2019-2020年高三第一次综合练习（一模）数学理试题含解析.doc

2019-2020年高三第一次综合练习（一模）数学理试题含解析一、选择题：本大题共8小题，每小题5分，共40分在每小题给出的四个选项中，选出符合题目要求的一项1 为虚数单位，复数= A B C D答案：D解析：分母实数化，即分子与分母同乘以分母的其轭复数：。2 已知全集，函数的定义域为，集合，则下列结 论正确的是 A B C D答案：D解析：函数 y ln(x1)的定义域M ，N ，又U R，故 A，C 错误，D显然正确。3 “”是“”的 A充分而不必要条件 B必要而不充分条件 C充分必要条件 D既不充分也不必要条件答案：A解析：由，知，又是增函数，所以，由知，但取负值时，无意义，故选A。4 执行如图所示的程序框图，输出的值为 A42B19 C8D3答案：B解析：依次执行结果如下：S2113，i112，i4；S2328，i213，i4；S28119，i3142，i4；所以，S19，选B。5在中，角A，B，C的对边分别为若，则角B的值为 A B C D 答案：C解析：由余弦定理，知，所以所以，可化为：，所以，所以，B。6某工厂一年中各月份的收入、支出情况的统计如图所示,下列说法中错误的是A. 收入最高值与收入最低值的比是B. 结余最高的月份是7月 C.1至2月份的收入的变化率与4至5月份的收入的变化率相同D. 前6个月的平均收入为40万元（注：结余=收入-支出）答案：D解析：读图可知A、B、C均正确，对于D，前6 个月的平均收入45万元7某三棱锥的三视图如图所示，则该三棱锥的体积是 A B C D答案：A解析：三棱锥如下图所示：CD1，BC2，CDBC，且三棱锥ABCD的高为1底面积SBCD1，所以，V8若圆与曲线的没有公共点，则半径的取值范围是 A B C D答案：C解析：只需求圆心（0，1）到曲线上的点的最短距离，取曲线上的点，距离所以，若圆与曲线无公共点，则0 r二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分把答案填在答题卡上 9 二项式的展开式中含的项的系数是 （用数字作答）答案：10解析：二项式的展开式的每一项为：令103r 4得r 2，x4的系数为1010已知等差数列()中，则数列的通项公式 ；_ 答案：,解析：11在直角坐标系中，曲线的方程为，曲线的参数方程为为参数以原点为极点，轴非负半轴为极轴，建立极坐标系，则曲 线与的交点的极坐标为 答案：解析：将C2方程代入C1方程得，解得t 1x1， y 1故极坐标为12不等式组所表示的平面区域为D若直线与区域D有公 共点，则实数a的取值范围是 答案：解析：如图所示，直线 ya（x1）过点 A（1，0）且该直线过图中B 点时为临界条件，并且当其斜率小于AB 斜率时均与区域D 有公共点B点坐标由xy0和2xy90联立得B（3，3）故a 的取值范围为13已知为所在平面内的一点，且若点在的内部(不含边界)， 则实数的取值范围是_ 答案：解析：如图所示，点M 在ABC 内部（不含边界）过D 点作平行于 AC 的直线，并交BC 于F 点，则，此时， u， M 点与F 点重合，为另一临界条件综上， n 的取值范围为14某班主任在其工作手册中，对该班每个学生用十二项能力特征加以描述每名学生的第（）项能力特征用表示，若学生的十二项能力特征分别记为，则 两名学生的不同能力特征项数为 （用表示）如果两个 同学不同能力特征项数不少于，那么就说这两个同学的综合能力差异较大若该班有名学生两两综合能力差异较大，则这名学生两两不同能力特征项数总和的最小值为 答案：22解析：设第三个学生为则不同能力特征项数总和恰为22 ，所以最小值为22 三、解答题：本大题共6小题，共80分解答应写出文字说明，演算步骤或证明过程15（本小题满分13分） 已知函数，（）若，求的单调递增区间；（）若，求的最小正周期的表达式并指出的最大值解析：解：（）当时，令解得所以的单调递增区间是.7分（）由 因为，所以则， 解得又因为函数的最小正周期，且，所以当时，的最大值为 13分16（本小题满分13分） 为了解学生暑假阅读名著的情况，一名教师对某班级的所有学生进行了调查，调查结果如下表 人数 本数性别12345男生14322女生01331（）从这班学生中任选一名男生，一名女生，求这两名学生阅读名著本数之和为4的概率？