2019-2020年高考物理二模试卷含解析.doc

2019-2020年高考物理二模试卷含解析一、选择题（本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1在t=0时，甲、乙两质点从相距70m的两地开始相向运动，它们的vt图象如图所示下列说法正确的是（）A 前4s内，乙质点的加速度始终大于甲质点B 第1s末，乙质点改变运动方向C 第3s末，甲、乙两质点相遇D 第4s末，甲、乙两质点相距30m2完全相同的两物体P、Q，质量均为m，叠放在一起置于水平地面上现用两根不等长的细线系在两物体上，连接P的细线长于连接Q的在细线的结点处施加水平拉力F，两物体始终保持静止，如图所示重力加速度为g下列说法正确的是（）A 细线对P的拉力大于对Q的拉力B P、Q之间的摩擦力大小为C 物体Q对地面的压力小于2mgD 物体Q对地面的摩擦力大小为F3如图所示，在宇宙空间中，甲、乙、丙三颗恒星位于同一直线上，甲、丙围绕乙在半径为R的圆轨道上运行它们离其它恒星较远若甲、丙两星质量均为M乙星质量为2M，引 力常量为G，则下列说法正确的是（）A 甲星所受合外力为B 乙星所受合外力为C 甲星和丙星的线速度相同，为D 甲星和丙星的角速度相同，为4如图所示，无限大均匀带正电薄板竖直放置，其周围空间的电场可认为是匀强电场 光滑绝缘细管垂直于板穿过中间小孔，细管内一个视为质点的带负电小球仅在电场力作用下运动，经过O点时速率为v0，动能为EK0以小孔为原点建立x轴，规定x轴正方向为加速度a、速度v的正方向，薄板电势为+下图分别表示x轴上各点的电势，小球的加速度a、速度v和动能Ek随x的变化图象，其中正确的是（）A B C D 5匀强磁场的磁感应强度B随时间t变化的规律如图甲所示，磁场方向垂直与纸面，规定向里为正方向在磁场中有一细金属环圆环平面位于纸而内，如图乙所示磁感强度B按图中Oa、ad、bc段变化时，金属圆环中的感应电流分别用l1、l2、l3表示，金属环的很小一段受到的安培力分別用F1、F2、F3表示下列说法正确的是（）A l1l2l3B l1l2=l3C l1沿逆时针方向，l2、l3均沿顺时时针方向D F1方向指向圆心，F2、F3方向均背离圆心6如图所示，MN、PQ是两条平行放置在水平面内的光滑金属导轨，导轨宽度为L导轨的右端接理想变压器的原线圈，变压器的副线圈与阻值为R的电阻组成闭合回路，变压器的原、副线圈匝数之比n1：n2=k质量为m的导体棒ab垂直MN、PQ放在导轨上，在水平外力作用下，从t=0时刻开始往复运动，其速度随时间变化的规律是v=vmsin（），已知垂直轨道平面的匀强磁场的磁感应强度为B，导轨、导体棒、导线和线圈的电阻均不计，电流表为理想交流电表，导体棒始终在磁场中运动则下列说法中正确的是（）A 导体棒两端的最大电压为BLvmB 在t=时刻，电流表的示数为C 电阻R的电功率为D 从t=0至t=的时间内，水平外力所做的功为+，7如图所示，水平光滑长杆上套有小物块A，细线跨过O点的轻质光滑小定滑轮一端连接A，另一端悬挂小物块B，物块A、B质量相等C为0点正下方杆上一点，滑轮到杆的距离OC=h开始时，A位于P点，PO与水平方向的夹角为30现将A、B静止释放下列说法正确的是（）A 物块A由P点出发第一次到达C点过程中，速度不断增大B 在物块A由P点出发第一次到达C点过程中，物块B克服细线拉力做的功小于B重力势能的减少量C 物块A在杆上长为2h的范围内做往复运动D 物块A经过C点时的速度大小为二、必答题8如图甲为“测量木块与木板间的动摩擦因数”实验示意图木块以不同的初速度沿倾斜木板向上滑到最高点后再返回，用光电门测量木块来回的速度，用刻度尺测量木块向上运动的最大距离为确定木块向上运动的最大距离，让木块推动轻质卡到最高点，记录这个位置（1）用螺旋测微器测量遮光条的宽度如围乙所示，读数为mm（2）改变木块的初速度，每次它向上运动的最大距离x来问经过光电门时速度的平方之差v2的测量结果如下表所示，试在丙图坐标纸上作出v2x的图象经测量木板倾角的余弦值为0.6，取重力加速度g=9.80m/s2，则木块与木板间的动摩擦因数为（结果保留两位有效数宇）序号i2345x/cm16.036 060.070.088.0v2/（ m2s2）1.22.74.55.76.6（3）由于轻质卡的影响，使得测量的结果（选填“偏大”或“偏小”）9在外力作用下，某些固体材料发生形变时，其电阻率也发生变化，这种由于外力作用而使材料电阻率发生变化的现象称为“压阻效应”现用如图甲所示的电路研究某长薄板电阻的RX的压阻效应已知RX的阻值范围为几欧到几十欧实验室中有下列器材：A电源E（3V，内阻约为1） B电流表A1（0.6A，内阻r1=5）C电流表A2（0.6A，内阻r2约为1） D开关S，定值电阻R0（1）为了比较准确地测量电阻Rx的阻值，请在图甲中完成虚线框内电路的设计（2）定值电阻R0的阻值应该选用 （填阻值前的字母）A.1 B.5 c.10 D.20（3）在电阻RX上加一个竖直向下的力F（设竖直向下为正方向），闭合开关S，记下电表读数，A1读数为I1，A2读数为I2，得 RX=（用字母表示）（4）改变力的大小，得到不同的RX值然后，让力反向从下向上挤压电阻，并改变力的大小，得到不同的RX值，最后绘成的图象如图乙所示那么，由图可得RX与所受压力F的函数关系RX=10如图所示，倾角=37、高为h的斜面固定在水平地面上小球从高为H（hH）处自由下落，总能与斜面上的特定小装置做无能量损失的碰撞后，水平抛出小球自由下落到斜面上的落点距斜面左侧的水平距离x满足一定条件时，小球能直接落到水平地面已知cos37=，sin37=，忽略空气阻力（1）求小球落到水平地面时的速度大小（2）要使小球做平抛运动后能直接落到水平地面，求x应满足的条件（3）在满足（2）的条件下，求小球运动最长时间11欧洲大型强子对撞机是目前世界上规模最大、能量最高的将质子加速对撞的高能物理设备其原理可简化为下图所示：两束横截面积极小、长度为l0的质子束以初速度v0同时从左、右两测入口射入加速电场，经过相同的一段距离后，射入垂直于纸面的圆形匀强磁场区域被偏转，最后两质子束迎面相撞已知质子质量为m、电量为e，加速极板AB、AB间电压均为U0，且满足e U0=mv2两磁场磁感应强度相同，半径均为R，磁场区域的圆心O、O分别在两质子束的入射方向上，O、O连线与质子束的入射方向垂直且距离为H=R整个装置处于真空中，忽略粒子间的相互作用及相对论效应（1）试求质子束经过加速电场加速后（未进入磁场时）的速度v和长度l；（2）试求磁场磁感应强度B和质子束碰撞过程经历的时间t；（3）若次实验时将磁场O的圆心往上移了，其余条件均不变，则质子束能否相撞？若不能，请说明理由：若能，请说明相撞的条件及碰撞过程经历的时间t三、选做题物理一物理3-312关于热学规律，下列说法正确的是 （）A 每一个分子都有势能和动能，每个分子的动能与势能之和就是该分子的内能B 热量可以自发地从高温物体向低温物体传递，但要从低温物体向高温物体传递，必须有第三者介入C 如来用Q表示外界向系统传递的热量，用W表示系统对外界所做的功，U表示系统的内能增量，那么热力学第一定律可以表达为U=QWD 液体蒸发的快慢与空气的湿度有关，与空气的温度无关13用如图所示的装置测量某种矿物质的密度，操作步骤和实验数据如下：a打开阀门K，使管A、容器C、容器B和大气相通上下移动使水银面与刻度n对齐；b关闭K，向上举D，使水银面达到刻度ri处这时测得B、D两管内水银面高度差h1=19.0cm；c打开K，把m=400g的矿物质投入C中，上下移动D，使水银面重新与n对齐，然后关闭K；d向上举，使水银面重新到达刻度m处，这时测得B、D两管内水银面高度差h2=20.6cm已知容器C和管A的总容积为VC=1000cm3，温度保持不变，求该矿物质的密度15如图所示，一个折射率为的三棱镜的截面为等腰直角ABC，A为直角此截面所在平面内的一束光线沿与AB边成角（90）的方向入射到AB边的中点P处，若要光线进入三棱镜后能射到AC边上且能在AC面上发生全反射，则cos应满足什么条件？17如图所示，质量为M、半径为R的质量分布均匀的圆环静止在粗糙的水平桌面上，一质量为m（mM）的光滑小球以某一水平速度通过环上的小孔正对环心射入环内，与环发生第一次碰撞后到第二次碰撞前小球恰好不会从小孔中穿出假设小球与环内壁的碰撞为弹性碰撞，只考虑圆环与桌面之间的摩擦，求圆环通过的总位移？物理一物理3-414下列说法中正确的是 （）A 在光的双缝千涉实验中，条纹间距与缝的宽度成正比B 真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，与光源、观察者间的相对运动无关C 红光在玻璃砖中的传播速度比紫光在玻璃砖中的传播速度大D 只有障碍物的尺寸比波长小得多时，才会发生波的衍射现象物理一物理3-516下列说法正确的是 （）A 普朗克在研究黑体辐射时提出了能量子假说B 卢瑟福将量子观点引入到原子模型中，成功解释了氢原子的发光现象C 汤姆逊在研究y射线时发现了电子D 我国科学家钱三强和何泽慧研究铀核裂变时，发现了铀核也可能分裂成三部分或四部分xx年山东省枣庄市高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1在t=0时，甲、乙两质点从相距70m的两地开始相向运动，它们的vt图象如图所示下列说法正确的是（）A 