2019-2020年高考物理模拟试卷（5月份）含解析.doc

2019-2020年高考物理模拟试卷（5月份）含解析一单项选择题（本题共5小题，每小题3分，共15分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）1关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（）A 法拉第不仅提出了场的概念，而且发明了人类历史上的第一台发电机B 伽利略发现了行星运动的规律，并通过实验测出了引力常量C 库仑提出了库仑定律，并最早实验测得元电荷e的数值D 奥斯特发现了电流的磁效应，并提出了电磁感应定律2如图所示，倾角为的斜面体C置于水平面上，B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态则（）A 物块B、C间的摩擦力一定不为零B 斜面体C受到水平面的摩擦力一定为零C 水平面对C的支持力与B、C的总重力大小相等D 不论B、C间摩擦力大小、方向如何，水平面对C的摩擦力方向一定向左3某物体在多个力的作用下处于静止状态，如果使其中某个力F方向保持不变，而大小先由F0随时间均匀减小到零，然后又从零随时间均匀增大到F0，在这个过程中其余各力均保持不变，在下列各图中，能正确描述该过程中物体的加速a或速度v的变化情况的是（）A B C D 4如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为U，电流表示数的变化量为I，则（）A 电压表示数U和电流表示数I的比值不变B 变化过程中U和I的比值保持不变C 电阻R0两端电压减小，减小量为UD 电容器的带电量减小，减小量为CU5“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动某人做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如图所示将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，重力加速度为g据图可知，此人在蹦极过程中t0时刻的加速度约为（）A gB gC gD g二多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）6xx年2月25日凌晨，我国成功地将第十一颗北斗导航卫星送入太空预定转移轨道，它最终将被定点成为一颗地球静止轨道卫星，则（）A 卫星的转移轨道是以地球球心为焦点的椭圆轨道B 卫星由转移轨道进入静止轨道时需要加速C 卫星在转移轨道上运动时万有引力等于向心力D 卫星在转移轨道的运动周期大于24小时7如图所示，在两个等量同种正电荷M、N的连线上有A、B两点，分别位于两个点电荷右侧相同距离的位置，A点与左边电荷的距离小于A点与右边电荷的距离下列判断中正确的是（）A EAEBB ABC 分别从A、B两点由静止释放相同试探电荷+q，两者运动情况相同D 若N换成Q，则有EAEB8如图，一质量为M，长为L的匀质板放在很长的光滑水平桌面上，板的左端有一可视为质点、质量为m的物块，物块上连接一很长的细绳，细绳跨过位于桌边的定滑轮，某人拉绳并使其以恒定速率v向下运动，物块只能到达板的中点，而板的右端尚未触及桌边的定滑轮，下面的说法正确的是（）A 物块对板的功率保持不变B 当物块到达板中点时，板的位移是C 物块与板间因摩擦产生的热量为D 若桌面与板间有摩擦，物块能到达板的右端，则板与桌面间的摩擦因数不大于9如图所示，固定在水平绝缘平面上足够长的金属导轨不计电阻，但表面粗糙，导轨左端连接一个电阻R，质量为m的金属棒（电阻也不计）放在导轨上，并与导轨垂直，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，用水平恒力F把ab棒从静止起向右拉动的过程中（）A 棒做匀加速运动B 棒克服安培力做的功等于电路中产生的电能C 恒力F和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能和棒获得的动能之和D 恒力F、摩擦力和安培力的合力做的功等于棒获得的动能三简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共计42分请将解答填在答题卡相应的位置10汽车正在走进我们的家庭研究发现，在无风状态下，汽车在高速行驶时受到的空气阻力Ff主要与汽车正面投影面积S和汽车行驶速度v有关通过汽车在风洞实验室模拟实验得到如下数据：v/ms1Fx102NS/m220304050602.02.04.58.012.618.02.52.55.610.115.622.53.03.06.811.918.727.13.53.57.914.021.831.54.04.08.916.125.135.9（1）请根据表中数据在（a）图中作出正面投影面积为3.5m2的汽车的Ffv图线；为求出此汽车的Ff与v间的具体关系，请你选择合适的坐标轴，在（b）图中作出线性图线（2）汽车受到的空气阻力Ff与汽车正面投影面积S、行驶速度v的关系为Ff=（式中的比例系数用数值表示）（3）影响上式中比例系数大小的可能因素为（至少写出两个）11实际电流表有内阻，可等效为理想电流表与电阻的串联测量实际电流表G1内阻r1的电路如图所示供选择的仪器如下：待测电流表G1（05mA，内阻约300）；电流表G2（010mA，内阻约100）；定值电阻R1（300）；定值电阻R2（10）；滑动变阻器R3（01000）；滑动变阻器R4（020）；干电池（1.5V）；电键S及导线若干（1）定值电阻应选，滑动变阻器应选（在空格内填写序号）（2）用连线连接实物图（3）补全实验步骤：按电路图连接电路，将滑动触头移至最端（填“左”或“右”）；闭合电键S，移动滑动触头至某一位置，记录G1、G2的读数I1、I2；多次移动滑动触头，记录相应的G1、G2读数I1、I2；以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线，如图所示（4）根据I2I1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式【选修模块3-3】（共3小题，满分12分）12下列说法中正确的是 （）A 扩散运动就是布朗运动B 液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，故液体表面存在张力C 蔗糖受潮后会粘在一起，没有确定的几何形状，它是非晶体D 气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子间斥力大于引力的缘故13一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，如图所示，则对应的压强pApB（选填“大于”、“小于”或“等于”），该过程中气体热量（选填“吸收”或“放出”）14如图所示，一直立汽缸用一质量为m的活塞封闭一定量的理想气体，活塞横截面积为S，汽缸内壁光滑且缸壁导热良好，开始时活塞被螺栓K固定现打开螺栓K，活塞下落，经过足够长时间后，活塞停在B点，已知AB=h，大气压强为p0，重力加速度为g，且周围环境温度保持不变求：活塞停在B点时缸内封闭气体的压强p；整个过程中通过缸壁传递的热量Q【选修模块3-4】（共3小题，满分0分）15.下列说法中正确的是 （）A 眼睛直接观察全息照片不能看到立体图象B 电磁波和机械波都能产生干涉和衍射现象C 驱动力频率等于系统固有频率时，受迫振动的振幅最大，这种现象叫共振D 在测定单摆周期时，为减小实验误差，最好在小球经过最高点时开始计时16.如图所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，已知波的传播速度v=2m/s写出x=2.0m处质点的振动方程式y=cm；求出x=0.5m处质点在04.5s内通过的路程s=cm17.如图所示，为某种透明介质的截面图，AOC为等腰直角三角形，BC为半径R=12cm的四分之一圆弧，AB与水平屏幕MN垂直并接触于A点现有一束紫光射向圆心O，交圆弧BC与D点，在AB分界面上的入射角i=45，结果在水平屏幕MN上出现一个亮斑已知该介质对紫光的折射率为n=（1）求亮斑间到A的距离（2）求紫光在透明介质的传播时间（光速c=3.0108 m/s）【选修模块3-5】（共3小题，满分12分）18下列说法中正确的是（）A 放射性元素的半衰期随温度的升高而减小B 比结合能越大，原子核越稳定C 核反应方程应遵循质子数和中子数守恒D 射线是原子核外电子跃迁产生的19.如图所示为研究光电效应规律的实验电路，利用此装置也可以进行普朗克常量的测量只要将图中电源反接，用已知频率1、2的两种色光分别照射光电管，调节滑动变阻器已知电子电量为e，要能求得普朗克常量h，实验中需要测量的物理量是；计算普朗克常量的关系式h=（用上面的物理量表示）20.真空中静止的某元素的原子核，发生衰变反应时放出一个质量为m，速度大小为v的粒子，已知剩余核的质量为M求：剩余核的速度大小；如果在衰变过程中释放的核能全部转化为动能，求：核反应过程中的质量亏损（真空中光速为c）四计算题：本题共3小题，共计47分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位21如图所示，用长为L的丝线悬挂质量为m，带电量为+q的小球，放入水平向右的匀强电场中，场强大小为E=，今将小球拉至水平方向的A点后，由静止释放（1）求小球落至最低点B处的速度大小（2）若小球落至最低B处时，绳突然断开，同时将电场等大反向，求小球在以后的运动过程中的最小动能22如图所示，由导线制成的正方形线框边长L，每条边的电阻均为R，其中ab边材料较粗且电阻率较大，其质量为m，其余各边的质量均可忽略不计线框可绕与cd边重合的水平轴OO自由转动，不计空气阻力及摩擦若线框始终处在方向竖直向下、磁感强度为B的匀强磁场中，线框从水平位置由静止释放，历时t到达竖直位置，此时ab边的速度为v，重力加速度为g求：（1）线框在竖直位置时，ab边两端的电压及其所受安培力的大小（2）这一过程中感应电动势的有效值（3）在这一过程中，通过线框导线横截面的电荷量23如图所示，以两虚线为边界，中间存在平行纸面且与边界垂直的水平电场，宽度为d，两侧为相同的匀强磁场，方向垂直纸面向里一质量为m、带电量+q、重力不计的带电粒子，以初速度v1垂直边界射入磁场做匀速圆周运动，后进入电场做匀加速运动，然后第二次进入磁场中运动，此后粒子在电场和磁场中交替运动已知粒子第二次在磁场中运动的半径是第一次的二倍，第三次是第一次的三倍，以此类推求：（1）粒子第一次经过电场的过程中电场力所做的功W1；（2）粒子第n次经过电场时电场强度的大小En；（3）粒子第n次经过电场所用的时间tn；（4）假设粒子在磁场中运动时，电场区域场强为零请画出从粒子第一次射入磁场至第三次离开电场的过程中，电场强度随时间变化的关系图线（不要求写出推导过程，不要求标明坐标刻度值）xx年江苏省南通市海安县曲塘中学高考物理模拟试卷（5月份）参考答案与试题解析一单项选择题（本题共5小题，每小题3分，共15分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）1关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（）A 