2019-2020年高二上学期期末物理试卷（必修）含解析.doc

2019-2020年高二上学期期末物理试卷（必修）含解析一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本部分23小题，每小题3分，共69分）1生活中我们常用一些成语来描述物体的运动，下列成语中描述距离的是（）A风驰电掣B疾如雷电C一箭之遥D蜗行牛步2在物理学研究中，有时可以把物体看成质点，则下列说法中正确的是（）A研究乒乓球的旋转，可以把乒乓球看成质点B研究车轮的转动，可以把车轮看成质点C研究跳水运动员在空中的翻转，可以把运动员看成质点D研究地球绕太阳的公转，可以把地球看成质点3在科学的发展历程中，许多科学家做出了杰出的贡献下列叙述符合历史事实的是（）A伽利略否定了亚里士多德“重物比轻物下落快”的论断B牛顿总结出了行星运动的三大规律C爱因斯坦发现了万有引力定律D卡文迪许通过扭秤实验测得静电力常量4如图，物体A、B之间一定有弹力的是（）ABCD5如图所示，是物体做直线运动的vt图象，由图象可得到的正确结果是（）At=1s时物体的加速度大小为1.5m/s2Bt=5s时物体的加速度大小为0.75m/s2C第3s内物体的位移为1.5mD物体在加速过程的位移比减速过程的位移大6从高处释放一石子，经过0.5s，从同一地点再释放一石子，不计空气阻力在两石子落地前，它们之间的距离（）A保持不变B不断减小C不断增加D与两石子的质量有关7人乘电梯匀速上升，在此过程中人受到的重力为G，电梯对人的支持力为FN，人对电梯的压力为FN，则（）AG和FN是一对平衡力BG和FN是一对平衡力CG和FN是一对相互作用力DG和FN是一对相互作用力8如图所示，河的宽度为d，船渡河时船头始终垂直河岸船在静水中的速度大小为v1，河水流速的大小为v2，则船渡河所用时间为（）ABCD9关于惯性的大小，下列叙述正确的是（）A两个质量相同的物体，在阻力相同的情况下，速度大的不容易停下来，所以速度大的物体惯性大B两个质量相同的物体，不论速度大小，它们的惯性的大小一定相同C推动地面上静止的物体，要比维持这个物体做匀速运动所需的力大，所以物体静止时惯性大D在月球上举重比在地球上容易，所以质量相同的物体在月球上比在地球上惯性小10如图所示，放在水平面上的物体受到一个斜向上的拉力作用，但物体仍保持静止状态，现将F分解为水平方向的力F1和竖直向上的力F2，下列说法正确的是（）AF1是物体对水平面的摩擦力BF2是水平面对物体的支持力CF1与水平面给物体的静摩擦力大小相等、方向相反DF2与物体的重力大小相等、方向相反11如图所示，一固定斜面的倾角为，高为h，一小球从斜面顶端沿水平方向抛出，刚好落至斜面底端，不计小球运动中所受的空气阻力，设重力加速度为g，则小球从抛出到落至斜面底端所经历的时间为（）ABCD12如图所示，质量相等材料相同的A、B两物块置于绕竖直轴匀速转动的水平圆盘上（RARB），两物块始终相对于圆盘静止，则两物块（）A线速度相等B摩擦力相等CA物体更容易滑动DB物体更容易滑动13我国发射的神舟号载人宇宙飞船的周期约为90min，如果把它绕地球的运动看作是匀速圆周运动，飞船的运动和地球同步卫星的运动相比，下列判断正确的是（）A飞船的轨道半径大于同步卫星的轨道半径B飞船的运行速度小于同步卫星的运行速度C飞船运动的角速度小于同步卫星运动的角速度D飞船运动的向心加速度大于同步卫星运动的向心加速度14在“利用弹簧测力计、橡皮条、细绳套、木板等器材探究力的合成的平行四边形定则”的实验中，下列说法正确的是（）A分别用两个弹簧测力计和只用一个弹簧测力计拉细绳套时，只要保证橡皮条的形变量大小相同即可B作分力和合力的图示时，分力和合力所选的标度可以不同C在拉细绳套时弹簧测力计必须与木板表面平行D实验时两个分力间的夹角必须大于等于9015一物块置于水平地面上，在10N水平拉力作用下向前移动了5m，撤去拉力后又向前滑行了3m在此过程中，拉力所做的功为（）A20JB30JC50JD80J16运输物资的汽车以额定功率上坡时，为增大汽车的牵引力，司机应使汽车的速度（）A减小B增大C保持不变D先增大后保持不变17两金属小球所带电荷量分别为+3Q和Q，将两小球接触后，它们所带的电荷量一共为（）A+3QB+2QC+QDQ18如图所示是电场中某区域的电场线分布，a、b是电场中的两点，则（）A电荷在a点受到电场力方向必定与场强方向一致B同一点电荷放在a点受到的电场力比放在b点时受到电场力小C正电荷放在a点静止释放，在电场力作用下运动的轨迹与电场线一致Da点的电场强度较大19对于正常工作的电风扇和电饭锅，下列说法中正确的是（）A电风扇和电饭锅消耗的电能均大于各自产生的内能B电风扇和电饭锅消耗