2019-2020年高二上学期第一次月考物理试卷（理科）含解析.doc

2019-2020年高二上学期第一次月考物理试卷（理科）含解析一、单项选择题（每题3分，共18分）1一太阳能电池板，测得它的开路电压为800mV，短路电流40mA若将该电池板与一阻值为20的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）A0.10VB0.20VC0.30VD0.40V2在某段电路中，其两端电压为U，通过的电流为I，通电时间为t，若该电路电阻为R，则关于电功和电热的关系，下列结论不正确的是（）A在任何电路中，电功UIt=I2RtB在任何电路中，电功为UIt，电热为I2RtC在纯电阻电路中，UIt=I2RtD在非纯电阻电路中，UItI2Rt3如图所示A灯与B灯的电阻相同，当滑动变阻器R的滑动片P向上滑动时，两灯亮度变化是（）AA灯变亮，B灯变亮BA灯变暗，B灯变亮CA灯变暗，B灯变暗DA灯变亮，B灯变暗4如图所示的电路中，R2为定值电阻，R1为滑动变阻器，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时（）A电流表示数变大，电压表示数变小B电流表示数变小，电压表示数变大C电流表和电压表示数都变小D电流表和电压表示数都变大5如图所示的电路中，当变阻器R的滑片P向下滑动时，电压表V和电流表A的示数变化的情况是（）AV和A的示数都变小BV和A的示数都变大CV的示数变大，A的示数变小DV的示数变小，A的示数变大6如图所示，调节滑动变阻器，电压表的读数由6V变为5V，电流表读数的变化量为0.5A，则下列说法中正确的是（）A电流表的读数变小了，电源的内阻为10B电流表的读数变大了，电源的内阻为20C电流表的读数变大了，电源的内阻为2D由于不知道电流表的具体读数，因此无法计算电源的内阻二、多项选择题（每题4分共16分）7在图中，AB两图分别为测灯泡电阻 R的电路图，下述说法正确的是（）AA图的接法叫电流表外接法，B图的接法叫电流表的内接法BA中R测R真，B中R测R真CA中误差由电压表分流引起，为了减小误差，就使RRv，故此法测较小电阻好DB中误差由电流表分压引起，为了减小误差，应使RRA，故此法测较大电阻好8铅蓄电池的电动势为2V，这表示（）A电路中每通过1C电量，电源把2J的化学能转变为电能B蓄电池两极间的电压为2VC蓄电池能在1s内将2J的化学能转变成电能D蓄电池将化学能转变成电能的本领比一节干电池（电动势为1.5V）的大9图为两个不同闭合电路中两个不同电源的UI图象，下列判断正确的是（）A电动势E1=E2，发生短路时的电流 I1I2B电动势E1=E2，内阻 r1r2C电动势E1E2，内阻 r1r2D当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大10一个电动势为E，内电阻为r的电池，接上负载电阻R，构成闭合电路，下列说法正确的是（）A当R=r时，路端电压为U=B当R=0时，路端电压为U=EC当R=r时，R获得的功率最大D当R=r时，电源的效率为=50%三、填空题（每空2分，共16分）11有一个未知电阻Rx，用图中（a）和（b）两种电路分别对它进行测量，用（a）图电路测量时，两表读数分别为6V，6mA，用（b）图电路测量时，两表读数分别为5.9V，10mA，则用图所示电路测该电阻的阻值误差较小，测量值Rx=，测量值比真实值偏（填：“大”或“小”）12在测干电池的电动势和内电阻的实验中，图1有甲、乙两个可供选择的电路，应选用电路进行实验，实验中误差的来源是读数比实际值偏，根据实验数据画出的UI图线如图2所示，则求得的电动势是V，内电阻是四、计算题（计算题（本题有4个小题，共，50分，要求书写中要有必要的文字说明和重要的表达式）13在如图所示的电路中，电源的电动势为1.5V，内阻为0.12，外电路的电阻为1.38，求电路中的电流和路端电压14如图，R=0.8当开关S断开时电压表的读数为1.5V；当开关S闭合时电压表的读数为1.2V，则该电源的电动势和内电阻分别为多少？