2019-2020年高三二模化学试题 含解析.doc

2019-2020年高三二模化学试题 含解析7下列说法正确的是A青铜、碳素钢和石英都是合金B陶瓷、玻璃和水泥都是无机非金属材料C乙醇与乙醛互为同分异构体，都能发生银镜反应D油脂皂化和蛋白质水解都是由高分子生成小分子的过程【答案】B【命题立意】本题考查化学与生活、化学常识。【解析】A青铜和碳素钢是合金，而石英的成分为二氧化硅，不是合金，故A错误；B陶瓷、玻璃和水泥都是传统无机非金属材料，故B正确；C乙醇的分子式为C2H6O，乙醛的分子式为C2H4O，二者分子式不同，不是同分异构体，乙醛能发生银镜反应而乙醇不能，故C错误；D油脂属于小分子，油脂皂化是小分子生成小分子的过程，故D错误。8合成二甲醚的三步反应如下： 2H2(g) + CO(g)CH3OH(g) H1 2CH3OH (g)CH3OCH3 (g) + H2O(g) H2 CO(g) + H2O (g)CO2(g) + H2(g) H3 则 3H2(g) + 3CO(g)CH3OCH3(g) + CO2(g) 的H是AH2H1+H2+H3 BHH1+H2+H3CHH1+2H2+2H3 DH2H1+H2H3【答案】A【命题立意】本题考查反应热的计算、盖斯定律。【解析】已知：2H2(g) + CO(g)CH3OH(g) H1 ， 2CH3OH (g)CH3OCH3 (g) + H2O(g) H2 ，CO(g) + H2O (g)CO2(g) + H2(g) H3 。根据盖斯定律：2+得反应3H2(g) + 3CO(g)CH3OCH3(g) + CO2(g) 的H2H1+H2+H3，故A正确。9下列叙述和均正确并且有因果关系的是选项叙述叙述AFe3+有氧化性Fe 2(SO4)3可作净水剂B 浓硫酸有腐蚀性常温下浓硫酸不能用铁罐盛装CCl2是非金属单质Cl2能使湿润的有色布条褪色 D熔融状态的Al2O3中有自由移动的Al3+和O2-电解熔融状态的Al2O3制备Al【答案】D【命题立意】本题考查元素化合物知识。【解析】AFe3+有氧化性，陈述正确，Fe 2(SO4)3可作净水剂，陈述正确，Fe 2(SO4)3作净水剂的原理是铁离子水解生成的氢氧化铁胶体吸附水中悬浮的杂质，无因果关系，故A错误；B浓硫酸有腐蚀性，陈述正确，因浓硫酸具有强氧化性，常温下使铁钝化，故常温下浓硫酸能用铁罐盛装，陈述错误，故B错误；CCl2是非金属单质，陈述正确，Cl2能使湿润的有色布条褪色，陈述正确，氯气使湿润的有色布条褪色是利用氯气与水反应生成次氯酸的强氧化性，无因果关系，故C错误；D熔融状态的Al2O3中有自由移动的Al3+和O2-，陈述正确，电解熔融状态的Al2O3制备Al，陈述正确，有因果关系，故D正确。10常温下，浓度均为0.1 molL-1的下列溶液中，粒子的物质的量浓度关系正确的是A氨水中，c(NH4+)=c(OH)=0.1 molL-1BNH4Cl溶液中，c(NH4+)c(Cl)CNa2SO4溶液中，c(Na +)c(SO42)c(OH)= c(H+)DNa2SO3溶液中，c(Na +)= 2c(SO32)+ c(HSO3) + c(H2SO3)【答案】C【命题立意】本题考查弱电解质的电离、盐类的水解，电解质溶液中微粒浓度关系。