2019-2020年高三物理下学期第二次模拟联考试卷（含解析）.doc

2019-2020年高三物理下学期第二次模拟联考试卷（含解析）一、单项选择题（共16分，每小题2分，每小题只有一个正确选项）1伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索自然规律的科学方法，利用这种方法伽利略发现的规律有( )A质量是物体惯性大小的量度B惯性定律C自由落体运动是一种匀变速运动D重的物体比轻的物体下落得快2以下关于物质的微观解释正确的是( )A气体对容器的压强是大量气体分子对容器的碰撞引起的，它跟气体的重力有关B用气筒给自行车打气，越压缩越费劲，这是因为气体分子之间斥力变大C由于液体分子的热运动，液体会表现出各向同性D当两分子间距离大于平衡位置的间距r0时，随着分子间的距离增大，分子引力先增大后减小3运用光子说对光电效应现象进行解释，可以得出的正确结论是( )A当光照时间增大为原来的2倍时，光电流的强度也增大为原来的2倍B当入射光频率增大为原来的2倍时，光电子的最大初动能也增大为原来的2倍C当入射光波长增大为原来的2倍时，光电子的最大初动能也增大为原来的2倍D当入射光强度增大为原来的2倍时，单位时间内产生的光电子数目也增大为原来的2倍4如图是一定质量理想气体状态变化的VT图象，图中abcd，由图象可知( )Aab过程气体压强不变Bbc过程气体内能不变Ccd过程气体密度不变Dda过程气体对外做功5如图是某质点做简谐运动时的振动图象，根据图象可以判断( )A在第1.5秒时，质点沿x轴向上运动B在第2秒末到第3秒末，质点做加速运动C在第1秒末，质点的加速度为零D在第1秒末到第3秒末，质点所受合外力做功为零6鱼在水中沿直线水平向左加速游动过程中，水对鱼的作用力方向合理的是( )ABCD7关于天然放射现象，下列说法中正确的是( )A衰变说明原子核里有电子B某原子核经过一次衰变和两次衰变后，核内中子数减少4个C放射性物质的温度升高，其半衰期将缩短D射线的电离作用很强，可用来消除有害静电8如图所示，质量为m的铜质小闭合线圈静置于粗糙水平桌面上，当一个竖直放置的条形磁铁贴近线圈，沿线圈中线由左至右从线圈正上方等高、匀速经过时，线圈始终保持不动则关于线圈在此过程中受到的支持力FN和摩擦力f的情况，以下判断正确的是 ( )AFN先大于mg，后小于mgBFN一直大于mgCf先向左，后向右D线圈中的电流方向始终不变二、单项选择题（共24分，每小题3分，每小题只有一个正确选项）9如图所示为两列简谐横波在同一绳上传播时某时刻的波形图，质点M的平衡位置为x=0.2m则可判断( )A这两列波不会形成稳定的干涉现象B质点M的振动始终加强C绳上某些质点的位移始终为零D图示时刻开始，再经过甲波周期，M将位于波峰10如图所示，两端开口的弯玻璃管的左端插入水银槽中，右端开口向上，图中液体均为水银现将水银槽稍向下移，玻璃管保持不动，则以下判断正确的是( )Aa液面下降的距离和b液面上升距离相等Bh1和h2始终相等C封闭在弯管中的气体的压强增大Dh1不变，h3增大11如图所示，滑块由静止开始沿表面粗糙的固定斜面下滑，对于该运动过程，若用E、EP、Ek、s、t分别表示滑块的机械能、重力势能、动能、位移和时间，则下列图象中能正确描述这一运动规律的是( )ABCD12理发店门口，常可以看到这样的标志：一个转动的圆筒，外表有彩色螺旋斜条纹，我们感觉条纹在沿竖直方向运动，但实际上条纹柱在竖直方向并没有升降，这是由于圆筒的转动而使我们的眼睛产生的错觉如图所示，假设筒上的条纹是围绕圆筒的一条宽带，相邻两圈条纹在沿圆筒轴线方向的距离（即螺距）L，如果我们观察到条纹以速度v向上运动，则圆筒的转动情况是（俯视）( )A顺时针，转速n=B顺时针，转速n=C逆时针，转速n=D逆时针，转速n=13静电场在x轴上的电势随x的变化关系如图所示，带正电的点电荷只受电场力作用下沿x轴正向运动，则点电荷 ( )A由x1运动到x3的过程中电势能先减小后增大B由x1运动到x3的过程中加速度不断增大C在x1处和x4处的加速度方向相反D可能在x2和x4之间往复运动14如图所示，在负点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，N=60M、N、P、F四点处的电势分别用M、N、P、F表示，已知M=N，F=P，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则( )AM点的电场方向从P指向MB连接PF的线段一定在同一等势面上C将正试探电荷从N点搬运到P点，电场力做正功DPM15某一学习小组在研究电磁感应现象时，利用一根粗细均匀的金属丝弯成导轨abcd，=3，导体棒ef的电阻是bc段电阻的两倍，如图所示，匀强磁场垂直于导轨平面，当用平行于导轨的外力F将导体棒ef由靠近bc位置匀速向右移动时，则 ( )A导体棒ef两端的电压不变B导体棒ef中的电流变大C拉力F的瞬间功率变小D导轨abcd消耗的电功率一直变小16一个小物体竖直上抛，然后又回到抛出点，已知小物体抛出时的初动能为E，返回抛出点时的速度为v，该过程克服空气阻力做功为，若小物体竖直上抛的初动能为2E，设空气阻力大小恒定，则物体返回抛出点时( )A动能为B动能为EC速度大小为vD速度大小为2v三、多项选择题（共16分，每小题4分，每小题有二个或三个正确选项，全选对的，得4分，选对但不全的，得2分，有选错或不答的，得0分）17如图所示，铝质矩形线框abcd可绕轴转动，当蹄形磁铁逆时针（俯视）匀速转动时，下列关于矩形线框的说法中正确的是 ( )A线框将逆时针转动B线框的转速小于磁体的转速C线框中电流的方向始终不变D线框中电流的方向周期性变化18如图所示，一根质量不计的弹簧下挂着一气缸的活塞，使气缸悬空而静止设活塞与缸壁间无摩擦，可以在缸内自由移动，缸壁导热性良好使缸内气体的温度保持与外界大气温度相同，则下列结论中正确的是 ( )A若外界大气压增大，则弹簧将压缩一些B若弹簧上端脱落，脱落瞬间气缸的加速度为gC若弹簧下端脱落，脱落瞬间活塞的加速度大于gD若气温升高，则气缸距地面的高度将减小19某人驾驶汽车飞越河流，汽车从最高点开始到着地为止这一过程可以看作平抛运动记者从侧面用照相机通过多次曝光，拍摄到汽车经过最高点以后的三幅运动照片，如图所示，相邻两次曝光时间间隔相等，已知汽车的长度为L，则( )A从左边一幅照片可以推算出汽车的水平分速度的大小B从右边一幅照片可以推算出汽车的水平分速度的大小C从左边一幅照片可以推算出汽车曾经到达的最大高度D从中间一幅照片可推算出汽车的水平分速度大小和汽车曾经到达的最大高度20如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1为滑动变阻器，R2、R3为定值电阻闭合开关S，将滑片P由a端向b端滑动一段距离后，电压表V1、V2示数变化的大小分别为U1、U2，电流表示数变化的大小为I下列判断正确的是 ( )AU2大于U1B与的差值等于R2CR2和R3消耗的电功率的和增加了U2ID电压表V1示数变小、电压表V2示数变大，电流表示数变大四、填空题（共20分，每小题4分）本大题中第22、23题考生可任选一类答题。若两题均做，一律按22题计分。21一定质量的理想气体状态变化如图所示，其中AB段与t轴平行，已知在状态A时气体的体积为1.0L，那么变到状态B时气体的体积为_L；从状态A变到状态C的过程中气体对外做功为_J22动能相等的两物体A、B在光滑水平面上沿同一直线相向而行，它们的速度大小之比vA：vB=4：1，则动量之比PA：PB=_；两者碰后粘在一起运动，其总动量大小与A原来动量大小之比P：PA=_B23动能相等的两颗人造地球卫星A、B的轨道半径之比为RA：RB=1：3，它们的角速度之比为A：B=_，质量之比mA：mB=_24如图所示，完全相同的甲、乙两个环形电流同轴平行放置，甲的圆心为O1，乙的圆心为O2，O1、O2两环圆心的连线上有a、b、c三点，其中ao1=o1b=bo2=o2c，此时a点的磁感应强度为B1，b点的磁感应强度为B2，那么当把环形电流乙撤去后，c点的磁感强度大小为_，方向_（填“向左”或“向右”）25如图所示，轻质半圆AB和轻杆BC处在同一竖直平面内，半圆直径为d，A、B在同一竖直线上，A、B、C三处均用铰接连接，其中A、C两点在同一水平面上，BC杆与水平面夹角为30一个质量为m的小球穿在BC杆上，并静止在BC杆底端C处，不计一切摩擦现在对小球施加一个水平向左的恒力F=mg，则当小球运动到BC杆的中点时，它的速度大小为_，此时AB杆对B处铰链的作用力大小为_26如图1，光滑平行金属导轨足够长，匀强磁场垂直导轨平面向上，相同规格的灯L1、L2都标有“3V 3W”字样在电键S断开时，把一根电阻不计、质量m=0.1千克的金属棒从导轨上静止释放，金属棒下滑过程中计算机根据采集到的数据得到完整的UI图象如图2所示，则电键S闭合后金属棒到达最大速度时电压传感器的示数为_V；电键S闭合的条件下，要使金属棒到达最大速度时灯L1正常发光，则金属棒的质量应变为_kg 五、实验题（共24分）27如图所示是英国物理学家卢瑟福和他的合作者们做了用放射性元素放出的粒子轰击金箔的实验装置（1）（多选题）下列关于粒子轰击金箔实验的分析描述中正确的是_（A）粒子轰击金箔的实验需在真空条件下完成；（B）实验中所用金箔应适当厚一点；（C）实验结果表明绝大多数粒子穿过金箔后发生了散射；（D）粒子从金原子内部出来后携带了原子内部的信息（2）粒子的散射实验揭示了_（A）原子还可以再分 （B）原子具有核式结构（C）原子不带电，是中性的 （D）原子核有复杂的结构28研究电磁感应现象和判定感应电流方向的实验（1）在研究判定感应电流方向的实验中，为了能明确感应电流的具体方向，有一个如图（a）所示的重要实验步骤是_（2）该实验在以下电阻R的取值中比较合理是_（1）5 （B）50 （C）500 （D）5k（3）（多选题）经检验发现：电流从灵敏电流计右边接线柱流入时其指针向右偏转图（b）所示是通电螺线管L1加速插入螺线管L2时的情景通过以上信息可以判断出_（A）通电螺线管L1的下端相当于条形磁铁的N极（B）两通电螺线管中电流的环绕方向一定相反（C）如通电螺线管L1匀速插入螺线管L2时，灵敏电流计指针将指在正中央（D）如通电螺线管L1减速插入螺线管L2时，灵敏电流计指针将向右偏转29某同学利用如图a所示的实验装置验证机械能守恒定律，弧形轨道末端水平，离地面的高度为H将钢球从轨道的不同高度h处静止释放，钢球的落点距轨道末端的水平距离为s（1）若轨道完全光滑，s2与h的理论关系应满足s2=_（用H、h表示）（2）该同学经实验测量得到的数据，在图b坐标纸上作出s2h关系图对比实验结果与理论计算得到的s2h关系图线发现，实际测量值与理论值差异十分显著，写出造成上述偏差的可能原因是（写出两个原因）：_30某同学利用DIS，定值电阻R0、电阻箱R1等实验器材测量电池a的电动势和内阻，实验装置如图1所示，实验时多次改变电阻箱的阻值，记录外电路的总电阻阻值R，用电流传感器测得端电流I，并在计算机上显示出如图2所示的R关系图线a重复上述实验方法测量电池b的电动势和内阻，得到图2中的图线b（1）由图线a可知电池a的电动势Ea=_V，内阻ra=_（2）若用同一个电阻先后与电池a及电池b连接，两电池的效率分别为a和b，则_Aa一定小于bBa一定大于bCa可能等于bDa可能大于b（3）若用同一个电阻先后与电池a及电池b连接，两电池的输出功率分别为Pa和Pb，则_APa一定小于Pb