2019-2020年中考物理摸底试卷(I).doc

2019-2020年中考物理摸底试卷(I)一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中，每题只有一个选项正确.1在中考英语人机对话考试前，老师提醒考生在朗读和口头表达时声音不宜太小，这里的“小”针对的是声音的（）A响度B音调C音色D速度2xx年12月，我市政府会话审议通过盐城市人民政府关于在市区禁止燃放烟花爆竹的规定，规定要求，市区四环之内全面禁止燃放烟花爆竹，以下不属于此举目的是（）A控制燃放带来的大气污染B控制燃放带来的噪声污染C烘托节日气氛，传承节日文化D控制燃放带来的安全隐患3如图所示器具中，属于省力杠杆的是（）A笤帚B筷子C独轮车D钓鱼杆4用酱油煮鸡蛋，酱油的色素扩散到了鸡蛋内，这一现象表明（）A色素分子间有间隙B色素分子间存在引力C色素分子间存在斥力D色素分子在永不停息地运动5四位同学画出静止在赤道正上方小磁针（黑端为N极）的指向，其中正确的是（）ABCD6如图所示，一束激光AO由空气斜射入玻璃砖，折射后从另一侧面射出，其出射点可能是图中的（）AM点BN点CP点DQ点7如图所示，小明将压强计的探头放入水中的某一深度处，记下U型管中两液面的高度差h，下列操作中能使高度差h减小的是（）A将探头向下移动一段距离B将探头水平向左转动一段距离C将探头放在酒精中的同样深度处D将探头在原深度处向其他方向任意转动一个角度8如图所示，甲、乙分别为单层玻璃窗的室外一侧和室内一侧在寒冷的冬天空调制热，在炎热的夏天空调制冷，玻璃窗上都会出现小水珠，则水珠（）A冬天和夏天都在甲处B冬天和夏天都在乙处C冬天在甲处，夏天在乙处D夏天在甲处，冬天在乙处9小华用如图所示的电路中“探究串联电路电流特点”，实验时发现两只电流表甲和乙的示数分别为0.14A和0.10A，造成电流表数不同的原因可能是（）A导线有电阻B电流表的缘故CL1和L2的电阻不同D甲比乙更靠近电源正极10小华用图示装置做“探究弹性势能大小与形变程度关系”的实验，实验时将钢锯条末端压下一定距离后释放，观察棋子跳起的高度，以下设计方案可行的是（）A只改变棋子的位置，重复做几次实验B只改变棋子的数量，重复做几次实验C只改变钢锯条伸出桌边的长度，重复做几次实验D只改变钢锯条末端扳下的距离，重复做几次实验11放在同一水平桌面上的甲、乙两个相同的容器盛有不同的液体，现将两个相同的物块分别放入两容器中，当两物块静止时，两容器中液面恰好相平，两物块所处的位置如图所示则（）A甲容器中液体的密度较大B乙容器底部受到液体的压强较大C甲容器中物块排开液体的重力较大D乙容器中物块受到液体的浮力较大12如图所示的电路中，电源电压保持不变闭合电键S后，当滑动变阻器的滑片向左移动时（）A电流表示数变小，电压表与电流表示数乘积变大B电流表示数变大，电压表与电流表示数乘积变大C电压表示数变大，电压表与电流表示数之比变小D电压表示数变小，电压表与电流表示数之比变大二、填空题：本题共8小題，每空1分，共24分.13中国高铁世界第一，在节能技术上，高铁动车组采用了再生制动方式：动车到站前先停止供电，由于_，动车会继续向前运行，电机线圈随车轮转动并在磁场中切割磁感线产生感应电流，使_能转化为电能，自动输入电网线圈转动产生电的现象是_现象14中国页岩气储量丰富，近年来，页岩气的开发与利用越来越受重视页岩气是从页岩层中开采出的天然气，属于_（可再生/不可再生）能源；页岩气经压缩、冷却，可以_（填物态变化名称）成液态，此过程中页岩气_（吸收/放出）热量15如图所示为世界上最大的太阳能飞机“阳光动力2号”飞机机翼表面呈明显的弧状结构，可使飞机在运动过程中机翼上表面的空气流速大，压强_（大/小），从而形成升力飞机最大速度为140km/h，若要通过70km的距离，飞机至少需飞行_min以飞行的飞机为参照物，地面是_（静止的/运动的）16将带正电的玻璃棒靠近泡沫球出现图甲所示情形，据此可判定泡沫球_（一定/可能）带有电荷，若改用带负电的橡胶棒靠近这个泡沫球出现了图乙所示情况，据此可判定泡沫球带_（正/负）电荷摩擦起电时失去电子的物体带_（正/负）电17纸锥下落过程中毎隔0.2s曝光一次的照片如图所示，则纸锥从A运动到F的时间为_s，由图可知从A到C过程纸锥下落的速度越来越_；图中D、F两点间距是E、F两点间距的2倍，从D到F过程纸锥做的很可能是_运动18人眼的晶状体相当于_透镜，来自物体的光经过晶状体成像在视网膜上远视眼观察近处物体时，通过晶状体所成的像落在视网膜的_（前/后）方，矫正远视眼用_透镜19如图所示，在检查照明电路故障时常先断开所有开关，然后将一个普通的白炽灯L（校验灯）与熔断的熔丝_（串联/并联）当闭合开关S、S1时，校验灯L正常发光，说明L1所在支路_（断路/正常/短路）所有故障排除后，更换了新的熔丝，当闭合开关S、S2时，站在地面上的人用手接触电路中的A点_（会/不会）触电20如图甲所示，木块放在水平面上，用弹簧测力计沿水平方向拉木块使其做直线运动两次拉动木块得到的st图象分別是图乙中的图线、，两次对应的弹簧测力计示数分別为F1、F2，两次拉力的功率分别为P1、P2，物块两次所受摩擦力分别为f1、f2，则F1_F2，P1_P2f1_f2（/=/）三、解答题：本题共7题，共52分.