法拉第不仅提出了场的概念，而且发明了人类历史上的第一台发电机B 伽利略发现了行星运动的规律，并通过实验测出了引力常量C 库仑提出了库仑定律，并最早实验测得元电荷e的数值D 奥斯特发现了电流的磁效应，并提出了电磁感应定律考点：物理学史分析：根据已有的知识，了解物理学史，知道科学家对物理的贡献即可解答本题解答：解：A、法拉第不仅提出了场的概念，而且发明了人类历史上的第一台发电机故A正确B、开普勒发现了行星运动的规律，卡文迪许通过实验测出了引力常量，故B错误C、库仑提出了库仑定律，密立根最早实验测得元电荷e的数值故C错误D、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第提出了电磁感应定律故D错误故选：A点评：本题考查了物理学史，学好物理学史不仅是高中物理学习的要求，而且能增加我们对物理的学习兴趣，平时要注意物理学史的积累2如图所示，倾角为的斜面体C置于水平面上，B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态则（）A 物块B、C间的摩擦力一定不为零B 斜面体C受到水平面的摩擦力一定为零C 水平面对C的支持力与B、C的总重力大小相等D 不论B、C间摩擦力大小、方向如何，水平面对C的摩擦力方向一定向左考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：充分利用整体法和隔离体法对物体进行受力分析，结合摩擦力产生的条件，可判断各接触面是否存在摩擦力；把BC看做一个整体进行受力分析，可判定地面的支持力和二者重力的关系解答：解：A、对B：当B受到绳子的拉力与B的重力在斜面上的分力大小相等，即mBgsin=mAg时，B在斜面上没有运动趋势，此时BC间没有摩擦力故A错误B、D把BC当做一个整体进行受力分析，可知绳子的拉力在水平方向上的分量不为零，整体有向右的运动趋势，所以C受到地面的摩擦力不会为零，方向一定向左故B错误，D正确C、把BC当做一个整体进行受力分析，在竖直方向上有：N+mAgsin=（mB+mC）g，绳子的拉力在竖直方向上的分量mAgsin不为零，所以水平面对C的支持力小于B、C的总重力故C错误故选D点评：该题考察到了摩擦力的判断，常用的方法有：假设法：利用假设法判断摩擦力的有无及方向反推法：从研究物体表现出的运动状态这个结果反推出它必须具有的条件，分析组成条件的相关因素中摩擦力所起的作用，就容易判断摩擦力的有无及方向了利用牛顿第三定律来判断：此法的关键是抓住“力是成对出现的”，先确定受力较少的物体受到的静摩擦力的方向，再根据“反向”确定另一物体受到的静摩擦力的方向3某物体在多个力的作用下处于静止状态，如果使其中某个力F方向保持不变，而大小先由F0随时间均匀减小到零，然后又从零随时间均匀增大到F0，在这个过程中其余各力均保持不变，在下列各图中，能正确描述该过程中物体的加速a或速度v的变化情况的是（）A B C D 考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像专题：牛顿运动定律综合专题分析：物体在多个力的作用下处于静止状态，如果仅使其中一个力的大小逐渐减小到零，相当于合力逐渐增大到某值，根据牛顿第二定律可得加速度会逐渐增大到某一值，接着又逐渐恢复到原来的大小（此力的方向始终不变），相当于合力逐渐减小到零，根据牛顿第二定律相当于加速度逐渐减小的零解答：解：由于物体在多个力的作用下处于静止状态，如果仅使其中一个力的大小逐渐减小到零，相当于合力逐渐增大到某值，根据牛顿第二定律可得加速度会逐渐增大到某一值，接着又逐渐恢复到原来的大小（此力的方向始终不变），相当于合力逐渐减小到零，根据牛顿第二定律相当于加速度逐渐减小的零；所以物体的加速度逐渐增大到某值后再逐渐减小的零的过程，而速度则是从零开始增大，加速度逐渐增大时，速度增加的更快，加速度减小时，速度仍然增加但增加的慢一些，直到加速度减小为零时，物体速度增加到最大值，以后保持匀速，故D正确故选：D点评：本题先要理解题目叙述的过程，判断出加速度、速度的变化规律，结合速度时间图象中某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度做出图象4如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为U，电流表示数的变化量为I，则（）A 电压表示数U和电流表示数I的比值不变B 变化过程中U和I的比值保持不变C 电阻R0两端电压减小，减小量为UD 