【解析】A一水合氨为弱电解质，微弱电离，0.1 molL-1氨水中存在：NH3H2O NH4+ + OH-、H2O H+ + OH-，则c(NH4+)c(OH)0.1 molL-1，故A错误；BNH4Cl为强酸弱碱盐，NH4Cl溶液中存在：NH4+ + H2O NH3H2O + H+，则c(NH4+)c(Cl)，故B错误；CNa2SO4为强酸强碱盐，Na2SO4溶液呈中性，则c(Na +)c(SO42)c(OH)= c(H+)，故C正确；D根据物料守恒知Na2SO3溶液中，c(Na +)= 2c(SO32)+2 c(HSO3) +2 c(H2SO3)，故D错误。11设nA为阿伏加德罗常数的数值，下列说法正确的是A0.1 molL1Ba(OH)2溶液中含有0.2nA个OHB1mol Na与足量水反应，转移2nA个电子C常温常压下，22.4L乙烯含有nA个CH2=CH2分子D常温常压下，46g NO2含有2nA个氧原子【答案】D【命题立意】本题考查阿伏加德罗常数、以物质的量为中心的计算。+【解析】A缺少溶液的体积，无法计算0.1 molL1Ba(OH)2溶液中OH的数目，故A错误；B1mol Na与足量水反应，转移nA个电子，故B错误；C条件不是标准状况，常温常压下，22.4L乙烯的物质的量小于1mol，含有的CH2=CH2分子数小于nA，故C错误；D常温常压下，46g NO2的物质的量为1mol，含有2nA个氧原子，故D正确。【举一反三】此类题目为高考的常见题型。解该类题要注意：涉及相关物质体积时要注意物质的状态和温度、压强；要注意相关物质的组成和结构及要求微粒种类；涉及氧化还原反应要注意方程式的书写及电子转移；要关注电离和水解；要注意理清运算关系等。12某小组为研究原电池原理，设计如图装置，下列叙述正确的是Cu2+SO42XYA若X为Fe，Y为Cu，铁为正极B若X为Fe，Y为Cu，电子由铜片流向铁片C若X为Fe，Y为C，碳棒上有红色固体析出D若X为Cu，Y为Zn，锌片发生还原反应【答案】C【命题立意】本题考查原电池原理。【解析】A若X为Fe，Y为Cu，铁为负极，故A错误；B若X为Fe，Y为Cu，铁为负极，铜为正极，电子由铁片流向铜片，故B错误；C若X为Fe，Y为C，碳棒上的电极反应式为Cu2+ + 2e- = Cu，有红色固体析出，故C正确；D若X为Cu，Y为Zn，锌片为负极，发生氧化反应，故D错误。22下列实验操作、现象和结论均正确的是选项操作现象结论A向FeSO4溶液中滴入少量酸性KMnO4溶液KMnO4溶液紫色褪去Fe2+有氧化性B向Na2SiO3溶液中通入适量的CO2产生白色胶状物质酸性：H2CO3H2SiO3C将新制氯水和NaBr溶液在试管中混合后，加入CCl4，振荡，静置下层溶液呈橙红色氧化性：Cl2Br2D向Al2(SO4)3溶液中滴加过量氨水溶液先浑浊后澄清Al3+与NH3H2O不能大量共存【答案】BC【命题立意】本题考查化学实验方案的分析、评价。【解析】A向FeSO4溶液中滴入少量酸性KMnO4溶液，KMnO4溶液紫色褪去，说明Fe2+有还原性，故A错误；B向Na2SiO3溶液中通入适量的CO2产生白色胶状物质，说明酸性：H2CO3H2SiO3，故B正确；C将新制氯水和NaBr溶液在试管中混合后，加入CCl4，振荡，静置下层溶液呈橙红色，说明氧化性：Cl2Br2，故C正确；D、氢氧化铝与氨水不反应，故向Al2(SO4)3溶液中滴加过量氨水溶液变浑浊，故D错误。23短周期元素R、X、Y、Z原子序数依次增大，其中R的气态氢化物的水溶液呈碱性，X是同周期中原子半径最大的元素，Y的单质是一种常见的半导体材料，Y与Z的原子序数相差3，下列判断正确的是A最外层电子数：ZRY B气态氢化物的稳定性：YZCR、X的氧化物均为离子化合物DX和Y两者最高价氧化物对应的水化物能相互反应【答案】AD【命题立意】本题考查元素推断、元素周期律及相关物质的结构与性质。