2019-2020年高考模拟试卷物理(第一模拟)参考答案.doc

2019-2020年高考模拟试卷物理(第一模拟)参考答案一、1A、B、D由题意可知钍核质子数比铅核质子数多(90-82)个=8个；钍核中子数比铅核中子数多(232-90)-(208-82)=16(个)。设经过x次衰变和y次衰变，则有2B管内封闭气体的压强可表示为p=p0hcos，故应为余弦曲线。当=0时，p=p0h，压强为最大值。由此可知曲线的起点是最大值，而压强的最小值为pmin=p0-h，又因为转动过程水银未溢出所以hp0所以pmin=p0-h0所以曲线应在轴上方，根据以上分析应选图线B。3C、D公式v=r中只有在不变时，v和r成正比例关系，而当地球卫A是错误的。人造地球卫星做圆周运动的向心力是万有引力F万=GMm/r2提供的，当r增加到原来的2倍时，万有引力减小到原来的1/4，人造地球卫星所需向心力也减小到原来的1/4。对同一卫星说，向心力F=mv2/r由v和r决定，但我们应该明白r变化了会引起、v的变化，不能简单地认为F向和r成反比。故选择答案B是错误的。C是正确的。也正确。4A、C当将正极板移到题图中虚线所示的位置时，两板间的距离d变小，根据C平=S/4kd，可知C平增大。由于E不变，P点到负极板距离不变，则P点的电势Up也不变，根据W=qUp，正电荷在P点的电势能也不变。故应选A、C。5A、B、CE ab体积变大(体系对外做功)，T升高，所以从外界吸热，bc体积变小(外界对体系做功)温度降低，故向外界放热，ca 体积不变，T降低，所以向外界放热6A、B、C、D由题图象可直观确定振荡周期T=410-6s，其倒数为振荡频率f=7D由题意知物体A 一直在物体B上，并与之在水平面上作简谐运动。A作简谐运动所需的回复力就是B对它的静摩擦力，将A、B两物体视为一个整体，由牛顿第二定律得：体A来说，产生此加速度的力就是物体B对它的静摩擦力。因此，由牛8B、DS在M中的像S是由S射向M的所有光线经M反射后，反射光线的反向延长线的交点。只要遮光板不能遮住全部入射光，S仍能成像。所成的像S是虚像，根本不是光线的实际会聚点；加遮光板N后，人眼既然能观察到S，说明S发出的经M反射的实际光线进入人眼的那部分光线并未被遮。能遮住的只是原本就不可能进入人眼的那部分光线。因而人眼看到的S亮度不变。9A、B、C、D10A 首先弄清变化前的情况，开始弹簧伸长4cm，物体静止。若弹簧的劲度系数为k，有k410-2=mg当弹簧再伸长1cm(共伸长5cm)后，撤去外力时，弹簧仍处于伸长5cm的状态，此时物体的加速度二、11正解答案是：92、143、7、4。由题可知：质子数为92，中子数为235-92=143，根据衰变规律，Pb的质量数比U的质量数减少了235-207=28，而天然放射现象只有衰变才能使质量数减少，且每次衰变减少质量数为4，故发生了284=7次衰变；因每次衰变核的电荷数减少2，故由于衰变核的电荷数减少72=14，而Pb的电荷数仅减少了92-82=10，故说明发生了4次衰变。12该题应用动能定理、运动的合成和圆运动的知识求解。a，b，c三质点在进入电、磁场之前运动情况相同，a，b质点分别进入电、磁场后除受重力之外，又分别受到电场力和洛仑兹力，但b质点所受洛仑兹力在运动中不做功，根据动能定理，a质点：WG+WF=EK，所以a质点落地时动能最大。a，c两质点在竖直方向的运动相同，同时落地，而b质点进入磁场后，作曲线运动，但速度大小不变，所以竖直方向速度小于a，c两质点竖直方向速度，所以最后落地。13该题应用动能定理、电场力的功和电势差的关系来求解。由动能定理有W电=qUAB=Ek (1)由正电荷从A到B动能增加了，所以UAUB，即A点电势高。