2019-2020年高二物理下学期期末复习试卷（含解析）.doc

2019-2020年高二物理下学期期末复习试卷（含解析）一、单选题：每小题4分，共16分1下面列举的事例中正确的是（）A 伽利略认为力是维持物体运动的原因B 牛顿最早成功的测出了万有引力常量C 卢瑟福通过原子核的人工转变实验发现了中子D 爱因斯坦为解释光电效应的实验规律提出了光子说2如图所示，物体受到沿斜面向下的拉力F仍能静止在粗糙斜面上，下列说法正确的是（）A 这说明牛顿第二定律是错误的B 斜面对物体没有摩擦力C 撤去拉力F后物体仍能静止D 撤去拉力F后物体将沿斜面向上运动3下列说法正确的是（）A 气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的B 气体温度越高，压强一定越大C 分子力表现为斥力时，是因为分子间不可能同时存在引力和斥力D 布朗运动就是液体分子的热运动4若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，则在此过程中关于气泡中的气体（可视为理想气体），下列说法正确的是（）A 内能不变B 内能增大C 向外界放热D 内能减小二、双选题：每小题6分，共30分5一个带电粒子在静电场中由静止释放，仅受电场力的作用，则正确的是（）A 加速度一定不变B 运动轨迹一定与电场线重合C 运动轨迹可能与电场线重合D 电势能可能逐渐减少6如图所示是某质点在阻力不变的水平面受水平拉力作用下运动的速度vt图象，由图象得到的正确结果是（）A 06s内的平均速度是2m/sB 04s内的加速度小于46s内的加速度C 06s内速度方向发生改变D 06s内位移为24m7关于卫星绕地球做匀速圆周运动说法正确的是（）A 卫星将不受重力作用，处于完全失重状态B 卫星的轨道半径越大，其线速度越小C 卫星的轨道半径越大，其周期越大D 卫星受到的地球引力对其做正功8以下说法正确的是（）A 太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应B 射线在电场和磁场中都不会发生偏转C 放射性物质放出的射线中，粒子动能很大，因此贯穿物质的本领最强D 氢原子能吸收任意频率光子并跃迁到高能态9如图，上表面粗糙U金属导轨ab cd固定在绝缘水平面上，导体棒ef放在导轨右端，导体棒与金属导轨接触良好，整个装置处一竖直向上的磁场，磁场的变化如图所示，导体棒ef总处于静止状态，则（）A t=0时回路电流I=0B 接近1s时ef受安培力最大C 05s过程导体棒ef一直有向右滑动的趋势D 01s回路感应电流与35s感应电流方向相反三、非选择题：10我们已经知道，物体的加速度（a）同时跟合外力（F）和质量（M）两个因素有关要研究这三个物理量之间的定量关系的思想方法是某同学的实验方案如图1所示，她想用砂桶的重力表示小车受到的合外力F，为了减少这种做法而带来的实验误差，她先做了两方面的调整措施：a：用小木块将长木板无滑轮的一端垫高，目的是b：使砂桶的质量远小于小车的质量，目的是使拉小车的力近似等于表是该同学在“保持小车质量M不变，探究a与F的关系”时记录了实验数据，且已将数据在图2的坐标系中描点，做出aF图象；由图线求出小车的质量等于kg（保留二位有效数字）11为了测定光敏电阻Rx的光敏特性，某同学使用多用表“100”的欧姆挡测其在正常光照下的大致电阻，示数如图甲所示，则所测得的阻值Rx=；为了比较光敏电阻在正常光照射和强光照射时电阻的大小关系，采用伏安法测电阻得出两种“UI”图线如图乙所示，由此可知正常光照射时光敏电阻阻值为，强光照射时光敏电阻阻值为；考虑到电表内阻对实验结果的影响，图丙电路中测量值真实值（填“大于”、“小于”、“等于”），请根据图丙将图丁中的