前4s内，乙质点的加速度始终大于甲质点B 第1s末，乙质点改变运动方向C 第3s末，甲、乙两质点相遇D 第4s末，甲、乙两质点相距30m考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：速度时间图线中速度的正负表示运动方向，图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，结合这些知识分析质点的运动情况解答：解：A、根据速度时间图象的斜率表示加速度，可知，前4s内，乙质点的加速度始终大于甲质点，故A正确B、在第1s末，乙的速度仍然为负值，说明其运动方向并未改变故B错误C、前3s内，甲的位移大小x甲=345m=67.5m，乙的位移等于第1s内的位移，为x乙=130m=15m，因为x甲+|x乙|70m，说明第3s末，甲、乙两质点已经相遇过了，故C错误D、前4s内，甲的位移大小x甲=460m=120m，乙的位移为x乙=230m+602m=30m，则第4s末，甲、乙两质点相距x=x甲x乙70m=20m故D错误故选：A点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、图线与时间轴围成的面积表示的含义2完全相同的两物体P、Q，质量均为m，叠放在一起置于水平地面上现用两根不等长的细线系在两物体上，连接P的细线长于连接Q的在细线的结点处施加水平拉力F，两物体始终保持静止，如图所示重力加速度为g下列说法正确的是（）A 细线对P的拉力大于对Q的拉力B P、Q之间的摩擦力大小为C 物体Q对地面的压力小于2mgD 物体Q对地面的摩擦力大小为F考点：摩擦力的判断与计算专题：摩擦力专题分析：将F按照平行四边形定则进行分解，求出两根绳子上的拉力大小，以PQ整体为研究对象求物体Q对地面的压力大小解答：解：将F按照平行四边形定则进行分解，如图：A、因连接P的细线长于连接Q的，根据力的矢量合成法则，则有细线对P的拉力小于对Q的拉力，故A错误；B、由上分析可知，FPFQ，那么FP的分力小于，因此P、Q之间的摩擦力大小小于，故B错误；C、以PQ整体为研究对象受力分析，根据平衡条件，竖直方向：N地=2mg，根据牛顿第三定律则物体Q对地面的压力大小为2mg，故C错误；D、以PQ整体为研究对象受力分析，根据平衡条件，水平方向：f=F，故D正确；故选：D点评：整体法和隔离法是动力学问题常用的解题方法，整体法是指对物理问题中的整个系统或整个过程进行分析、研究的方法在力学中，就是把几个物体视为一个整体，作为研究对象，受力分析时，只分析这一整体对象之外的物体对整体的作用力（外力），不考虑整体内部之间的相互作用力3如图所示，在宇宙空间中，甲、乙、丙三颗恒星位于同一直线上，甲、丙围绕乙在半径为R的圆轨道上运行它们离其它恒星较远若甲、丙两星质量均为M乙星质量为2M，引 力常量为G，则下列说法正确的是（）A 甲星所受合外力为B 乙星所受合外力为C 甲星和丙星的线速度相同，为D 甲星和丙星的角速度相同，为考点：万有引力定律及其应用专题：万有引力定律的应用专题分析：根据恒星的受力，结合万有引力定律求出合力的大小，根据合力提供向心力求出线速度和角速度的大小解答：解：A、甲星所受的合外力为：F=，故A正确B、乙星受到的合外力为：，故B错误C、甲丙两星所受的合力相等，线速度大小相等，根据得：v=，故C错误D、甲丙两星所受的合力相等，角速度大小相等，根据得：=，故D正确故选：AD点评：本题考查了万有引力理论的基本运用，注意甲所受的合力等于乙和丙对它万有引力的合力，结合牛顿第二定律进行求解，难度不大4如图所示，无限大均匀带正电薄板竖直放置，其周围空间的电场可认为是匀强电场 光滑绝缘细管垂直于板穿过中间小孔，细管内一个视为质点的带负电小球仅在电场力作用下运动，经过O点时速率为v0，动能为EK0以小孔为原点建立x轴，规定x轴正方向为加速度a、速度v的正方向，薄板电势为+下图分别表示x轴上各点的电势，小球的加速度a、速度v和动能Ek随x的变化图象，其中正确的是（）A B C D 