2019年高考生物一轮复习 第五单元 遗传的基本规律单元B卷.doc

第五单元 遗传的基本规律注意事项：1答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。一、选择题（本题包括25小题，每小题2分，共50分，每小题只有一个选项最符合题意）1下列有关自交和测交的叙述，正确的是（ ）A自交可以纯化显性优良品种B测交不能用来验证分离定律C自交可以用来判断某一显性个体的基因型，测交不能D测交可以用来判断一对相对性状的显隐性，自交不能【答案】A【解析】自交可以用于显性优良性状的品种培育过程，淘汰发生性状分离的隐性个体，最终得到显性纯合体，A正确；测交可以用来验证分离定律，鉴定杂种子一代的基因型，B错误；自交可以用来判断某一显性个体的基因型，测交也能，C错误；测交不可以用来判断一对相对性状的显隐性，但自交能，D错误。2等位基因A和a的最本质区别是（ ）A基因A能控制显性形状，基因a能控制隐性形状B在进行减数分裂时，基因A和基因a分离C两者的碱基序列不同DA对a起显性作用【答案】C【解析】等位基因是位于同源染色体相同位置，控制相对性状的基因，等位基因A与a的本质区别在于基因片段中脱氧核苷酸的排列顺序的差别，即碱基序列的不同，C正确。3孟德尔在探索遗传规律时，运用了“假说演绎法”，下列相关叙述中不正确的是（ ）A“一对相对性状的遗传实验和结果”属于假说的内容B“测交实验”是对推理过程及结果的检验C“生物的性状是由遗传因子决定的，体细胞中遗传因子成对存在，配子中遗传因子成单个存在，受精时雌雄配子随机结合”属于假说内容D“F1（Dd）能产生数量相等的两种配子（Dd11）”属于推理内容【答案】D【解析】孟德尔在观察“一对相对性状的遗传实验和结果”的基础上提出问题，A正确；“测交实验”是对推理过程及其结果的检测，B正确；“生物的性状是由遗传因子决定的，体细胞中遗传因子成对存在，配子中遗传因子成单个存在，受精时雌雄配子随机结合”属于假说内容，C正确；“若F1能产生数量相等的两种配子（Dd=11），则测交后代出现两种表现型，且比例为11”属于推理内容，D错误。4对孟德尔遗传规律的理解错误的是（ ）ADD、dd是纯合子，Dd是杂合子 B遗传因子决定性状是独立的，不相融，不消失C在一个种群中，若仅考虑一对等位基因，可有6种不同的交配类型DF1产生的含D和含d配子是11，且受精时结合机率相等，故F2性状分离比为11【答案】D【解析】孟德尔认为，由相同遗传因子组成的个体是纯合子，由不同的遗传因子组成的个体是杂合子，所以DD、dd是纯合子，Dd是杂合子，A正确；孟德尔认为遗传因子决定性状是独立的，不相融，不消失，B正确；在一个种群中，若仅考虑一对等位基因，可有3种自交和3种杂交共6种不同的交配类型，C正确；F1产生的含D和含d配子是11，且受精时结合机率相等，故F2性状分离比为31，D错误。5孟德尔之所以在研究遗传规律时获得了巨大的成功，其原因有（ ）选择了严格自花受粉的豌豆作为实验材料 先只针对一对相对性状的遗传规律进行研究，然后再研究多对相对性状的遗传规律 应用统计学的方法对结果进行统计分析 重视基因对蛋白质的控制作用 科学地设计了实验程序A B C D 【答案】A【解析】孟德尔没有发现基因对蛋白质的控制作用，A正确。6模拟孟德尔杂交实验时，从容器中随机抓取一个小球，记录后将小球分别放入原处，重复10次以上。下列分析错误的是（ ）A从雄、雌中分别随机抓取一个小球，模拟产生配子时等位基因的分离B将从雄、雌中分别取出的小球组合在一起，模拟雌雄配子的受精作用C从4个容器中各取一个小球组合在一起，模拟产生配子时非等位基因的自由组合D模拟孟德尔杂交实验时，重复的次数越多，其结果越接近孟德尔定律的统计数据【答案】C【解析】产生配子时等位基因（A和a）的分离，可用从雄、雌中分别随机抓取一个小球来模拟，A正确；精子和卵细胞的结合具有随机性，雄、雌中每个小球可代表一个配子，B正确；减数第一次分裂后期同源染色体分离后非同源染色体上非等位基因自由组合，这一过程不能用产生后的配子来模拟，C错误；重复的次数越多，其结果越接近孟德尔定律的统计数据，D正确。