仪器连接成完整实验电路12如图所示，半径为R的光滑圆弧轨道最低点D与水平面相切，在D点右侧L=4R处用长为R的轻绳将质量为m的小球B（可看为质点）悬挂于O点，小球B的下端恰好与水平面接触，质量为m的小球A（可看为质点）自圆弧轨道C的正上方H高处由静止释放，恰好从圆弧轨道的C点切入圆弧轨道，已知小球A与水平面间的动摩擦因数=0.5，重力加速度为g求：（1）若H=R，小球A达到圆弧轨道最低点D时所受轨道的支持力；（2）若小球A与B发生弹性碰撞后，B球恰好能通过最高点，求碰撞后瞬间B球的速度及H的大小13如图所示，在空间中存在垂直纸面向里的匀强磁场，其竖直边界AB、CD的宽度为d，在边界AB左侧是竖直向下、场强为E的匀强电场现有质量为m、带电量为+q的粒子（不计重力）从P点以大小为v0的水平初速度射入电场，随后与边界AB成45射入磁场若粒子能垂直CD边界飞出磁场，穿过小孔进入如图所示两竖直平行金属板间的匀强电场中减速至零且不碰到正极板（1）请画出粒子上述过程中的运动轨迹，并求出粒子进入磁场时的速度大小v；（2）求匀强磁场的磁感应强度B；（3）求金属板间的电压U的最小值xx学年广东省云浮市罗定实验中学高二（下）期末物理复习试卷参考答案与试题解析一、单选题：每小题4分，共16分1下面列举的事例中正确的是（）A 伽利略认为力是维持物体运动的原因B 牛顿最早成功的测出了万有引力常量C 卢瑟福通过原子核的人工转变实验发现了中子D 爱因斯坦为解释光电效应的实验规律提出了光子说考点：牛顿第一定律；万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定；光电效应；光子；原子核的人工转变分析：物理常识的理解和记忆，对于每个物理学家，他的主要的贡献是什么要了解，本题涉及到力学、原子物理的知识，就内容来说比较综合解答：解：A、是亚里士多德认为必须有力作用在物体上，物体才会运动，而不是伽利略，所以A选项错误B、牛顿知识提出了万有引力定律，但是他没测出引力常量的大小，引力常量的大小是卡文迪许测出来的，所以B选项错误C、卢瑟福提出了原子的核式结构，是查德威克发现了中子，所以C选项错误D、为了解释光电效应的实验规律，是爱因斯坦提出了光子说所以D选项正确故选：D点评：本题考查的就是学生对于物理常识的理解，这些在平时是需要学生了解并知道的，看的就是学生对课本内容的掌握情况2如图所示，物体受到沿斜面向下的拉力F仍能静止在粗糙斜面上，下列说法正确的是（）A 这说明牛顿第二定律是错误的B 斜面对物体没有摩擦力C 撤去拉力F后物体仍能静止D 撤去拉力F后物体将沿斜面向上运动考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力专题：共点力作用下物体平衡专题分析：牛顿第二定律的内容是：物体的加速度与所受的合外力成正比，与物体的质量成反比；通过分析物体的受力情况，由平衡条件求出物体原来所受的静摩擦力，再分析撤去F后的状态解答：解：A、牛顿第二定律反映了物体的加速度与所受的合外力成正比，而拉力F不是物体所受的合外力，所以撤去F后物体的合外力为零，加速度为零，说明牛顿第二定律是正确的，故A错误B、C、D、设斜面的倾角为，物体的质量为m，撤去F前物体静止在斜面上，合力为零，则物体必定受到沿斜面向上的静摩擦力，大小为 f=F+mgsin，则最大静摩擦力至少为fm=F+mgsin；撤去F后，因为重力的下滑分力mgsinfm，所以物体仍静止，所受的静摩擦力为f=mgsin，故BD错误，C正确故选：C点评：本题要掌握牛顿第二定律的内容，知道加速度与合力成正比，而不是与拉力成正比能根据物体的受力情况，确定最大静摩擦力的范围，判断出物体能否运动3下列说法正确的是（）A 气体对器壁的压强是由大量气体分子对器壁不断碰撞而产生的B 