电容器的带电量减小，减小量为CU考点：元电荷、点电荷；闭合电路的欧姆定律专题：电容器专题分析：闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析电阻R0两端的电压，再根据路端电压的变化，分析电阻R0两端的电压变化量，并比较与U的关系，确定电容带电量变化量电压表的示数U和电流表的示数I的比值等于R电压表示数变化量U和电流表示数变化量I的比值等于R0+r解答：解：A、由图，=R，R增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大故A错误B、根据闭合电路欧姆定律得：U=EI（R0+r），由数学知识得知，=R0+r，保持不变故B正确C、D、闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻R0两端的电压减小，R两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R0两端的电压减小量小于U电容器两极板间的电压等于R两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为CU故C错误，D错误故选：B点评：此题中两电表读数的比值要根据欧姆定律和闭合电路欧姆定律来分析，注意R，R是非纯性元件5“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动某人做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如图所示将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，重力加速度为g据图可知，此人在蹦极过程中t0时刻的加速度约为（）A gB gC gD g考点：牛顿第二定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：当时间很长时，拉力等于重力，有图象得到时间为t0时，F=G，利用牛顿第二定律列方程求解加速度即可解答：解；当时间很长时，拉力等于重力，有图象得到时间为t0时，F=G，由牛顿第二定律得：a=故选B点评：关键是看懂图象，最终平衡时，拉力等于重力，且拉力方向与重力方向相反，由牛顿第二定律求得加速度二多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）6xx年2月25日凌晨，我国成功地将第十一颗北斗导航卫星送入太空预定转移轨道，它最终将被定点成为一颗地球静止轨道卫星，则（）A 卫星的转移轨道是以地球球心为焦点的椭圆轨道B 卫星由转移轨道进入静止轨道时需要加速C 卫星在转移轨道上运动时万有引力等于向心力D 卫星在转移轨道的运动周期大于24小时考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：卫星在圆轨道上做圆周运动时万有引力提供圆周运动向心力，卫星在椭圆轨道上运动时，卫星受到的万有引力在近地点小于所需要向心力，在远地点大于所需向心力，卫星不断的做近心运动和离心运动从而实现轨道的不断变化解答：解：A、由开普勒定律可知，卫星的转移轨道是随圆形轨道上运动同，中心天体地球处于椭圆的焦点上，故A正确；B、轨移轨道和静止轨道相切，切点为转移轨道的远地点，此时万有引力大于卫星运动所需向心力，要使卫星进入静止轨道则必须给卫星加速，使得卫星运动向心力等于卫星受到的万有引力，故B正确；C、在随圆轨道上运动时，近地点万有引力小于向心力卫星将做离心运动轨道增加，远近点万有引力大于所需要向心力卫星将做近心运动而而使轨道半径减小，故C错误D、根据开普勒第三定律知，卫星在轨移轨道上运动时半长轴小于静止轨道卫星的半径，故其周期小于静止轨道卫星，故D错误故选AB点评：掌握同步卫星的运行特点和规律（三定：定周期、定高度、定轨道平面），掌握卫星轨道转移的原理7如图所示，在两个等量同种正电荷M、N的连线上有A、B两点，分别位于两个点电荷右侧相同距离的位置，A点与左边电荷的距离小于A点与右边电荷的距离下列判断中正确的是（）A EAEBB ABC 分别从A、B两点由静止释放相同试探电荷+q，两者运动情况相同D 若N换成Q，则有EAEB考点：电场线；电场强度；电势专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小解答：解：A、电荷M在A产生的场强的大小，和电荷N在B点产生的场强相同，但是电荷M在B点产生的场强与N在B点产生的场强相同方向相同，电荷N在A点产生的场强与M在B点产生的场强相同方向相反，所以EAEB，所以A错误B、设MN之间的距离为L，MA和NB之间的距离为r，AN之间的距离为R，则A=+，B=+，所以AB所以B正确C、由A的分析知道，A和B的场强的大小不同，电荷在AB点的受力不同，运动的情况也就不同，所以C错误D、若N换成Q，则在A点的场强的大小为两个电荷产生的场强大小的和，在B点的场强的大小为两个电荷产生的场强大小的差，所以EAEB，所以D正确故选BD点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题8如图，一质量为M，长为L的匀质板放在很长的光滑水平桌面上，板的左端有一可视为质点、质量为m的物块，物块上连接一很长的细绳，细绳跨过位于桌边的定滑轮，某人拉绳并使其以恒定速率v向下运动，物块只能到达板的中点，而板的右端尚未触及桌边的定滑轮，下面的说法正确的是（）A 物块对板的功率保持不变B 当物块到达板中点时，板的位移是C 物块与板间因摩擦产生的热量为D 若桌面与板间有摩擦，物块能到达板的右端，则板与桌面间的摩擦因数不大于考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；功能关系分析：通过物块速度的变化，结合摩擦力的功率大小判断物块对板功率的变化；通过平均速度推论和运动学公式，抓住时间相等求出物块到达板中点时板的位移根据摩擦力与相对位移的乘积，结合动能定理求出摩擦产生的热量分别隔离对m、M分析，结合牛顿第二定律和运动学公式求出m刚好运动到板的右端时板与桌面的摩擦因数解答：解：A、木板受木块对它的摩擦力作用，做匀加速直线运动，当速度与木块速度相等后保持相对静止，根据P=fv知，物块对板的功率逐渐增大故A错误B、当物块到达板的中点时，速度为v，此时物块的位移x1=vt，木板的位移，根据得，板的位移故B正确C、因为相对位移的大小等于物块位移的一半，等于木板的位移，因为，产生的热量Q=故C正确D、设m与M之间摩擦因数为1，当桌面光滑时有：mg1=Ma1v2=2a1x2解得1=如果板与桌面有摩擦，因为M与桌面摩擦因数越大，m越易从右端滑下，所以当m滑到M右端两者刚好共速时摩擦因数最小，设为2对M有：Ma2=mg1（m+M）g2 