解答22、23题时应用解题过程.21按照题目要求作图（1）在图甲中标出电源的正、负极；（2）在图乙中根据入射光线A0和其对应的反射光线0B，画出平面镜和法线；（3）如图丙所示，放在斜面上水杯中悬浮着一个小球，画出球所受重力和浮力的示意图22如图所示，建筑工人用滑轮组提起重800N的物体，绳子自由端力F为300N，重物在20s内匀速升高了4m求：（1）拉力所做的功；（2）拉力做功的功率；（3）要想提高滑轮组的机械效率可采取什么措施？（写出一种）23如图所示电路中，电源电压保持不变，R1=10，现将电流表A1、A2分别串联在电路中，向左移动滑片P，每次移动滑片P，均使R2接入电路的电阻减少相同的值，此过程中两表的示数如表所示求：（1）电源电压U；（2）R1在1min消耗的电能；（3）通过计算说明电流表A2连接在电路中的位置滑片P移动的次序124电流表A1的示数/A0.300.300.30电流表A2的示数/A0.400.450.6024小刚为了测量不规则矿石的密度，做了如下实验：（1）将天平放在桌面上，移动游码至标尺左端零刻度后，发现指针在分度盘上的虚线和实线位置之间摆动，如图甲所示此时应将横梁平衡螺母向_侧调节，直至天平平衡（2）把石块放在天平左盘，用镊子向右盘中放入两个20g、一个10g砝码时，发现指针偏左，当再向右盘放5g的砝码时，指针又偏右，小华接下来应该_（3）当右盘中所加砝码和游码位置如图乙所示时，天平平衡，则石块的质量是_g在量筒中注入40mL水放人量筒后水面位置如图丙所示，可以计算得到矿石的密度为_g/cm3（4）假如放入水中的石块上有气泡，所测石块的密度比真实值_（大/小）25某小组用下列器材做“测定小灯泡电功率”的实验：电源（电压约为6V），标有“2.5”字样小灯泡一只、开关一只、“51A”、“201A”滑动变阻器各一只、电流表和电压表各一只、导线若干：（1）将甲图中实验电路连接完整（2）正确连接电路后，将滑片位置正确位置，闭合开关，电流表和电压表如图乙所示电流表的示数为_A，此时灯丝的电阻为_，为了保证小灯泡不被损坏，接下来应该进行的操作是_（3）小华经过思考发现了问题，对实验器材进行了调整，小华做的调整是_（4）下列数据是四位同学算出的小灯泡的额定规律，其中可能正确的是_A.0.625W B.0.70W C.0.75W D.0.90W26如图所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验装置用同一套装置，先后加热并不断搅拌质量相等的煤油和水（1）要完成该探究实验，除了图中所示的器材外，还需要的测量工具有天平和_（2）小明设计的记录数据的表格如下，分析表格可知：他是用_相同比较_的方法来完成探究实验的加热时间/min00.511.52温度煤油水（3）实验结束后，小明查表知道水的比热容为4.2l03 J/（kg），则500g水温度升高20吸收的热量是_J；若这些热量由酒精完全燃烧获得，则至少要消耗_g酒精（酒精的热值为3.0107 J/kg）（4）在受太阳照射的条件相同时，内陆地区昼夜温差比沿海地区_，这是因为干泥土和水相比，_较小27阅读短文，回答问题：水漫探测器如图甲所示的水浸探测器应用电极浸水阻值变化的原理来进行积水探测，它可用于如游泳池、水箱等储水设备及其他如地下室、仓库、太阳能热水器回水管口处等需要知道漏水或溢水的地方根据积水情况自动报警或控制水泵抽水，探测器的主要部件是检测金属网某同学将高为3h检测金属网竖立在容器中，设计如图乙所示电路探究“检测金属网在电路中作用”，将ab接入图乙电路时电流表无示数，向容器中逐渐加入雨水记录检测网浸入雨水中的深度与电流表的示数，实验数据记录在表中检测网浸入雨水中的深度Hh2h3h电流表的示数I/A0.160.250.32（1）分析实验数据可知，雨水是_（导体/绝缘体）；（2）检测网浸入雨水中越深，可以理解为检测网两电极间有更多的电阻_（串联/并联）；（3）下列说法中不正确的是_；A电路工作时，a处电流与b处电流相等B检测网浸入雨水中越深，ab间电阻越大C检测网浸入雨水中越深，ab两端电压越小D检测网浸入雨水中越深，电阻