2019-2020年高考物理二轮专题精炼 第二篇“8+2+2+选考”全真模拟（一）.doc

2019-2020年高考物理二轮专题精炼 第二篇“8+2+2+选考”全真模拟（一）“822选考”全真模拟(一)时间：60分钟分值：110分第卷二、选择题(本题共8小题，每小题6分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14关于以下科学家的贡献，说法符合物理学史的是()A伽利略认为物体下落的快慢与物体的轻重无关B牛顿发现了万有引力定律并成功地测出了引力常量C亚里士多德认为力不是维持物体运动的原因D第谷发现了行星沿椭圆轨道运行的规律15.如图所示，小球C置于光滑半球形凹槽B内，B放在长木板A上，在缓慢增大木板倾角的过程中，在发生相对滑动之前()AB受到3个作用力BB受到5个作用力CC受到2个作用力 DC受到3个作用力16太空中运行的宇宙飞船处于完全失重状态，我国“神舟十号”宇航员王亚平在太空授课时利用质量测量仪完成了测量聂海胜质量的实验受这一实验启发，某实验小组在实验室也完成了一个不用天平测量物体质量的实验：如图在光滑水平台面右端固定一个永磁恒力器，在台面左端放一辆小车，车上固定一遮光条，遮光条宽度为d，永磁恒力器通过一根细线给小车提供恒定拉力F，使小车由静止开始依次经过两个光电门，光电门1、2记录的挡光时间分别为t1、t2，测得两光电门中心间距为x，不计遮光条质量根据以上实验数据可得小车质量为()A.BC. D17如图所示是质量为1 kg的滑块在水平面上做直线运动的vt图象下列判断正确的是()A在t1 s时，滑块的加速度为零B在46 s时间内，滑块的平均速度为2.5 m/sC在37 s时间内，合力做功的平均功率为2 WD在56 s时间内，滑块受到的合力为2 N18(xx甘肃第一次诊考)星系由很多绕中心做圆形轨道运行的恒星组成科学家研究星系的一种方法是测量恒星在星系中的运行速度v和离星系中心的距离r.用vrn这样的关系来表达，科学家们特别关心指数n.若作用于恒星的引力主要来自星系中心的巨型黑洞，则n的值为()A1 B2C. D19.如图所示，空间中存在一电场强度方向沿x轴正方向的静电场，电场强度大小随x的变化关系为Ekx(x为轴上某点到O点的距离)，在O点下方有一长为L的绝缘细线连接A、B两个均带负电荷的小球(可视为质点)，A球距O点的距离为L，B球距O点的距离为2L，两球恰好静止且细线处于伸直状态若两球质量均为m，B球所带电荷量为q，k，不计两球之间的静电力作用则有()AA球所带电荷量为4qB绝缘细线对A球的拉力大小为mgC若将绝缘细线剪断，则剪断的瞬间，A、B两球的加速度大小均为gD若将绝缘细线剪断，则B球在下落到距O点距离为3L时达到最大速度20(xx湖北八校联考)如图为学校配电房向各个教室的供电示意图，T为理想变压器，V1、A1为监控市电供电端的电压表和电流表，V2、A2为监控校内变压器的输出端的电压表和电流表，R1、R2为教室的负载电阻，V3、A3为教室内的监控电压表和电流表，配电房和教室间有相当长的一段距离，则当开关S闭合时，下列说法错误的是()A电流表A1、A2和A3的示数都变大B只有电流表A1的示数变大C电压表V3的示数变小D电压表V2和V3的示数都变小21.如图所示，水平地面上方矩形区域内有磁感应强度方向垂直纸面向里的匀强磁场，两个边长不等的正方形单匝闭合线圈，分别用同种材料、不同粗细的均匀导线绕制做成，使两线圈在距离磁场上边界h高处由静止开始自由下落并进入磁场，磁场上、下边界间距为d，两线圈最后落到地面上运动过程中，线圈平面始终保持在竖直平面内且下边缘平行于磁场上边界，则下列说法中正确的是()A两线圈中产生的焦耳热可能相等B两线圈刚进入磁场时受到的安培力一定不相等C整个过程中两线圈的重力做功的功率一定相等D两线圈落地时的速度大小不相等第卷三、非选择题(包括必考题和选考题两部分第22题第25题为必考题，每个试题考生都必须做答第33题第35题为选考题，考生根据要求做答)(一)必考题(共47分)22(5分)如图甲所示为验证机械能守恒定律的实验装置，图乙为某同学在一次实验中打出的一条纸带(1)若A、B、C、D、E为纸带上五个连续的点，测得A、B两点之间的距离为x1，D、E两点之间的距离为x2，使用的交流电频率为f，则由此得出重锤下落的加速度的表达式为a_.