【解析】根据题意知短周期元素R、X、Y、Z原子序数依次增大，R的气态氢化物的水溶液呈碱性，则R为氮元素；X是同周期原子半径最大的元素，则X为钠元素；Y的单质是常见半导体材料，则Y为硅元素；Y与Z的原子序数相差3，则Z为氯元素。ACl、N、Si原子的最外层电子数分别为7、5、4，则最外层电子数：ZRY，故A正确；B同周期元素由左向右非金属性逐渐减弱，气态氢化物的稳定性逐渐减弱，气态氢化物的稳定性：ClSi，故B错误；C氮的氧化物为共价化合物，钠的氧化物为离子化合物，故C错误；D氢氧化钠与硅酸能发生中和反应，故D正确。30（16分）席夫碱类化合物在催化、药物等方面用途广泛某种席夫碱的合成路线如下：Fe/稀HClNH2CH3CH2NO2CH3CH2NCH3CH2CH3CH3C一定条件CH3CCH3OCH3CH3H3CH3CCCC6H13Cl（1）的分子式为_1 mol 完全燃烧至少需要消耗_mol O2（2）与NaOH水溶液共热反应，化学方程式为_（3）发生聚合反应生成的高分子化合物的结构简式为_（4）的一种同分异构体在酸性条件下发生水解，生成物之一遇FeCl3溶液显紫色，的核磁共振氢谱除苯环峰外还有两组峰，峰面积之比为32的结构简式为_（写出一种）（5）结合合成路线，分析以下合成路线：浓硫酸/浓硝酸XY一定条件ZNCCH35060Fe/稀HCl X的结构简式为_，Z的结构简式为_【答案】（16分）（1）C8H9NO2 （2分） 4 （2分）（2）CH3CHCCH3CH3CH3Cl+ NaOH水CH3CHCCH3CH3CH3OH+ NaCl（3分）（3）nCH3CH3CH3CH3C C（2分）（4）CH3COONH2（或：H2NCOOCH3，邻、间位均可）（3分）（5）NO2（2分） OCCH3 （2分） 【命题立意】【解析】（1）为对硝基乙苯，根据其结构简式判断化合物的分子式为C8H9NO2；化合物的分子式为C3H6O，1 mol 完全燃烧至少需要消耗4mol O2。（2）根据题给流程推断为2氯2,3二甲基丁烷，与NaOH水溶液共热发生消去反应生成2,3二甲基2丁烯、氯化钠和水，化学方程式见答案。（3）为2,3二甲基2丁烯，发生聚合反应时碳碳双键断裂，生成的高分子化合物的结构简式见答案。（4）的分子式为C8H9NO2，它的一种同分异构体在酸性条件下发生水解，含有酯基；生成物之一遇FeCl3溶液显紫色，含有酚羟基；的核磁共振氢谱除苯环峰外还有两组峰，峰面积之比为32，的结构简式为）CH3COONH2（或：H2NCOOCH3，邻、间位均可）。（5）分析题给流程和信息知苯与浓硫酸和浓硝酸的混合物在加热条件下发生硝化反应生成X，X为硝基苯，结构简式为NO2，Y为苯胺，结合合成路线中信息及产物的结构分析，Z的结构简式为OCCH3。31（16分）已知氢氧化钙和钨酸钙（CaWO4）都是微溶电解质，两者的溶解度均随温度升高而减小。在钨冶炼工艺中，将氢氧化钙加入钨酸钠碱性溶液中得到钨酸钙，发生反应：WO42(aq) + Ca(OH)2(s) CaWO4(s) + 2OH(aq) 。Ca(OH)2CaWO4T1lg c(Ca2+)lg c(阴离子)-7-6-5-4-3-2T2T2T1-8-7-6-5-4-3-2-1（1）右图为不同温度下Ca(OH)2、CaWO4的沉淀溶解平衡曲线。计算T1时KSP(CaWO4) = _。