2019-2020年高二物理寒假作业（8）《选修3-1、3-2》.doc

2019-2020年高二物理寒假作业（8）选修3-1、3-21、 选择题.1.（单选）下列说法中正确的是（）A.由B=F/IL可知，磁感应强度B与一小段通电直导线受到的磁场力成正比B.一小段通电导线所受磁场力的方向就是磁场方向C.一小段通电导线在某处不受磁场力，该处磁感应强度一定为零D.磁感应强度为零的地方，一小段通电导线在该处不受磁场力2.（单选）初速度为零的电荷只在电场力作用下运动，下列说法正确的是（）A只能朝着电势低的地方运动B只能朝着电势能降低的地方运动C只能沿着电场线运动D只能朝着电场力大的地方运动3.（单选）把一个3pF的平行板电容器接在9V的电池上则下列判断正确的是（）A保持与电池的连接，两极板的距离增加一倍，极板上的电荷增加B保持与电池的连接，两极板的距离减半，极板上的电荷量为1.351012CC移去电池后，两极板的距离减半，极板间的电势差减小D移去电池后，两极板的距离增加一倍，极板间的电势差减小4.（单选）有两个半径为r的金属球，相距为L，带电荷量分别为Q1、Q2，如图所示，满足条件Lr，则它们之间的静电力是（）ABCD5.（单选）如图所示，螺线管两端加上交流电压，沿着螺线管轴线方向有一电子射入，则该电子在螺线管内将做 A加速直线运动 B匀速直线运动 C匀速圆周运动 D往返运动6.某金属导线的电阻率为，电阻为R，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，那么该导线的电阻率和电阻分别变为（）A. 4和4R B. 和4R C. 16和16R D. 和16R7.（多选）圆形区域内有如图所示的匀强磁场，一束相同荷质比的带电粒子 对准圆心O射入，分别从a、b两点射出，则从b点射出的粒子A.带正电B.运动半径较小C.速率较小D.在磁场中的运动时间较短8.某同学经过实验，描绘出一个小灯泡的伏安特性曲线（如图所示），分析该曲线，下列说法正确的是（）A小灯泡的伏安特性曲线的斜率随着电压的升高而增大B小灯泡的电阻随着电压的升高而增大C欧姆定律适用于小灯泡，所以小灯泡是个线性元件D小灯泡灯丝的电阻随着电压的升高而减小2 实验题.9.（1）如图所示为“描绘电场的等势线”的实验装置，其中ab处的电源应选用6V的 电源（选填“交流”或“直流”），电表X则选用量程适当，零刻度在刻度盘 （选填“左侧”“右侧”或“中央”）的灵敏电流计（2）如果以c、d两个电极的连线为x轴，以c、d连线的中垂线为y轴，并将一个探针固定置于y轴上的某一点，合上开关S，而将另一探针由O点左侧沿x轴正方向移到O点右侧的过程中，则电表X的指针与零刻度夹角的变化情况是： A.逐渐增大B逐渐减小C先变大后变小D先变小后变大10.李丹同学需要测定某干电池的电动势和内电阻已知干电池的电动势约为1.5V，内阻小于4；电压表（量程0一3V，内阻约3k）、电流表（量程00.6A，内阻约1.0）、滑动变阻器有R1（10，2A）和R2（100，0.1A）各一只（1）实验中滑动变阻器应选用（填“R1”或“R2”）（2）在甲图的方框中画出实验电路图（3）根据实验中测得多组电压和电流值，在UI图象中描点得到的如图乙所示，由图可求出该电源电动势E=V；内阻r=三、解答题.11.如图所示，一质量为m，电荷量为q的粒子从容器A下方小孔S1飘入电势差为U的加速电场，然后让粒子经过S3沿着与磁场垂直的方向进入磁感应强度为B的匀强磁场中，最后打到底片D上.（带电粒子的质量不计）求： (1)粒子进入磁场时的速率。 (2)求粒子在磁场中运动的轨道半径。12.如图所示，电源的内阻为r0.6，R14 ，R26，电源消耗的总功率是40 W，外电路消耗的电功率为37.6 W求：AB两点的电压；电源的电动势山东省xx年高二物理寒假作业8参考答案1.D2.考点：电势差与电场强度的关系专题：电场力与电势的性质专题分析：静止开始的电荷会沿着电场力的方向运动，此题需要根据电场力做功的特点判断两点电势能的高低解答：解：静止开始的电荷会沿着电场力的方向运动，并不一定沿电场线运动，对正电荷，沿着电场力方向电势降低；如果是负电荷，运动方向与场强相反，故电势会增大，故B正确故选：B点评：本题考查的知识点比较全面，要加强理解电场力和电场强度电场线的关系3.