(2)经查阅得知当地的实际重力加速度大小为g，若重锤质量为m，则重锤在下落过程中所受到的平均阻力大小为_.23(10分)某学习小组拟研究一个标有“3.6 V1.8 W”的小灯泡的伏安特性曲线，可供选用的器材如下：电流表A，量程00.6 A，内阻r约为0.2 ；电压表V，量程015 V，内阻约为15 k；滑动变阻器R，阻值范围010 ；学生电源E，电动势为4 V，内阻不计；开关S及导线若干(1)该学习小组中的甲同学设计了如图a所示的电路进行测量，请按照图a所示的电路图帮甲同学将图b中的实物连接起来(2)甲同学在实验中发现，由于电压表的量程较大而造成读数误差很大，因而影响了测量结果于是又从实验室找来一量程为Ig100 A、内阻Rg1 000 的灵敏电流计，想把该灵敏电流计改装成量程为5 V的电压表，则需串联一个阻值为_的电阻(3)甲同学用改装后的电压表进行实验，得到电流表读数I1和灵敏电流计读数I2如下表所示：I1(A)00.190.300.370.430.460.480.49I2(A)010203040506070请在下图的坐标纸上画出I1I2图线(4)若将该灯泡接在如图所示的电路中，则该灯泡消耗的电功率约为_W(已知电源的电动势为E3.0 V，内阻r1.5 ，定值电阻阻值为R04.5 )(结果保留两位有效数字)24(13分)质量为1 kg的木板B静止在水平面上，可视为质点的物块A从木板的左侧沿表面水平冲上木板，如图甲所示A和B经过1 s后达到同一速度，然后共同减速直至静止，它们的vt图象如图乙所示，g10 m/s2，求：(1)A与B的动摩擦因数1；(2)B与水平面的动摩擦因数2；(3)A的质量m.25(19分)如图所示，在同一平面内有三个宽度均为d的相邻区域、，区内的匀强磁场垂直纸面向外；区内的匀强磁场垂直纸面向里；区内的平行板电容器垂直磁场边界，板长、板间距均为d，且上极板电势高，OO为电场的中心线一质量为m、电荷量为q的粒子(不计重力)，从O点以速度v0沿与OO成30方向射入区，恰好垂直边界AC进入电场(1)求区的磁感应强度B1的大小；(2)为使粒子进入区，求电容器板间所加电压U的范围；(3)为使粒子垂直区右边界射出磁场，求区的磁感应强度B2与电容器板间电压U之间应满足的关系(二)选考题(任选一题)33物理选修33(15分)(1)(6分)下列说法正确的是_(填正确答案标号选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分每选错1个扣3分，最低得分为0分)A0 的冰与0 的水分子的平均动能相同B温度高的物体内能不一定大C分子间作用力总是随分子间距离的增大而减小D随着制冷技术的不断提高，绝对零度一定能在实验室中达到E气体对外做功，其内能可能增加(2)(9分)一定质量的理想气体压强p与热力学温度T的关系图象如图所示，气体在状态A时的体积V2 m3，线段AB与p轴平行求气体在状态B时的体积；气体从状态A变化到状态B的过程中，外界对气体做功30 J，问该过程中气体吸热还是放热？热量为多少？34物理选修34(15分)(1)(6分)如图所示为一列简谐波的波源O振动1.5 s 时沿波的传播方向上的波形图，已知波源O在t0时开始沿y轴负方向振动，在t1.5 s时正好第二次到达波谷，则该波的振幅为_cm.x5.4 m处的质点第一次到达波峰的时间为_s，从t0开始至x5.4 m处的质点第一次到达波峰这段时间内，波源O通过的路程是_m.(2)(9分)如图所示为某种透明介质的截面图，AOC为等腰直角三角形，BC为以O为圆心，半径R12 cm的四分之一圆弧，AB与水平屏幕MN垂直并接触于A点由红光和紫光两种单色光组成的复色光从BC面射向圆心O，在AB界面上的入射角i45，结果在水平屏幕MN上出现两个亮斑已知该介质对红光和紫光的折射率分别为n1，n2.