T1_ T2（填“”“=”或“”“=”或“”）。由于溶液中离子间的相互作用，实验测得的平衡常数与理论值相距甚远50时，向一定体积的钨酸钠碱性溶液c(Na2WO4) = c(NaOH) = 0.5 molL-1中，加入过量Ca(OH)2，反应达到平衡后WO42的沉淀率为60%，计算实验测得的平衡常数。（3）制取钨酸钙时，适时向反应混合液中添加适量盐酸，分析其的作用：_。【答案】（16分）（1） 11010 （2分） （2分） （4分）WO42(aq) + Ca(OH)2(s) CaWO4(s) + 2OH(aq)起始/ molL-1 0.5 0.5变化/ molL-1 0.560%=0.3 0.6平衡/ molL-1 0.2 1.1K =c2(OH)c(WO42) =1.120.2= 6.05（molL-1） （3）加入盐酸，消耗反应生成的OH，使溶液中OH浓度减小，平衡向正反应方向移动，提高WO42的沉淀率。 （4分）【命题立意】本题考查化学平衡和沉淀溶解平衡，图像、图表、数据的分析能力。【解析】（1）分析T1时CaWO4的沉淀溶解平衡曲线知KSP(CaWO4) = c(Ca2) c(WO42)= 11010。氢氧化钙和钨酸钙（CaWO4）的溶解度均随温度升高而减小，分析图像中的数据知温度为T1时两物质的溶解度较大，故T1T2。（2）平衡常数等于生成物平衡浓度系数次幂的乘积与反应物平衡浓度系数次幂的乘积的比，根据反应的化学方程式知该反应平衡常数K的表达式为 K =c2(OH)c(WO42)。分析表中数据知反应的平衡常数随温度的升高而增大，说明升高温度平衡正向移动，该反应的H0。利用三行式解答。详解见答案。（3）根据平衡移动原理作答。制取钨酸钙时，适时向反应混合液中添加适量盐酸的作用为：加入盐酸，消耗反应生成的OH，使溶液中OH浓度减小，平衡向正反应方向移动，提高WO42的沉淀率。炼铜工业铜尾气烟灰贵金属阳极泥32（16分）回收利用炼铜工业产生的排放物，既能节约资源，又能保护环境。（1）用氨水吸收尾气中的SO2后，再加入硫酸，可获得SO2和(NH4)2SO4两种产品相关反应的化学方程式为_、_。 （2）烟灰中金属元素以硫酸盐和氧化物形态存在，其中锌、铅的含量最大，其次为铜、铁等。烟灰的回收利用工艺如下：烟灰一次浸取水浸出液沉铜除铁结晶ZnSO47H2O浸出渣3PbOPbSO4H2O二次浸取“沉铜”可得到单质铜，该步骤应加入的试剂是_。 “一次浸取”铜浸出率较低，原因是烟灰中部分铜元素以_（填化学式）残留在浸出渣中，“二次浸取”应选择_（填化学式）作浸取剂。（3）从贵金属阳极泥中可提取粗银。电解法精炼粗银时采用AgNO3和HNO3的混合液作电解液，阴极的主要电极反应式为_。阴极还有少量副反应发生，产生的气体遇空气迅速变为红棕色，该副反应的电极反应式为_。【答案】（16分）（1）SO2+2NH3H2O(NH4)2SO3+H2O（2分） （生成物写NH4HSO3也得分）(NH4)2SO3+H2SO4(NH4)2SO4+SO2+H2O （2分）（2） 锌粉（或铁粉） （3分） CuO （2分） H2SO4 （2分）（3）Ag+eAg （2分） NO3+4H+3eNO+2H2O （3分）【命题立意】本题考查化工生产流程的分析评价，化学方程式的书写及电解原理的应用。【解析】（1）氨水与SO2反应生成亚硫酸铵和水（或亚硫酸氢铵），亚硫酸铵与硫酸反应生成SO2和(NH4)2SO4。相关反应的化学方程式为SO2+2NH3H2O(NH4)2SO3+H2O、(NH4)2SO3+H2SO4(NH4)2SO4+SO2+H2O。