2019-2020年高二物理下学期第二次月考试题（含解析）.doc

2019-2020年高二物理下学期第二次月考试题（含解析）一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题4分，14小题共56分）1下列说法中不正确的是（ ）A机械波的传播方向就是振动能量传递的方向B机械波的传播方向就是波中各质点的振动方向C机械波传播的是振动这种运动形式，质点并不随波迁移D波不但能传递能量也能传递信息【答案】B【解析】AD、波传播的是形式和能量，故AD正确；BC、波传播的是形式和能量，质点在平衡位置两侧做往复运动，不随波的迁移而移动，故B错误C正确；故选B。【考点】机械波2以下说法中不正确的是（ ）A简谐运动中回复力总指向平衡位置； B太阳光是偏振光；C电磁波是横波，它的传播不需要介质； D家电的遥控器是利用红外线的遥感。【答案】B【解析】A、简谐运动的回复力与质点偏离平衡位置位移成正比，并且总是指向平衡位置，故A正确；B、自然光是在垂直于传播方向的上沿一切方向振动且各个方向振动的光波强度都相同，而偏振光是垂直于传播方向的平面上，只沿某个特定方向振动太阳光是自然光不是偏振光，故B错误；C、电磁波是横波，它的传播不需要介质，故C正确；D、红外线可以用来进行遥控，遥控器的前端有一个发光二极管，按下不同的键时，可以发出不同的红外线，来实现遥控，故D正确。故选B。【考点】简谐运动的回复力和能量；电磁波；红外线的热效应和红外线遥控3. 在图1甲、乙电路中，电阻R和电感线圈L的直流电阻相等且都很小。接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光，则()A.在电路甲中，断开S，A灯将渐渐变暗B.在电路甲中，断开S， A灯将先变得更亮，然后渐渐变暗C.在电路乙中，断开S，A灯将渐渐变暗D.在电路乙中，断开S，A灯将立即变暗【答案】A【解析】AB、在电路甲中，断开S，L、A串联，由于线圈阻碍电流变小，L相当于电源，导致A将逐渐变暗，流过A的电流方向不会发生变化，故A正确B错误；CD、在电路乙中，由于电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，所以通过灯泡的电流比线圈的电流小，断开S时，由于线圈阻碍电流变小，导致A将变得更亮，然后逐渐熄灭，故C错误D错误。故选A。【考点】自感现象和自感系数4图2中，两单摆摆长相同，平衡时两摆球刚好接触。现将摆球A在两摆球线所在平面内向左拉开一小角度后释放，碰撞后，两摆球分开各自做简谐运动。以mA、mB分别表示摆球A、B的质量，则( )A如果mAmB，下一次碰撞将发生在平衡位置右侧B如果mAmB，下一次碰撞将发生在平衡位置左侧C无论两摆球的质量之比是多少，下一次碰撞一定在平衡位置D无论两摆球的质量之比是多少，下一次碰撞可能在平衡位置左侧【答案】C【解析】根据周期公式知：两单摆的周期相同与质量无关，所以相撞后两球分别经过后回到各自的平衡位置，这样必然是在平衡位置相遇，所以不管AB的质量如何，下一次碰撞都在平衡位置，故C正确。故选C。【考点】单摆周期公式5如图3所示，弹簧振子在光滑杆上做简谐运动，往返于aob之间，o是平衡位置，则下列说法中正确的是（ ）A振子由ao运动时，弹力的方向与振子加速度方向相反B振子由ob的中点c经b再回到c的运动过程所用时间为周期的1/4C振子由ob运动时，加速度越来越小D振子由ob运动时，振子克服弹力做功【答案】D【解析】A、振子在运动的过程中，弹力方向与加速度方向相同，故A错误；B、振子远离平衡位置时，速度变慢，故由ob的中点c经b再回到c的运动过程所用时间大于周期，故B错误；C、振子由ob运动时，弹簧的弹力在增大，所以加速度增大，故C错误；D、振子由ob运动时，受力方向向左，与速度方向相反，速度越来越小，振子克服弹力做功，故D正确。故选D。【考点】简谐运动6一列横波沿绳子向右传播，某时刻绳子形成如图4所示的形状，对此绳上A、B、C、D、E、F六个质点（ ）A它们的振幅不相同 B质点D和F的速度方向相同C质点A和C的速度方向相同 D从此时刻算起，质点B比C先回到平衡位置【答案】D【解析】A、因是简谐波，绳子上参与振动的各质点的振幅是相同的，故A错误；B、把波向右移动少许，发现质点D的速度方向向上，F的速度方向向下，故B错误；C、此时刻质点C的位移为正，所以加速度为负，E的位移为负，所以加速度为正，故C错误；D、从此时算起，质点B要先远离平衡位置，再向平衡点运动，所需时间要大于T，B直接向平衡位置运动，所需时间小于T，所以B先回到平衡位置，故D正确。