v2=2a2x2对m有：vt=x1x1x2=L联立解得：2=故D错误故选：BC点评：解决本题的关键理清m和M的运动过程，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解，知道物块能到达板的右端的临界情况是物块到达右端时与木板共速9如图所示，固定在水平绝缘平面上足够长的金属导轨不计电阻，但表面粗糙，导轨左端连接一个电阻R，质量为m的金属棒（电阻也不计）放在导轨上，并与导轨垂直，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，用水平恒力F把ab棒从静止起向右拉动的过程中（）A 棒做匀加速运动B 棒克服安培力做的功等于电路中产生的电能C 恒力F和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能和棒获得的动能之和D 恒力F、摩擦力和安培力的合力做的功等于棒获得的动能考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化专题：电磁感应功能问题分析：导体棒在恒力作用下沿粗糙导轨做切割磁感线，产生感应电动势，出现感应电流，棒又受到安培力因此棒做加速度减小的加速运动，最终达到匀速直线运动状态根据功能关系分析恒力F做的功与电路中产生的电能、棒获得的动能、克服摩擦力做功的关系解答：解：A、导体棒在恒力作用下向右加速运动时，产生的感应电动势和感应电流增大，导体棒所受的安培力增大，合力减小，加速度减小，所以导体棒做加速度减小的加速运动，最终达到匀速直线运动状态，故A错误B、根据功能关系可知，棒克服安培力做的功等于电路中产生的电能，故B正确CD、由动能定理可得：恒力、安培力与摩擦力的合力功等于棒获得的动能，而克服安培力做功等于电路中产生的电能，所以恒力F和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能和棒获得的动能之和故C、D正确故选：BCD点评：本题根据功能关系分析电磁感应现象的能量问题，也可以列出动能定理表达式进行分析知道棒克服安培力做的功等于电路中产生的电能动能的变化与外力做的总功有关三简答题：本题分必做题（第10、11题）和选做题（第12题）两部分，共计42分请将解答填在答题卡相应的位置10汽车正在走进我们的家庭研究发现，在无风状态下，汽车在高速行驶时受到的空气阻力Ff主要与汽车正面投影面积S和汽车行驶速度v有关通过汽车在风洞实验室模拟实验得到如下数据：v/ms1Fx102NS/m220304050602.02.04.58.012.618.02.52.55.610.115.622.53.03.06.811.918.727.13.53.57.914.021.831.54.04.08.916.125.135.9（1）请根据表中数据在（a）图中作出正面投影面积为3.5m2的汽车的Ffv图线；为求出此汽车的Ff与v间的具体关系，请你选择合适的坐标轴，在（b）图中作出线性图线（2）汽车受到的空气阻力Ff与汽车正面投影面积S、行驶速度v的关系为Ff=0.25Sv2（式中的比例系数用数值表示）（3）影响上式中比例系数大小的可能因素为空气密度、车的外形（至少写出两个）考点：探究影响摩擦力的大小的因素专题：实验题；摩擦力专题分析：（1）根据表中汽车正面投影面积为3.5m2的实验数据在坐标系中描出对应的点，然后作出fv图象；由表中实验数据可知，f与v2成正比，根据表中实验数据，在坐标系中作出fv2图象（2）分析表中的汽车阻力f与汽车正面投影面积S及汽车行驶的速度v的数值、或根据图象求出阻力Ff与汽车正面投影面积S、行驶速度v的关系式（3）k的大小主要与空气密度、车的外形、车的表面情况等因素有关解答：解：（1）根据表中汽车正面投影面积为3.5m2的实验数据在坐标系中描出对应的点，然后作出fv图象，如图（a）所示；根据表中实验数据，作出fv2图象如图（b）所示，（b）图中为线性图线fv2图象（2）由表中数据可以看出，在车速一定时，汽车正面投影面积越大，汽车受到的阻力越大；又因为已经证明阻力与车速度的平方成正比，因此汽车受到的阻力与正面投影面积S和汽车速度v的平方这两个因素都成正比，用公式表示它们之间的关系为：f=kSv2；把表格中的一组数据（如：f=2.0102N，S=2.0m2，v=20m/s）代入上式得：k=0.25NS2/m4，则f=0.25Sv2；（3）k的大小主要与空气密度、车的外形、车的表面情况等因素有关故答案为：（1）图象如图所示；（2）Ff=0.25Sv2；（3）空气密度、车的外形点评：本题主要考查了学生处理实验数据的能力，能够根据得出的数据分析归纳出有用的信息，并用来解决实际的问题是中考考查的重点11实际电流表有内阻，可等效为理想电流表与电阻的串联测量实际电流表G1内阻r1的电路如图所示供选择的仪器如下：待测电流表G1（05mA，内阻约300）；电流表G2（010mA，内阻约100）；定值电阻R1（300）；定值电阻R2（10）；滑动变阻器R3（01000）；滑动变阻器R4（020）；干电池（1.5V）；电键S及导线若干（1）定值电阻应选，滑动变阻器应选（在空格