的电能均等于各自产生的内能C电风扇消耗的电能大于产生的内能，电饭锅消耗的电能等于产生的内能D电风扇消耗的电能等于产生的内能，电饭锅消耗的电能大于产生的内能20下列各图表示磁场对直线电流的作用，其中不正确的是（）ABCD21有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部当小磁针静止时，小磁针指向如图所示，其中是正确的（）AaBbCcDd22质量为m的物体从高处释放后竖直下落高度为h，在某时刻受到的空气阻力大小为f，加速度大小为a=g，则（）A物体下落过程中重力势能增加mghBf的大小为mgC物体下落过程中动能增加mghD物体下落过程中机械能守恒23如图所示，小车内两根不可伸长的细线AO、BO拴住一小球，其中BO水平，小车沿水平地面向右做加速运动，AO与BO的拉力分别为TA、TB，若加速度增大，则（）ATA、TB均增大BTA、TB均减小CTA不变，TB增大DTA减小，TB不变二、填空题：把答案填在答题卡相应的横线上（本大题2小题，共10分）24如图所示，桌面上放一单匝线圈，线圈中心上方一定高度处有一竖立的条形磁体当磁体竖直向下运动时，穿过线圈的磁通量将（选填“变大”或“变小”）在上述过程中，穿过线圈的磁通量变化了0.1Wb，经历的时间为0.5s，则线圈中的感应电动势为 V25（xx亭湖区校级学业考试）如图所示的电路中，电源的电动势为12V，内阻为1，两定值电阻的阻值分别为19和20开关S闭合后，电路中的电流为A，A、B间的电压为V26“探究加速度与力的关系”实验装置如图1所示（1）为减小实验误差，盘和砝码的质量应比小车的质量（选填“小”或“大”）得多（2）图2为某同学在实验中打出的一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s他从比较清晰的点起，每五个点取一个计数点，则相邻两计数点间的时间间隔为s为了由vt图象求出小车的加速度，他量出相邻两计数点间的距离，分别求出打各计数点时小车的速度其中打计数点3时小车的速度为m/s三、计算或论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位（本部分3小题，其中26小题6分，27小题7分，28小题8分，共21分）27如图所示，质量为80kg的滑雪运动员，在倾角为30的斜坡顶端，从静止开始匀加速下滑50m到达坡底，用时10s若g取10m/s2，求：（1）运动员下滑过程中的加速度大小；（2）运动员到达坡底时的速度大小；（3）运动员受到的阻力大小28如图所示，光滑轨道固定在竖直平面内，其中BCD为细管，AB只有外轨道，AB段和BC段均为半径为R的四分之一圆弧一小球从距离水平地面高为H（未知）的管口D处静止释放，最后恰能够到达A点，并水平抛出落到地面上求：（1）小球到达A点速度vA；（2）平抛运动的水平位移x；（3）D点到水平地面的竖直高度H29如图所示，固定的光滑圆弧轨道ABC的半径为0.8m，A点与圆心O在同一水平线上，圆弧轨道底端B点与圆心在同一竖直线上C点离B点的竖直高度为0.2m，物块从轨道上的A点由静止释放，滑过B点后进入足够长的水平传送带，传送带由电动机驱动按图示方向运转，不计物块通过轨道与传送带交接处的动能损失，物块与传送带间的动摩擦因数为0.1，g取10m/s2（1）求物块从A点下滑到B点时速度的大小；（2）若物块从A点下滑到传送带上后，又恰能返回到C点，求物块在传送带上第一次往返所用的时间xx学年江苏省南通市如皋市高二（上）期末物理试卷（必修）参考答案与试题解析一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本部分23小题，每小题3分，共69分）1生活中我们常用一些成语来描述物体的运动，下列成语中描述距离的是（）A风驰电掣B疾如雷电C一箭之遥D蜗行牛步【考点】机械运动【分析】要判断哪个成语中与物理学描述运动快慢的方法最相近，就看哪个成语中既有时间又有路程【解答】解：这四个选项中的成语，“疾如雷电”、“蜗行牛步”、“风驰电掣”这三个成语描述的是物体运动快慢“一箭之遥”指的是路程；故选 