2019-2020年高三物理寒假作业7含答案.doc

2019-2020年高三物理寒假作业7含答案1、 选择题.1.（单选）在下列单位中，不属于国际制基本单位的是（ ） A开尔文 B千克 C安培 D牛顿 2.（单选）xx年11月24日，广州亚运会田径比赛展开激烈争夺，在男子110米栏决赛里，中国飞人刘翔以13秒09摘得金牌，实现了亚运会110米栏三连冠，他的成绩同时也刷新了亚运会纪录关于比赛的下列说法中正确的是（）A在110 m栏比赛中，选手通过的路程就是位移B13秒09是刘翔夺冠的时刻C刘翔比赛中的平均速度约是84 m/sD刘翔冲过终点线时的速度一定等于84 m/s3.（单选）如图所示，大小分别为F1、F2、F3的三个力恰好围成一个闭合的三角形，且三个力的大小关系是F1F2F3，则下列四个图中，这三个力的合力最大的是（）ABCD4.（单选）下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有（）场强E= 场强E= 场强E= 电场力做功W=UqABCD5.（单选）如图，水平地面上有一木箱，木箱与地面间的动摩擦因数为，木箱在与水平夹角为的拉力F作用下做匀速直线运动在从0逐渐增大到90的过程中，木箱的速度始终保持不变，则拉力F的功率（） A 一直增大 B 一直减小 C 先减小后增大 D 先增大后减小6.（单选）在质量为M的电动机飞轮上，固定着一个质量为m的重物，重物到轴的距离为R，如图所示，为了使电动机不从地面上跳起，电动机飞轮转动的最大角速度不能超过（）ABCD7.（单选）R1和R2分别标有“2、1.0A”和“4、0.5A”，将它们串联后接入电路中，如图所示，则此电路中允许消耗的最大功率为（）A6.0 WB5.0 WC3.0 WD1.5 W8.如图所示，一个菱形的导体线框沿着自己的对角邻匀速运动，穿过具有一定宽度的匀强磁场区城，巳知对角线AC的长度为磁场宽度的两位且与磁场边界垂直下面对于线框中感应电流随时间交化的图象（电流以ABCD顺序流向为正方向，从C点进人磁场开始计时）正确的是（） A B C D 2 实验题.9.用多用表直流电压50V挡测量某电池的电动势。多用电表的指针如图所示，其读数为 V。(2)（3分）新式游标卡尺的刻度线看起来很“稀疏”，使读数显得清晰明了，便于使用者正确读取数据通常游标卡尺的刻度有10分度、20分度和50分度三种规格；新式游标卡尺也有相应的三种，但刻度却是：19 mm等分成10份，39 mm等分成20份，99 mm 等分成50份图乙就是一个“39 mm等分成20份”的新式游标卡尺。用它测量某物体的厚度，示数如图中所示，正确的读数是_cm10.用如图1所示的实验装置验证机械能守恒定律实验所用的电源为学生电源，输出电压为6V的交流电和直流电两种重锤从高处由静止开始落下，重锤上拖着的纸带通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，已知重力加速度为，即可验证机械能守恒定律下面列举了该实验的几个操作步骤：A按照图示的装置安装器件；B将打点计时器接到电源的直流输出端上； C用天平测量出重锤的质量；D先释放悬挂纸带的夹子，然后接通电源开关打出一条纸带；E测量打出的纸带上某些点之间的距离；F根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能在误差范围内是否等于增加的动能其中没有必要或操作不恰当的步骤是_(填写选项对应的字母)如图2所示是实验中得到一条纸带，将起始点记为，并在离点较远的任意点依次选取6个连续的点，分别记为、，量出与点的距离分别为、，使用交流电的周期为T，设重锤质量为，则在打点时重锤的动能为_，在打点和点这段时间内的重力势能的减少量为_.在本实验中发现，重锤减少的重力势能总是_（填“大于”或“小于”）重锤增加的动能，主要是因为在重锤下落过程中存在着阻力的作用，为了测定阻力大小，可算出问中纸带各点对应的速度，分别记为至， 并作图象，如图3所示，直线斜率为，则可测出阻力大小为_三、解答题.11.