内填写序号）（2）用连线连接实物图（3）补全实验步骤：按电路图连接电路，将滑动触头移至最左端（填“左”或“右”）；闭合电键S，移动滑动触头至某一位置，记录G1、G2的读数I1、I2；多次移动滑动触头，记录相应的G1、G2读数I1、I2；以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线，如图所示（4）根据I2I1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式r1=（K1）R1考点：描绘小电珠的伏安特性曲线；把电流表改装成电压表专题：实验题；恒定电流专题分析：由于电流表G2的量程是待测电流表G1的2倍，定值电阻要和待测电流表内阻接近；滑动变阻器采用的分压式接法，其电阻不要太大根据实验原理和串并联特点，分析电流表内阻的表达式解答：解：（1）根据电路连接特点，G2为定值电阻和电流表G1的总电流，若定值电阻选10，则易使流过G2的总电流超过其满偏值，故选3001；分压接法用小阻值的滑动变阻器即可（2）根据实验原理可知实验原理图，则可连接实物图如图所示；（3）在闭合开关前应将滑动变阻器滑片打在最左端以保护仪表；（4）根据欧姆定律：I1r1=（I2I1）R1解得： 即，所以r1=（K1）R1故答案为：（1）（3）左；（4）r1=（K1）R1点评：本题考查串联，并联电路的电路特点，由电流电压的分配关系当确定量程与设计电路；明确分压接法的正确应用【选修模块3-3】（共3小题，满分12分）12下列说法中正确的是 （）A 扩散运动就是布朗运动B 液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，故液体表面存在张力C 蔗糖受潮后会粘在一起，没有确定的几何形状，它是非晶体D 气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子间斥力大于引力的缘故考点：分子间的相互作用力；* 晶体和非晶体分析：布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的运动，扩散运动是分子的无规则的热运动；气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子的无规则运动的原因；液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，故液体表面存在张力；多晶体与非晶体都没有规则的几何形状解答：解：A、布朗运动是悬浮在液体中的颗粒做的无规则运动，是液体分子无规则运动的间接反映而扩散运动是分子运动的直接反映故A错误；B、液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，分子间存在相互作用吸引力，从而产生表面张力故B正确；C、蔗糖受潮后会粘在一起，没有确定的几何形状，它是多晶体，故C错误；D、气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子做无规则的热运动的缘故，故D错误；故选：B点评：本题考查布朗运动与分子的运动、晶体与非晶体、表面张力以及扩散现象等，是对热学知识进行了比较全面的考查，平时要注意加强综合训练，提高应用物理知识解决问题能力13一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，如图所示，则对应的压强pA大于pB（选填“大于”、“小于”或“等于”），该过程中气体吸收热量（选填“吸收”或“放出”）考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律专题：理想气体状态方程专题分析：根据图象可知AB的体积与温度之间的关系，再根据理想气体的状态方程分析AB之间的压强的关系，根据热力学第一定律分析气体的内能的变化解答：解：设Vt图象的斜率为k，则VA=ktA，VB=ktB，根据理想气体状态方程有即，所以，其中用到了tBtA，故pApB；理想气体从状态A变化到状态B，温度升高，内能增大，又体积膨胀对外做功，根据热力学第一定律知，气体肯定吸热故答案为：大于，吸收点评：气体的体积摄氏温度成正比例变化，由此可以得到体积和热力学温度的关系，这是解决本题的关键的地方，抓住这个特点题目就不难分析了14如图所示，一直立汽缸用一质量为m的活塞封闭一定量的理想气体，活塞横截面积为S，汽缸内壁光滑且缸壁导热良好，开始时活塞被螺栓K固定现打开螺栓K，活塞下落，经过足够长时间后，活塞停在B点，已知AB=h，大气压强为p0，重力加速度为g，且周围环境温度保持不变求：活塞停在B点时缸内封闭气体的压强p；整个过程中通过缸壁传递的热量Q考点：理想气体的状态方程专题：理想气体状态方程专题分析：（1）选活塞为研究对象，对其列受力平衡方程即可（2）由于此过程为等温过程，气体内能不变，根据热力学第一定律列方程解决即可解答：解：（1）设封闭气体的压强为p，活塞受力平衡：P0S+mg=PS解得P=P0（2）由于气体的温度不变，则内能的变化E=0由热力学第一定律E=W+Q可得放热：Q=（P0S+mg）h答：（1）封闭气体的压强P=P0（2）整个过程中通过缸壁传递的热量Q=（P0S+mg）h点评：封闭气体压强可通过宏观的受力平衡从侧面求解，也可从理想气体状态方程求解，注意灵活变化，此外对于热力学第一定律要熟练掌握，明确各个字母的含义【选修模块3-4】（共3小题，满分0分）1012海安县校级模拟）下列说法中正确的是 （）A 眼睛直接观察全息照片不能看到立体图象B 