7为了加深对基因分离定律的理解，某同学在2个小桶内各装入20个等大的方形积木（红色、蓝色各10个，分别代表“配子”D、d）。分别从两桶内随机抓取1个积木并记录，直至抓完桶内积木。结果，DDDddd=1055，该同学感到失望，给他的建议和理由中不合理的是（ ）A把方形积木改换为质地、大小相同的小球；以便充分混合，避免人为误差B将某桶内的2种配子各减少到1个；因为卵细胞的数量比精子少得多C继续重复抓取；保证基因的随机分配和足够大的样本数D每次抓取后，应将抓取的配子放回原桶；保证每种配子被抓取的概率相等【答案】B【解析】使用方块可能使两种积木混合不均匀，因此应把方形积木改换为质地、大小相同的小球，以便充分混合，避免人为误差，A正确；桶内两种配子的比例相同，这符合要求，1055结果形成的原因，若将某桶内的2种配子各减少到1个，但两种配子的比例仍相同，不会影响实验的结果，B错误；继续重复抓取，保证足够大的样本数，以减少实验误差，C正确；如果每次抓取后没有将抓取的积木放回原桶，会使每种配子被抓取的概率不相等，所以每次抓取后，应将抓取的配子放回原桶，以保证每种配子被抓取的概率相等，D正确。8用高茎豌豆与矮茎豌豆做杂交实验时，下列能体现分离定律实质的是（ ）A基因组成为DD的个体产生基因组成为D的花粉B基因组成为dd的个体产生基因组成为d的花粉C基因组成为Dd的个体产生基因组成为D、d的花粉D基因组成为D、d的雌雄配子形成基因组成为Dd的受精卵【答案】C【解析】分离定律的实质是：成对的控制相对性状的等位基因随着同源染色体的分开而彼此分离，所以基因组成为Dd的个体产生基因组成为D、d的花粉能体现分离定律的实质，C正确。9下列关于遗传规律的叙述正确的是（ ）A遗传规律适应于一切生物B遗传规律只适应于高等植物C遗传规律在配子形成过程中起作用D遗传规律在受精过程中起作用【答案】C【解析】孟德尔遗传规律适用于进行有性生殖的真核生物，包括植物和动物，A、B错误；孟德尔遗传规律都发生在减数第一次分裂后期，即在配子形成过程中起作用，不是在受精过程，C正确，D错误。10下列的概念图中错误的是（ ）A. B. C. D.【答案】B【解析】有丝分裂的实质是着丝点分裂，正确；减数第一次分裂的实质是同源染色体分离，非同源染色体自由组合，正确；受精作用的实质是精子和卵细胞的细胞核融合，其中一半染色体来源于父方，一般来源于母方，同源染色体汇合，正确；染色体复制形成的姐妹染色单体上含有相同的基因，错误；基因分离的定律的实质是同源染色体上等位基因分离，时间是减数第一次分裂的后期，正确；基因自由组合定律的实质是非同源染色体上非等位基因的自由组合，正确；基因自由组合定律的时间是减数第一次分裂的后期，并不是受精作用过程中，错误。错误，故选B。11一对相对性状的遗传实验中，会导致子二代不符合31性状分离比的情况是（ ）A显性基因相对于隐性基因为完全显性B子一代产生的雌配子中2种类型配子数目相等，雄配子中也相等C子一代产生的雄配子中2种类型配子活力有差异，雌配子无差异D统计时子二代3种基因型个体的存活率相等【答案】C【解析】一对相对性状的遗传实验中，若显性基因相对于隐性基因为完全显性，则子一代为杂合子，子二代性状分离比为31，A正确；若子一代雌雄性都产生比例相等的两种配子，则子二代性状分离比为31，B正确；若子一代产生的雄配子中2种类型配子活力有差异，雌配子无差异，则子二代性状分离比不为31，C错误；若统计时，子二代3种基因型个体的存活率相等，则表现型比例为31，D正确。12苦瓜植株中含有一对等位基因D和d，其中D基因纯合的植株不能产生卵细胞，而d基因纯合的植株花粉不能正常发育，杂合子植株完全正常。