再由电场力的功和电势能的关系W电=-=A-B (2)由于W电0，所以AB，正电荷在B点电势能较小。14第2点与第1点的距离S1=d2-d1=v1t+gt2/2同理：S2=d3-d2=v2tgt2/2且v2=v1+gtS3=d4-d3=v3tgt2/2且v3=v2gt=v12gtS4=d5-d4=v4tgt2/2且v4=v3gt=v13gtS5=d6-d5=v5t+gt2/2且v5=v4gt=v14gtS6=d7-d6=v6t+gt2/2且v6=v5+gt=v1+5gt由此可得S4-S1=3gt2 S5-S2=3gt2 S6-S3=3gt215如图答1-1连接P1、P2与圆交于M，连接P3P4与圆交于N，P1P2为入射线，MN为折射线。OM为法线，i为入射角，r为折射角，以M为圆心作单位圆，交OM直线上与A、B两点，过A点作P1P2垂16(1)如图答1-2所示。(2)如图答1-3所示，随着测量时间的增加，小灯泡发热，电阻随温度上升，故所得的P-U2图向U2线弯曲。四、17解(1)气缸B中气体原来压强 p1=p0-ph=70cmHg活塞移到左端后气体压强 p2=p0-ph=14cmHg由玻意尔定律，有p1V1=p2V2，(2)设气缸总长为l，横截面积为S，可知活塞初始位置离气缸左端px=p2kx，(k为比例常数)此时气体体积Vx=(l-x)S。18(1)当线圈平面与磁感线垂直(处于中性面)时，穿过线圈的磁通量最大，ab和cd边都不切割磁感线(磁通量的变化率为零)，感应电动势为零；当线圈平面与磁感线平行时，穿过线圈的磁通量为零，ab和cd边垂直切割磁感线(磁通量的变化率最大)，感应电动势最大。(2)当线圈从中性面(题图1-15所示位置)开始计时，根据右手定则，在线圈转动半圈的过程中电动势(或电流)方向为adcba(设为正向)；在线圈另半圈的过程中电动势(或电流)方向为abcda(负方向)，可见在一个周期内正弦式电流的电动势(或电流)的方向变化两次。所以电动势的瞬时值的表达式为e=msint=311sin100t(V)0.015s时电动势的瞬时值为e=311sin(1000.015)V=-311(V)所以电流的瞬时值的表达式为i=Imsint=3.11sin100t(A)(5)电流表测量值和通常所说交流的电流或电压都是有效值，故电流19我们若将运动方向倒过来(逆向思维)则问题变成小车从P点怎样行驶到A点用时最省。这样，我们可把行程问题与光学问题联系起来。因为光总是选择用时最短的路径传播，所以本题转化为光的全反射的临界状态，作题图1-17所示的光传播图，由光的折射定律，得20卫星在天空中任何天体表面附近运行时，仅受万有引力F作用使卫星做圆周运动，运动半径等于天体的球半径R设天体质量为M，卫星质量为m，卫星运动周期为T，天体密度为根据万有引力定律21解：(1)当ab边刚进无磁区域时，线框只有cd边在区中切割磁感线，由右手定则可判定ab边中的感应电流为I1，其方向为由b到在和区域中切割磁感线，每边产生的感应电动势为=BLv，回路中b到a(2)要求拉力对线框所对的功，即求拉力克服磁场力做的功即可将线框从区完全拉到区域过程中，ab边从图1-4所示的区右边界位置起经历位置。a1b1、a2b2、a3b3三个不同阶段在从aba1b2过程中，拉力克服磁场力做功为W1=F拉s=BI1Ls=在从a1b1a2b2过程中，拉力克服磁场力做功为在从a2b2a2b3过程中，拉力克服磁场力做功为W3=F拉s=F磁s22解：(1)由动量守恒定律，对全过程得：(3)设A与B挡板碰前瞬间，A的速度为v10，木板B的速度为v20，从A放上到与B的挡板碰的这一过程有向相同v10v20与题意不合，舍去。木板B在此过程中做匀减速直线运动，由牛顿第二定律mg=Ma2