气体温度越高，压强一定越大C 分子力表现为斥力时，是因为分子间不可能同时存在引力和斥力D 布朗运动就是液体分子的热运动考点：封闭气体压强；布朗运动分析：气体压是由大量分，子对器壁的不断碰撞产生的；压强大小取决于气体的温度及体积；分子间同时存在引力和斥力；布朗运动是固体小颗粒的运动解答：解：A、气体对器壁的压强是由于大量气体分子对器壁的不断碰撞而产生的；故A正确；B、气体压强取决于气体的温度和体积，温度越高，体积越小，则压强越大；故B错误；C、分子间同时存在引力和斥力，表现为斥力时是因为分子间的斥力大于引力而对外表现为斥力；故C错误；D、布朗运动是固体小颗粒的运动，能反映液体分子的运动；故D错误；故选：A点评：本题考查气体分子压强、分子间的作用力及布朗运动等热学常识，要注意气体压强是大量分子无规则运动的宏观体现，是由于大量分子持续不断的撞击而形成的4若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，则在此过程中关于气泡中的气体（可视为理想气体），下列说法正确的是（）A 内能不变B 内能增大C 向外界放热D 内能减小考点：温度、气体压强和内能分析：理想气体不计分子势能，故理想气体的内能只与温度有关，分析温度的变化可知内能的变化解答：解：因气泡在上升过程中温度不变，故气泡的内能保持不变，故A正确故选A点评：理想气体的内能只与温度有关，故气泡在上升过程中内能不变，因气体要膨胀，故气体对外做功，故气体要吸热二、双选题：每小题6分，共30分5一个带电粒子在静电场中由静止释放，仅受电场力的作用，则正确的是（）A 加速度一定不变B 运动轨迹一定与电场线重合C 运动轨迹可能与电场线重合D 电势能可能逐渐减少考点：电势能分析：根据牛顿第二定律分析加速度带电粒子的运动情况与电场力、初速度都有关由电场力做功分析电势能的变化解答：解：A、该电场可能是匀强电场，也可能是非匀强电场，所以带电粒子所受的电场力可能是恒力，也可能是变力，由牛顿第二定律知加速度可能不变，也可能变化，故A错误BC、只有电场线是直线时，运动轨迹才与电场线重合，若电场线是曲线，运动轨迹与电场线不重合，故B错误，C正确D、带电粒子在静电场中由静止释放，电场力做正功，电势能减少，故D正确故选：CD点评：解决本题的关键要明确加速度与场强的关系、运动轨迹与电场线的关系、电场力做功与电势能变化的关系6如图所示是某质点在阻力不变的水平面受水平拉力作用下运动的速度vt图象，由图象得到的正确结果是（）A 06s内的平均速度是2m/sB 04s内的加速度小于46s内的加速度C 06s内速度方向发生改变D 06s内位移为24m考点：匀变速直线运动的图像专题：计算题分析：速度图象的斜率等于物体的加速度；图象与时间轴围成的面积等于物体发生的位移；比较矢量的大小，只看绝对值，因为正负号表示运动方向解答：解：由图可知在06s内物体的速度始终大于0，故运动的方向始终不变，故C错误速度图象与时间轴围成的面积等于物体的位移，故在06s的位移x=642=12m故D错误在06s内物体的平均速度=2m/s故A正确物体在04s的加速度a1=1m/s2物体在46s的加速度a2=2m/s2比较矢量的大小只看绝对值，而正负号表示物体运动的方向，故在04s内的加速度小于46s内的加速度故选A、B点评：比较矢量的大小，只看绝对值，因为正负号表示运动方向，所以在比较力的大小，速度大小，位移大小时都是如此7关于卫星绕地球做匀速圆周运动说法正确的是（）A 卫星将不受重力作用，处于完全失重状态B 卫星的轨道半径越大，其线速度越小C 卫星的轨道半径越大，其周期越大D 