C【点评】本题很好的将物理知识和语文知识联系起来，类似的像古文中的诗句、生活中的谚语所包含的物理道理都是试题中常见的题型，这类题能提高学生的做题兴趣，也能很好的利用学生其它方面的知识，达到学习物理的目的，是一道好题2在物理学研究中，有时可以把物体看成质点，则下列说法中正确的是（）A研究乒乓球的旋转，可以把乒乓球看成质点B研究车轮的转动，可以把车轮看成质点C研究跳水运动员在空中的翻转，可以把运动员看成质点D研究地球绕太阳的公转，可以把地球看成质点【考点】质点的认识【专题】直线运动规律专题【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可【解答】解：A、研究乒乓球的旋转时，不能把乒乓球看成质点，因为看成质点的话，就没有旋转可言了，所以A错误B、研究车轮的转动是，不能把车轮看成质点，因为看成质点的话，就没有转动可言了，所以B错误C、研究跳水运动员在空中的翻转时，不能看成质点，把运动员看成质点的话，也就不会翻转了，所以C错误D、研究地球绕太阳的公转时，地球的大小对于和太阳之间的距离来说太小，可以忽略，所以可以把地球看成质点，所以D正确故选D【点评】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略3在科学的发展历程中，许多科学家做出了杰出的贡献下列叙述符合历史事实的是（）A伽利略否定了亚里士多德“重物比轻物下落快”的论断B牛顿总结出了行星运动的三大规律C爱因斯坦发现了万有引力定律D卡文迪许通过扭秤实验测得静电力常量【考点】物理学史【专题】定性思想；归纳法；直线运动规律专题【分析】本题根据伽利略、牛顿、开普勒和库仑等科学家的物理学成就进行答题【解答】解：A、伽利略通过逻辑推理和实验相结合的方法否定了亚里士多德“重物比轻物下落快”的论断故A正确B、是开普勒总结出了行星运动的三大规律，不是牛顿，故B错误C、牛顿发现了万有引力定律故C错误D、文迪许通过扭秤实验测得引力常量G，故D错误故选：A【点评】物理学史是考试内容之一，对于重要实验、重大发现和著名理论要加强记忆，不要混淆4如图，物体A、B之间一定有弹力的是（）ABCD【考点】物体的弹性和弹力【专题】弹力的存在及方向的判定专题【分析】根据弹力产生的两个条件：一是直接接触；二是物体发生弹性形变来判断，也可以采用假设法判断【解答】解：A、A、B两个球尽管接触，由于两细绳竖直，但相互没有挤压，没有发生弹性形变，两者之间不存在弹力故A错误 B、两球存在相互挤压，发生了弹性形变，两球之间存在弹力故B正确 C、A、B两个球尽管接触，但相互没有挤压，没有发生弹性形变，两者之间不存在弹力故C错误 D、由于细绳竖直，重力与细绳的拉力平衡，斜面对球没有弹力，若受到弹力，则合力不可能为零，小球就不能平衡，与题条件不符故D错误故选：B【点评】判断弹力是否存在常用两种方法：一是条件法；二是假设法，根据平衡条件判断5如图所示，是物体做直线运动的vt图象，由图象可得到的正确结果是（）At=1s时物体的加速度大小为1.5m/s2Bt=5s时物体的加速度大小为0.75m/s2C第3s内物体的位移为1.5mD物体在加速过程的位移比减速过程的位移大【考点】匀变速直线运动的图像；加速度【专题】分子运动论专题【分析】根据速度时间图象的物理意义：“斜率”表示加速度，“面积”表示位移分析【解答】解：A、t=1s时物体的加速度大小a=1.5m/s2，故A正确B、t=5s时物体的加速度a=0.75m/s2，加速度大小为0.75m/s2，故B正确C、第3s内物体的位移x=vt=31m=3m故C错误D、物体在加速过程的位移x1=3m，物体在减速过程的位移x2=6m可见加速过程的位移比减速过程的位移小，故D错误故选：AB【点评】对于物体的速度图象往往从数学角度理解其物理意义：斜率”表示加速度，“面积”表示位移6从高处释放一石子，经过0.5s，从同一地点再释放一石子，不计空气阻力在两石子落地前，它们之间的距离（）A保持不变B不断减小C不断增加D与两石子的质量有关【考点】自由落体运动【专题】自由落体运动专题【分析】从某高处释放一粒小石子，小石子做自由落体运动，根据位移时间公式即可求解【解答】解：设落地前第一个小石子运动的时间为t，则第二个小石子运动的时间为t0.5s，根据位移时间公式得：h1=h2=h=h1h2=gt所以随着时间的增大，两粒石子间的距离将增大，C正确故选C【点评】该题主要考查了自由落体运动位移时间的关系，难度不大，属于基础题7人乘电梯匀速上升，在此过程中人受到的重力为G，电梯对人的支持力为FN，人对电梯的压力为FN，则（）AG和FN是一对平衡力BG和FN是一对平衡力CG和FN是一对相互作用力DG和FN是一对相互作用力【考点】牛顿第三定律；共点力平衡的条件及其应用【分析】由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失【解答】解：A、人站在匀速上升的电梯中，随电梯匀速上升，所以其受到的重力与电梯对他的支持力是一对平衡力故A正确，B错误C、该人对电梯存在压力，同时电梯会给人一个反作用力所以他对电梯的压力和电梯对他的支持力是相互作用力所以FN和FN是一对相互作用力，故C、D错误故选A【点评】考查牛顿第三定律及其理解理解