考点：电容器的动态分析专题：电容器专题分析：保持与电池连接电压不变，移去电池后电量不变，再根据电容的定义式和决定式判断解答：解：A、保持与电池连接，电压不变，极板的距离加倍，则电容变为原来的一半，带电量Q=CU变为原来的一半，A错误B、根据定义式C=知，保持与电池连接电压不变，两极板的距离减半，则电容加倍，极板上的电荷量为电容器的带电量Q=2CU=2310129=5.41011C，B错误；C、移去电池后电量不变，极板距离减半，则电容加倍，极板间的电势差U=变为原来的一半，C正确D、移去电池后电量不变，两极板的距离增加一倍，电容变为原来的一半，极板间的电势差U=变为原来的2倍，D错误；故选：C点评：记住电容的定义式和决定式，知道保持与电池连接电压不变，移去电池后电量不变，此类题目难度不大4.考点：库仑定律专题：电场力与电势的性质专题分析：题中由于带电球的大小与它们之间的距离相比，不能忽略，因此不能看作点电荷，不能直接利用库仑定律计算库仑力的大小，只能根据库仑定律定性的比较库仑力的大小解答：解：当两球心相距为r时，满足条件Lr，两球能看成点电荷，因带同种电荷，导致电量间距等于L，根据库仑定律，则有F=，故B正确，ACD错误故选：B点评：本题应明确当两球心相距为r时，两球不能看成点电荷，不能直接运用库仑定律解答，注意库仑定律的成立条件，理解点电荷的含义5.B6.D考点：电阻定律解：电阻为R，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，其材料和体积均不变，则横截面积变为原来的，长度为原来的4倍；由于导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，所以此时导体的电阻变为原来的16倍，即16R由于电阻率受温度的影响，因温度不变，所以电阻率也不变故选：D7.AD8.B考点: 描绘小电珠的伏安特性曲线解：A：根据I=可知，IU图象上的点与原点连线的斜率应等于电阻的倒数，由于金属的电阻随温度（电压或电流）的增大而增大，所以IU图线上各点与原点连线的斜率应逐渐减小，所以A错误；B：根据选项A的分析可知，小灯泡的电阻应随电压的升高而增大，所以B正确D错误；C：线性元件的含义是指IU图象应是线性关系（倾斜直线）而不是曲线，所以小灯泡适用于欧姆定律但不是线性元件，所以C错误；故选：B9.（1）直流、中央；（2）D（1）本实验的原理是利用恒定电流场模拟静电场，所以应选用6V的直流电源要描绘等势线，必须找到等势点，而两个等势点间电势差为零，通过电流计的电流为零，由于电流计两个表笔处电势不同时，电流计指针可能向右偏转，也可能向左偏转，故应零刻度在刻度盘在中央的灵敏电流计（2）因为电场线与等势线互相垂直，将一个探针固定于y轴上的某一点，将另一探针由O点左侧沿x轴正方向移到O点右侧的过程中，由公式U=Ed知，两探针间电势差先增大后减小，则灵敏电流表G的指针与零刻度夹角先变大后变小故D正确，ABC错误故选D考点：测定电源的电动势和内阻版权所有专题：实验题分析：（1）滑动变阻器在电路中起到保护电路并调节电流作用，在限流接法中取比内电阻大10左右即可过大则难以调节；过小起不到应有的调节作用（2）运用伏安法测量干电池的电动势和内电阻，由于内阻较小，采用电流表外接法连接电路（3）由闭合电路欧姆定律可得出电压与电流的关系，结合数学关系可知图象的斜率表示内阻，与纵坐标的交点表示电源的电动势解答：解：（1）由题意可知，电源的内阻小于4，故为了易于调节，准确测量，还有R2额定电流只有0.1A，很容易烧坏，所以滑动变阻器应选小电阻R1 （2）运用伏安法测量干电池的电动势和内电阻，由于内阻较小，采用电流表外接法连接电路：（3）作出UI图象：由闭合电路欧姆定律可知：U=EIr；即电动势与电流成一次函数关系，由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势；图象的斜率表示内源内电阻；故由图可得电动势为：E=1.5Vr=1.25故答案为：（1）R1（2）如图（3）1.5，1.25点评：测电动势和内电阻实验的考查中，一定会考到数据的处理； 因此要掌握好此实验的图象法分析电动势和内电阻的方法11.12.该电路连接为R1和R2并联后再与R3串联，AB两点的电压就是R1、R2两端的电压，要求这个电压，需要知道电路的总电流，但电源电动势未知，只能根据已知的功率来求电流电源总功率知道，外电路功率知道，这两个功率之差正是电源内电阻上消耗的功率于是有，电源内阻的功率：I2r40 W37.6 W2.4 W.总电流：I2 A AB两点电压：UABIR1222.4 V4.8 V电源总功率：IE40 W 电源电动势：E20 V