卫星受到的地球引力对其做正功考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：卫星绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，由此列式可得到线速度、周期与轨道半径的关系，再分析线速度和周期的关系解答：解：A、卫星绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，处于完全失重状态，卫星仍受到重力作用故A错误B、C、由G=m=mr得：v=，T=2r可知卫星的轨道半径越大，其线速度越小，周期越大，故BC正确D、卫星受到的地球引力提供向心力，方向与速度垂直，所以引力对卫星不做功故D错误故选：BC点评：解决本题的关键知道卫星绕地球做圆周运动，靠万有引力提供向心力，知道速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系8以下说法正确的是（）A 太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应B 射线在电场和磁场中都不会发生偏转C 放射性物质放出的射线中，粒子动能很大，因此贯穿物质的本领最强D 氢原子能吸收任意频率光子并跃迁到高能态考点：天然放射现象；氢原子的能级公式和跃迁；轻核的聚变分析：太阳光的能量来自太阳内部的核聚变，射线不带电，射线电离本领大，但贯穿本领很弱，氢原子在从低能级向高能级跃迁时，只能吸收特定频率的光子解答：解：A、太阳内部发生的核聚变，会产生大量的能量，这些能量以太阳光的形式辐射出来故A正确B、射线是光子，是电中性的，在电场中不会受到电场力，在磁场中不会受到洛伦兹力，故射线在电场和磁场中都不会发生偏转故B正确C、放射性物质放出的射线中，粒子动能很大，但由于电量大，体积大，故电离本领很强，贯穿本领很弱，一张纸就能把它挡住故C错误D、氢原子在从低能级向高能级跃迁时，只能吸收特定频率的光子，如从n能级跃迁到m能级，其吸收的光子的频率为，则h=EmEn故D错误故选A、B点评：本题综合性很强，但难度不大，所考查问题全面但比较容易得分，从本题我们可以得出，基础好了，综合题自然就会了9如图，上表面粗糙U金属导轨ab cd固定在绝缘水平面上，导体棒ef放在导轨右端，导体棒与金属导轨接触良好，整个装置处一竖直向上的磁场，磁场的变化如图所示，导体棒ef总处于静止状态，则（）A t=0时回路电流I=0B 接近1s时ef受安培力最大C 05s过程导体棒ef一直有向右滑动的趋势D 01s回路感应电流与35s感应电流方向相反考点：法拉第电磁感应定律；共点力平衡的条件及其应用；安培力分析：知道Bt图象中倾斜直线斜率的物理意义根据法拉第电磁感应定律我们知道感应电动势与磁通量的变化率成正比根据楞次定律判断感应电流的方向解答：解：A、因为从Bt图象中看出，虽然在t=0时刻，磁感应强度为0，但t=0时刻不等于0，那么也不等于0根据法拉第电磁感应定律我们知道感应电动势与磁通量的变化率成正比，所以回路中产生感应电动势，回路中也有感应电流故A错误B、因为在01秒内，最大，即磁场变化是最快的（比35秒的变化快），所以回路产生的感应电动势最大，所以回路电流最大，而接近1s时B也达到了最大值所以棒受到的安培力也最大故B正确C、它是错的，因为在13秒，磁感应强度不变，回路无电流，棒不受力，没有运动趋势故C错误D、01s，磁感应强度B增大，所以线框的磁通量是变大的根据楞次定律，感应电流产生的磁场跟原磁场方向相反，即感应电流产生的磁场方向为垂直纸面向下，根据右手定则，我们可以判断出感应电流的方向为顺时针方向35s，磁感应强度B减小，所以线框的磁通量是变小的根据楞次定律，感应电流产生的磁场跟原磁场方向相同，即感应电流产生的磁场方向为垂直纸面向上，根据右手定则，我们可以判断出感应电流的方向为逆时针