现有基因型为Dd的苦瓜植株若干做亲本，下列有关叙述错误的是（ ）A如果每代均自交至F2，则F2植株中d基因的频率为1/2B如果每代均自交至F2，则F2植株正常植株所占比例为1/2C如果每代均自由交配至F2，则F2植株中D基因的频率为1/2D如果每代均自由交配至F2，则F2植株正常植株所占比例为1/2【答案】D【解析】Dd的苦瓜自交，后代DDDddd=121，由于D基因纯合的植株不能产生卵细胞，而d基因纯合的植株花粉不能正常发育，所以子一代只有Dd可以产生后代，因此F2植株中DDDddd=121，则D和d基因的频率都为1/2，正常植株所占比例为1/2，A、B正确；Dd自由交配产生的后代为DDDddd=121，子代雌配子为Dd=12，雄配子为Dd=21，则后代DDDddd=（1/32/3）（2/32/3+1/31/3）（2/31/3）=252，所以F2植株中D基因的频率为1/9+1/25/9=1/2，正常植株占5/9，C正确，D错误。13豌豆素是野生型豌豆产生的一种能抵抗真菌侵染的化学物质，决定产生豌豆素的基因A对a为显性，基因B对豌豆素的产生有抑制作用，而b基因没有。下面是利用两个不能产生豌豆素的纯种品系（甲、乙）及纯种野生型豌豆进行多次杂交试验的结果：实验一：野生型品系甲F1无豌豆素F1自交F2中有豌豆素无豌豆素13实验二：野生型品系乙F1无豌豆素F1自交F2中有豌豆素无豌豆素313下列有关说法错误的是（ ）A让实验二F2中不能产生豌豆素的植株全部自交，单株收获F2植株上的种子并进行统计，发现所结种子均不能产生豌豆素的植株所占的比例为6/13B据实验二，可判定与豌豆素产生有关的两对基因位于非同源染色体上C品系甲和品系乙两种豌豆的基因型分别是AABB和aaBBD实验二F2中不能产生豌豆素的植株的基因型共有7种，其中杂种植株占的比例为10/13【答案】A【解析】由题意可知能产生豌豆素的基因型是A_bb，其余都是不能产生豌豆素的，用于杂交的纯种野生型豌豆是AAbb，与实验一杂交F1无豌豆素说明应是A_B_，F1自交后F2中有豌豆素无豌豆素13，说明F1中有对基因是纯合子，故品系甲应是AABB。在实验二中，F1自交后的F2有豌豆素无豌豆素313，出现了16的变形，说明子一代是AaBb，并且这两对基因遵循自由组合定律，品系乙应是aaBB，B、C正确。让实验二F2中不能产生豌豆素的植株全部自交，单株收获F2植株上的种子并进行统计，发现所结种子均不能产生豌豆素的植株中1/16AABB，2/16AABb，2/16AaBB，1/16aabb，1/16aaBB，所占的比例为7/13，A错误。实验二F2中共有9种基因型，能产生豌豆素的是2种，不能产生豌豆素的植株的基因型共有7种，其中杂种植株占的比例为10/13，D正确。14某二倍体植物的叶表面无蜡粉和有蜡粉是一对相对性状（由等位基因E、e控制），某校研究性学习小组做了如下三组实验，下列有关分析不正确的是（ ）编组亲本组合F1的表现型及比例甲组无蜡粉植株（）有蜡粉植株（）无蜡粉有蜡粉11乙组无蜡粉植株（）有蜡粉植株（）无蜡粉有蜡粉11丙组有蜡粉植株自交无蜡粉有蜡粉13A实验结果表明有蜡粉是显性性状B控制这对相对性状的基因位于细胞核内C三组亲本中有蜡粉植株的基因型都是EeD丙组的F1中纯合子所占的比例是1/4【答案】D【解析】由丙组结果可判断有蜡粉是显性性状，且亲本基因型都为Ee，A正确；由甲组和乙组正反交结果相同，可判断控制这对相对性状的基因位于细胞核内，且有蜡粉植株的基因型都是Ee，无蜡粉植株的基因型都是ee，B、C正确；丙组的F1中纯合子所占的比例是1/2，D错误。15现用山核桃的甲（AABB）、乙（aabb）两品种作亲本杂交得F1，F1测交结果如下表，下列有关叙述不正确的是（ ）AF1产生的基因型为AB的花粉可能有50不能萌发，不能实现受精BF1自交得F2，F2的基因型有9种C将F1花粉离体培养，将得到四种表现型不同的植株D正反交结果不同，说明该两对基因的遗传不遵循自由组合定律【答案】D【解析】F1（AaBb）乙（aabb），正常情况下，后代AaBbAabbaaBbaabb1111，而实际比值为1222，由此可见，F1产生的AB花粉50%不能萌发，不能实现受精，A正确；F1的基因型为AaBb，其自交所得F2的基因型种类为33=9种，B正确；F1（AaBb）能产生AB、Ab、aB、ab四种配子，因此其花粉离体培养可得到四种表现型不同的单倍体植株，C正确；正反交结果不同的原因是F1产生的AB花粉50%不能萌发，而根据题意可知，正反交均有四种表现型说明符合基因自由组合定律，D错误。