15一台直流电动机的额定电压为U=110V，电枢的电阻R=0.5，当它正常工作时通过的电流I=20A，若电动机正常运转时间t=1分钟求：（1）电流所做的功；（2）电枢上产生的热量；（3）电动机输出的机械能16如图所示，电源电动势E=10V，内阻r=2，R1=28，R2=30，R3=60，电容C=4108F，求：（1）开关S断开和闭合时电容器所带电量之比；（2）开关S闭合后通过R3的电量xx学年江苏省连云港市灌南县华侨双语学校高二（上）第一次月考物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、单项选择题（每题3分，共18分）1一太阳能电池板，测得它的开路电压为800mV，短路电流40mA若将该电池板与一阻值为20的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）A0.10VB0.20VC0.30VD0.40V【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】由电池板开路电路等于电源的电动势，求出电动势，由短路电流求出电源的内阻再根据闭合电路欧姆定律求出电流和路端电压【解答】解：电源没有接入外电路时，路端电压值等于电动势，则知电池板的电动势为：E=800mV由闭合电路欧姆定律得短路电流：I短=则电源内阻：r=20该电源与20的电阻连成闭合电路时，电路中电流：I=mA=20mA故路端电压：U=IR=20mA20=400mV=0.40V；故选：D2在某段电路中，其两端电压为U，通过的电流为I，通电时间为t，若该电路电阻为R，则关于电功和电热的关系，下列结论不正确的是（）A在任何电路中，电功UIt=I2RtB在任何电路中，电功为UIt，电热为I2RtC在纯电阻电路中，UIt=I2RtD在非纯电阻电路中，UItI2Rt【考点】焦耳定律；电功、电功率【分析】电功和电热的公式均适用于任何电路在纯电阻电路中，电能全部转化为内能，电功等于电热，W=UIt=I2Rt在非纯电阻电路中，电能一部分转化为内能，另一部分转化为其他形式的能，电功大于电热，即UItI2Rt【解答】解：A、在纯电阻电路中，电能全部转化为内能，电功等于电热，W=UIt=I2Rt，在非纯电阻电路中，电能一部分转化为内能，另一部分转化为其他形式的能，电功大于电热，即UItI2Rt，故AD错误，C正确B、在任何电路中，电功W=UIt，电热Q=I2Rt故B正确本题选不正确的，故选：AD3如图所示A灯与B灯的电阻相同，当滑动变阻器R的滑动片P向上滑动时，两灯亮度变化是（）AA灯变亮，B灯变亮BA灯变暗，B灯变亮CA灯变暗，B灯变暗DA灯变亮，B灯变暗【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】首先分析电路结构，再由闭合电路欧姆定律即可分析电路中电流及电压的变化；再由欧姆定律即可分析两灯泡的变化【解答】解：由图可知，灯泡A与滑动变阻器并联后与电阻R0串联，然后再与B灯并联；当滑片P向上滑动时，滑动变阻器接入电阻增加，则电路的总电阻增加；由闭合电路欧姆定律可知，总电流减小，电源的内电压减小，则路端电压增加，故灯泡B亮度变亮；总电流减小，通过B灯的电流增大，则由并联电路规律可知，通过电阻R0的电流减小，其分担的电压也减小，A灯泡两端的电压增加，故A灯泡也变亮；故A正确；故选：A4如图所示的电路中，R2为定值电阻，R1为滑动变阻器，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时（）A电流表示数变大，电压表示数变小B电流表示数变小，电压表示数变大C电流表和电压表示数都变小D电流表和电压表示数都变大【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】由图看出变阻器右侧电阻与R2并联后与左侧电阻串联，电压表测量路端电压，电流表测量干路电流当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析电流的变化和路端电压的变化，即可判断两个电表示数的变化【解答】解：当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，变阻器左侧接入电路的电阻减小，右侧电阻增大，由于右侧电阻与R2并联，并联电阻小于任一支路的电阻，所以变阻器左侧电阻的减小量大于右侧并联电阻增大量，所以外电路总电阻减小根据闭合电路欧姆定律可知：电路中电流增大，则电流表的示数变大电源的内电压增大，则路端电压减小，