方向故D正确故选BD点评：知道感应电动势与磁通量的变化率有关，与磁通量的大小无直接关系我们要知道Bt图象直线斜率的物理意义对于感应电流方向的判断要按照楞次定律解题步骤解决三、非选择题：10我们已经知道，物体的加速度（a）同时跟合外力（F）和质量（M）两个因素有关要研究这三个物理量之间的定量关系的思想方法是控制变量法某同学的实验方案如图1所示，她想用砂桶的重力表示小车受到的合外力F，为了减少这种做法而带来的实验误差，她先做了两方面的调整措施：a：用小木块将长木板无滑轮的一端垫高，目的是平衡摩擦力b：使砂桶的质量远小于小车的质量，目的是使拉小车的力近似等于砂桶的重力表是该同学在“保持小车质量M不变，探究a与F的关系”时记录了实验数据，且已将数据在图2的坐标系中描点，做出aF图象；由图线求出小车的质量等于0.50kg（保留二位有效数字）考点：测定匀变速直线运动的加速度专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：当一个量与多个量有关系时，则可控制某些量不变，去研究另两个量的关系；再去改变让其它量不变，则再去研究剩余的两个量关系，这种思想方法叫做控制变量法在实验中，为了减少这种做法而带来的实验误差，一要排除摩擦力的影响，二要砂桶的重力接近小车所受的合力由于做匀变速直线的物体在相等的时间内位移总是相等所以可借助于a=，利用逐差法计算加速度大小aF图象的斜率等于物体的质量的倒数解答：解：研究这三个物理量之间的定量关系的思想方法是控制变量法，先保持M不变，研究a与F的关系；再保持F不变，研究a与M的关系用小木块将长木板无滑轮的一端垫高，使得重力沿斜面方向的分力等于摩擦力，目的是平衡摩擦力对整体运用牛顿第二定律得，a=，则小车的合力F=Ma=，当砂桶和桶的总质量远小于小车的质量，小车所受的拉力等于砂和砂桶的重力根据F=ma可得a=F，即aF图象的斜率等于物体的质量倒数根据图象其斜率为：k=2，所以质量为：m=0.50kg故答案为：控制变量法；（或先保持M不变，研究a与F的关系；再保持F不变，研究a与M的关系）；a平衡摩擦力；b砂桶的重力；0.50；点评：解决本题的关键知道实验的原理以及实验中的注意事项，在本实验中，知道两个认为：1、认为小车所受的合力等于绳子的拉力；2、认为沙和沙桶的总重力等于小车所受的合力11为了测定光敏电阻Rx的光敏特性，某同学使用多用表“100”的欧姆挡测其在正常光照下的大致电阻，示数如图甲所示，则所测得的阻值Rx=3200；为了比较光敏电阻在正常光照射和强光照射时电阻的大小关系，采用伏安法测电阻得出两种“UI”图线如图乙所示，由此可知正常光照射时光敏电阻阻值为3000，强光照射时光敏电阻阻值为200；考虑到电表内阻对实验结果的影响，图丙电路中测量值小于真实值（填“大于”、“小于”、“等于”），请根据图丙将图丁中的仪器连接成完整实验电路考点：伏安法测电阻专题：实验题分析：欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；根据图象应用欧姆定律可以求出电阻阻值；电流表采用外接法时，由于电压表的分流作用，电流表测量值偏大，根据欧姆定律，电阻的测量值偏小；根据电路图连接实物电路图解答：解：由图甲所示可知，阻值：Rx=32100=3200；由图乙所示图象可知，正常光照射时光敏电阻阻值：RX=3000强光照射时光敏电阻阻值：RX=200由图丙所示电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流表测量值偏大，根据欧姆定律，电阻的测量值偏小；根据图丙所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所：故答案为