牛顿第三定律与平衡力的区别8如图所示，河的宽度为d，船渡河时船头始终垂直河岸船在静水中的速度大小为v1，河水流速的大小为v2，则船渡河所用时间为（）ABCD【考点】运动的合成和分解【专题】定性思想；推理法；运动的合成和分解专题【分析】将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，当船头垂直河岸行驶时，时间最短，由运动学公式，求出到达对岸时间【解答】解：船头始终垂直河岸，渡河时间为t=，故B正确，ACD错误；故选：B【点评】解决本题的关键知道船头垂直河岸时，时间最短，而合速度垂直河岸时，路程最短，以及会根据平行四边形定则对运动进行合成和分解9关于惯性的大小，下列叙述正确的是（）A两个质量相同的物体，在阻力相同的情况下，速度大的不容易停下来，所以速度大的物体惯性大B两个质量相同的物体，不论速度大小，它们的惯性的大小一定相同C推动地面上静止的物体，要比维持这个物体做匀速运动所需的力大，所以物体静止时惯性大D在月球上举重比在地球上容易，所以质量相同的物体在月球上比在地球上惯性小【考点】惯性；重力；静摩擦力和最大静摩擦力【分析】惯性就是物体保持原来的运动状态的性质，如果物体不受力的作用就保持匀速直线运动状态或者静止状态，惯性大小的唯一量度是物体的质量物体的最大静摩擦力比受的滑动摩擦力要稍微的大，据此可以判断C选项；在月球上和在地球上，重力加速度的大小不一样，所以受的重力的大小也就不一样了【解答】解：物体的惯性大小与物体的运动状态无关，只与物体的质量有关，所以惯性与车速的大小无关，故A选项错误，B选项正确C、推动地面上静止的物体，要比维持这个物体做匀速运动所需的力大，这是由于最大静摩擦力的原因，与物体的惯性无关，所以C选项错误D、在月球上举重比在地球上容易，是由于月球上的重力加速度小，物体受的重力小，而质量是不变的，所以物体的惯性也不变，故D选项错误故选：B【点评】本题不但考查了对惯性概念的理解，还有最大静摩擦力与滑动摩擦力的关系和重力加速度的理解，有利于学生综合解题能力的提高10如图所示，放在水平面上的物体受到一个斜向上的拉力作用，但物体仍保持静止状态，现将F分解为水平方向的力F1和竖直向上的力F2，下列说法正确的是（）AF1是物体对水平面的摩擦力BF2是水平面对物体的支持力CF1与水平面给物体的静摩擦力大小相等、方向相反DF2与物体的重力大小相等、方向相反【考点】力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用【专题】受力分析方法专题【分析】F分解为水平方向的力F1和竖直向上的力F2，根据平衡条件求解水平面对物体的支持力和摩擦力【解答】解：A、F1是F的水平分力，不是物体对水平面的摩擦力故A错误B、F2是F的竖直分力，不是水平面对物体的支持力根据平衡条件得到，水平面对物体的支持力N=mgF2故B错误C、根据平衡条件得知，F1与水平面给物体的静摩擦力平衡，大小相等，方向相反故C正确D、根据平衡得知，F2与物体的重力不是大小相等、方向相反故D错误故选C【点评】本题是物体的平衡问题，运用正交分解法研究物体平衡问题是常用方法基础题11如图所示，一固定斜面的倾角为，高为h，一小球从斜面顶端沿水平方向抛出，刚好落至斜面底端，不计小球运动中所受的空气阻力，设重力加速度为g，则小球从抛出到落至斜面底端所经历的时间为（）ABCD【考点】平抛运动【专题】平抛运动专题【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据下落的高度求出运动的时间【解答】解：根据h=得，t=故C正确，A、B、D错误故选：C【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解12如图所示，质量相等材料相同的A、B两物块置于绕竖直轴匀速转动的水平圆盘上（RARB），两物块始终相对于圆盘静止，则两物块（）A线速度相等B摩擦力相等CA物体更容易滑动DB物体更容易滑动【考点】向心力；牛顿第二定律【专题】定性思想；推理法；牛顿第二定律在圆周运动中的应用【分析】物体在同一个转盘上随转盘一起运动时，具有相同的角速度，这是解这类题目的切入点，然后根据向心加速度、向心力公式进行求解【解答】解：A、由于A、B在同一转盘上无相对运动，因此它们的角速度相等，由v=r，且半径不同，可知线速度不同，故A错误；B、根据F=m2r可知，质量相等，角速度相等，半径不同则需要向心力不同，而向心力是由摩擦力提供的，所以摩擦力也不相等故B错误；C、D、物体随转盘做圆周运动由静摩擦力提供，又根据F=m2r可知，质量相等，角速度相等，A的半径大于B的，则A所受的静摩擦力大于B所受的静摩