（2）烟灰中锌、铅、铜、铁等金属元素以硫酸盐和氧化物形态存在，加水“一次浸取”，浸出渣为硫酸铅和金属氧化物，浸出液为硫酸铜、硫酸锌及铁的硫酸盐等的混合溶液，浸出液经沉铜、除铁、结晶得ZnSO47H2O；浸出渣经硫酸二次浸取后得3PbOPbSO4H2O。浸出液中含有硫酸铜，“沉铜”可得到单质铜，该步骤应加入的试剂是锌粉（或铁粉）。 “一次浸取”铜浸出率较低，原因是烟灰中部分铜元素以CuO 残留在浸出渣中，“二次浸取”为防止引入杂质离子，不利于ZnSO47H2O的生成应选择H2SO4作浸取剂。（3）电解法精炼粗银时采用AgNO3和HNO3的混合液作电解液，粗银作阳极，发生氧化反应，纯银作阴极，发生还原反应，阴极的主要电极反应式为Ag+eAg 。根据题给信息知阴极发生的副反应为硝酸根发生还原反应生成一氧化氮，该副反应的电极反应式为NO3+4H+3eNO+2H2O 。【易错警示】（3）根据题给信息确定阴极得电子的微粒为硝酸根，生成物为一氧化氮，电解质溶液呈酸性，抓住原子守恒和电荷守恒进行配平，写出电极反应式。33（16分）某小组以醋酸为例探究弱酸的性质。 （1）实验一：探究酸的强弱对酸与镁条反应速率的影响。设计实验方案如下表，表中c =_ molL-1。编号酸的种类酸的浓度/molL-1酸的体积/mL镁条质量/g1醋酸1.0102.02盐酸c102.0实验步骤：a）检查装置（左图）的气密性后，添加药品；b）反应开始后，_；0123456t/min盐酸醋酸20406080100H2的体积/mLc）将所记录的数据转化为曲线图（右图）。写出05min醋酸、盐酸与镁条反应的反应速率变化规律：_。（2）实验二：现有一瓶醋酸溶液，常温下测定其中醋酸的电离程度（已电离的电解质分子数占原来总分子数的百分比）。设计实验方案，将待测物理量和对应的测定方法填写在下表中。待测物理量测定方法_量取25.00ml醋酸溶液于锥形瓶中，滴加指示剂，将0.1000 molL-1 NaOH标准溶液装入_，滴定至终点，记录数据重复滴定2次_【答案】（16分）（1） 1.0 （2分） 每隔1min记录一次生成H2的体积 （2分） 醋酸与镁条反应的速率随时间变化不明显（2分）盐酸与镁条反应开始阶段反应速率很快，一段时间后反应速率明显减小（2分）（2）（每空2分）待测物理量测定方法醋酸溶液的物质的量浓度碱式滴定管H+的物质的量浓度取适量醋酸溶液于烧杯中，用pH计测定溶液pH【命题立意】本题以醋酸的电离为载体考查化学实验方案的分析、评价和设计。【解析】（1）分析题给实验方案知该实验通过测定醋酸和盐酸与镁反应生成氢气的速率来探究酸的强弱对酸与镁条反应速率的影响，必须保证醋酸和盐酸的起始浓度相同，故表中c =1.0molL-1。分析题给图像知该实验测定的数据每隔1min记录一次生成H2的体积。分析题给图像知05min醋酸、盐酸与镁条反应的反应速率变化规律：醋酸与镁条反应的速率随时间变化不明显，盐酸与镁条反应开始阶段反应速率很快，一段时间后反应速率明显减小。（2）根据题给信息和醋酸的电离方程式知测定醋酸的电离程度需测定醋酸的物质的量浓度和溶液中氢离子浓度（pH）。设计实验方案如下：待测物理量测定方法醋酸溶液的物质的量浓度量取25.00ml醋酸溶液于锥形瓶中，滴加指示剂，将0.1000 molL-1 NaOH标准溶液装入碱式滴定管，滴定至终点，记录数据重复滴定2次H+的物质的量浓度取适量醋酸溶液于烧杯中，用pH计测定溶液pH 。