考点：电势差与电场强度的关系专题：电场力与电势的性质专题分析：根据匀强电场中电势差与场强的关系公式U=Ed，分析电势与x的关系；根据牛顿第二定律分析加速度的大小和方向；根据动能定理分析速度和动能与x的关系解答：解：A、在x0范围内，当x增大时，由U=Ed=Ex，可知，电势差均匀增大，x应为向上倾斜的直线；在x0范围内，当x增大时，由U=Ed=Ex，可知，电势差均匀减小，x也应为向下倾斜的直线，故A正确；B、在x0范围内，电场力向右，加速度向右，为正值；在x0范围内，电场力向左，加速度向左，为负值；故B错误；C、在x0范围内，根据动能定理得：qEx=，vx图象应是曲线；同理，在x0范围内，图线也为曲线，故C错误；D、在x0范围内，当x增大时，由U=Ed=Ex，可知，电势差均匀增大，x应为向上倾斜的直线；在x0范围内，当x增大时，由U=Ed=Ex，可知，电势差均匀减小，Ekx也应为向下倾斜的直线，故D正确；故选：AD点评：对于物理图象，往往要根据物理规律，写出解析式，再加以分析，这是常用的解题方法，难度中等5匀强磁场的磁感应强度B随时间t变化的规律如图甲所示，磁场方向垂直与纸面，规定向里为正方向在磁场中有一细金属环圆环平面位于纸而内，如图乙所示磁感强度B按图中Oa、ad、bc段变化时，金属圆环中的感应电流分别用l1、l2、l3表示，金属环的很小一段受到的安培力分別用F1、F2、F3表示下列说法正确的是（）A l1l2l3B l1l2=l3C l1沿逆时针方向，l2、l3均沿顺时时针方向D F1方向指向圆心，F2、F3方向均背离圆心考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律专题：电磁感应与电路结合分析：由法拉第电磁感应定律可得出三者感应电动势的大小关系；由楞次定律可得出三段过程中电流的方向解答：解：A、由法拉第电磁感应定律可知：E=S，由图示可知，oa段最小，ab、bc两段相同，则：E1E2=E3，由欧姆定律可知：I=，R相同而E1E2=E3，则：I1I2=I3，故A错误，B正确；C、由楞次定律可判断出I1沿逆时针方向，I2与I3均沿顺时针方向，故C正确；D、由左手定则可知，oa段电流受到的安培力F1方向指向圆心，ab段安培力F2方向背离圆心向外，bc段安培力F3方向指向圆心，故D错误；故选：BC点评：本题考查楞次定律与法拉第电磁感应定律的应用，掌握由图象分析问题的方法与能力，注意在Bt图中同一条直线磁通量的变化率是相同的6如图所示，MN、PQ是两条平行放置在水平面内的光滑金属导轨，导轨宽度为L导轨的右端接理想变压器的原线圈，变压器的副线圈与阻值为R的电阻组成闭合回路，变压器的原、副线圈匝数之比n1：n2=k质量为m的导体棒ab垂直MN、PQ放在导轨上，在水平外力作用下，从t=0时刻开始往复运动，其速度随时间变化的规律是v=vmsin（），已知垂直轨道平面的匀强磁场的磁感应强度为B，导轨、导体棒、导线和线圈的电阻均不计，电流表为理想交流电表，导体棒始终在磁场中运动则下列说法中正确的是（）A 导体棒两端的最大电压为BLvmB 在t=时刻，电流表的示数为C 电阻R的电功率为D 从t=0至t=的时间内，水平外力所做的功为+，考点：变压器的构造和原理；交流的峰值、有效值以及它们的关系专题：电场力与电势的性质专题分析：棒产生的是交流电，电流表显示的是有效值，根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，结合功率公式逐项分析即可解答：解：A、当速度最大时，导体棒两端的最大电压为BLVm，A正确；B、的时刻棒的速度为Vm，感应电动势E=BLVm，副线圈的电压为BL，电流为BL，电流与匝数成反比，所以电流表的示数为，B错误；C、电阻R上消耗的功率为（BL）2R=，C错误；D、从t=0至的时间内水平外力所做的功等于R产生的热量与动能之和，即W=+=+，故D正确；故选：AD点评：本题中导体棒做简谐运动，是产生正弦式交变电流的一种方式，要结合变压器的原理和功率等知识点进行分析7如图所示，水平光滑长杆上套有小物块A，细线跨过O点的轻质光滑小定滑轮一端连接A，另一端悬挂小物块B，物块A、B质量相等C为0点正下方杆上一点，滑轮到杆的距离OC=h开始时，A位于P点，PO与水平方向的夹角为30现将A、B静止释放下列说法正确的是（）A 物块A由P点出发第一次到达C点过程中，速度不断增大B 在物块A由P点出发第一次到达C点过程中，物块B克服细线拉力做的功小于B重力势能的减少量C 物块A在杆上长为2h的范围内做往复运动D 物块A经过C点时的速度大小为考点：机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：在绳子作用下物块A由P点到C点的过程，绳子的拉力做正功，速度增大到C点时B的速度为零根据能量守恒定律，分析物块B克服细线拉力做的功与B重力势能的减少量的关系结合对称性分析物块A的运动范围由系统的机械能守恒求物块经过C点时的速度解答：解：A、物块A由P点出发第一次到达C点过程中，绳子拉力对A做正功，动能不断增大，速度不断增大，故A正确B、到C点时B的速度为零则根据功能关系可知，在物块A由P点出发第一次到达C点过程中，物块B克服细线拉力做的功等于B重力势能的减少量，故B错误C、由几何知识可得 =h，由于AB组成的系统机械能守恒，由对称性可得物块A在杆上长为2h的范围内做往复运动故C正确D、设物块A经过C点时的速度大小为v，此时B的速度为0根据系统的机械能守恒得：mg（h）=，得 v=，故D正确故选：ACD点评：本题的关键要正确分析两物块的运动情况，知道当A的速度最大时，B的速度为零，明确系统遵守机械能守恒，但对单个物块而言，机械能是不守恒的二、必答题8如图甲为“测量木块与木板间的动摩擦因数”实验示意图木块以不同的初速度沿倾斜木板向上滑到最高点后再返回，用光电门测量木块来回的速度，用刻度尺测量木块向上运动的最大距离为确定木块向上运动的最大距离，让木块推动轻质卡到最高点，记录这个位置（1）用螺旋测微器测量遮光条的宽度如围乙所示，读数为3.700mm（2）改变木块的初速度，每次它向上运动的最大距离x来问经过光电门时速度的平方之差v2的测量结果如下表所示，试在丙图坐标纸上作出v2x的图象经测量木板倾角的余弦值为0.6，取重力加速度g=9.80m/s2，则木块与木板间的动摩擦因数为0.010（结果保留两位有效数宇）序号i2345x/cm16.036 060.070.088.0v2/（ m2s2）1.22.74.55.76.6（3）由于轻质卡的影响，使得测量的结果偏大（选填“偏大”或“偏小”）考点：探究影响摩擦力的大小的因素专题：实验题分析：（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；（2）应用描点法作出图象；由牛顿第二定律与运动学公式求出图象函数表达式，然后根据图象与函数表达式求出动摩擦因数；（3）根据图示实验装置与实验步骤分析实验误差解答：解：（1）由图乙所示螺旋测微器可知，螺旋测微器示数为：3.5mm+20.00.01mm=3.700mm（2）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据描出的点作出图象如图所示：由牛顿第二定律得：木块上滑时：mgsin+mgcos=ma1，木块下滑时：mgsinmgcos=ma2，由匀变速直线运动的速度位移公式得：0v02=2a1x，v2=2a2x，v2=v02v2=4gxcos，由图示图象可知，动摩擦因数：斜率：k=4gcos=0.25，动摩擦因数：=0.010；（3）由于轻质卡与木板间存在摩擦力，所测摩擦力实际是木块与轻质卡受到的摩擦力的合力，由于轻质卡所受摩擦力影响，所测动摩擦因数偏大故答案为：（1）3.700；（2）图象如图所示，0.010；（3）偏大点评：本题考查了测动摩擦因数实验，知道实验原理与实验步骤是正确解题的关键；应用牛顿第二定律与匀变速运动的速度位移公式求出图象的函数表达式是正确求出动摩擦因数的前提与关键9在外力作用下，某些固体材料发生形变时，其电阻率也发生变化，这种由于外力作用而使材料电阻率发生变化的现象称为“压阻效应”现用如图甲所示的电路研究某长薄板电阻的RX的压阻效应已知RX的阻值范围为几欧到几十欧实验室中有下列器材：A电源E（3V，内阻约为1） B电流表A1（0.6A，内阻r1=5）C电流表A2（0.6A，内阻r2约为1） D开关S，定值电阻R0（1）为了比较准确地测量电阻Rx的阻值，请在图甲中完成虚线框内电路的设计（2）定值电阻R0的阻值应该选用B （填阻值前的字母）A.1 B.5 c.10 D.20（3）在电阻RX上加一个竖直向下的力F（设竖直向下为正方向），闭合开关S，记下电表读数，A1读数为I1，A2读数为I2，得 RX=（用字母表示）（4）改变力的大小，得到不同的RX值然后，让力反向从下向上挤压电阻，并改变力的大小，得到不同的RX值，最后绘成的图象如图乙所示那么，由图可得RX与所受压力F的函数关系RX=RX=16+F（F0）或：RX=16F （F0）考点：测定金属的电阻率专题：实验题分析：（1）测电阻阻值应测出电阻两端电压与通过电阻的电流，根据所给实验器材与实验原理作出实验电路图（2）由欧姆定律求出电路最小电阻，然后求出保护电阻的阻值，再选择保护电阻；（3）根据实验电路应用并联电路特点与欧姆定律求出电阻阻值；（4）分析图示图象，根据图象特点分析答题解答：解：（1）测电阻阻值需要测出电阻两端电压与通过电阻的电流，所给实验器材没有电压表，可以用已知内阻的电流表与待测电阻并联，测出电阻两端电压，另一个电流表串联在电路中测电路电流，实验电路图如图所示：（2）电路最小总电阻为：R最小=5，则保护电阻阻值约为：R0=R最小r=51=4，故选：B（3）电阻两端电压U=I1r1，通过电阻的电流I=I2I1，电阻阻值RX=；（4）由图乙所示图象可知，图象具有对称性，当正反向压力大小相等时，对应的电阻阻值相等；由图象可知，电阻与压力是一次函数关系，设为RX=R0+kF，由图象可知：R0=16，k= F0，k= F0，则：RX=16+F（F0）或：RX=16F （F0）；故答案为：（1）如图所示；（2）B；（3）；（4）RX=16+F（F0）或：RX=16F （F0）点评：伏安法测电阻原理时：用电压表测出电阻两端电压，用电流表测出通过电阻的电流，然后由欧姆定律求出电阻阻值，当没有电压表而有已知内阻的电流表时，可以把电流表与待测电阻并联，利用并联电路电压特点与欧姆定律测电阻两端电压10如图所示，倾角=37、高为h的斜面固定在水平地面上小球从高为H（hH）处自由下落，总能与斜面上的特定小装置做无能量损失的碰撞后，水平抛出小球自由下落到斜面上的落点距斜面左侧的水平距离x满足一定条件时，小球能直接落到水平地面已知cos37=，sin37=，忽略空气阻力（1）求小球落到水平地面时的速度大小（2）要使小球做平抛运动后能直接落到水平地面，求x应满足的条件（3）在满足（2）的条件下，求小球运动最长时间考点：平抛运动专题：平抛运动专题分析：（1）由于小球与斜面碰撞无能量损失，自由下落和平抛运动机械能也守恒，所以小球整个运动过程中机械能守恒，据此列式求解小球落到地面上的速度大小；（2）小球与斜面碰撞后做平抛运动，当正好落在斜面底端时，x最小，根据平抛运动的基本公式结合几何关系、动能定理求出x的最小值，而x的最大值即为h，从而求出x的范围；（3）根据竖直方向做自由落体运动，由运动学公式列出总时间的表达式，再由数学知识求解最长的时间解答：解：（1）设小球落到水平地面时的速度为v，由机械能守恒得，mgH=，解得v=（2）小球自由下落的落点距斜面左侧的水平距离x时，设小球做自由落体运动的末速度为v0，由运动学公式得，设小球做平抛运动落到水平地面所用的时间为t，由平抛运动规律得，s=v0t，联立解得s=由题意得，使小球做平抛运动后能直接落到水平地面，应有：s，解得（3）小球自由下落的落点距斜面左侧的水平距离x时，设小球做自由落体所用时间为t0，由运动学公式得，设小球由释放到落到水平地面运动的时间为t总，则t总=t0+t，解得，整理得，由上式可知，当Hh+=h，即x=时，小球运动时间最长，设为tm，则答：（1）小球落到水平地面时的速度大小为（2）x应满足的条件为（3）小球运动最长时间为点评：本题是机械能守恒与自由落体运动、平抛运动的综合，既要把握每个过程的物理规律，更要抓住它们之间的联系，比如几何关系，运用数学上函数法求解极值11欧洲大型强子对撞机是目前世界上规模最大、能量最高的将质子加速对撞的高能物理设备其原理可简化为下图所示：两束横截面积极小、长度为l0的质子束以初速度v0同时从左、右两测入口射入加速电场，经过相同的一段距离后，射入垂直于纸面的圆形匀强磁场区域被偏转，最后两质子束迎面相撞已知质子质量为m、电量为e，加速极板AB、AB间电压均为U0，且满足e U0=mv2两磁场磁感应强度相同，半径均为R，磁场区域的圆心O、O分别在两质子束的入射方向上，O、O连线与质子束的入射方向垂直且距离为H=R整个装置处于真空中，忽略粒子间的相互作用及相对论效应（1）试求质子束经过加速电场加速后（未进入磁场时）的速度v和长度l；（2）试求磁场磁感应强度B和质子束碰撞过程经历的时间t；（3）若次实验时将磁场O的圆心往上移了，其余条件均不变，则质子束能否相撞？若不能，请说明理由：若能，请说明相撞的条件及碰撞过程经历的时间t考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动分析：（1）由动能定理即可求出粒子的速度，由位移公式即可求出长度l；（2）由半径公式即可求出磁感应强度，由位移公式即可求出时间；（3）通过运动的轨迹与速度的方向分析能否发生碰撞解答：解：（1）质子加速的过程中，电场力做功，由动能定理得：eU0=mv2mv02，将eU0=mv02代入得：v=2v0，由于是相同的粒子，又在相同的电场中加速，所有粒子在电场中加速的时间是相等的，在加速之前，进入电场的时间差：t=，出电场的时间差也是t，所以，出电场后，该质子束的长度：L=vt=2v0t=2l0；（2）粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，在偏转后粒子若发生碰撞，则只有在粒子偏转90