擦力；又由于两个物体的材料相同，所以当角速度增大时，A物体更容易滑动故C正确，D错误故选：C【点评】解决本题的突破口在于物体和转盘角速度相同，然后熟练掌握匀速圆周运动的各物理量之间公式即可13我国发射的神舟号载人宇宙飞船的周期约为90min，如果把它绕地球的运动看作是匀速圆周运动，飞船的运动和地球同步卫星的运动相比，下列判断正确的是（）A飞船的轨道半径大于同步卫星的轨道半径B飞船的运行速度小于同步卫星的运行速度C飞船运动的角速度小于同步卫星运动的角速度D飞船运动的向心加速度大于同步卫星运动的向心加速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【专题】定量思想；推理法；人造卫星问题【分析】研究卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出线速度、周期、向心力等物理量；根据轨道半径的关系判断各物理量的大小关系【解答】解：卫星做匀速圆周运动时，万有引力提供向心力，故： =m=mr2=ma解得：v= T= a=A、“神舟”六号载人宇宙飞船的周期约为90min，同步卫星的周期为24h，根据式，同步卫星的轨道半径大，故A错误；B、同步卫星的轨道半径大，根据式，飞船的速度大，故B错误；C、同步卫星的轨道半径大，根据飞船运动的角速度大于同步卫星运动的角速度，则C错误D、同步卫星的轨道半径大，根据飞船运动的向心加速度大于同步卫星运动的向心加速度，则D正确故选：D【点评】要比较一个物理量大小，我们应该把这个物理量先表示出来，在进行比较向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量选取应用14在“利用弹簧测力计、橡皮条、细绳套、木板等器材探究力的合成的平行四边形定则”的实验中，下列说法正确的是（）A分别用两个弹簧测力计和只用一个弹簧测力计拉细绳套时，只要保证橡皮条的形变量大小相同即可B作分力和合力的图示时，分力和合力所选的标度可以不同C在拉细绳套时弹簧测力计必须与木板表面平行D实验时两个分力间的夹角必须大于等于90【考点】验证力的平行四边形定则【专题】实验题；平行四边形法则图解法专题【分析】为了使两根弹簧秤拉力的作用效果与一根弹簧秤拉力的作用效果相同，两次橡皮条伸长的长度相同，且拉到同一个结点，为了减小实验误差，拉橡皮条的细绳要长些，标记方向的两点要远些，夹角稍微大一些【解答】解：A、两次拉伸橡皮条要将橡皮条拉伸到同一结点，保证两次情况下，两根弹簧秤拉力的合力与一根弹簧秤拉力大小相等，方向相同故A错误B、作分力和合力图示时，所选的标度需相同故B错误C、弹簧测力计的拉力方向与木板平面需平行故C正确D、实验时两个分力间的夹角稍微大一些，不一定必须大于等于90度故D错误故选：C【点评】解决本题的关键知道合力与分力的作用效果是相同的，知道该实验的原理以及注意事项15一物块置于水平地面上，在10N水平拉力作用下向前移动了5m，撤去拉力后又向前滑行了3m在此过程中，拉力所做的功为（）A20JB30JC50JD80J【考点】功的计算【专题】功的计算专题【分析】根据恒力做功公式直接求解拉力做功【解答】解：位移与拉力方向相同，故拉力对物块做的功W=Fs=105=50J；故选：C【点评】本题主要考查了恒力做功公式，W=FScos中指F与S之间的夹角16运输物资的汽车以额定功率上坡时，为增大汽车的牵引力，司机应使汽车的速度（）A减小B增大C保持不变D先增大后保持不变【考点】功率、平均功率和瞬时功率【专题】功率的计算专题【分析】司机用“换挡”的办法来减速行驶是为了获得更大的牵引力来上坡，由P=FV可知，在功率一定的情况下，当速度减小时，汽车的牵引力就会增大【解答】解：由功率公式P=Fv可知，在功率一定的情况下，当速度减小时，汽车的牵引力就会增大，此时更容易上坡故选：A【点评】本题很好的把现实生活中的事情与所学的物理知识结合了起来，可以激发学生的学习兴趣17两金属小球所带电荷量分别为+3Q和Q，将两小球接触后，它们所带的电荷量一共为（）A+3QB+2QC+QDQ【考点】元电荷、点电荷【专题】电磁学【分析】两个相同的带电金属球接触再分开后带电的原则是先中和再平分，本题中两球接触是直接中和【解答】解：两金属小球所带电荷量分别为+3Q和Q，将两小球接触后，根据电荷守恒定律，带电总量为：Q总=（+3Q）+（Q）=+2Q故选：B【点评】本题考查了电荷守恒定律的运用，同时要明确完全相同的带电小球接触时，电荷先中和再均分18如图所示是电场中某区域的电场线分布，a、b是电场中的两点，则（）A电荷在a点受到电场力方向必定与场强方向一致B同一点电荷放在a点受到的电场力比放在b点时受到电场力小C正电荷放在a