电压表示数变小故A正确故选：A5如图所示的电路中，当变阻器R的滑片P向下滑动时，电压表V和电流表A的示数变化的情况是（）AV和A的示数都变小BV和A的示数都变大CV的示数变大，A的示数变小DV的示数变小，A的示数变大【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】明确电路图的结构，根据滑动变阻器的滑片的移动可知电阻的变化；由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化及路端电压的变化；再由欧姆定律可得出电压表及电流表的变化【解答】解：由图可知，R3与R并联后与R2、R1串联；当滑片向下滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；则由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流增大，路端电压减小；因总电流增大，故R1、R2两端的电压增大；则并联部分总电压减小，故流过R3的电流减小，电流表中电流增大；故只有B正确；故选：B6如图所示，调节滑动变阻器，电压表的读数由6V变为5V，电流表读数的变化量为0.5A，则下列说法中正确的是（）A电流表的读数变小了，电源的内阻为10B电流表的读数变大了，电源的内阻为20C电流表的读数变大了，电源的内阻为2D由于不知道电流表的具体读数，因此无法计算电源的内阻【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】根据电压表读数的变化判断电源的内电压如何变化，然后根据欧姆定律判断电流表示数如何变化；由题知道两个电表读数的变化量，根据闭合电路欧姆定律可求得电源的内电阻【解答】解：由电路图知，电压表的读数为路端电压由于电压表读数减小，电源的内电压增大，则由U=Ir，知电路中电流增大，则知电流表的读数变大根据闭合电路欧姆定律U=EIr，则得r=2，故ABD错误，C正确故选：C二、多项选择题（每题4分共16分）7在图中，AB两图分别为测灯泡电阻 R的电路图，下述说法正确的是（）AA图的接法叫电流表外接法，B图的接法叫电流表的内接法BA中R测R真，B中R测R真CA中误差由电压表分流引起，为了减小误差，就使RRv，故此法测较小电阻好DB中误差由电流表分压引起，为了减小误差，应使RRA，故此法测较大电阻好【考点】伏安法测电阻【分析】伏安法测电阻有两种实验电路：电流表的内接法与外接法；A图为电流表外接法，误差来源于电流表的示数不只是通过灯泡电阻R的电流，还包括了电压表的电流；B图是电流表内接法，误差来源于电压表的示数不只是灯泡电阻R的电压，还包括了电流表的分压；要根据测量值的计算式去分析偏大还是偏小【解答】解：A、图A所示电路是电流表的外接法，图B所示电路是电流表的内接法，故A正确；B、图A所示电路，电压表测量值准确，又由于电压表的分流作用，电流表测量值偏大，根据欧姆定律R=，电阻测量值偏小，即R测R真；B图中，电流表测量值准确，又由于电流表的分压作用，电压表测量值偏大，根据欧姆定律R=，电阻测量值偏大，即R测R真，故B正确；C、图A所示电路，系统误差是由电压表分流造成的，为了减小误差，应使RRv，故此法测较小电阻好，故C正确；D、图B所示实验电路，系统误差是由于电流表分压造成的，为了减小误差，应使RRA，故此法测较大电阻好，故D正确；故选：ABCD8铅蓄电池的电动势为2V，这表示（）A电路中每通过1C电量，电源把2J的化学能转变为电能B蓄电池两极间的电压为2VC蓄电池能在1s内将2J的化学能转变成电能D蓄电池将化学能转变成电能的本领比一节干电池（电动势为1.5V）的大【考点】电源的电动势和内阻【分析】电动势是一个表征电源特征的物理量定义电源的电动势是电源将其它形式的能转化为电能的本领，在数值上，等于非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功它是能够克服导体电阻对电流的阻力，使电荷在闭合的导体回路中流动的一种作用【解答】解：A、电路中每通过1 