故选D。【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系7已知负载上的交变电流u=311sin314t（V），i=14.1sin314t（A），根据这两式判断，下述结论中正确的是 ( )A电压的有效值为200V B负载电阻的大小为22C交变电流的频率是100Hz D交变电流的有效值是14.1A 【答案】B【解析】ABD、根据，得：电压的有效值为，电流的有效值为：，根据欧姆定律得负载电阻的大小为，故AD错误B正确；C、，故C错误。故选B。【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率8理想变压器正常工作时，原、副线圈中的电流分别为I1、I2 ，电压分别为U1、U2，功率分别为P1、P2 ，关于它们之间的关系，下列说法中正确的是 （ ） AP1由P2决定 BU1由U2决定CI2由I1决定 DU2由负载决定【答案】A【解析】AC、电流与匝数成反比，输入功率等于输出功率，所以I1由I2决定，P1由P2决定，故A正确C错误；BD、U1由电源决定，U2与输入电压和匝数比决定，与负载无关，故BD错误故选A。【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率9如图5所示，平行导轨电阻忽略不计，要使悬挂着的金属环P能产生感应电流且向右摆动，则金属棒ab的运动应是（ ）A向左匀速运动 B向左加速运动C向右加速运动 D向右减速运动【答案】D【解析】A、当ab向左匀速运动时，由右手定则判断可知，ab中产生由ab的感应电流，感应电动势恒定，感应电流恒定，螺线管产生的磁场恒定，则由楞次定律判断可知，金属环不产生电流，故A错误；B、当ab向左匀加速运动时，由右手定则判断可知，ab中产生由ab的感应电流，感应电动势增大，感应电流增大，螺线管产生的磁场增大，则由楞次定律判断可知，金属环产生电流的磁场与原磁场的方向相反，与原磁场之间的作用力是排斥力，圆环向左运动，故B错误；C、当ab向右加速运动时，由右手定则判断可知，ab中产生由ba的感应电流，感应电动势增大，感应电流增大，螺线管产生的方向向右的磁场增强，则由楞次定律判断可知，金属环产生感应电流的磁场与原磁场的方向相反，与原磁场之间的作用力是排斥力，故C错误；D、当ab向左加速运动时，由右手定则判断可知，ab中产生由ab的感应电流，感应电动势增大，感应电流增大，螺线管产生的磁场方向向左的增强，则由楞次定律判断可知，金属环产生感应电流的磁场与原磁场的方向相同，与原磁场之间的作用力是吸引圆环向右运动，故D正确。故选D。【考点】楞次定律10站在火车站上的旅客听到路过的火车笛声的音调变化情况，以下说法正确的是（ ）A、当火车进站时，鸣笛声的音调变低B、当火车进站时，鸣笛声的音调不变C、当火车离站时，鸣笛声的音调变低D、当火车离站时，鸣笛声的音调变高【答案】C【解析】根据多普勒效应可知，当波源和观察者间距变小，观察者接收到的频率一定比波源频率高当波源和观察者距变大，观察者接收到的频率一定比波源频率低所以当火车离站时，鸣笛声的音调变低，当火车进站时，鸣笛声的音调变高，故C正确。故选C。【考点】多普勒效应11如图6是某时刻t两列波的叠加图，S1、S2是相干波源，它们的振动情况完全相同，发出两列完全相同的水波，波峰、波谷分别用实线、虚线表示，下列说法正确的是（ ）AB质点始终位于波谷处，D质点始终位于波峰处B只有D质点振动始终加强C经过半个周期，B质点变为波峰，D质点变为波谷DC、E两质点振动时强时弱【答案】C【解析】A、此时B质点处是两列波波谷与波谷相遇处，D质点是波峰与波峰相遇处，但随着时间推移，波峰与波谷位置在变化，但振动始终是最强的，故A错误；BD、质点C和质点E位置是两列波波峰与波谷叠加的地方，振动始终是最弱的，而D、B质点处是两列波波峰与波峰、波谷与波谷，振动始终是最强的，故BD错误；C、从图示时刻开始，B质点经过个周期变为波峰，D质点经过个周期变为波谷，故C正确。故选C。