16某性别决定方式为XY的动物从出生到成年，雌雄个体在外观上几乎完全一样，仅凭肉眼难以区分性别。在X染色体上的复等位基因BA（灰红色）对B（蓝色）为显性，B对b（巧克力色）为显性。现有一只灰红色个体和一只蓝色个体交配，后代中出现了一只巧克力色的个体。则亲代灰红色、蓝色与子代巧克力色的性别可能分别是（ ）A雄性、雌性、雄性 B雌性、雄性、雌性C雄性、雌性、雌性 D雄性、雌性、不能确定【答案】A【解析】依题意可知，若亲本中灰红色为雄性（XBAY），则蓝色个体为雌性（XBXb），后代中可出现巧克力色的个体（XbY），即亲代灰红色、蓝色与子代巧克力色的性别可能分别是雄性、雌性、雄性；若亲本中灰红色为雌性（XBAXb），则蓝色个体为雄性（XBY），则后代中也可能出现巧克力色的个体（XbY），即亲代灰红色、蓝色与子代巧克力色的性别可能分别是雌性、雄性、雄性或雄性、雌性、雄性。综上所述，A正确。17山羊性别决定方式为XY型。下面的系谱图表示了山羊某种性状的遗传，图中深色表示该种性状的表现者。已知该性状受一对等位基因控制，1不携带该性状的基因。据图分析不正确的是（ ）A据系谱图推测，该性状为隐性性状B控制该性状的基因一定位于X染色体上C2、2、4、2一定是杂合子D若2和4交配，后代中表现该性状的概率为1/8【答案】C【解析】据-1、-2和-1可知，该性状为隐性性状，A正确；由于-1不携带该性状的基因，且该性状为隐性性状，所以控制该性状的基因一定位于X染色体上，B正确；由于-3、-1、-3都是该种性状的表现者，所以-2、-2、-4一定是杂合子；由于-2是杂合子，所以不能确定-2是否为杂合子，C错误；由于-2是杂合子，所以-2是杂合子的概率是1/2，因此，-2和-4交配，后代中表现该性状的概率为1/21/4=1/8，D正确。18已知控制某遗传病的致病基因位于人类XY染色体的同源部分，图甲表示某家系中该遗传病的发病情况，则I-1的有关基因组成应是乙图中的（ ）【答案】B【解析】-3正常，其父母患病，可知患者为显性，根据题意，可知-3的基因型为XaXa，则-3的基因型为XAXa，而I-2的基因型是XaYa，因此I-1的基因型必定是XAYa。又知人类的性染色体中，X染色体比Y染色体长，故I-1的有关基因组成应是乙图中的B。19水稻体细胞有24条染色体，非糯性和糯性是对相对性状。非糯性花粉中所含的淀粉为直链淀粉，遇碘变蓝黑色。而糯性花粉中所含的淀粉为支链淀粉，遇碘变橙红色。下列有关水稻的叙述正确的是（ ）A要验证孟德尔的基因分离定律，必需用纯种非糯性水稻（AA）和糯性水稻（aa）杂交，获得F1，F1再自交B用纯种非糯性水稻（AA）和糯性水稻（aa）杂交获得F1，F1再自交获得F2，取F1花粉加碘染色，在显微镜下观察到蓝黑色花粉粒占3/4C二倍体水稻的花粉经离体培养，可得到单倍体水稻，稻穗、米粒变小D若含有a基因的花粉50%的死亡，则非糯性水稻（Aa）自交后代基因型比例是231【答案】D【解析】用纯种非糯性水稻（AA）和糯性水稻（aa）杂交，获得F1，然后取F1的花粉用碘液染色，用显微镜观察到花粉一半呈蓝黑色、一半呈橙红色，即可验证孟德尔的基因分离定律，A错误；用纯种非糯性水稻（AA）和糯性水稻（aa）杂交获得F1（Aa），F1可产生含A、a基因的两种数量相等的花粉，所以取F1花粉加碘染色，在显微镜下观察到蓝黑色花粉粒占1/2，B错误；二倍体水稻的花粉经离体培养，可得到单倍体水稻，由于单倍体水稻体细胞内不含同源染色体，所以不能产生可育配子，表现为高度不育，C错误；由于含有a基因的花粉50%的死亡，所以该植株产生的雌配子是Aa11，而雄配子是Aa21，自交后代中三种基因型之比为AAAaaa（1/22/3）（1/22/31/21/3）（1/21/3）231，D正确。