BPa一定大于Pb CPa可能等于Pb DPa一定等于Pb六、计算题（共50分）31如图1所示，一个粗细均匀的圆管，左端用一橡皮塞住，橡皮离右端管口的距离是20cm，把一个带手柄的活塞从右端管口推入，将活塞向左端缓慢推动到离橡皮5cm时橡皮被推动已知圆管的横截面积为S=2.0105m2，手柄的横截面积为S=1.0105m2，大气压强为1.0105帕，若活塞和圆管间的摩擦不计，且整个过程管内气体温度不变求：（1）橡皮与圆管间的最大静摩擦力f；（2）这一过程中作用在活塞手柄上的推力F的最大值（3）在图2的PV图象中画出气体经历的状态变化过程图象，并用箭头标出状态变化的方向32如图所示，电阻不计的平行的金属导轨间距为L，下端通过一阻值为R的电阻相连，宽度为x0的匀强磁场垂直导轨平面向上，磁感强度为B一电阻不计，质量为m的金属棒获得沿导轨向上的初速度后穿过磁场，离开磁场后继续上升一段距离后返回，并匀速进入磁场，金属棒与导轨间的滑动摩擦系数为，不计空气阻力，且整个运动过程中金属棒始终与导轨垂直（1）金属棒向上穿越磁场过程中通过R的电量q；（2）金属棒下滑进入磁场时的速度v2；（3）金属棒向上离开磁场时的速度v1；（4）若金属棒运动过程中的空气阻力不能忽略，且空气阻力与金属棒的速度的关系式为f=kv，其中k为一常数在金属棒向上穿越磁场过程中克服空气阻力做功W，求这一过程中金属棒损耗的机械能E33如图，质量为M、长为L、高为h的矩形木块A置于水平地面上，木块与地面间动摩擦因数为；木块上表面光滑，其左端放置一个质量为m的小球B，m=M某时刻木块和小球同时获得向右的速度v0后开始运动，不计空气阻力，经过一段时间后小球落地求小球落地时距木块右端的水平距离34如图甲所示，两个带正电的小球A、B套在一个倾斜的光滑直杆上，两球均可视为点电荷，其中A球固定，带电量QA=2104C，B球的质量为m=0.1kg以A为坐标原点，沿杆向上建立直线坐标系，B球的总势能随位置x的变化规律如图中曲线所示，直线为曲线I的渐近线图中M点离A点距离为6米（g取10m/s2，静电力恒量k=9.0109Nm2/C2）（1）求杆与水平面的夹角；（2）求B球的带电量QB；（3）求M点电势M；（4）若B球以Ek0=4J的初动能从M点开始沿杆向上滑动，求B球运动过程中离A球的最近距离及此时B球的加速度（5）在图（乙）中画出当B球的电量变成2QB时的总势能随位置x的变化规律曲线上海市十三校联考xx届高考物理二模试卷一、单项选择题（共16分，每小题2分，每小题只有一个正确选项）1伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索自然规律的科学方法，利用这种方法伽利略发现的规律有( )A质量是物体惯性大小的量度B惯性定律C自由落体运动是一种匀变速运动D重的物体比轻的物体下落得快考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法专题：常规题型分析：本题要掌握伽利略关于运动和力关系的观点、落体运动的规律理论等等伽利略的斜面实验是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，推理得出的结论解答：解：伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合的方法，得出了力不是维持物体运动的原因和自由落体运动是初速度为零的匀变速直线运动，故ABD错误，C正确；故选：C点评：伽利略是物理学的奠基人之一，要学习他的成就和科学研究的方法理想斜面实验抓住了客观事实的主要因素，忽略了次要因素，从而更深刻地揭示了自然规律2以下关于物质的微观解释正确的是( )A气体对容器的压强是大量气体分子对容器的碰撞引起的，它跟气体的重力有关B用气筒给自行车打气，越压缩越费劲，这是因为气体分子之间斥力变大C由于液体分子的热运动，液体会表现出各向同性D当两分子间距离大于平衡位置的间距r0时，随着分子间的距离增大，分子引力先增大后减小考点：封闭气体压强；分子的热运动；分子间的相互作用力分析：利用温度是平均动能的标志和压强的微观解释，取决于分子的密集程度和分子的平均动能；用气筒给自行车打气时，由于气体分子产生的压强而使我们越打越费劲；由于液体分子的热运动，分子位置不固定，会表现为各向同性；分子引力和斥力都是随距离增大而减小；解答：解：A、气体对密闭容器的压强是大量气体分子对容器的碰撞引起的，取决于分子的密集程度和分子的平均动能，与气体重力无关故A错误；B、气体分子间距较大，很难达到分子间作用力的范围内，打气时我们克服的是气体压强的作用，故B错误；C、由于液体分子的热运动，分子位置不固定，会表现为各向同性，故C正确；D、无论在任何位置，只要分子间距增大，分子引力和斥力都减小，故D错误故选：C点评：该题易错点在于气体分子压强的微观解释，注意压强的相关因素是分子的密集程度和分子的平均动