【考点】波的干涉和衍射现象；波的叠加12a、b两种单色光以相同的入射角从空气中射入介质中时，如图7所示发现b的折射光线更靠近法线，由此可判定( )A在介质中b的速度较大 Ba比b更容易发生衍射现象C单色光b的频率较低D当光从介质射向空气中，a、b要发生全反射的临界角分别为Ca、Cb，则CaCb【答案】B【解析】A、如图入射角相等，a光的折射角较大，由可知，b的折射率大于a的折射率，由可知介质中，故A错误；BC、b光的折射率大，b光的频率较大，波长较短，而a的频率较小，波长较长，波动性较强，故a比b更容易发生衍射，故B正确C错误；D、由可知临界角，故D错误。故选B。【考点】光的折射定律；光的衍射13.如图8所示，在一块平板玻璃上放置一平凸薄透镜，在两者之间形成厚度不均匀的空气膜，让一束单一波长的光垂直入射到该装置上，结果在上方观察到如图所示的同心内疏外密的圆环状条纹，称为牛顿环，以下说法不正确的是( )A干涉现象是由于凸透镜下表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的B干涉条纹中亮条纹的光程差一定是波长的整数倍C干涉条纹不等间距是由于平板玻璃不平造成的D干涉条纹不等间距是由于透镜表面是曲面【答案】C【解析】A、凸透镜下表面与玻璃上表面形成空气薄膜，干涉现象是由于凸透镜下表面反射光和玻璃上表面反射光干涉叠加而成，故A正确；B、当光程差为半个波长的奇数倍时是暗条纹，干涉条纹中亮条纹的光程差一定是波长的整数倍，故B正确；C、D、干涉条纹不等间距是由于透镜表面是曲面，导致间距不均匀增大，从而观察到如图所示的同心内疏外密的圆环状条纹，故C错误D正确，故选C。【考点】光的折射定律14.一闭合线圈置于磁场中，若磁感应强度B随时间变化的规律如图9所示，则下列选项中能正确反映线圈中感应电动势E随时间t变化图象的是() 【答案】D【解析】设感应电动势沿顺时针方向为正，磁感应强度方向向上为正；在前半周内，磁感应强度均匀增大，一定，感应电动势，则E一定根据楞次定律分析得到：感应电动势方向为负；同理，在后半周内，感应电动势E一定，方向为正。故选D。【考点】法拉第电磁感应定律第II卷（非选择题）二、实验题（每空2分，共16分）15某同学根据所学的光学知识，设计了一个测液体析射率的仪器如图10所示在一个圆盘上。过其圆心O作两条互相垂直的直径BC、EF，在半径OA上垂直盘面插下两枚大头针P1、P2并保持P1、P2位置不变，每次测量时让圆盘的下半部分竖直进入液体中，而且总使得液面与直径BC相平，EF作为界面的法线，而后在图中右上方区域观察Pl、P2的像，并在圆周上插上大头针P3，使P3正好挡住Pl、P2，同学们通过计算，预先在圆周EC部分刻好了折射率的值这样只要根据Pn所插的位置，就可直接读出液体折射率的值则：（1）若AOF = 30，OP3与OC的夹角为30，则P3处所对应的折射率的值为 （2）做AO的延长线交圆周于k，k处所对应的折射率值应为 【答案】（1） （2）1【解析】（1）由图，折射角为，折射角，则P3处所对应的折射率的值为；（2）作AO的延长线交圆周于k，这种情况下折射角与折射角相等，则知K处所对应的折射率的值是1。【考点】光的折射定律16在观察光的干涉现象的实验中，用刀片将涂有墨渍的玻璃片上划出不同间隙的双缝；按图11所示的方法，让激光束通过自制的双缝。(1)保持缝到光屏的距离不变，换用不同间隙的双缝，双缝的间隙越小，屏上明暗相间的条纹间距_(填“越大”或“越小”)；(2)在狭缝间的距离和狭缝与屏的距离都不变的条件下，用不同颜色的光做实验，发现用蓝色光做实验在屏上明暗相间的条纹间距比用红色光做实验时_(“大”或“小”)；【答案】(1)越大 (2)小【解析】（1）根据得，双缝的间隙越小，则屏上明暗条纹间距越大；（2）根据知，绿光的波长比红光的波长短，则用绿光做实验在屏上明暗相间的条纹间距比用红色光做实验的条纹间距小。【考点】用双缝干涉测光的波长17(1)在“探究单摆周期与摆长的关系”实验中，两位同学用游标卡尺测量小球的直径如图12甲、乙所示。测量方法正确的是_(选填“甲”或“乙”)(2)实验时，若摆球在垂直纸面的平面内摆动，为了将人工记录振动次数改为自动记录振动次数，在摆球运动最低点的左、右两侧分别放置一激光光源与光敏电阻，如图丙所示。光敏电阻与某一自动记录仪相连，该仪器显示的光敏电阻阻值R随时间t变化图线如图丁所示，则该单摆的振动周期为_。若保持悬点到小球顶点的绳长不变，改用直径是原小球直径2倍的另一个小球进行实验，则该单摆的周期将_(填“变大”、“不变”或“变小”)，(3)若已正确测出悬线长L和摆球直径d，及图丁中读取的周期，写出求重力加速度的计算式g=_。 