判断在屏幕MN上产生的两处亮斑分别是由什么色光组成的；求两个亮斑间的距离35物理选修35(15分)(1)(6分)某放射性元素的原子核内有N个核子，其中质子n个，该原子核发生2次衰变和1次衰变，变成1个新核，则下列说法正确的是_(填正确答案标号选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分每选错1个扣3分，最低得分为0分)A衰变前原子核有(Nn)个中子B衰变后新核有(n3)个质子C衰变后新核的核子数为(N8)D衰变后新核的中子数为(n3)E衰变前原子核的质量等于衰变后新核质量与放出粒子质量的和(2)(9分)如图a所示，在水平光滑轨道上停着甲、乙两辆实验小车，甲车系一穿过打点计时器的纸带，当甲、乙两车同时受到水平向右的瞬时冲量时，随即启动打点计时器，甲车运动一段距离后，与向右匀速运动的乙车发生正碰并粘在一起运动图b所示的纸带记录了碰撞前甲车和碰撞后两车的运动情况，已知甲、乙两车的质量比m甲m乙32，电源频率为50 Hz.求：碰撞前乙车的速度大小第二篇高考全真模拟“822选考”全真模拟(一)14解析选A.选项A符合物理学史；引力常量是由卡文迪许测出的，选项B错误；亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，选项C错误；开普勒发现了行星沿椭圆轨道运行的规律，选项D错误15解析选C.缓慢增大木板倾角，B、C均处于平衡状态，根据平衡条件可知：小球C受重力、槽的竖直向上的支持力共2个作用力；凹槽B受重力、C的压力、长木板的支持力和摩擦力共4个作用力，选项C正确16解析选B.对小车，由牛顿第二定律有Fma，对小车通过两光电门间距离的过程，由运动学公式有222ax，联立两式解得小车的质量为m.17解析选C.在vt图象中，图象的斜率大小等于滑块的加速度大小，t1 s时，a2 m/s2，选项A错误；56 s时间内，由牛顿第二定律可得：Fma4 N，选项D错误；在46 s时间内，质点的平均速度3(m/s)，选项B错误；在37 s时间内，由动能定理和功率的定义式，可得：2 W，选项C正确18解析选D.恒星由受到的万有引力提供向心力，则有Gm，可知，vr，所以vr，n为，故D项正确19解析选ACD.由题意可知，A小球所在处的电场强度大小为EAkL，B小球所在处的电场强度大小为EBk2L，设A小球所带电荷量为qA，将A、B两小球看做一个整体，进行受力分析可得：qAEAqEB2mg，将EA、EB代入可解得：qA4q，选项A正确；设绝缘细线对A球的拉力大小为FT，对A小球进行受力分析可得：4qEAmgFT，解得FTmg，选项B错误；设剪断绝缘细线后A小球的加速度大小为aA，B小球的加速度大小为aB，则对A小球有：qAEAmgmaA，代入数据解得aAg，方向竖直向上；同理可得aBg，方向竖直向下，所以选项C正确；由题意可知，剪断绝缘细线后，B小球将向下做加速度逐渐减小的加速运动，当B小球受到的合力为零时，B小球的速度达到最大设当B小球运动到距O点距离为x时达到最大速度，此时有：qEBmg，EBx，联立解得：x3L，选项D正确20解析选ABD.在电路中，S闭合前，由可知，电压表的示数V2为U2U1，电路中电流表A2与A3是串联关系，则由欧姆定律可得I2I3(r为电线电阻)，电压表V3的示数为U3R1I2，再由可知电流表A1示数为I1I2，同理，在电路中S闭合后，可知因U1不变，电压表V2示数为U2U1U2不变，I2(r为电线电阻)，因R并I2，又I1I2，则I1I1，由U2UrU3I2rU3，可知U3U3，又I3，则I3I3，则可判断V1示数不变，V2示数不变，V3示数变小，A1示数变大，A2示数变大，A3示数变小，A、B、D项都错误，C项正确21解析选AD.