20科学家将两个抗冻蛋白基因A随机整合到某植株细胞的染色体上，这两个基因在染色体上的整合情况有下图所示的三种类型（黑点表示A基因的整合位点），根据这两个基因在染色体上可能存在的情况推测，下列叙述不可能发生的是（ ）AA情况植株自花授粉，后代植株中含有基因A的比例是1BB情况植株授以普通植株的花粉，后代性状分离比为11CC情况植株自花授粉，后代性状分离比为151DA、B、C植株处于减数第二次分裂的细胞中最多可观察到2个基因A【答案】D【解析】图A中两个抗冻蛋白基因A位于一对同源染色体上，相当于纯合子，纯合子自交后代不发生性状分离，因此其自花传粉的后代中含有基因A的比例是1，A正确；图B中两个抗冻蛋白基因A位于一条染色体上，而另一条染色体上没有，相当于杂合子，杂合子自交后代发生性状分离，分离比为11，因此其授以普通植株的花粉，后代性状分离比为1:1，B正确；C图在两对同源染色体上各有一条含有抗冻蛋白基因，相当于双杂合子（AaBb），并且遵循基因的自由组合定律，因此其自花授粉后代不含抗冻蛋白基因（aabb）的占1/16，则后代性状分离比151，C正确；B、C植株处于减数第二次分裂后期的细胞中最多可以含有4个基因A，D错误。21已知马的毛色有栗色和白色两种，由位于常染色体上的一对等位基因控制。在自由放养多年的一马群中，两基因频率相等。正常情况下，每匹母马一次只生产一匹小马。以下关于性状遗传的研究方法及推断不正确的是（ ）A选择多对栗色马与白色马杂交，若后代白色马明显多于栗色马，则白色为显性B随机选出一匹栗色公马和六匹白色母马分别交配，若所产小马都是栗色，则栗色为显性C自由放养的马群随机交配一代，若后代栗色马明显多于白色马，则栗色为显性D选择多对栗色公马和栗色母马交配一代，若后代全部为栗色马，则白色为显性【答案】B【解析】由于两者的基因频率相等，则A1/2，a1/2，则选择多对栗色马和白色马杂交后，后代中具有显性性状的个体会明显多于隐性个体，A正确；正常情况下，每匹母马一次只生产一匹小马，故随机选出一匹栗色公马和六匹白色母马分别交配，所产的小马最多只有6匹，由于后代数目少，存在偶然性，6匹马可以全是栗色，所以仍不能确定栗色为显性，B错误；由于两者的基因频率相等，即Aa1/2，自由放养的马群随机交配一代，若后代栗色马明显多于白色马，则说明栗色为显性，C正确；多对栗色公马和栗色母马杂交，若后代全部是栗色马，则说明栗色最可能为隐性，因为如果是显性，应该会出现性状分离，D正确。22某生物的三对等位基因（Aa、Bb、Ee）分别位于三对同源染色体上，且基因A、b、e分别控制三种酶的合成，在三种酶的催化下可使一种无色物质经一系列转化变为黑色素。假设该生物体内黑色素的合成必须由无色物质转化而来，如下图所示，现有基因型为AaBbEe的两个亲本杂交，出现黑色子代的概率为（ ）A1/64 B8/64 C3/64 D27/64【答案】C【解析】据图可知，能产生黑色素的基因型为A_bbee，因此基因型为AaBbEe的两个亲本杂交，后代出现A_bbee的概率为3/41/41/43/64，C正确。23果蝇的长翅（V）对残翅（v）为显性，但即使是纯合的长翅品系的幼虫，在35 条件下培养成的成体果蝇仍为残翅。下列叙述正确的是（ ）A如果有一只残翅果蝇，只要让其与另一只异性的残翅果蝇交配，就能确定其基因型B果蝇的长翅和残翅是由环境温度来决定的C35条件下果蝇的长翅基因就突变成了残翅基因D纯合的长翅果蝇幼虫在35条件下培养成的残翅性状是不能遗传的【答案】D【解析】温度会影响结果，所以还需要控制在合适的温度下进行，A错误；果蝇的长翅和残翅是由基因型和环境共同决定的，B错误；35条件下，果蝇的长翅基因没有突变成残翅基因，只是环境影响了果蝇的表现型，C错误；纯合的长翅果蝇幼虫在35条件下形成的残翅性状是由环境改变引起的，是不能遗传的，D正确。24若控制草原野兔某相对性状的基因B、b位于X染色体上，其中某种基因型的雄性胚胎致死。