如图所示，在距地面为H=45m处，有一小球A以初速度v0=10m/s水平抛出，与此同时，在A的正下方有一物块B也以相同的初速度v0同方向滑出，B与地面间的动摩擦因数为=0.5，A、B均可看做质点，空气阻力不计，重力加速度g取10m/s2，求：（1）A球从抛出到落地的时间和这段时间内的水平位移；（2）A球落地时，A、B之间的距离12.（xx杏花岭区校级模拟）如图所示，一带电微粒质量为m=2.01011kg、电荷量为q=+1.0105C，从静止开始经电压为U1=100V的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，偏转电压为U2=100V，接着进入一个方向垂直纸面向里、宽度为D=34.6cm的匀强磁场区域已知偏转电场中金属板长L=20cm，两板间距d=17.3cm，带电微粒的重力略不计求：（l）带电微粒进入偏转电场时的速率v1；（2）带电微粒射出偏转电场时的速度偏转角；（3）为使带电微粒不会从磁场右边界射出，该匀强磁场的磁应强度的最小值B【】山东省xx年高三物理寒假作业7参考答案1.D开尔文、千克、安培、米、秒和焦耳是最常用的几个基本的国际单位制，牛顿是力学单位，是导出单位，不是基本单位。2.C3.考点：力的合成分析：根据平行四边形定则或三角形定则分别求出三个力的合力大小，然后进行比较解答：解：根据平行四边形定则可知，A图中三个力的合力为2F1，B图中三个力的合力为0，C图中三个力的合力为2F3，D图中三个力的合力为2F2，三个力的大小关系是F1F2F3，所以C图合力最大故C正确，A、B、D错误故选C点评：平行四边形法则是矢量的合成发展，要熟练掌握，正确应用，在平时训练中不断加强练习4.考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：题中的四个物理公式，分别是：电场强度的定义式、匀强电场中电场强度与电势差的关系公式、点电荷产生的电场的场强公式和电场力做功与电势差关系公式；结合物理公式得出的过程进行分析即可解答：解：电场强度E=是用比值定义法得出的物理量，是从力角度研究电场的物理量，适用于任意电场，故正确；匀强电场中沿场强方向电势降低最快，且没前进相同距离电势的降低相等，故匀强电场中任意两点的间的电势差与两点沿电场线的距离成正比；故电场强度与电势差的关系公式U=Ed仅仅适用与匀强电场，故错误；点电荷产生的电场的场强公式E=是由电场强度的定义式和库仑定律联立得到，反映了点电荷的电场中任意一点的电场强度与该点的空间位置和场源电荷的电荷量的关系，而电场有多种，不是只有点电荷有电场，故错误；电场力做功与电势差的关系公式W=qU，反映了在电场中任意两点间移动电荷时，电场力做功与两点间电势差成正比，适用于任意电场，故正确；故选D点评：本题关键是要熟悉有关电场的各个公式，要知道公式的推导过程，从而能够确定公式的适用范围5.【考点】： 功率、平均功率和瞬时功率【专题】： 功率的计算专题【分析】： 在从0逐渐增大到90的过程中，木箱的速度保持不变，说明物体受力始终平衡，受力分析后正交分解表示出拉力F，由水平方向受力平衡可得，F在水平方向的分力始终等于摩擦力，由于摩擦力逐渐减小，故F在水平方向的分力减小，由P=Fv可得拉力F的功率变化 解：A、对物体受力分析如图：因为物体匀速运动，水平竖直方向均受力平衡：水平方向：Fcos=（mgFsin） 竖直方向：FN+Fsin=mg f=FN=Fcos从0逐渐增大到90的过程中，由于支持力逐渐减小，故摩擦力逐渐减小，故F在水平方向的分力减小，由P=Fvcos=fv，可得拉力F的功率一直减小故ACD错误，B正确故选：B【点评】： 本题为平衡条件的应用问题，受力分析后应用平衡条件求解即可，关键要注意P=Fv公式中要求F与v同方向6.