2019-2020年高中数学第三章导数及其应用3.4生活中的优化问题举例课后提升训练含解析新人教A版.doc

2019-2020年高中数学第三章导数及其应用3.4生活中的优化问题举例课后提升训练含解析新人教A版一、选择题(每小题5分,共40分)1.用长为24m的钢筋做成一个长方体框架,若这个长方体框架的底面为正方形,则这个长方体体积的最大值为()A.8m3B.12m3C.16m3D.24m3【解析】选A.设长方体的底面边长为xm,则高为(6-2x)m,所以0x0),L=2-.令L=0,得x=16或x=-16(舍去).因为L在(0,+)上只有一个极值点,所以它必是最小值点.因为x=16,所以=32.故当堆料场的宽为16m,长为32m时,可使砌墙所用的材料最省.3.已知某生产厂家的年利润y(单位:万元)与年产量x(单位:万件)的函数关系式为y=-x3+81x-234,则使该生产厂家获取最大年利润的年产量为()A.13万件B.11万件C.9万件D.7万件【解析】选C.y=-x2+81,令y=0,解得x=9或x=-9(舍去).当0x0,当x9时,y0),则获得利润最大时的年产量为()A.1百万件B.2百万件C.3百万件D.4百万件【解析】选C.因为y=-x3+27x+123(x0),所以y=-3x2+27=-3(x+3)(x-3)(x0),所以y=-x3+27x+123在(0,3)上是增函数,在(3,+)上是减函数,故当x=3时,获得最大利润.5.(xx梅州高二检测)设底面为等边三角形的直棱柱的体积为V,则其表面积最小时,底面边长为()A.B.C.D.2【解析】选C.如图,设底面边长为x(x0),则底面积S=x2,所以h=.S表=x3+x22=+x2,S表=x-,令S表=0得x=,因为S表只有一个极值,故x=为最小值点.6.如图,在等腰梯形ABCD中,CD=40,AD=40,梯形ABCD的面积最大时,AB等于()A.40B.60C.80D.120【解析】选C.设BAD=,则AB=40+240cos,梯形高h=40sin,从而梯形面积S=1600(1+cos)sin.故S=1600(cos+cos2).令S=0,得cos=-1(舍)或cos=,即=,此时AB=80,即当AB=80时,梯形有最大面积1200.7.某商场从生产厂家以每件20元的价格购进一批商品.若该商品零售价定为P元,销售量为Q,销售量Q(单位:件)与零售价P(单位:元)有如下关系:Q=8300-170P-P2,则最大毛利润为(毛利润=销售收入-进货支出)()A.30元B.60元C.28000元D.23000元【解析】选D.设毛利润为L(P),由题意知L(P)=PQ-20Q=Q(P-20)=(8300-170P-P2)(P-20)=-P3-150P2+11700P-166000,所以L(P)=-3P2-300P+11700,令L(P)=0,解得P=30或P=-130(舍去).此时,L(30)=23000.根据实际问题的意义知,L(30)是最大值,即零售价定为每件30元时,最大毛利润为23000元.8.(xx昆明高二检测)某公司生产一种产品,固定成本为xx0元,每生产一单位的产品,成本增加100元,若总收入R与年产量x的关系是R(x)=则当总利润最大时,每年生产产品的单位数是()A.150B.200C.250D.300【解析】选D.因为总利润p(x)=当0x390时,p(x)=-x2+300,令p(x)=0,得x=300,当x(0,300)时,p(x)0,p(x)递增,当x(300,390)时,p(x)390时,p(x)=90090-100x-xx090090-100390-xx0=3109040000,所以当x=300时,总利润最大.二、填空题(每小题5分,共10分)9.(xx河源高二检测)把长为60cm的铁丝围成矩形,长为,宽为时,矩形的面积最大.【解析】设长为xcm,则宽为(30-x)cm,此时S=x(30-x)=30x-x2,令S=30-2x=0,所以x=15.当0x0,当15x30时,S0),所以y=2,令y=0,解得x=200(x=-200舍去),这时y=800.当0x200时,y200时,y0,所以当x=200时,y取得最小值,故其周长至少为800m.答案:80010.某公司租地建仓库,每月土地占用费y1(万元)与仓库到车站的距离成反比,而每月库存货物的运费y2(万元)与到车站的距离成正比,如果在距离车站10千米处建仓库,y1和y2分别为2万元和8万元.那么,要使这两项费用之和最小,仓库应建在离车站千米处.【解析】设仓库与车站相距x千米,依题意可设每月土地占用费y1=,每月库存货物的运费y2=k2x,其中x是仓库到车站的距离,k1,k2是比例系数,于是由2=得k1=20;由8=10k2得k2=.所以两项费用之和为y=+(x0),y=-+,令y=0,得x=5或x=-5(舍去).当0x5时,y5时,y0.所以当x=5时,y取得极小值,也是最小值.所以当仓库建在离车站5千米处时,两项费用之和最小.答案:5三、解答题(每小题10分,共20分)11.甲、乙两地相距s千米,汽车从甲地匀速行驶到乙地,速度不得超过c千米/时,已知汽车每小时的运输成本(以元为单位)由可变部分和固定部分组成.可变部分与速度v(千米/时)的平方成正比,比例系数为b(b0),固定部分为a元.(1)把全程运输成本y(元)表示为速度v(千米/时)的函数,并指出这个函数的定义域.(2)为了使全程运输成本最小,汽车应以多大的速度行驶?【解析】(1)依题意知汽车从甲地匀速行驶到乙地所用时间为,全程运输成本为y=a+bv2=s,故所求函数及其定义域为y=s,v(0,c.(2)由题意知s,a,b,v均为正数.由y=s=0得v=,0c,v(0,c,此时yc时,行驶速度v=c.12.某种产品每件成本为6元,每件售价为x元(6x11),年销量为u万件,若已知-u与成正比,且售价为10元时,年销量为28万件.(1)求年利润y万元关于售价x的函数关系式.(2)求售价为多少时,年利润最大,并求出最大年利润.【解析】(1)设-u=k,因为售价为10元时,年销量为28万件,所以-28=k,解得k=2.所以u=-2+=-2x2+21x+18.所以y=(-2x2+21x+18)(x-6)=-2x3+33x2-108x-108(6x0;当x(9,11)时,y0.所以函数y=-2x3+33x2-108x-108在(6,9)上是递增的,在(9,11)上是递减的.所以当x=9时,ymax=135,所以售价为9元时,年利润最大,最大年利润为135万元.【能力挑战题】某汽车生产企业上xx生产一品牌汽车的投入成本为10万元/辆,出厂价为13万元/辆.本xx为适应市场需求,计划提高产品档次,适当增加投入成本,若每辆车的投入成本增加的比例为x(0x0,f(x)是增函数;当x时,f(x)0,f(x)是减函数.所以当x=时,f(x)取极大值,f=xx0,因为f(x)在(0,1)内只有一个极大值,所以它是最大值.所以当x=时,本xx的年利润最大,最大利润为xx0万元.