现将捕捉到的一对雌雄草原野兔杂交，F1雌雄野兔数量比为21，则以下相关叙述正确的是（ ）A若致死基因为b，则F1雌兔有2种基因型、2种表现型B若致死基因为B，则F1雌兔有1种基因型、1种表现型C若致死基因为B，则F1草原野兔随机交配，F2存活的个体中隐性性状占6/7D若致死基因为b，则F1草原野兔随机交配，F2雌兔中的显性个体隐性个体31【答案】C【解析】由于控制野兔某性状的B、b基因位于X染色体上，若致死基因为b，则F1代雌兔有2种基因型（XBXB和XBXb），1种表现型，A错误；由于控制野兔某性状的B、b基因位于X染色体上，若致死基因为B，则F1代雌兔有2种基因型（XBXb和XbXb），2种表现型，B错误；如果致死基因是B，则成活野兔的基因型有XbXb、XBXb和XbY，雌性有显性和隐性两种表现型，雄性只有隐性类型，让F1代野兔随机交配，F2代（3/41/2=3/8）XbXb、（1/41/2=1/8）XBXb和（3/41/2=3/8）XbY，则F2代存活的个体中隐性性状占6/7，C正确；由于控制野兔某性状的B、b基因位于X染色体上，若致死基因为b，则F1代野兔随机交配，F2代雌兔中都是显性个体，D错误。25一种鹰的羽毛黄色和绿色、条纹和非条纹的差异均由基因决定，两对基因分别用A（a）和B（b）表示。已知决定颜色的显性基因纯合子不能存活。如图显示了鹰羽毛的杂交遗传，对此合理的解释是（ ）A绿色对黄色不完全显性，非条纹对条纹完全显性B控制羽毛性状的两对基因不符合基因自由组合定律C亲本P的基因型为Aabb和aaBbDF2中的绿色条纹个体全是杂合子【答案】D【解析】由于F1绿色非条纹自交后代有绿色和黄色，说明绿色是显性性状，由于绿色纯合子致死，绿色对黄色是完全显性，A错误；由于绿色非条纹自交后代有四种性状，且性状分离比为6321，加上致死的个体，则比例为9331，因此控制羽毛性状的两对基因符合基因自由组合定律，B错误；F1的绿色非条纹的基因型为AaBb，黄色非条纹的基因型为aaBb，所以亲本P的基因型为Aabb和aaBB，C错误；由于决定颜色的显性基因纯合子不能存活，所以F2中的绿色条纹个体全是杂合子，D正确。二、非选择题（本题包括5小题，除特别说明外，每空1分，共50分）26（9分）果蝇体细胞有4对染色体，其中2、3、4号为常染色体。已知控制长翅/残翅性状的基因位于2号染色体上，控制灰体/黑檀体性状的基因位于3号染色体上。某小组用一只无眼灰体长翅雌蝇与一只有眼灰体长翅雄蝇杂交，杂交子代的表现型及其比例如下：眼性别灰体长翅灰体残翅黑檀体长翅黑檀体残翅1/2有眼1/2雌93311/2雄93311/2无眼1/2雌93311/2雄9331回答下列问题；（1）根据杂交结果，_（填“能”或“不能”）判断控制果蝇有眼/无眼性状的基因是位于X染色体还是常染色体上，若控制有眼/无眼性状的基因位于X染色体上，根据上述亲本杂交组合和杂交结果判断，显性性状是_，判断依据是_。（2）若控制有眼/无眼性状的基因位于常染色体上，请用上表中杂交子代果蝇为材料设计一个杂交实验来确定无眼性状的显隐性。杂交组合：_。预期结果：_。（3）若控制有眼/无眼性状的基因位于4号染色体上，用灰体长翅有眼纯合体和黑檀体残翅无眼纯合体果蝇杂交，F1相互交配后，F2中雌雄均有_种表现型，其中黑檀体长翅无眼所占比例为3/64时，则说明无眼性状为_（填“显性”或“隐性”）。【答案】（1）不能 无眼 只有当无眼为显性时，子代雌雄个体中才都会出现有眼与无眼性状的分离（2分）（2）无眼无眼 若子代中无眼有眼=31，则无眼位显性性状；若子代全部为无眼，则无眼位隐性性状（2分）（3）8 隐性【解析】（1）分析题干可知，两亲本分别为无眼和有眼，且子代中有眼无眼=11，且与性别无关联，所以不能判断控制有眼和无眼性状的基因是位于X染色体还是常染色体上。若控制有眼和无眼性状的基因位于X染色体上，且有眼为显性（用基因E表示），则亲本基因型分别为XeXe和XEY，子代的基因型为XEXe和XeY，表现为有眼为雌性，无眼为雄性，子代雌雄个体中没有同时出现有眼与无眼的性状，不符合题意，因此显性性状是无眼。