考点：向心力；共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律版权所有专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用分析：重物转到飞轮的最高点时，若重物对飞轮的作用力恰好等于电动机的重力时，电动机刚要跳起以重物为研究对象，由牛顿第二定律求解角速度解答：解：重物转到飞轮的最高点时，电动机刚要跳起时，重物对飞轮的作用力F恰好等于电动机的重力Mg，即F=Mg以重物为研究对象，由牛顿第二定律得 Mg+mg=m2R，解得=故选B点评：本题是临界问题，关键分析临界条件，并要灵活选择研究对象中档题7.考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：把R1和R2串连接入电路中，他们的电流相同，根据R1和R2的参数可知，串联时的最大的电流为0.5A，根据P=I2R，可以求得电路中允许消耗的最大功率解答：解：把R1和R2串联后，由于R2的最大电流较小，所以串联后的最大电流为0.5A，串联后的总电阻为6，所以电路的最大的功率为P=I2R=0.526W=1.5W，所以D正确故选：D点评：本题考查的是串联电路的特点，在串联电路中，电路的电流的大小是相同的，根据这一个特点就可以判断出电流中允许通过的最大的电流8.B解：线圈在进磁场的过程中，根据楞次定律可知，感应电流的方向为ABCD方向，即为正值，在出磁场的过程中，根据楞次定律知，感应电流的方向为ADCBA，即为负值在线圈进入磁场的前一半的过程中，切割的有效长度均匀增大，感应电动势均匀增大，则感应电流均匀增大，在线圈进入磁场的后一半过程中，切割的有效长度均匀减小，感应电动势均匀减小，则感应电流均匀减小；在线圈出磁场的前一半的过程中，切割的有效长度均匀增大，感应电流均匀增大，在线圈出磁场的后一半的过程中，切割的有效长度均匀减小，感应电流均匀减小故B正确，A、C、D错误故选：B9.(1)11.0 (2) 3.03010.BCD 大于 解析：B：将打点计时器应接到电源的“交流输出”上，故B错误C：因为我们是比较mgh、mv2的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平故C错误D：因为我们是比较mgh、mv2的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差故D错误故选：BCD根据匀变速运动E点的速度 ，所以E点的动能 ，重力势能减小量 因为存在空气阻力和限位孔的摩擦力，所以重力势能的减小量总大于动能的增加量；根据动能定理 ，得 11.(1)30m (2)10m解析：（1）由平抛运动可知：（2）对B物块，由牛二定律：减速至停止所需时间所以在A落地之前B已停止运动.B的总位移为所以AB间距离为 12.（l）带电微粒进入偏转电场时的速率；（2）带电微粒射出偏转电场时的速度偏转角=30；（3）为使带电微粒不会从磁场右边界射出，该匀强磁场的磁应强度的最小值B=0.1T带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力解（1）带电微粒经加速电场加速后速度为v1，根据动能定理（2）带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动在水平方向：L=v1t带电微粒在竖直方向做匀加速直线运动，加速度为a，出电场时竖直方向速度为v2，竖直方向：=v2=at由得又因为：=代入=即：=30（3）带电微粒进入磁场做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，设微粒轨道半径为R，由几何关系知：R+Rsin=D设微粒进入磁场时的速度为v则由牛顿运动定律及运动学规律B=0.1T若带电粒子不射出磁场，磁感应强度B至少为0.1T答：（l）带电微粒进入偏转电场时的速率；（2）带电微粒射出偏转电场时的速度偏转角=30；（3）为使带电微粒不会从磁场右边界射出，该匀强磁场的磁应强度的最小值B=0.1T