时，才可能发生碰撞，所以碰撞的位置在OO的连线上洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：evB=m，解得：B=，由于洛伦兹力只改变磁场的方向，不改变粒子的速度，所以粒子经过磁场后的速度的大小不变，由于所有粒子的速度大小相等，所以应先后到达同一点，所以碰撞的时间为：t=；（3）某次实验时将磁场O的圆心往上移了，其余条件均不变，则质子束经过电场加速后的速度不变，而运动的轨迹不再对称对于上边的粒子，不是对着圆心入射，而是从F点入射，如图所示：E点是原来C点的位置，连接OF、OD，作FK平行而且等于OD，再连接KD，由于OD=OF=FK，则四边形ODFK是菱形，即KD=KF，所以粒子仍然从D点射出，但方向不是沿OD的方向，K为粒子束的圆心由于磁场向上移了R，故：sinCOF=，解得：COF=，DOF=FKD=，而对于下边的粒子，没有任何的改变，故两束粒子若相遇，则一定在D点相遇下方的粒子到达C后先到达D点的粒子需要的时间：t=，而上方的粒子到达E点后，最后到达D点的粒子需要的时间：t=；若tt即当l0R时，两束粒子不会相遇；若tt即当l0R时，两束粒子可能相碰撞的最长时间：t=tt=R；答：（1）质子束经过加速电场加速后（未进入磁场）的速度是2v0，长度是2l0；（2）磁场磁感应强度B为，质子束碰撞过程经历的时间t为；（3）若次实验时将磁场O的圆心往上移了，其余条件均不变，l0R时，两束粒子不会相遇；当l0R时，两束粒子可能相碰撞的最长时间为：R点评：该题属于分析物理实验的题目，虽然给出的情况比较新颖，但是，只有抓住带电粒子在电场中运动的规律与带电粒子在磁场中运动的规律，使用动能定理与磁场中的半径公式即可正确解答中档题目三、选做题物理一物理3-312关于热学规律，下列说法正确的是 （）A 每一个分子都有势能和动能，每个分子的动能与势能之和就是该分子的内能B 热量可以自发地从高温物体向低温物体传递，但要从低温物体向高温物体传递，必须有第三者介入C 如来用Q表示外界向系统传递的热量，用W表示系统对外界所做的功，U表示系统的内能增量，那么热力学第一定律可以表达为U=QWD 液体蒸发的快慢与空气的湿度有关，与空气的温度无关考点：*相对湿度；热力学第一定律分析：物体的内能包括分子势能和分子热运动动能；根据热力学第一定律和热力学第二定律明确能量的转化问题；液体蒸发的快慢与空气的湿度和温度有关解答：解：A、对单个分子来说，其内能无意义，内能是对大量分子（物体）而言的，故A错误；B、由热力学第二定律可知，热量可以自发地从高温物体向低温物体传递，但要从低温物体向高温物体传递，必须有第三者介入；故B正确；C、热力学第一定律的表达式为U=QW；故C正确；D、液体蒸发的快慢与空气的湿度和温度均有关系；故D错误；故选：BC点评：本题考查了物体的内能的概念和布朗运动；要能够从微观角度理解内能；但要明确内能是一个统计规律，对单个分子没有意义13用如图所示的装置测量某种矿物质的密度，操作步骤和实验数据如下：a打开阀门K，使管A、容器C、容器B和大气相通上下移动使水银面与刻度n对齐；b关闭K，向上举D，使水银面达到刻度ri处这时测得B、D两管内水银面高度差h1=19.0cm；c打开K，把m=400g的矿物质投入C中，上下移动D，使水银面重新与n对齐，然后关闭K；d向上举，使水银面重新到达刻度m处，这时测得B、D两管内水银面高度差h2=20.6cm已知容器C和管A的总容积为VC=1000cm3，温度保持不变，求该矿物质的密度考点：理想气体的状态方程专题：理想气体状态方程专题分析：整个过程都是等温变化，确定三个状态和各状态下的状态参量，根据理想气体等温变化列式即可求得结果解答：解：设水银的密度为，大气压强为p0，容器B体积为VB，矿物体积VVC=1000cm3=1103m3以C、A、B中封闭的气体为研究对象，以封闭时水银面处于n处为初状态，以水银面调至m处为末状态由玻意耳定律得：p0（VB+VC）=（p0+gh1）VC，以C中装入矿物质后C、A、B中气体为研究对象，以封闭时水银面处于n处为初状态，以水银面调至m处为末状态由玻意耳定律得：p0（VB+VCV）=（p0+gh2）（VCV），质量：m=V，解得：=5.15103kg/m3；答：该矿物质的密度为5.15103kg/m3点评：该题考查了理想气体等温变化，解题的关键是确定气体状态和分析状态参量，体积的分析是解答该题的关键15如图所示，一个折射率为的三棱镜的截面为等腰直角ABC，A为直角此截面所在平面内的一束光线沿与AB边成角（90）的方向入射到AB边的中点P处，若要光线进入三棱镜后能射到AC边上且能在AC面上发生全反射，则cos应满足什么条件？