电场力： 此时液滴的加速度： （2）因为液滴刚好从金属末端飞出，所以液滴在竖直方向上的位移是则有： 解得： 而液滴从刚进入电场到出电场的时间： 所以液滴从射入开始匀速运动到P点时间为16.（1）（2），（，0）【解析】（1）由动能定理得：，得：（2）从P到Q粒子做类平抛运动，由动能定理有：，得：竖直方向：，得：17.（1）4A（2）B=1.5T【解析】（1）电动机上的电流为： 内电压为： 则电流为： （2）磁场中导线的电流为根据平衡条件： ， ，得18.（1） （2） （3） 【解析】（1）小球离开C点做平抛运动，根据得： 则小球在C处的速度（2）设电场强度为E，小球从A到C由动能定理得：解得： （3）设小球运动到圆周D点时速度最大为v，此时OD与竖直线OB夹角设为小球从A运动到D的过程，根据动能定理得：得： 根据数学知识可得，当时动能最大由此可得