点静止释放，在电场力作用下运动的轨迹与电场线一致Da点的电场强度较大【考点】电场线【专题】带电粒子在电场中的运动专题；电场力与电势的性质专题【分析】解答本题需要掌握：电场线的疏密表示电场的强弱；正电核受力方向和电场线相同，负电荷则相反；运动轨迹与受力和初速度有关，不一定沿电场线【解答】解：A、若是负电荷在a点受电场力方向则和电场方向相反，因此在a点受到电场力方向不一定和电场方向相同，故A错误；B、a处电场线比b处密，因此a处电场强度比b处大，同一电荷受力也大，故B错误；C、正电荷释放时，电场力方向始终沿电场方向，而速度方向则在不断变化，因此其轨迹不沿电场线，故C错误；D、a、b两点比较，a处电场线密，故a点的电场强度较大，故D正确故选D【点评】电场线是电场中的重要概念，因此要熟练掌握电场线和电场以及电场力之间的关系19对于正常工作的电风扇和电饭锅，下列说法中正确的是（）A电风扇和电饭锅消耗的电能均大于各自产生的内能B电风扇和电饭锅消耗的电能均等于各自产生的内能C电风扇消耗的电能大于产生的内能，电饭锅消耗的电能等于产生的内能D电风扇消耗的电能等于产生的内能，电饭锅消耗的电能大于产生的内能【考点】电功、电功率；焦耳定律的应用【专题】恒定电流专题【分析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的【解答】解：电风扇属于非纯电阻，输入的功率一部分会发热，但更多的是对外做功，所以电风扇消耗的电能要大于产生的内能，电饭锅属于纯电阻，输入的功率全部的用来发热产生内能，所以电饭锅消耗的电能等于产生的内能，所以ABD错误，C正确故选C【点评】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的20下列各图表示磁场对直线电流的作用，其中不正确的是（）ABCD【考点】左手定则【专题】定性思想；推理法；磁场 磁场对电流的作用【分析】磁场对直线电流的作用称为安培力，用左手定则判断方向将四个选项逐一代入检验，选择符合题意的选项【解答】解：A、伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向里穿过手心，则手心朝下四指指向电流方向：垂直向外，拇指指向安培力方向：向左根据左手定则判断可知是错误的故A不正确 B、伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向外穿过手心，则手心朝里四指指向电流方向：向上，拇指指向安培力方向：向右根据左手定则判断可知是正确的故B正确 C、伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向右穿过手心，则手心朝右四指指向电流方向：向里，拇指指向安培力方向：向上根据左手定则判断可知是正确的故C正确 D、伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向上穿过手心，则手心朝外四指指向电流方向：斜向右上方，拇指指向安培力方向：斜向左上方根据左手定则判断可知是正确的故D正确本题选择的错误，故选：A【点评】通电直导线在磁场中受到的安培力方向利用左手定则判断对于左手定则的应用，要搞清两点：一是什么时候用；二是怎样用21有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部当小磁针静止时，小磁针指向如图所示，其中是正确的（）AaBbCcDd【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【分析】利用安培定则判断出通电螺线管周围磁场方向，注意螺线管内部和外部磁场方向不同，然后根据小磁针静止时N极所指的方向和磁感线的方向一致，从而判断出小磁针静止时方向【解答】解：根据安培定则可知通电螺线管N极在右端，因此右侧磁场方向水平向右，小磁针c位置不对；上方磁场方向水平向左，所以小磁针d位置正确；左侧水平向右，a位置不对；内部水平向右，b位置不对，故ABC错误，D正确故选D【点评】本题比较简单，考察了通电螺线管周围磁场方向，注意磁感线是闭合曲线，外部从N极到S极，内部从S极到N极22质量为m的物体从高处释放后竖直下落高度为h，在某时刻受到的空气阻力大小为f，加速度大小为a=g，则（）A物体下落过程中重力势能增加mghBf的大小为mgC物体下落过程中动能增加mghD物体下落过程中机械能守恒【考点】功能关系；动能定理的应用【专题】定量思想；寻找守恒量法；动能定理的应用专题【分析】物体下落过程中重力做正功多少，物体的重力势能就减少多少根据牛顿第二定律求空气阻力f的大小由动能定理求动能增加量对照机械能守恒的条件：只有重力做功，分析机械能是否守恒【解答】解：A、物体下落过程中重力做功为 