：3200；3000；200；小于；连线如图点评：欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；电流表外接法适用于测小电阻，电流表内接法适用于测大电阻12如图所示，半径为R的光滑圆弧轨道最低点D与水平面相切，在D点右侧L=4R处用长为R的轻绳将质量为m的小球B（可看为质点）悬挂于O点，小球B的下端恰好与水平面接触，质量为m的小球A（可看为质点）自圆弧轨道C的正上方H高处由静止释放，恰好从圆弧轨道的C点切入圆弧轨道，已知小球A与水平面间的动摩擦因数=0.5，重力加速度为g求：（1）若H=R，小球A达到圆弧轨道最低点D时所受轨道的支持力；（2）若小球A与B发生弹性碰撞后，B球恰好能通过最高点，求碰撞后瞬间B球的速度及H的大小考点：动能定理的应用；向心力专题：动能定理的应用专题分析：（1）小球从静止到D过程机械能守恒，应用机械能守恒定律求出到达D点的速度，然后由牛顿第二定律求出支持力（2）B球恰好能通过最高点，由重力提供向心力，由牛顿第二定律求出B点到达最高点时的速度，由机械能守恒求出碰撞后B球的速度两小球发生弹性碰撞，系统的动量与机械能均守恒，应用动量守恒定律、机械能守恒定律可以求出高度H解答：解：（1）小球A从最高点落到D点过程中有 在D点有 由得 N=5mg （2）设碰撞后B的速度分别vB，B恰好通过最高点时的速度为vB在最高点有 对B在碰后到最高点过程有 由得 设碰撞前A的速度为v0，碰撞后A的速度为vA，取向右为正方向，对AB在碰撞过程，由动量守恒定律有 mv0=mvA+mvB 根据机械能守恒得：=+ 对A从H高的地方落下到碰前的过程中有 由解得 H=3.5R 答：（1）若H=R，小球A达到圆弧轨道最低点D时所受轨道的支持力是5mg；（2）若小球A与B发生弹性碰撞后，B球恰好能通过最高点，碰撞后瞬间B球的速度为，H的大小为3.5R点评：本题考查了求支持力、求H大小与范围，分析清楚物体运动过程，抓住B球到达最高点的临界条件是正确解题的前提与关键，应用机械能守恒定律、动量守恒定律、牛顿第二定律即可正确解题13如图所示，在空间中存在垂直纸面向里的匀强磁场，其竖直边界AB、CD的宽度为d，在边界AB左侧是竖直向下、场强为E的匀强电场现有质量为m、带电量为+q的粒子（不计重力）从P点以大小为v0的水平初速度射入电场，随后与边界AB成45射入磁场若粒子能垂直CD边界飞出磁场，穿过小孔进入如图所示两竖直平行金属板间的匀强电场中减速至零且不碰到正极板（1）请画出粒子上述过程中的运动轨迹，并求出粒子进入磁场时的速度大小v；（2）求匀强磁场的磁感应强度B；（3）求金属板间的电压U的最小值考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动专题：带电粒子在复合场中的运动专题分析：（1）由类平抛即可求出进入磁场时的速度；（2）粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由几何关系求出运动半径，洛伦兹力提供向心力即可去除磁场大小；（3）由动能定理即可求出电压的大小解答：解：（1）轨迹如图所示，由运动的合成与分解可知；（2）粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由运动轨迹和几何关系可知其轨道半径：又联立解得解得：（3）设金属板间的最小电压为U，粒子进入板间电场至速度减为零的过程，由动能定理有：解得：答：（1）粒子进入磁场时的速度大小v是；（2）匀强磁场的磁感应强度B为；（3）金属板间的电压U的最小值为点评：带电粒子在电磁场中的运动要把握其运动规律，在磁场中确定圆心，画出运动轨迹，要注意找出相应的几何关系，难度适中