能；其次是关于液体的各向同性解释，各向同性的形成是由于分子排列的无规则性造成的3运用光子说对光电效应现象进行解释，可以得出的正确结论是( )A当光照时间增大为原来的2倍时，光电流的强度也增大为原来的2倍B当入射光频率增大为原来的2倍时，光电子的最大初动能也增大为原来的2倍C当入射光波长增大为原来的2倍时，光电子的最大初动能也增大为原来的2倍D当入射光强度增大为原来的2倍时，单位时间内产生的光电子数目也增大为原来的2倍考点：光电效应专题：光电效应专题分析：当入射光的频率大于金属的极限频率，就会发生光电效应根据光电效应方程判断影响光电子最大初动能的因素解答：解：A、根据爱因斯坦光电效应方程，EK=hW，可知，当入射频率提高2倍时，产生光电子的最大初动能大于原来的两倍；与照射的时间无关故A错误，B错误；C、根据爱因斯坦光电效应方程，EK=hW=，当入射光波长增大为原来的2倍时，光电子的最大初动能减小故C错误；D、当入射光强度增大为原来的2倍时，单位时间内的光子数是原来的2倍，所以单位时间内产生的光电子数目也增大为原来的2倍故D正确故选：D点评：解决本题的关键知道光电效应的条件，以及知道影响光电子最大初动能的因素，并掌握相同光强下，频率越高的，光子数目越少4如图是一定质量理想气体状态变化的VT图象，图中abcd，由图象可知( )Aab过程气体压强不变Bbc过程气体内能不变Ccd过程气体密度不变Dda过程气体对外做功考点：理想气体的状态方程专题：理想气体状态方程专题分析：VT图象中只有过原点的直线表示等压线，会利用vt图象判断气体在各个过程中的变化即可解答：解：A、在Vt图象中，过坐标原点的直线为等压变化，ab不过坐标原点，故不是等压变化，故A错误；B、由图可知，bc为等温变化，温度不变，故内能不变，故B正确；C、c到d为等压变化，由c到d体积减小，由于质量不变，故密度增大，故C错误；D、da过程为等容变化，气体对外不做功，故D错误；故选：B点评：本题主要考查了vt图象，在vt图象中会判断气体的变化，当体积增大时，对外做功，当体积减小时，外界对气体做功；5如图是某质点做简谐运动时的振动图象，根据图象可以判断( )A在第1.5秒时，质点沿x轴向上运动B在第2秒末到第3秒末，质点做加速运动C在第1秒末，质点的加速度为零D在第1秒末到第3秒末，质点所受合外力做功为零考点：简谐运动的振动图象；简谐运动的回复力和能量专题：简谐运动专题分析：由图象读出位移，确定质点的位置，根据a=判断加速度的大小；根据动能定理判断合力做功情况解答：解：A、yt图象的斜率表示速度，在1.5s时刻，斜率为负，说明向y轴负方向运动，故A错误；B、在第2秒末到第3秒末，是远离平衡位置，是减速运动，故B错误；C、根据a=，在第1秒末，质点的加速度为负的最大，故C错误；D、在第1秒末到第3秒末，动能变化量为零，故合力做功为零，故D正确；故选：D点评：本题关键是明确yt图象的斜率的物理意义，结合简谐运动的对称性进行分析，基础题目6鱼在水中沿直线水平向左加速游动过程中，水对鱼的作用力方向合理的是( )ABCD考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力专题：牛顿运动定律综合专题分析：对鱼进行分析，由牛顿第二定律可明确水对鱼的作用力的方向解答：解：鱼在水中受水的浮力保持鱼在竖直方向的平衡，由于水平方向向左加速，故鱼受水平方向向左的外力；故水对鱼的作用力应是浮力与向左推动力的合力；故应斜向左上方；故选：D点评：本题要注意明确水对鱼还有竖直向上的作用力，这一力很容易忽略7关于天然放射现象，下列说法中正确的是( )A衰变说明原子核里有电子B某原子核经过一次衰变和两次衰变后，核内中子数减少4个C放射性物质的温度升高，其半衰期将缩短D射线的电离作用很强，可用来消除有害静电考点：天然放射现象分析：衰变中产生的电子是原子核中的一个中子转化而来的；衰变过程中，一个原子核释放一个粒子（由两个中子和两个质子形成的氦原子核），并且转变成一个质量数减少4，核电荷数减少2的新原子核衰变过程中，一个原子核释放一个粒子（电子）根据质量数守恒和电荷数守恒求解原子核衰变后核内中子数的变化；升高放射性物质的温度，不能缩短其半衰期射线的电离作用很弱，不能用来消除有害静电解答：解：A、衰变时，原子核中的一个中子转化为一个质子和一个电子，释放出来的电子就是粒子，可知衰变现象不是说明电子是原子核的组成部分故A错误B、某放射性元素经过1次衰变和2次衰变共产生：1个24He和2个10e所以质量数减少：4，核电荷数不变，根据质量数守恒和电荷数守恒得知，中子数减少：4故B正确C、半衰期是由原子核内部性质决定的，与温度无关，所以升高放射性物质的温度，不能缩短其半衰期故C错误D、射线的电离作用很弱，不能用来消除有害静电故D错误故选B点评：本题是原子物理问题，都是基本知识对于核反应，要抓住质量数守恒和电荷数守恒进行配平若原子核衰变个过程中释放出粒子和粒子，减少的质量数等于减少的中子数和质子数之和8如图所示，质量为m的铜质小闭合线圈静置于粗糙水平桌面上，当一个竖直放置的条形磁铁贴近线圈，沿线圈中线由左至右从线圈正上方等高、匀速经过时，线圈始终保持不动则关于线圈在此过程中受到的支持力FN和摩擦力f的情况，以下判断正确的是 ( )AFN先大于mg，后小于mgBFN一直大于mgCf先向左，后向右D线圈中的电流方向始终不变考点：楞次定律专题：电磁感应与电路结合分析：当磁铁靠近线圈时和远离线圈时，穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中产生感应电流，线圈受到安培力作用，根据楞次定律，安培力总是阻碍导体与磁体间的相对运动，分析线圈受到的安培力方向，再分析支持力N和摩擦力f的情况解答：解：A、B、当磁铁靠近线圈时，穿过线圈的磁通量增加，线圈中产生感应电流，线圈受到磁铁的安培力作用，根据楞次定律可知，线圈受到的安培力斜向右下方，则线圈对桌面的压力增大，即N大于mg线圈相对桌面有向右运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力故A正确，B错误C、当磁铁远离线圈时，穿过线圈的磁通量减小，线圈中产生感应电流，线圈受到磁铁的安培力作用，根据楞次定律可知，线圈受到的安培力斜向右上方，则线圈对桌面的压力减小，即N小于mg线圈相对桌面有向右运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力故C错误，D、当磁铁靠近线圈时，穿过线圈的磁通量增加，线圈中产生感应电流从上向下看是逆时针方向；当磁铁远离线圈时，穿过线圈的磁通量减小，线圈中产生感应电流从上向下看是顺时针方向，故D错误故选：A点评：本题应用楞次定律的第二种表述判断，也可以运用楞次定律、左手定则、安培则进行判断基础题二、单项选择题（共24分，每小题3分，每小题只有一个正确选项）9如图所示为两列简谐横波在同一绳上传播时某时刻的波形图，质点M的平衡位置为x=0.2m则可判断( )A这两列波不会形成稳定的干涉现象B质点M的振动始终加强C绳上某些质点的位移始终为零D图示时刻开始，再经过甲波周期，M将位于波峰考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系专题：振动图像与波动图像专题分析：由图读出两波波长的关系，根据波速相同，研究周期关系，对照判断能否发生干涉根据波的传播方向确定质点M的速度方向，研究再经 T的位移解答：解：A、由图可知，两波的波长相等，又波速相等，则频率相等，能发生干涉，且两列波使质点M的振动方向相同，所以始终加强故A错误，B正确 C、两列简谐横波在同一绳上传播，波长又相等，因此它们的波速相等，不可能出现某点始终是波峰与波谷相遇的情况，所以不可能有点的位移始终为零，故C错误 D、由图示时刻开始，再经过甲波周期，M将位于波谷故D错误故选：B点评：波速是由介质的性质决定的，对于同一介质中传播的同一类波，波速相等，知道波的叠加满足矢量法则，当振动情况相同则相加，振动情况相反时则相减，且两列波互不干扰10如图所示，两端开口的弯玻璃管的左端插入水银槽中，右端开口向上，图中液体均为水银现将水银槽稍向下移，玻璃管保持不动，则以下判断正确的是( )Aa液面下降的距离和b液面上升距离相等Bh1和h2始终相等C封闭在弯管中的气体的压强增大Dh1不变，h3增大考点：理想气体的状态方程专题：理想气体状态方程专题分析：根据被封闭气体的压强，利用h1和h2表示出来，即可判断解答：解：A、b气体的压强等于P=P0h2=P0h1，故h1=h2，因将水银槽稍向下移，故a液面下降的距离大于b液面上升距离，故A错误，B正确；C、由A可知，h1和h2始终相等，故被封闭气体的压强不变，故C错误；D、h1和h2始终相等，故h3不变，故D错误；故选：B点评：本题主要考查了被封闭气体的压强如何表示，根据压强相同即可判断11如图所示，滑块由静止开始沿表面粗糙的固定斜面下滑，对于该运动过程，若用E、EP、Ek、s、t分别表示滑块的机械能、重力势能、动能、位移和时间，则下列图象中能正确描述这一运动规律的是( )ABCD考点：功能关系；动能分析：根据动能定理、重力势能表达式EP=mgh，得到动能Ek与重力势能Ep与x的关系式物体克服摩擦力做功等于其机械能的减少，得到机械能E机与x的表达式；克服摩擦力做功由功的计算公式得到根据这些表达式再选择图象解答：解：设斜面的倾角为物体所受的滑动摩擦力大小为f，由牛顿第二定律可知mgsinf=ma，物体做匀加速运动A、根据功能关系得：取斜面低端为零势能面，开始时滑块机械能为：E机=mgssin，滑块下滑过程中机械能的变化量等于除重力外其余力做的功，机械能的变化为E=Wf，由于滑块下滑过程中，受到摩擦力作用，且做负功，机械能E=mgssinfsE与s成正比且随着s的增大而减小，则Es是倾斜不过原点的直线，故A错误B、根据动能定理得：Ek=（mgsinf）s，可知，Eks，则Eks是过原点的倾斜的直线，故B错误C、取斜面底端为零势能面，最高点到最低端的距离为H，物体做匀加速运动，s=，重力势能：EP=mgh=mgHmgssin=mgHmgsin，随时间增加，重力势能与t是二次函数关系，故C正确；D、物体下滑过程中做匀加速运动，故：，故动能与时间是二次函数关系，故D错误；故选：C点评：解决本题的关键要掌握功的公式W=Fscos，以及会灵活运用动能定理和功能关系，根据解析式再分析图象12理发店门口，常可以看到这样的标志：一个转动的圆筒，外表有彩色螺旋斜条纹，我们感觉条纹在沿竖直方向运动，但实际上条纹柱在竖直方向并没有升降，这是由于圆筒的转动而使我们的眼睛产生的错觉如图所示，假设筒上的条纹是围绕圆筒的一条宽带，相邻两圈条纹在沿圆筒轴线方向的距离（即螺距）L，如果我们观察到条纹以速度v向上运动，则圆筒的转动情况是（俯视）( )A顺时针，转速n=B顺时针，转速n=C逆时针，转速n=D逆时针，转速n=考点：线速度、角速度和周期、转速专题：匀速圆周运动专题分析：观察某一个空间位置处的彩色条纹，由于圆筒在转动，经过很小的时间间隔后，同一位置处不是彩色条纹，由于人眼的视觉暂留现原因，人眼错认为原来的点向下移动了一小段，故会从整体上产生条纹移动的错觉从题境获取T和螺距移动的距离即可求解解答：解：如果我们观察到条纹以速度v向上运动，则说明圆筒的转动从正面看是从右向左的，从上往下看应该是顺时针转动t时间内上升高度为h=vt，由题意可知：vt=ntL，解得：故B正确故选：B点评：从题境获取有用信息，迁移到学过的知识求解；人眼的视觉暂留现象，造成假象，最好亲身去体验13静电场在x轴上的电势随x的变化关系如图所示，带正电的点电荷只受电场力作用下沿x轴正向运动，则点电荷 ( )A由x1运动到x3的过程中电势能先减小后增大B由x1运动到x3的过程中加速度不断增大C在x1处和x4处的加速度方向相反D可能在x2和x4之间往复运动考点：电势差与电场强度的关系；电势能专题：电场力与电势的性质专题分析：在x图象中，斜率代表的是场强的大小，由牛顿第二定律确定加速度，根据电场力做功为W=qU可以判断电场力做功情况解答：解：A、从由x1运动到x3的过程，根据电场力做功为W=qU可以判断，电场力做正功，电势能减小，故A错误；B、在x图象中，斜率代表的是场强的大小，故场强越来越小，受到的电场力越来越小，故加速度越来越小，故B错误；C、斜率的方向代表场强的方向，由图可知，斜率方向相反，加速度方向相反，故C正确；D、从x2和x4之间，电场力做正功，速度不可能减为零，故不可能做往复运动，故D错误；故选：C点评：解决本题的关键是通过x确定电场的大小，以及会根据电场力做功判断电势能的变化14如图所示，在负点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，N=60M、N、P、F四点处的电势分别用M、N、P、F表示，已知M=N，F=P，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则( )AM点的电场方向从P指向MB连接PF的线段一定在同一等势面上C将正试探电荷从N点搬运到P点，电场力做正功DPM考点：电势差与电场强度的关系；电势专题：电场力与电势的性质专题分析：点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆，圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心；找出电荷位置后，根据电势能的变化情况判断电场力做功情况解答：解：A、点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆、圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心，故场源电荷在MN的中垂线和FP的中垂线的交点上，在MP的连线上，故M点的电场方向不从P指向M，故A错误B、P=F，线段PF是P、F所在等势面（圆）的一个弦，故B错误；C、在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，将正试探电荷从P点搬运到N点，电势能降低，故电场力做正功，故C错误；D、在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，故PM，故D正确故选：CD点评：本题关键是明确点电荷的电场的电场线和等势面的分布规律，知道沿着电场线电势逐渐降低15某一学习小组在研究电磁感应现象时，利用一根粗细均匀的金属丝弯成导轨abcd，=3，导体棒ef的电阻是bc段电阻的两倍，如图所示，匀强磁场垂直于导轨平面，当用平行于导轨的外力F将导体棒ef由靠近bc位置匀速向右移动时，则 ( )A导体棒ef两端的电压不变B导体棒ef中的电流变大C拉力F的瞬间功率变小D导轨abcd消耗的电功率一直变小考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率专题：电磁感应与电路结合分析：导体棒ef向右切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，ef两端的电压是外电压，根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律列式分析ef两端电压的变化；由欧姆定律分析电流的变化导体棒匀速运动时拉力F的功率等于回路中的电功率；abcd消耗的功率是电源的输出功率，根据电源的内外电阻越接近，电源的输出功率越大进行分析解答：解：A、设ef的电阻为r，ebcf的电阻为R，ef长为L，速度为v，磁感应强度为B，则导体棒ef产生的感应电动势为： E=BLvef两端的电压为：U=E，E、r不变，R变大，可知U变大故A错误B、ef中的电流为：I=，E、r不变，R变大，I变小，故B错误C、导体棒匀速运动时拉力F的功率等于回路中的电功率，为P=，R增大，则P减小，故C正确D、abcd消耗的功率是电源ef的输出功率，根据条件：=3，ef的电阻是bc段电阻的两倍，可知ebcf的电阻先小于ef的电阻，再等于ef的电阻，后大于ef的电阻，所以导轨abcd消耗的电功率先增大后减小，故D错误故选：C点评：本题是电磁感应中电路问题，通过法拉第电磁感应定律和欧姆定律、功率公式列式，进行分析是解答的本题，要根据数学知识掌握电