（）若从阅读名著不少于4本的学生中任选4人，设选到的男学生人数为，求随机变量的分布列和数学期望；（）试判断男学生阅读名著本数的方差与女学生阅读名著本数的方差的大小（只需 写出结论）解析：解：（）设事件：从这个班级的学生中随机选取一名男生，一名女生，这两名学生阅读本数之和为4 由题意可知， 4分 （）阅读名著不少于4本的学生共8人，其中男学生人数为4人，故的取值为由题意可得； ； ；所以随机变量的分布列为随机变量的均值10分（）13分17（本小题满分14分）AMPCBA1C1B1 如图，在直角梯形中，直角梯形通过直角梯形以直线为轴旋转得到，且使得平面平面为线段的中点，为线段上的动点（）求证：；（）当点是线段中点时，求二面角的余 弦值；（）是否存在点，使得直线/平面？请说明理由 解析：解：（）由已知，且平面平面，所以，即又因为且，所以平面由已知，所以平面因为平面，yxAMPCBA1C1B1z 所以4分（）由（）可知两两垂直分别以为轴、轴、轴建立空间直角坐标系如图所示由已知 ，所以，因为为线段的中点，为线段的中点，所以易知平面的一个法向量设平面的一个法向量为， 由 得 取，得由图可知，二面角的大小为锐角，所以所以二面角的余弦值为9分（）存在点，使得直线/平面设，且，则，所以所以 设平面的一个法向量为， 由 得 取，得（显然不符合题意） 又，若/平面，则所以所以所以在线段上存在点，且时，使得直线/平面14分18（本小题满分13分） 已知函数 （）求函数的单调区间； （）当时，都有成立，求的取值范围； （）试问过点可作多少条直线与曲线相切？并说明理由解析： 解：（）函数的定义域为（1）当时，恒成立，函数在上单调递增；（2）当时， 令，得当时，函数为减函数；当时，函数为增函数综上所述，当时，函数的单调递增区间为当时，函数的单调递减区间为，单调递增区间为4分（）由（）可知，（1）当时，即时，函数在区间上为增函数，所以在区间上，显然函数在区间上恒大于零；（2）当时，即时，函数在上为减函数，在上为增函数，所以依题意有，解得，所以（3）当时，即时，在区间上为减函数，所以 依题意有，解得，所以 综上所述，当时，函数在区间上恒大于零8分（）设切点为，则切线斜率，切线方程为 因为切线过点，则 即 令 ，则 （1）当时，在区间上， 单调递增；在区间上，单调递减，所以函数的最大值为故方程无解，即不存在满足式因此当时，切线的条数为（2）当时, 在区间上，单调递减，在区间上，单调递增，所以函数的最小值为取，则故在上存在唯一零点取，则设，则 当时，恒成立所以在单调递增，恒成立所以故在上存在唯一零点因此当时，过点P存在两条切线（3）当时，显然不存在过点P的切线综上所述，当时，过点P存在两条切线；当时，不存在过点P的切线13分19（本小题满分14分） 已知点和椭圆（）设椭圆的两个焦点分别为，试求的周长及椭圆的离心率；（）若直线与椭圆交于两个不同的点，直线，与轴分别交于，两点，求证：解析：解：()由题意可知，所以因为是椭圆上的点，由椭圆定义得所以的周长为易得椭圆的离心率4分()由得因为直线与椭圆有两个交点，并注意到直线不过点，所以解得或设，则，,，显然直线与的斜率存在，设直线与的斜率分别为，则因为，所以所以 14分20（本小题满分13分） 已知等差数列的通项公式.设数列为等比数列,且.（）若,且等比数列的公比最小， （）写出数列的前4项； （）求数列的通项公式；（）证明：以为首项的无穷等比数列有无数多个.解析：解：（）观察数列的前若干项：2，5，8，11，14，17，20，23，26，29，32，35，. 因为数列是递增的整数数列，且等比数列以2为首项，显然最小公比不能是，最小公比是4.（）以2为首项,且公比最小的等比数列的前四项是2，8，32，128. （）由（）可知，公比，所以. 又，所以， 即.再证为正整数.显然为正整数，时， 即，故为正整数. 所以，所求通项公式为. 6分（）设数列是数列中包含的一个无穷等比数列， 且， 所以公比.因为等比数列各项为整数，所以为整数.取（），则，故.只要证是数列的项，即证.只要证为正整数，显然为正整数.又时，即，又因为，都是正整数，故时，也都是正整数.所以数列是数列中包含的无穷等比数列，其公比有无数个不同的取值，对应着不同的等比数列，故数列所包含的以为首项的不同无穷等比数列有无数多个.13分