设正方形线圈的边长为L，导线横截面积为S，材料的密度为1，电阻率为2，则线圈质量为m41LS，电阻为R2，线圈进入磁场前的过程由机械能守恒定律有mghmv，得v1，进入磁场时一条边切割磁感线，感应电动势为EBLv，感应电流为I，线圈底边在磁场中受到的安培力大小为FBIL，所以安培力的大小取决于线圈底边长度与导线横截面积的乘积，两线圈所受安培力有可能相等，B错误；进入磁场的过程，根据牛顿第二定律有mgFma，即41LSg41LSa，得ag，所以进入磁场的过程中加速度大小只与线圈材料本身的性质有关，两线圈的边长不相等，进入磁场过程，两线圈的速度变化量不相等，线圈全部进入磁场后的加速度又等于重力加速度，所以两个线圈落地前的速度大小不相等，D正确；由功能关系有mg(hd)mvQ，线圈进入磁场过程产生的焦耳热取决于线圈质量和落地速度大小，可能相等，A正确；重力的功率Pmgv，可能相等，C错误22解析(1)由运动学公式推论可得：x2x13aT2，整理有a.(2)由牛顿第二定律可得：mgma，将a代入并整理可得：mg答案(1)(3分)(2)mg(2分)23解析(2)设需要串联的电阻阻值为Rx，则有Ig(RgRx)5 V，代入数据可得：Rx49 000 .(4)将定值电阻R0看做该电源的内阻，则内阻r6 ，由此可得路端电压为UEIr，在答案图2上作出该IU图象如下图所示，可知其交点坐标表示的电流约为0.32 A，电压约为1.1 V，所以该灯泡消耗的功率约为P0.321.1 W0.35 W.答案(1)如图1所示(2分)(2)49 000(2分)(3)如图2所示(3分)(4)0.35(3分)24解析(1)由图乙可知，物块在01 s内的加速度大小为：a12 m/s2(1分)由牛顿第二定律：1mgma1(2分)得10.2.(1分)(2)在13 s内物块与木板相对静止，一起做匀减速运动，加速度大小为：a31 m/s2(1分)由牛顿第二定律：2(Mm)g(mM)a3(2分)得20.1.(1分)(3)木板在01 s内的加速度大小为：a22 m/s2，(1分)在01 s内，隔离木板B进行受力分析，由牛顿第二定律可得1mg2(mM)gMa2(3分)代入数据解得A的质量m3 kg.(1分)答案(1)0.2 (2)0.1(3)3 kg25解析(1)因粒子垂直边界AC射入电场，由几何关系：Rsin 30d(1分)由洛伦兹力提供向心力qB1v0m(2分)解得：B1.(2分)(2)为使粒子均能进入区，最大电压为Um，dv0t(1分)ymat2(1分)ma(1分)ym(2)d(2分)解得：Um(52)(2分)所加电压范围：U(52).(1分)(3)粒子射入区时速度偏向角为，粒子沿场强方向速度为vy，合速度为v，则：sin (1分)vyat(1分)因粒子垂直区右边界射出磁场，设圆周运动半径为R，R(1分)由几何关系：Rsin d(1分)故B2与电压U间应满足：B2.(2分)答案见解析33解析(2)AB：p0V2p0VB(3分)解得VBV1 m3.(1分)AB：U0(1分)由热力学第一定律：UQW(2分)得QW30 J(1分)即该过程中气体放热，热量为30 J(1分)答案(1)ABE(2)1 m3放热30 J34解析(2)设红光和紫光的临界角分别为C1、C2sin C1，C160(1分)同理C245，i45C2C1，所以紫光在AB面发生全反射，而红光在AB面一部分折射，一部分反射(1分)由几何关系可知，反射光线与AC垂直，所以在AM处产生的亮斑P1为红色光，在AN处产生的亮斑P2为红色光与紫色光的混合色光(2分)画出如图光路图，设折射角为r根据折射定律n1(2分)解得：sin r(1分)由几何知识可得：tan r，解得：AP16 cm(1分)由几何知识可知：OAP2为等腰直角三角形，解得：AP212 cm所以P1P26(2) cm20.5 cm.(1分)答案(1)511.71.95(每空2分)(2)见解析35解析(2)由纸带数据可得，碰撞前甲车的速度v甲0.6 m/s(2分)碰撞后两车运动的共同速度v0.4 m/s(2分)由动量守恒定律得：m甲v甲m乙v乙(m甲m乙)v(3分)代入数据解得v乙0.1 m/s.(2分)答案(1)ABC(2)0.1 m/s