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2019-2020年高三上学期第七次周练数学(理)试题 Word版含答案一、选择题:(本大题共10小题,每小题5分,共50分.)1. 若复数,则z的实部为A. B. C. D.2. 已知命题,命题,则A.命题是假命题 B.命题是真命题C.命题是真命题 D.命题是假命题3.在等差数列an中,已知a12,a2a313,则a4a5a6等于A.40 B.42 C.43 D.454.函数ylgx的零点所在的大致区间是A.(6,7) B.(7,8) C.(8,9) D.(9,10)5. 某个几何体的三视图如图所示,根据图中标出的长度,那么这个几何体的体积是A. B. C. D. 36. 曲线与直线及x= 4所围成的封闭图形的面积为A. B. C. D.7. 如果实数满足关系,则的取值范围是A.3, 4 B.2,3 C. D.8.下列函数中,图象的一部分如右图所示的是A.ysin(2x) B.ysin(2x)C.ycos(2x) D.ycos(2x) 9.函数的图象大致是A B C D10. 设mN*,F(m)表示log2m的整数部分,则F(2101)F(2102)F(2103)F(211)的值为 A.10210 B.102101 C.102102 D. 102101二填空题:(本大题共5小题,每小题5分,共25分) 11.x2dx . 12.化简: . 13.当时,不等式恒成立,则实数的最大值为 。14.在ABC中,P为中线AM上的一个动点,若|2,则()的最小值为 .15.如图,将平面直角坐标系的格点(横、纵坐标均为整数的点)按如下规则标上数字标签:原点处标数字0,点(1,0)处标数字1,点(1,1)处标数字2,点(0,1)处标数字3,点(1,1)处标数字4,点(1,0)处标数字5,点(1,1)处标数字6,点(0,1)处标数字7,以此类推,标数字50的格点的坐标为 .记格点坐标为(m,n)的点(m、n均为正整数)处所标的数字为f(m,n),若nm,则f(m,n) .三、解答题:(本大题共6小题,12+12+12+13+13+1375分.)16.已知sin2cos0.(1)求tanx的值;(2)求的值.17.中,内角、成等差数列,其对边、满足,求。 18、如图,在多面体ABCDE中,DB丄平面ABC,AE/DB,且ABC是边长为2的等边三角形,AE=1,BD = 2.(I)在线段DC上存在一点F,使得EF丄面DBC,试确定F的位置,并证明你的结论;(II)求二面角DECB的平面角的余弦值.19. 已知为等差数列,且()求数列的通项公式;()记的前项和为,若成等比数列,求正整数的值。20.已知函数f(x)ax2(1a)x1lnx,aR.(1)若函数在区间(2,4)上存在单调递增区间,求a的取值范围;(2)求函数的单调增区间.21.顶点在坐标原点,开口向上的抛物线经过A0(1,1),过A1作抛物线的切线交x轴于B1,过B1点作x轴的垂线交抛物线于A1,过A1作抛物线的切线交x轴于B2,过An(xn,yn)作抛物线的切线交x轴于Bn1(xn1,0)(1)求xn,yn的通项公式;(2)设an,数列an的前n项和为Tn.求证:Tn2n.(3)设bn1log2yn,若对任意正整数n,不等式(1)(1)(1)a成立,求正数a的取值范围.数学 周 练(理科7)答案一、选择题:(本大题共10小题,每小题5分,共50分.)题号12345678910选项ACBDBBDCDB11. 12. 13. 9 14. 2.15.(4,2)f(m,n)(2n1)2mn1,(nm).f(1,0)12,f(2,1)32,f(3,2)52,f(n1,n)(2n1)2.nm,nm1,当nm时,f(m,n)(2n1)2mn1.16、解:(1)由sin2cos0,tan2,tanx(2)原式1()1.17.18.19. 【解析】()设数列 的公差为d,由题意知 解得 所以()由()可得 因 成等比数列,所以 从而 ,即 解得 或(舍去),因此 。20.解:(1)因为函数定义域为x|x0,f(x)ax1a,(2分)已知函数在区间(2,4)上存在单调递增区间,由f(x)0,得ax10,a,故a的取值范围是(,).(6分)(2)f(x)ax1a, 当a1时,由f(x)0得x1,f(x)的单调增区间为,1;当a1时,f(x)0,f(x)无单调增区间;(8分)当1a0时,由f(x)0得x1,f(x)的单调增区间为1,).(12分)综上所述当a1时,f(x)的单调增区间为,1;当a1时,f(x)无单调增区间;当1a0时,f(x)的单调增区间为1,;当a0时,f(x)的单调增区间为1,).(13分)21. 解:(1)由已知得抛物线方程为yx2,y2x,(2分)则设过点An(xn,yn)的切线为yx2xn(xxn).令y0,x,故xn1.又x01,xn,yn.(4分)(2)证明:由(1)知xn()n,所以an112().由得2(),从而Tna1a2an2()2()2()2n()()()2n()2n,即Tn2n.(9分)(3)由于yn,故bn2n1,对任意正整数n,不等式(1)(1)(1)a成立,a(1)(1)(1)恒成立.设f(n)(1)(1)(1),(10分)f(n1)(1)(1)(1)(1),(1)1,f(n1)f(n),故f(n)为递增,(12分)f(n)minf(1),0a.(13分)
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