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大这个结论，这在电路动态分析中经常用到16一个小物体竖直上抛，然后又回到抛出点，已知小物体抛出时的初动能为E，返回抛出点时的速度为v，该过程克服空气阻力做功为，若小物体竖直上抛的初动能为2E，设空气阻力大小恒定，则物体返回抛出点时( )A动能为B动能为EC速度大小为vD速度大小为2v考点：功能关系分析：根据初动能之比得出初速度之比，通过速度位移公式求出上升的高度之比，对两种情况下全过程运用动能定理，联立解出初动能为2E时，小球返回抛出点的速度大小解答：解：根据知，初动能变为原来的2倍，则初速度变为原来的倍根据速度位移公式得，=2ah，知上升的高度变为原来的2倍对初动能为E，整个过程运用动能定理得，=，对初动能为2E，整个过程运用动能定理得，=E，解得：，故B正确故选：B点评：本题难度较大考查功能关系该题考查了动能定理的直接应用，注意以不同的初动能上抛时，运动的位移不同，阻力做的功也不同三、多项选择题（共16分，每小题4分，每小题有二个或三个正确选项，全选对的，得4分，选对但不全的，得2分，有选错或不答的，得0分）17如图所示，铝质矩形线框abcd可绕轴转动，当蹄形磁铁逆时针（俯视）匀速转动时，下列关于矩形线框的说法中正确的是 ( )A线框将逆时针转动B线框的转速小于磁体的转速C线框中电流的方向始终不变D线框中电流的方向周期性变化考点：楞次定律专题：电磁感应与电路结合分析：当转动磁铁时，导致线圈的磁通量发生变化，从而产生感应电流，出现安培力，导致线圈转动，由楞次定律可知，从而确定感应电流的方向，由于总是阻碍磁通量增加，故线圈与磁铁转动方向相同，但转动快慢不同解答：解：A、B、根据楞次定律可知，为阻碍磁通量增加，则导致线圈与磁铁转动方向相同，即逆时针转动，但快慢不一，线圈的转速一定比磁铁转速小，故AB正确；C、D、从图示位置磁铁开始转动时，线圈abcd中穿向纸面向里的磁通量增大，产生感应电流方向adcba；在磁铁不断转动的过程中，导致线圈abcd中磁通量一会儿正向穿过增大或减小，一会儿反向穿过增大或减小，所以感应电流的方向一定会发生改变，故C错误，D正确；故选：ABD点评：该题为电磁驱动的模型，考查楞次定律、法拉第电磁感应定律，知道感应电流的磁通量总阻碍引起感应电流的磁场变化，同时掌握使用楞次定律判定感应电流方向的方法与技巧18如图所示，一根质量不计的弹簧下挂着一气缸的活塞，使气缸悬空而静止设活塞与缸壁间无摩擦，可以在缸内自由移动，缸壁导热性良好使缸内气体的温度保持与外界大气温度相同，则下列结论中正确的是 ( )A若外界大气压增大，则弹簧将压缩一些B若弹簧上端脱落，脱落瞬间气缸的加速度为gC若弹簧下端脱落，脱落瞬间活塞的加速度大于gD若气温升高，则气缸距地面的高度将减小考点：理想气体的状态方程专题：理想气体状态方程专题分析：通过对整体的受力分析判断出弹簧的伸长量，然后再对气缸受力分析利用好牛顿第二定律即可求出加速度，由于被封闭气体的压强不变，当温度升高时利用好盖吕萨克定律即可判断体积变化解答：解：A、通过整体受力分析可知，mg=kx，弹簧的伸长量与外界压强无关，故A错误；B、对气缸受力分析，脱落瞬间，mg+PSP0S=ma，由于被封闭气体压强小于外界压强，故加速度小于g，故B错误；C、对活塞受力分析P0S+m0gPS=m0a，由于P0P，故加速度大于g，故C正确；D、被封闭气体为等压变化，当温度升高时，由盖吕萨克定律可知，体积增大，结合A弹簧伸长量不变，故气缸向下移动，故气缸距地面的高度将减小，故D正确；故选：CD点评：本题主要考查了盖吕萨克定律，利用好受力分析即可判断19某人驾驶汽车飞越河流，汽车从最高点开始到着地为止这一过程可以看作平抛运动记者从侧面用照相机通过多次曝光，拍摄到汽车经过最高点以后的三幅运动照片，如图所示，相邻两次曝光时间间隔相等，已知汽车的长度为L，则( )A从左边一幅照片可以推算出汽车的水平分速度的大小B从右边一幅照片可以推算出汽车的水平分速度的大小C从左边一幅照片可以推算出汽车曾经到达的最大高度D从中间一幅照片可推算出汽车的水平分速度大小和汽车曾经到达的最大高度考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合平抛运动的规律和匀变速直线运动的公式和推论进行分析解答：解：A、平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，测量出两车间的（如车头到车头之间的）水平距离，通过比例法得出实际的水平位移，根据竖直方向上的位移之差为一恒量可以求出相等的时间间隔，结合时间间隔，求出水平分速度的大小故A正确B、水平间距不相等 而曝光时间相等，可知 汽车到达地面后做减速运动，而 第一次曝光时 汽车是否正好到达地面不得而知，这段水平位移差 是否为匀速运动不得而知，所以不可推算出汽车的水平分速度故B错误C、平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出左图中间时刻的竖直分速度，结合速度时间公式求出运动的时间，从而根据位移时间公式求出下降的高度，但是无法求出汽车曾经到达的最大高度故C错误D、由于最下面一辆车没有落地，根据竖直方向上平均速度推论求出中间时刻的竖直分速度，求出汽车下落的高度，但是无法得出汽车曾经的最大高度故D错误故选：A点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进行分析求解20如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1为滑动变阻器，R2、R3为定值电阻闭合开关S，将滑片P由a端向b端滑动一段距离后，电压表V1、V2示数变化的大小分别为U1、U2，电流表示数变化的大小为I下列判断正确的是 ( )AU2大于U1B与的差值等于R2CR2和R3消耗的电功率的和增加了U2ID电压表V1示数变小、电压表V2示数变大，电流表示数变大考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：将滑片P由a端向b端滑动，分析变阻器电阻的变化，由欧姆定律判断各部分电压的变化根据闭合电路欧姆定律列式分析电压变化量与电流变化量比值与乘积的变化解答：解：A、将滑片P由a端向b端滑动，变阻器电阻的在路电阻减小，总电阻减小，电流增大，则R2、R3的电压增大，路端电压减小，则R1的电压减小，由于R2的电压增大，路端电压减小，所以R1、R3的电压之和减小，R3电压的增大量大于R1电压的减小量，则U2大于U1故A正确B、由欧姆定律可知，=R2+R3，由U1=UIR3，U为电源的电压，则=R3，则与的差值等于R2，故B正确C、总电流增大，R2和R3消耗的电功率的和增加，由P=U2I知，P增加了U2I+U2I，故C错误D、由上知，U1=UIR3，I增大，U不变，则电压表V1示数变小电压表V2示数变大，电流表示数变大，故D正确故选：ABD点评：本题是动态变化分析问题，关键要注意与常规题目不同的是电源的电压不变，运用欧姆定律列式分析变化量的关系四、填空题（共20分，每小题4分）本大题中第22、23题考生可任选一类答题。若两题均做，一律按22题计分。21一定质量的理想气体状态变化如图所示，其中AB段与t轴平行，已知在状态A时气体的体积为1.0L，那么变到状态B时气体的体积为2L；从状态A变到状态C的过程中气体对外做功为200J考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律专题：理想气体状态方程专题分析：由图象可知由A到B等压变化，由盖吕萨克定律列式可求状态B时气体的体积；由B到C等容变化，气体对外不做功，整个过程只有AB气体对外做功，利用公式W=PV可求解解答：解：状态B变到状态C的直线通过（0K，0Pa）所以BC直线表示等容变化，由图知，状态B时气体的温度是tB=273，TB=2273K=546K，AB段与t轴平行，表示的是等压变化，由图知：PA=2105Pa TA=273K又VA=1.0L由盖吕萨克定律得：即：状态B时气体的体积为VB2.0L此过程气体对外做功为：WAB=PAV=2105（2.01.0）103 J=200J由B到C等容变化，气体对外不做功，所以状态A变到状态C的过程中气体对外做功为WAC=WAB=200J故答案为：2，200点评：本题考查理想气体的状态方程，注意在Pt图象中，过点（273，0Pa）倾斜的直线表示等容变化22动能相等的两物体A、B在光滑水平面上沿同一直线相向而行，它们的速度大小之比vA：vB=4：1，则动量之比PA：PB=1：4；两者碰后粘在一起运动，其总动量大小与A原来动量大小之比P：PA=3：1B考点：动量守恒定律专题：动量定理应用专题分析：抓住动能相等，结合速度之比求出质量之比结合动量和动能的关系求出动量之比根据动量守恒定律求出碰后粘在一起后的总动量，从而得出总动量大小与A原来动量大小之比解答：解：根据知，动能相等，A、B的速度大小之比为4：1，则质量之比为1：16，根据P=知，由于A、B相向而行，规定B的方向为正方向，则碰前总动量P=PBPA=3PA，碰撞前后动量守恒，则碰撞总动量的大小为3PA，其总动量大小与A原来动量大小之比P：PA=3：1故答案为：1：4，3：1点评：解决本题的关键知道A、B碰撞前后动量守恒，知道动量和动能的关系，并能灵活运用23动能相等的两颗人造地球卫星A、B的轨道半径之比为RA：RB=1：3，它们的角速度之比为A：B=，质量之比mA：mB=1：3考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系专题：人造卫星问题分析：根据万有引力提供圆周运动向心力由轨道半径之比求得角速度之比，和线速度之比，再根据动能相等求得卫星技师之比解答：解：根据万有引力提供圆周运动向心力有：=可得：所以有：=卫星的线速度为：所以有：又两卫星动能相等有：所以有：故答案为：，1：3点评：能根据万有引力提供圆周运动向心力分析描述圆周运动物理量与轨道半径的关系，是正确解题的关键24如图所示，完全相同的甲、乙两个环形电流同轴平行放置，甲的圆心为O1，乙的圆心为O2，O1、O2两环圆心的连线上有a、b、c三点，其中ao1=o1b=bo2=o2c，此时a点的磁感应强度为B1，b点的磁感应强度为B2，那么当把环形电流乙撤去后，c点的磁感强度大小为B1，方向向左（填“向左”或“向右”）考点：磁感应强度分析：对于单个环形电流，根据安培定则判断中间轴线的磁场方向，考虑对称性，其在两侧距离中心相等距离的点的磁感应强度是相等的，结合矢量合成的法则进行列式分析即可解答：解：对于图中单个环形电流，根据安培定则，其在中轴线上的磁场方向均是向左，故c点的磁场方向运动是向左的设ao1=o1b=bo2=o2c=r，设单个环形电流在距离中点r位置的磁感应强度为B1r，在距离中点3r位置的磁感应强度为B3r，故：a点磁感应强度：B1=B