电磁波和机械波都能产生干涉和衍射现象C 驱动力频率等于系统固有频率时，受迫振动的振幅最大，这种现象叫共振D 在测定单摆周期时，为减小实验误差，最好在小球经过最高点时开始计时考点：电磁场；单摆周期公式；波的干涉和衍射现象分析：全息照片的图象是由干涉原理制成；一切波均能发生干涉和衍射现象；共振时，驱动力频率等于系统固有频率；为减小实验误差，最好在小球经过最低点时开始计时，从而即可求解解答：解：A、眼睛直接观察全息照片能看到立体图象，故A错误；B、一切波都能产生干涉和衍射现象，故B正确；C、当驱动力频率等于系统固有频率时，则发生共振现象，故C正确；D、定单摆周期时，为减小实验误差，最好在小球经过最低点时开始计时，故D错误；故选：BC点评：考查全息照片的原理，掌握干涉与衍射的条件与范围，注意共振现象的条件，理解最低点计时的作用1012宿迁模拟）如图所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，已知波的传播速度v=2m/s写出x=2.0m处质点的振动方程式y=y=5sin（2t）cm；求出x=0.5m处质点在04.5s内通过的路程s=90cm考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系专题：振动图像与波动图像专题分析：由图读出波长，由波长与波速可求出周期与频率，再求出角速度；根据波的传播方向，判断质点振动方向，从而确定质点的振动方程；利用一个周期，质点的振动路程为4A，求通过的路程解答：解：（1）由图象知A=5cm，=2m，据波速公式得周期为T=1s，所以=2rad/s，由于该波沿x轴的正方向传播，所以沿y 轴的负方向振动，所以x=2.0m处质点的振动函数表达式为：y=5sin（2t）（2）x=0.5m处质点在04.5s时间内=4T+，所以该质点通过的路程为18A=90cm，故答案为：（1）y=5sin（2t） （2）90点评：用波的传播方向与质点的振动方向关系，波长、周期和波速的关系是解题的关键，注意周期性问题的求解方法1012宿迁模拟）如图所示，为某种透明介质的截面图，AOC为等腰直角三角形，BC为半径R=12cm的四分之一圆弧，AB与水平屏幕MN垂直并接触于A点现有一束紫光射向圆心O，交圆弧BC与D点，在AB分界面上的入射角i=45，结果在水平屏幕MN上出现一个亮斑已知该介质对紫光的折射率为n=（1）求亮斑间到A的距离（2）求紫光在透明介质的传播时间（光速c=3.0108 m/s）考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：由全反射定律求出紫光由玻璃射向空气的临界角，判断紫光在AB面上是否发生全反射，然后做出光路图，由几何知识求解解答：解：设紫光的临界角为CsinC=C=45所以紫光在AB成发生全反射，且由几何关系可知，反射光线与AC垂直且交与E点，在AN处产生的亮斑P画出如图光路图，由几何知识可得OAP为等腰直角三角形，解得：AP=12cm且由几何关系可知，OD=12cm，OE=6cm紫光在介质中的速度v=所以紫光在透明介质的传播时间t=4（+1）1010s答：亮斑间到A的距离为12cm紫光在透明介质的传播时间t=4（+1）1010s点评：本题首先要能熟练作出光路图，并能正确应用几何关系进行求解【选修模块3-5】（共3小题，满分12分）18下列说法中正确的是（）A 放射性元素的半衰期随温度的升高而减小B 比结合能越大，原子核越稳定C 核反应方程应遵循质子数和中子数守恒D 射线是原子核外电子跃迁产生的考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度专题：衰变和半衰期专题分析：元素的半衰期不会受环境的影响而变化，比结合能越大，原子核越稳定，核反应方程应遵循质量数与质子数守恒， 射线是原子核跃迁产生的，从而即可求解解答：解：A、放射性元素的半衰期不受到环境的变化而变化，故A错误；B、比结合能越大，原子核越稳定，故B正确；C、核反应方程应遵循质子数和质量数守恒，故C错误；D、 射线是原子核跃迁产生的，故D错误；故选：B点评：考查半衰期影响的因素，掌握比结合能与结合能的不同，理解核反应的方程的规律，注意 射线产生原理19.如图所示为研究光电效应规律的实验电路，利用此装置也可以进行普朗克常量的测量只要将图中电源反接，用已知频率1、2的两种色光分别照射光电管，调节滑动变阻器已知电子电量为e，要能求得普朗克常量h，实验中需要测量的物理量是电压表读数为零时电压表的示数U1、U2；计算普朗克常量的关系式h=（用上面的物理量表示）考点：光电效应专题：光电效应专题分析：根据光电效应方程，结合遏止电压和最大初动能的关系求出普朗克常量解答：解：根据光电效应方程得：Ek1=hv1W0=eU1Ek2=hv2W0=eU2联立两式解得：h=所以分别要测出电流表读数为零时电压表的示数U1、U2故答案为：电压表读数为零时电压表的示数U1、U2.点评：解决本题的关键掌握光电效应方程以及知道遏止电压与最大初动能的关系20.