【答案】(1)乙 (2)2t0变大 (3) 【解析】（1）游标卡尺测量小球的直径，应将小球卡在外爪的刀口上，故选乙；（2）单摆在一个周期内两次经过平衡位置，每次经过平衡位置，单摆会挡住细激光束，从R-t图线可知周期为2t0；摆长等于摆线的长度加上小球的半径，根据单摆的周期公式，摆长变大，所以周期变大；（3）根据单摆的周期公式，若已正确测出悬线长L和摆球直径d，及图丁中读取的周期，重力加速度的计算式：。【考点】用单摆测定重力加速度三、计算题（3小题，共28分）18（8分）一列简谐横波在t=0时刻的波形如图13所示，质点P此时刻沿y轴负方向运动，经过0.1s第一次到达平衡位置，波速为3m/s，那么，求：（1）该波的传播方向；（2）质点P的振动周期； （3）图中Q点（坐标为x=7.5m的点）的振动方程. 【答案】沿-x方向 【解析】（1）质点P此时刻沿-y运动，据波的传播方向与质点的振动方向关系，所以该波沿-x方向传播；（2）由图知，波长=6m，则周期为（3）由图知，质点振幅为A=5cm，周期为2s，所以，有因为该质点在正的最大位移处，则Q点的振动方程为。【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系19（10分）如图所示，一交流发电机的线圈在匀强磁场中匀速转动，线圈匝数N=100，线圈电阻r=3 ，ab=cd=0.5 m，bc=ad=0.4 m，磁感应强度B=0.5 T，电阻R=311 ，当线圈以n=300 r/min的转速匀速转动时，求:(1)感应电动势的最大值; (2)t=0时线圈在图示位置，写出此交变电流电动势瞬时值表达式;(3)此电压表的示数是多少?【答案】 【解析】(1)电动势的最大值为解得。(2)电动势瞬时值的表达式：。(3)电阻R得到电压最大值为Um，解得。【考点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率20.如图15所示，两光滑金属导轨，间距d0.2 m，在桌面上的水平部分是处在磁感应强度B0.1 T、方向竖直向下的有界磁场中，电阻R3 ，桌面高H0.8 m，金属杆ab质量m0.2 kg、电阻r1 ，在导轨上距桌面h0.2 m高处由静止释放，落地点距桌面左边缘的水平距离s0.4 m，导轨电阻不计，g10 m/s2，求：(1)金属杆刚进入磁场时，R上的电流大小；(2)整个过程中R放出的热量【答案】 【解析】(1) 金属杆ab从h高滑到水平轨道时，速度为v1，由动能定理得: 进入磁场产生感应电动势为E：通过R的电流为I，由闭合电路欧姆定律可得：解得(2) 金属杆ab离开磁场后做平抛运动，初速度为v2，可得：、通过水平轨道时只有克服安培力做功，克服安培力做的功转化为焦耳热，由功能关系可得：电阻R产生的焦耳热为QR，则，解得【考点】法拉第电磁感应定律；欧姆定律；功能关系xx学年度下学期四地六校第二次月考试卷高二物理（参考答案）一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题4分，14小题共56分）1B 2B 3A 4C 5D 6D 7B 8A 9D 10C 11C 12B 13C 14D二、实验题（每空2分，共16分）15.（1）（2）1。 16 (1)越大 (3)小 17(1)乙(2)2t0变大(3)三计算题（3小题，共28分）18（8分）解：（1）沿x轴负方向传播（2分）（2）m （3分） （3）A=5cm =（3分）19（10分）解 (1)电动势的最大值为Em=NBS=NB(2n转)(abbc)（2分）解得Em =314 V。（1分）(2)电动势瞬时值的表达式:e=Emsin t（2分） =314sin(10t) V。（1分）(3)电阻R得到电压最大值为Um ，（1分）； （1分）解得UV=220V。（2分）20（10分）解(1) 金属杆ab从h高滑到水平轨道时，速度为V1，由动能定理得:（1分）进入磁场产生感应电动势为E：（1分）通过R的电流为I，由闭合电路欧姆定律可得：（1分）解得I0.01A（2分）(2) 金属杆ab离开磁场后做平抛运动，初速度为V2，可得：（1分） （1分）(3)通过水平轨道时只有克服安培力做功，克服安培力做的功转化为焦耳热，由功能关系可得：（1分）电阻R产生的焦耳热为QR，则，（1分）解得QR=0.225J （1分）