mgh，则物体的重力势能减少mgh，故A错误B、由牛顿第二定律得 mgf=ma，a=g，得 f=mg故B正确C、根据动能定理得：动能的增加量Ek=W合=mah=mgh，故C错误D、由于空气阻力对物体做负功，则物体的机械能不断减少，故D错误故选：B【点评】解决本题的关键要掌握常见的功与能的关系，明确重力势能的变化与重力做功有关，动能的变化与合力做功有关23如图所示，小车内两根不可伸长的细线AO、BO拴住一小球，其中BO水平，小车沿水平地面向右做加速运动，AO与BO的拉力分别为TA、TB，若加速度增大，则（）ATA、TB均增大BTA、TB均减小CTA不变，TB增大DTA减小，TB不变【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】对小球进行受力分析，根据正交分解，运用牛顿第二定律分别求出小车加速度变化后绳中的拉力变化【解答】解：当小车向右做加速运动，小球的加速度与小车具有相同的加速度，根据牛顿第二定律有：TAOcos=mg，则TBOTAOsin=ma，解得TBO=mgtan+ma知加速度增大时，绳AO的拉力不变，绳BO的拉力增大故C正确，A、B、D错误故选：C【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解二、填空题：把答案填在答题卡相应的横线上（本大题2小题，共10分）24如图所示，桌面上放一单匝线圈，线圈中心上方一定高度处有一竖立的条形磁体当磁体竖直向下运动时，穿过线圈的磁通量将变大（选填“变大”或“变小”）在上述过程中，穿过线圈的磁通量变化了0.1Wb，经历的时间为0.5s，则线圈中的感应电动势为0.2 V【考点】法拉第电磁感应定律；磁通量【专题】电磁感应与电路结合【分析】由磁通量的定义可知线圈中磁通量的变化；由法拉第电磁感应定律可求得线圈中的感应电动势【解答】解：在磁体竖直向下落时，穿过线圈的磁感应强度增大，故磁通量变大；由法拉第电磁感应定律可得：E=V=0.2V故答案为：变大；0.2【点评】本题考查法拉第电磁感应定律的应用，题目较为简单，熟记法拉第电磁感应定律即可求解25（xx亭湖区校级学业考试）如图所示的电路中，电源的电动势为12V，内阻为1，两定值电阻的阻值分别为19和20开关S闭合后，电路中的电流为0.3A，A、B间的电压为6V【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】根据闭合电路欧姆定律即可求得电路中的电流，根据U=IR即可求解路端电压【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得：I=UAB=RABI=200.3V=6V故答案为：0.3；6【点评】本题主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，难度不大，属于基础题26“探究加速度与力的关系”实验装置如图1所示（1）为减小实验误差，盘和砝码的质量应比小车的质量小（选填“小”或“大”）得多（2）图2为某同学在实验中打出的一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s他从比较清晰的点起，每五个点取一个计数点，则相邻两计数点间的时间间隔为0.1s为了由vt图象求出小车的加速度，他量出相邻两计数点间的距离，分别求出打各计数点时小车的速度其中打计数点3时小车的速度为0.4595m/s【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【专题】实验题【分析】（1）当盘与砝码质量远小于小车质量时可以近似认为盘与砝码对小车的拉力等于其重力（2）根据题意求出计数点间的时间间隔；由匀变速直线运动的推论求出瞬时速度【解答】解：（1）当盘与砝码质量远小于小车质量时可以近似认为盘与砝码对小车的拉力等于其重力，为减小实验误差，盘和砝码的质量应比小车的质量小得多（2）计时器打点的时间间隔为0.02s他从比较清晰的点起，每五个点取一个计数点，则相邻两计数点间的时间间隔为t=0.025=0.1s；由匀变速直线运动的推论可知，打计数点3时小车的速度v=0.4595m/s2故答案为：（1）小；（2）0.1；0.4595【点评】本题考查了实验注意事项、实验数据处理，掌握原理与实验注意事项即可正确解题；求瞬时速度时要注意匀变速运动推论的应用：做匀变速直线运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度三、计算或论