真空中静止的某元素的原子核，发生衰变反应时放出一个质量为m，速度大小为v的粒子，已知剩余核的质量为M求：剩余核的速度大小；如果在衰变过程中释放的核能全部转化为动能，求：核反应过程中的质量亏损（真空中光速为c）考点：爱因斯坦质能方程；动量守恒定律专题：爱因斯坦的质能方程应用专题分析：原子核衰变时动量守恒，由动量守恒定律可以求出衰变后新核的速度大小原子核衰变释放的核能转换为原子核的动能，求出原子核释放的能量，然后由质能方程求出衰变过程中的质量亏损解答：解：衰变过程中动量守恒，以衰变释放出的粒子速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mvMv=0，解得：v=；由能量守恒定律得：E=mv2+Mv2=，由E=mc2，亏损的质量为：m=；答：衰变后新原子核速度大小为；衰变过程中质量亏损为：点评：应用动量守恒定律与质能方程即可正确解题，本题难度不大，是一道基础题四计算题：本题共3小题，共计47分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位21如图所示，用长为L的丝线悬挂质量为m，带电量为+q的小球，放入水平向右的匀强电场中，场强大小为E=，今将小球拉至水平方向的A点后，由静止释放（1）求小球落至最低点B处的速度大小（2）若小球落至最低B处时，绳突然断开，同时将电场等大反向，求小球在以后的运动过程中的最小动能考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；动能定理专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）小球受水平向右的电场力qE和重力mg的作用，使物体沿合力的方向做匀加速直线运动，当绳子绷紧后绕O点做圆周运动，根据动能定理求出绳子绷紧时的速度，将速度分解为沿绳子方向和垂直于 绳子方向，沿绳子方向的速度减为零，再根据动能定理求出小球落至最低点B处的速度（2）绳断后，电场反向，则重力和电场力的合力对小球先做负功后做正功，则小球动能减少最多处，其功能才最小合力对小球所做的负功最大处沿合力的反方向的速度减为零，只有沿合力垂直方向的速度，根据平行四边形定则求出最小的速度，从而求出最小的动能解答：解：（1）由题意知：小球受水平向右的电场力qE和重力mg的作用，使物体沿合力的方向做匀加速直线运动到C点，如图1所示由几何知识得LAC=L，由动能定理可得：F合 L=由于绳子给小球一冲量使小球沿绳方向的速度减为零沿切线方向的速度为此后小球C点到B点的过程中，绳子对小球不做功，电场和重力均对小球做正功，则有：mg（LLcos30）+qELsin30=解得：（2）绳断后，电场反向，则重力和电场力的合力对小球先做负功后做正功，则小球动能减少最多处，其功能才最小合力对小球所做的负功最大处沿合力的反方向的速度减为零，只有沿合力垂直方向的速度（如图2所示），则：其最小动能为答：（1）小球落至最低点B处的速度大小（2）小球在以后的运动过程中的最小动能为0.96mgL点评：本题考查了动能定理的运用，难点在于对速度的分解，知道小球从水平位置释放不是做圆周运动22如图所示，由导线制成的正方形线框边长L，每条边的电阻均为R，其中ab边材料较粗且电阻率较大，其质量为m，其余各边的质量均可忽略不计线框可绕与cd边重合的水平轴OO自由转动，不计空气阻力及摩擦若线框始终处在方向竖直向下、磁感强度为B的匀强磁场中，线框从水平位置由静止释放，历时t到达竖直位置，此时ab边的速度为v，重力加速度为g求：（1）线框在竖直位置时，ab边两端的电压及其所受安培力的大小（2）这一过程中感应电动势的有效值（3）在这一过程中，通过线框导线横截面的电荷量考点：法拉第电磁感应定律；电磁感应中的能量转化专题：电磁感应功能问题分析：（1）根据切割产生的感应电动势公式求出电动势，根据闭合电路欧姆定律求出ab两端的电压，以及电流的大小，通过安培力大小公式求出安培力的大小（2）根据能量守恒定律求出整个过程中的热量，抓住克服克服力做功等于产生的热量求出感应电流做的功，以及通过热量的公式求出感应电动势的有效值（3）根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律求出平均电流，从而求出通过线框导线横截面的电荷量解答：解：（1）ab边切割磁感线产生感应电动势为E=BLv，线框中的电流为I=，ab两端的电压为Uab=I3R=BLvab边所受安培力为F安=BIL= （2）线框下落过程中机械能的减少等于线框中产生的焦耳热，所以有mgLmv2=Q，又因Q=（）2（4R）t，解得：E=2 （3）对于线框的下摆过程，垂直磁场线框的面积变化为S=L2，线框中的平均感应电动势为，线框中的平均电流= 通过线框导线横截面的电荷量：q=； 答：（1）线框在竖直位置时，ab边两端的电压及其所受安培力的大小（2）这一过程中感应电动势的有效值2（3）在这一过程中，通过线框导线横截面的电荷量点评：解决本题的关键掌握瞬时感应电动势和平均感应电动势的求法，以及知道它们的区别23如图所示，以两虚线为边界，中间存在平行纸面且与边界垂直的水平电场，宽度为d，两侧为相同的匀强磁场，方向垂直纸面向里一质量为m、带电量+q、重力不计的带电粒子，以初速度v1垂直边界射入磁场做匀速圆周运动，后进入电场做匀加速运动，然后第二次进入磁场中运动，此后粒子在电场和磁场中交替运动已知粒子第二次在磁场中运动的半径是第一次的二倍，第三次是第一次的三倍，以此类推求：（1）粒子第一次经过电场的过程中电场力所做的功W1；（2）粒子第n次经过电场时电场强度的大小En；（3）粒子第n次经过电场所用的时间tn；（4）假设粒子在磁场中运动时，电场区域场强为零请画出从粒子第一次射入磁场至第三次离开电场的过程中，电场强度随时间变化的关系图线（不要求写出推导过程，不要求标明坐标刻度值）考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）根据牛顿第二定律求出粒子第n次进入磁场时的半径Rn与速度的关系式，由题给条件研究粒子第2次进入磁场时的速度，即粒子第一次经过电场的过程的末速度，根据动能定理求解粒子第一次经过电