C电荷量，铅蓄电池将1C的正电荷从负极移至正极的过程中，克服静电力做功w=qU=1C2V=2J，故电势能增加2J，即2J化学能转化为电能故A正确；B、当电池不接入外电路时，蓄电池两极间的电压为2V；当电池接入电路时，两极间的电压小于2V，故B错误；C、铅蓄电池的电动势为2V，表示非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功为2J，即电能增加2J，与时间无关故C错误D、电动势表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势大，转化本领大一节干电池的电动势为1.5V，则蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5V）的大，故D正确；故选：AD9图为两个不同闭合电路中两个不同电源的UI图象，下列判断正确的是（）A电动势E1=E2，发生短路时的电流 I1I2B电动势E1=E2，内阻 r1r2C电动势E1E2，内阻 r1r2D当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大【考点】路端电压与负载的关系【分析】UI图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻【解答】解：AUI图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，故电动势E1=E2，发生短路时的电流I1I2，故A正确；BUI图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，电动势E1=E2，内阻r1r2，故B错误；CUI图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，电动势E1=E2，内阻r1r2，故C错误；D电动势E1=E2，内阻r1r2，根据U=EIr可知，当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大，故D正确；故选：AD10一个电动势为E，内电阻为r的电池，接上负载电阻R，构成闭合电路，下列说法正确的是（）A当R=r时，路端电压为U=B当R=0时，路端电压为U=EC当R=r时，R获得的功率最大D当R=r时，电源的效率为=50%【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律【分析】当R=r时，路端电压与内电压相等当R=0时，路端电压为U=0当R=r时，根据数学知识分析得知R获得的功率最大当R=r时，由电源的效率=求解电源的效率【解答】解：A、当R=r时，路端电压与内电压相等，而两者之和等于电动势E，则路端电压为U=故A正确 B、当R=0时，外电路短路，路端电压为U=0故B错误 C、R获得的功率P=I2R=，根据数学知识可知，当R=r时，P有最大值故C正确 D、当R=r时，电源的效率=50%故D正确故选ACD三、填空题（每空2分，共16分）11有一个未知电阻Rx，用图中（a）和（b）两种电路分别对它进行测量，用（a）图电路测量时，两表读数分别为6V，6mA，用（b）图电路测量时，两表读数分别为5.9V，10mA，则用a图所示电路测该电阻的阻值误差较小，测量值Rx=1000，测量值比真实值偏大（填：“大”或“小”）【考点】伏安法测电阻【分析】根据题给条件分析电流表、电压表示数变化显著程度，来分析电路误差大小测量值由电压表与电流表读数之比求出，剔除误差后求出真实值【解答】解：两次测量电压表示数变化率大小=， 电流表示数变化率大小=则 可见电流表示数变化显著，说明电压分流作用显著，采用电流表内接法误差较小，故a图所示电路测该电阻的阻值误差较小 测量值Rx=1000 真实值R真=RxRA 故测量值比真实值偏大故本题答案是：a；1000；大12在测干电池的电动势和内电阻的实验中，图1有甲、乙两个可供选择的电路，应选用甲电路进行实验，实验中误差的来源是电流表读数比实际值偏小，根据实验数据画出的UI图线如图2所示，则求得的电动势是1.5V，内电阻是0.83【考点】测定电源的电动势和内阻【分析】由于电压表和电流表都有一定的内阻，给实验带来系统误差甲电路中，电流表读出的不是通过电源的电流，误差来源于电压表的分流，而乙电路中，电压表测量的电压不等于路端电压，是由于电流表的分压由于电源的内阻较小，电压表分流较小，则知可采用甲电路进行实验由图读出两组电压和电流值，由闭合电路欧姆定律组成方程，求出电源的电动势和内阻【解答】解：本实验中电压表应测量路端电压，电流表应测量通过电源的电流，由于电压表和电流表都有一定的内阻，两种电路都存在系统误差甲电路中，电流表读出的不是通过电源的电流，比电源的电流小，其读数等于电源的电流与通过电压表电流之差，误差来源于电压表的分流，而乙电路中，电压表测量的电压不等于路端电压，是由于电流表的分压由于电源的内阻较小，电流表的内阻也较小，若采用乙电路，电流表分压较大，测得的内阻误差较大而甲电路中，电源内阻较小时，电压表分流较小，测量误差较小故可采用甲电路进行实验甲电路中由于电压表的分流，使电流表的读数小于真实值； 