（2）要通过一个杂交实验来确定无眼性状在常染色体上的显隐性，最简单的方法是可以选择表中杂交子代中雌雄果蝇均为无眼的性状进行杂交实验，若无眼为显性性状，则表中杂交子代中无眼雌雄果蝇均为杂合子，则该杂交子代中无眼有眼=31；若无眼为隐性性状，则表中杂交子代中无眼雌雄果蝇均为隐性纯合子，则该杂交子代全部为无眼。（3）表格中灰体长翅灰体残翅黑檀体长翅黑檀体残翅=9331，可分析出显性性状为灰体（用基因A表示）和长翅（用基因B表示），有眼和无眼不能确定显隐性关系（用基因C或c表示），灰体长翅有眼纯合体和黑檀体残翅无眼纯合体的基因型可写为AABB 和aabb ，可推出F1的基因型为AaBbCc，F1个体间相互交配，F2的表现型为222=8种。F2中黑檀体（AaAa=1/4）长翅（BbBb=3/4）无眼所占比例为3/64时，可知无眼所占比例为1/4，则无眼为隐性性状。27（7分）多指是由一对等位基因控制的人类遗传病。已知某女患者的家系图，试回答下列问题（设A、a是与该病有关的基因）:（1）据图谱判断，多指是由_性基因控制的常染色体遗传病。（2）写出中女患者及其父母所有可能的基因型：女患者_，父亲_，母亲_。（3）如果该女患者与多指男患者结婚，其后代所有可能的基因型是_。（4）如果该女患者与一正常男子结婚，其后代患多指的概率为_。【答案】（1）显（2）AA或Aa Aa Aa（3）AA、Aa、aa（2分）（4）2/3【解析】（1）系谱图显示可知5号和6号均为多指患者，其儿子7号正常，说明多指是由显性基因控制的遗传病。（2）由7号正常可知，中女患者的父母的基因型（即5号和6号）均为Aa，进而推知该女患者的基因型为AA或Aa。（3）该女患者和多指男患者的基因型均为AA或Aa，二者结婚，其后代所有可能的基因型是AA、Aa、aa。（4）该女患者的基因型为1/3AA或2/3Aa，正常男子的基因型为aa，二者结婚，其后代患多指的概率为12/31/2aa2/3。28（13分）麝香豌豆的花色受两对等位基因Aa、Bb控制，这两对等位基因与花色的关系如下图所示，请据图回答问题：（1）基因是 的DNA片段，该图体现的基因控制性状的途径为 。（2）基因A控制酶A的合成经历两个步骤，模板依次是 、 。（3）上述花色的遗传遵循 定律，请据图说明作出此判断的依据是 。（4）若基因型为AaBb的个体自交，后代白花个体中纯合子占 ；若两白花个体杂交，后代中紫花白花11，则两白花亲本的基因型为 。（5）请用遗传图解表示AaBb个体进行测交实验的过程（要求写出配子）。【答案】（1）有遗传效应 基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状（2分）（类似答案可酌情给分）（2）DNA的一条链（不答“一条链”不给分） mRNA（两空顺序颠倒不给分）（3）基因的自由组合 控制该性状的两对基因位于不同对的同源染色体上（2分）（类似答案可酌情给分）（4）3/7 AabbaaBB或AAbbaaBb（2分）（5）（2分）【解析】（1）基因是有遗传效应的DNA片段，该图体现的基因控制性状的途径为：基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状。（2）基因A控制酶A的合成经历两个步骤：转录和翻译，模板依次是DNA的一条链和mRNA。（3）题图显示：控制花色这一相对性状的两对基因位于不同对的同源染色体上，说明花色的遗传遵循基因的自由组合定律。（4）分析图示可知：紫花为A_B_，白花为A_bb、aaB_、aabb。基因型为AaBb的个体自交，后代A_B_A_bbaaB_aabb9331，在其中的白花个体中纯合子占3/7（1/7AAbb1/7aaBB1/7aabb）。若两白花个体杂交，后代中紫花白花11，说明两白花亲本的基因型中，都有显性基因，而且有一对基因相当于测交，另一对基因为纯合，即两白花亲本的基因型为AabbaaBB或AAbbaaBb。（5）测交是指杂合子与隐性纯合子交配，AaBb个体进行测交实验的遗传图解见答案。29.（13分）某种家禽的豁眼和正常眼是一对相对性状，豁眼雌禽产蛋能力强。