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位（本部分3小题，其中26小题6分，27小题7分，28小题8分，共21分）27如图所示，质量为80kg的滑雪运动员，在倾角为30的斜坡顶端，从静止开始匀加速下滑50m到达坡底，用时10s若g取10m/s2，求：（1）运动员下滑过程中的加速度大小；（2）运动员到达坡底时的速度大小；（3）运动员受到的阻力大小【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【专题】牛顿运动定律综合专题【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式求出运动员下滑的加速度大小，结合速度时间公式求出运动员到达坡底的速度大小根据牛顿第二定律求出运动员受到的阻力大小【解答】解：（1）根据位移时间公式得：，所以有： （2）运动员到达坡底的速度为：v=at=110m/s=10m/s（3）根据牛顿第二定律得：mgsinf=ma代入数据解得：f=320N答：（1）运动员下滑过程中的加速度大小为1m/s2；（2）运动员到达坡底时的速度大小为10m/s；（3）运动员受到的阻力大小为320N【点评】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，基础题28如图所示，光滑轨道固定在竖直平面内，其中BCD为细管，AB只有外轨道，AB段和BC段均为半径为R的四分之一圆弧一小球从距离水平地面高为H（未知）的管口D处静止释放，最后恰能够到达A点，并水平抛出落到地面上求：（1）小球到达A点速度vA；（2）平抛运动的水平位移x；（3）D点到水平地面的竖直高度H【考点】机械能守恒定律；平抛运动【专题】机械能守恒定律应用专题【分析】（1）小球恰能够到达A点，由重力提供向心力，根据牛顿第二定律求解vA；（2）小球离开A点后做平抛运动，运用运动的分解法，由运动学公式求解x（3）从D到A运动过程中只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律求出H【解答】解：（1）小球恰能够到达A点，由重力提供向心力，根据牛顿第二定律得：mg=m解得小球到达A点速度为：vA=（2）从A点抛出后做平抛运动，则有：x=vAt，2R=联立解得：x=2R（3）从D到A运动过程中只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律，则得：mgH=2mgR+解得：H=答：（1）小球到达A点速度vA为（2）平抛运动的水平位移x是2R；（3）D点到水平地面的竖直高度H是【点评】本题涉及的知识点较多，关键学制机械能守恒定律、平抛运动基本公式及圆周运动达到最高点的条件29如图所示，固定的光滑圆弧轨道ABC的半径为0.8m，A点与圆心O在同一水平线上，圆弧轨道底端B点与圆心在同一竖直线上C点离B点的竖直高度为0.2m，物块从轨道上的A点由静止释放，滑过B点后进入足够长的水平传送带，传送带由电动机驱动按图示方向运转，不计物块通过轨道与传送带交接处的动能损失，物块与传送带间的动摩擦因数为0.1，g取10m/s2（1）求物块从A点下滑到B点时速度的大小；（2）若物块从A点下滑到传送带上后，又恰能返回到C点，求物块在传送带上第一次往返所用的时间【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；动能定理的应用【专题】机械能守恒定律应用专题【分析】由机械能守恒可求得物体到达B点时的速度；物体以此速度在传送带上减速运动，由牛顿第二定律可求得加速度；则由运动学公式可求得减速到零的时间和位移；物体再反向做加速运动，由机械能守恒可求得返回到B点的速度；根据运动学公式可判断出物体反向加速的运动情况，从而求得传送带的速度；分段求出物体运动的时间，则可求得总时间【解答】解：（1）由机械能守恒定律得mgr=mvB2解得vB=4m/s；（2）物块先在传送带上做匀减速直线运动，运动时间为t1=4s 通过的位移为x1=8m；物块再在传送带上做匀加速直线运动，其末速度由mgh=mv12解得v1=2m/s则匀加速直线运动的时间为t2=2s通过的位移为x2=2m然后再做匀速运动，通过的位移为x3=x1x2=82=6m匀速运动的时间为t3=3s所以物块在传送带上第一次往返所用的时间为t=t1+t2+t3=4+2+3=9s答：（1）物块从A点下滑到B点时速度的大小为4m/s；（2）物块在传送带上第一次往返所用的时间为9s【点评】本题难点在于对过程的分析，要弄清楚物体在传送带上运动的全过程，特别是最后一段的先加速再匀速过程