由U=EIr可得，图象与纵坐标的交点为电源的电动势，图象的斜率表示内阻，将图象延长可得：E=1.5V； r=0.83故答案为：甲，电流表，小，1.5，0.83四、计算题（计算题（本题有4个小题，共，50分，要求书写中要有必要的文字说明和重要的表达式）13在如图所示的电路中，电源的电动势为1.5V，内阻为0.12，外电路的电阻为1.38，求电路中的电流和路端电压【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】闭合开关S后，运用闭合电路欧姆定律求解电路中的电流I，再由部分电路欧姆定律求解路端电压【解答】解：闭合开关S后，由闭合电路欧姆定律得电路中的电流I为：I=A=1A路端电压为：U=IR=11.38=1.38（V）答：电路中的电流为1A，路端电压为1.38V14如图，R=0.8当开关S断开时电压表的读数为1.5V；当开关S闭合时电压表的读数为1.2V，则该电源的电动势和内电阻分别为多少？【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】开关断开时，电压表可直接测出电源的电动势，开关闭合后，根据闭合电路欧姆定律求内阻【解答】解：开关断开时，不计电压表对电路的影响，电路中电流近似为零，电源的内电压约为零，则电压表可直接测出电源的电动势，则得电源的电动势为：E=1.5V；开关闭合后，电路中电流为：I=A=1.5A根据闭合电路欧姆定律得：E=U+Ir，得：r=0.2答：该电源的电动势E和内电阻r分别为1.5V和0.215一台直流电动机的额定电压为U=110V，电枢的电阻R=0.5，当它正常工作时通过的电流I=20A，若电动机正常运转时间t=1分钟求：（1）电流所做的功；（2）电枢上产生的热量；（3）电动机输出的机械能【考点】电功、电功率【分析】电动机为非纯电阻，电动机在工作时，把电能转化成机械能的同时，还有一部分电能转化成了热能，并且线圈与电动机串联（1）已知通过电动机的电流、电动机两端的电压和时间，可利用公式W=UIt计算电动机消耗的电能（2）已知电动机线圈的电阻、通过线圈的电流和时间，可利用公式Q=I2Rt计算线圈产生的热量（3）已知电动机消耗的电能和线圈产生的热量，便可以计算出电动机做的机械功【解答】解：（1）电流所做的功为：W=UIt=1102060 J=1.32105 J（2）电枢上产生的热量为：Q=I2Rt=2020.560 J=1.2104 J（3）根据能量守恒定律，电动机输出的机械能：E=WQ=1.32105 J1.2104J=1.2105 J答：（1）电流所做的功为1.32105 J；（2）电枢上产生的热量为1.2104 J；（3）电动机输出的机械能为1.2105 J16如图所示，电源电动势E=10V，内阻r=2，R1=28，R2=30，R3=60，电容C=4108F，求：（1）开关S断开和闭合时电容器所带电量之比；（2）开关S闭合后通过R3的电量【考点】闭合电路的欧姆定律；电容【分析】（1）开关断开稳定时，电路中没有电流，电容器的电压等于电源的电动势开关闭合稳定时，电容器的电压等于电阻R2两端的电压根据欧姆定律和串联电路的特点求出电阻R2的电压，再由Q=CU求出电量之比（2）开关S闭合后通过R3的电量等于开关闭合前后电量之差【解答】解：（1）开关断开稳定时，电路中没有电流，电容器的电压等于电源的电动势，即U1=E=10v开关闭合稳定时，电容器的电压等于电阻R2两端的电压，则U2=5V对于给定电容器，电容不变，由Q=CU得，Q1：Q2=U1：U2=2：1（2）答：（1）开关S断开和闭合时电容器所带电量之比为2：1；（2）开关S闭合后通过R3的电量为2107Cxx年10月30日