已知这种家禽的性别决定方式与鸡相同，豁眼性状由Z染色体上的隐性基因a控制，且在W染色体上没有其等位基因。回答下列问题：（1）用纯合体正常眼雄禽与豁眼雌禽杂交，杂交亲本的基因型为_；理论上，F1个体的基因型和表现型为_。F1的雌雄个体交配得F2，F2雌禽中豁眼禽所占的比例为_。（2）为了给饲养场提供产蛋能力强的该种家禽，请确定一个合适的杂交组合，使其子代中雌禽均为豁眼，雄禽均为正常眼。写出杂交组合和预期结果，要求标明亲本和子代的表现型，基因型。杂交组合：_。预期结果：_。（3）假设M/m基因位于染色体上，m基因纯合时可使部分应表现为豁眼的个体表现为正常眼，而MM和Mm对个体眼的表现无影响。以此推测，在考虑M/m基因的情况下，若两只表现型均为正常眼的亲本交配。其子代中出现豁眼雄禽，则亲本雌禽的基因型为_，子代中豁眼雄禽可能的基因型包括_。【答案】（1）ZAZA，ZaW（2分） ZAW、ZAZa，雌雄均为正常眼（3分） 1/2（2分） （2）豁眼雄禽（ZaZa）正常眼雌禽（ZAW） 子代雌禽为豁眼（ZaW），雄禽为正常眼（ZAZa）（2分） （3）ZaWmm ZaZaMm，ZaZamm（2分）【解析】（1）依题意可知，在家禽中，雄性的性染色体组成为ZZ，雌性的性染色体组成为ZW，豁眼性状由Z染色体上的隐性基因a控制，且在W染色体上没有其等位基因。由此推知，亲本纯合体正常眼雄禽的基因型为ZAZA，亲本豁眼雌禽的基因型为ZaW，二者杂交所得F1的基因型为ZAZa、ZAW，F1的雌雄个体均为正常眼。F1的雌雄个体交配，所得F2的基因型及其比例为ZAZAZAZa ZAWZaW1111，可见，F2雌禽中豁眼禽（ZaW）所占的比例为1/2。（2）雌性亲本将Z染色体遗传给子代的雄性，将W染色体遗传给子代的雌性，而子代的雌性的Z染色体则来自雄性亲本。可见，若使子代中的雌禽均为豁眼（ZaW）、雄禽均为正常眼（ZAZ），则亲本的杂交组合为：豁眼雄禽（ZaZa）正常眼雌禽（ZAW）；该杂交组合产生的子代的基因型为ZAZa、ZaW，表现型为：子代雌禽均为豁眼（ZaW），雄禽均为正常眼（ZAZa）。（3）依题意可知：m基因纯合时可使部分应表现为豁眼的个体表现为正常眼，而MM和Mm对个体眼的表现型无影响。两只表现型均为正常眼的亲本交配，其子代中出现豁眼雄禽，这说明子代中还存在正常眼雄禽（ZAZ）；因子代出现的豁眼雄禽的基因型为ZaZa，所以亲本雌禽必然含有Za，进而推知该亲本雌禽的基因型为ZaWmm，亲本雄禽的基因型为ZAZaMM或ZAZaMm或ZAZamm，子代中豁眼雄禽可能的基因型包括ZaZaMm、ZaZamm。30（8分）通常母鸡的羽毛宽、短、钝且直，叫母羽；雄鸡的羽毛细、长、尖且弯曲，叫雄羽。所有的母鸡都只具有母羽，而雄鸡可以是母羽也可以是雄羽。鸡的这种羽毛性状由位于常染色体上的一对等位基因控制（用H、h 表示）。现用一对母羽亲本进行杂交，发现子代中的母鸡都为母羽，而雄鸡中母羽雄羽=3l，请回答：（1）亲本都为母羽，子代中出现雄羽，这一现象在遗传学上称为 。母羽和雄羽中显性性状是 。（2）在子代中，母羽鸡的基因型为 。将子代的所有母鸡分别和雄羽鸡杂交，理论上后代雄鸡的表现型及比例是 。（3）现有各种表现型鸡的品种，为进一步验证亲本中的母鸡是杂合子，请另行设计一杂交实验，用遗传图解表示。（须写出配子）。【答案】（1）性状分离 母羽（2）HH、Hh、hh（2分） 母羽雄羽=11（3）（3分）【解析】（1）亲本都为母羽，子代中出现雄羽，这一现象在遗传学上称为性状分离，说明母羽对雄羽是显性，亲本都是杂合体，即Hh。（2）在子代中，由于所有的母鸡都只具有母羽，所以母羽鸡的基因型为HH、Hh、hh。由于雄羽为隐性性状，所以雄羽鸡的基因型为hh。由于母鸡的基因型有HH、Hh、hh，比例为121将子代的所有母鸡分别和雄羽鸡hh杂交，理论上后代雄鸡的基因型有Hh和hh，比例为11，所以表现型及比例是母羽雄羽=11。（3）为进一步验证亲本中的母鸡是杂合子，可用母羽母鸡（Hh）与雄羽雄鸡（hh）杂交，遗传图解见答案。