考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：由折射定律得到光线在AB上的折射角，全反射可得出临界角与折射率的关系根据题设的两个条件：一是光线能射到AC面上，得到入射角正弦的范围；二是光线在AC面上发生全反射，则光线在AC面上的入射角C，由几何关系得到AB面上的折射角与入射角的关系，联立可求解解答：解：光由空气射向三棱镜，在AB边上发生折射，折射角为，由折射定律得：=n 当光由三棱镜射向空气，临界角为C时，发生全反射，所以=要使光线能入射到AC边上，由几何关系 sin联立解得：cos；要使光线能在AC面上发生全反射，应有C由几何关系 +=90联立解得：cos综上可得：cos答：若要光线进入三棱镜后能射到AC边上且能在AC面上发生全反射，则cos应满足cos点评：解答本题的关键在于利用几何关系找出入射角、折射角和它们之间的关系，由折射定律可列出方程求解17如图所示，质量为M、半径为R的质量分布均匀的圆环静止在粗糙的水平桌面上，一质量为m（mM）的光滑小球以某一水平速度通过环上的小孔正对环心射入环内，与环发生第一次碰撞后到第二次碰撞前小球恰好不会从小孔中穿出假设小球与环内壁的碰撞为弹性碰撞，只考虑圆环与桌面之间的摩擦，求圆环通过的总位移？考点：动量守恒定律；动能定理专题：动量定理应用专题分析：碰撞过程动量守恒、机械能守恒，应用动量守恒定律与机械能守恒定律、运动学公式可以正确解题解答：解：设小球的初速度为v0，第一次碰撞后，小球的速度为v1，圆环的速度为v2圆环和小球组成的系统动量守恒，以球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律：mv0=mv1+Mv2，由能量守恒定律得：mv02=mv12+Mv22，多次碰撞后小球和环最终静止，设圆环受到的摩擦力为f，通过的总位移为x系统的动能全部转化为摩擦生热：fx=mv02，第一次碰撞后经时间t，小球恰好未从小孔中穿出，即二者共速，均为v1，由运动学规律：tv1t=2R，对圆环，由动量定理：ft=Mv1Mv2，解得，圆环通过的总位移：x=R；答：圆环通过的总位移为R点评：本题考查了求位移，分析清楚物体的运动过程、应用动量守恒定律、机械能守恒定律、运动学公式、动量定理即可正确解题；分析清楚物体运动过程即可正确解题物理一物理3-414下列说法中正确的是 （）A 在光的双缝千涉实验中，条纹间距与缝的宽度成正比B 真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，与光源、观察者间的相对运动无关C 红光在玻璃砖中的传播速度比紫光在玻璃砖中的传播速度大D 只有障碍物的尺寸比波长小得多时，才会发生波的衍射现象考点：* 爱因斯坦相对性原理和光速不变原理；光的折射定律分析：根据干涉条纹间距公式x=；在相对论中，光速不变原理；一切波均能发生衍射，只有当障碍物的尺寸比波长小得多时才会发生明显衍射现象；根据v=，结合折射率，从而即可各项求解解答：解：A、由干涉条纹间距公式x=；条纹间距与缝的宽度成反比，故A错误；B、真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，故B正确；C、根据v=，且红光在玻璃砖中的折射率小，则有红光在玻璃砖中的传播速度比紫光在玻璃砖中的传播速度大，故C正确；D、只有障碍物的尺寸比波长小得多时才会发生明显的衍射现象，并不是才能发生衍射现象；故D错误；故选：BC点评：本题考查光的干涉原理，理解明显的衍射条件，掌握影响干涉条纹间距的因素，注意光速不变原理物理一物理3-516下列说法正确的是 （）A 普朗克在研究黑体辐射时提出了能量子假说B 卢瑟福将量子观点引入到原子模型中，成功解释了氢原子的发光现象C 汤姆逊在研究y射线时发现了电子D 我国科学家钱三强和何泽慧研究铀核裂变时，发现了铀核也可能分裂成三部分或四部分考点：物质波；重核的裂变分析：普朗克在研究黑体辐射问题时提出了能量子假说；玻尔理论能够很好解释氢原子发光现象；汤姆逊通过对阴极射线的研究发现了电子解答：解：A、普朗克在研究黑体辐射问题时提出了能量子假说故A正确B、波尔将量子观点引入到原子模型中，成功解释了氢原子的发光现象，故B错误C、汤姆逊通过对阴极射线的研究发现了电子，故C错误D、我国科学家钱三强和何泽彗夫妇研究铀核裂变时，发现了铀核也可能分裂成三部分或四部分故D正确故选：AD点评：本题主要涉及到近代物理的常识性的知识，难度不大，关键要熟悉教材，掌握基本概念和基本规律