R的功率越大（4）利用表中数据在图丙坐标系中作出检测网浸入水中的深度与电流关系的图象；（5）图丁是某同学设计的地下室自动排涝装置的电路在积水达到一定深度时，电动机启动抽水图中_（A/B）代表的是水浸探测器xx年江苏省盐城市射阳县中考物理摸底试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中，每题只有一个选项正确.1在中考英语人机对话考试前，老师提醒考生在朗读和口头表达时声音不宜太小，这里的“小”针对的是声音的（）A响度B音调C音色D速度【考点】响度与振幅的关系【分析】物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度的大小与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小【解答】解：老师提醒考生在朗读和口头表达时声音不宜太小，这里的“小”针对的是声音的响度，为了听的更为清楚，应增大声音的响度故选A2xx年12月，我市政府会话审议通过盐城市人民政府关于在市区禁止燃放烟花爆竹的规定，规定要求，市区四环之内全面禁止燃放烟花爆竹，以下不属于此举目的是（）A控制燃放带来的大气污染B控制燃放带来的噪声污染C烘托节日气氛，传承节日文化D控制燃放带来的安全隐患【考点】有利于节约能源的措施【分析】全面禁止燃放烟花爆竹可以减少环境污染，减少安全隐患，以此理念分析此题即可得出答案【解答】解：A控制燃放带来的大气污染，可以减少PM2.5，此项不符合题意；B燃放烟花爆竹会产生噪音污染，此项不符合题意；C燃放烟花爆竹虽可以烘托节日气氛，传承节日文化，但也带来了污染，此项符合题意；D控制燃放带来的安全隐患，如火灾等，此项不符合题意；故选C3如图所示器具中，属于省力杠杆的是（）A笤帚B筷子C独轮车D钓鱼杆【考点】杠杆的分类【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：A、笤帚在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、钓鱼杆在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆故选C4用酱油煮鸡蛋，酱油的色素扩散到了鸡蛋内，这一现象表明（）A色素分子间有间隙B色素分子间存在引力C色素分子间存在斥力D色素分子在永不停息地运动【考点】分子的运动【分析】物质是由分子组成的，分子永不停息地做无规则的运动【解答】解：色素分子不停地做无规则运动，色素分子通过扩散进入鸡蛋内，使鸡蛋着色；故选D5四位同学画出静止在赤道正上方小磁针（黑端为N极）的指向，其中正确的是（）ABCD【考点】地磁场【分析】地球是个巨大的磁体，地球周围存在着磁场地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近【解答】解：A、C、小磁针指南的一端是南极，指北的一端是北极N极应该指示北极此两选项均错误；B、D、小磁针N极指示北极，但地理南北两极与地磁南北两极不是重合的故选项B正确，D错误故选B6如图所示，一束激光AO由空气斜射入玻璃砖，折射后从另一侧面射出，其出射点可能是图中的（）AM点BN点CP点DQ点【考点】光的折射现象及其应用【分析】光线通过玻璃砖再进入空气发生两次折射：第一次是从空气斜射进入玻璃砖，折射光线应该靠近法线偏折，折射角小于入射角；第二次是从玻璃砖斜射进入空气，折射光线应该远离法线偏折，折射角大于入射角【解答】解：光线从O点斜射入玻璃中发生折射现象，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角，如图所示：所以从玻璃砖再射出，射出点可能是图中的N点故选B7如图所示，小明将压强计的探头放入水中的某一深度处，记下U型管中两液面的高度差h，下列操作中能使高度差h减小的是（）A将探头向下移动一段距离B将探头水平向左转动一段距离C将探头放在酒精中的同样深度处D将探头在原深度处向其他方向任意转动一个角度【考点】液体的压强的特点【分析】根据影响压强大小的因素进行判断，要减小U形管两边液面的高度差，根据p=液gh，可以减小深度或减小液体的密度【解答】解：A、将探头向下移动一段距离，深度变大，橡皮膜受到的压强变大，U形管两边液面的高度差变大，故A错误；B、液体内部在同一深度不同方向的压强是相等的，将压强计的探头水平向左转动一段距离，不会影响压强的大小，故B错误；C、将探头放在酒精中的同样深度处，液体的密度变小，橡皮膜受到的压强变小，U形管两边液面的高度差变小，故C正确；D、液体内部在同一深度不同方向的压强是相等的，将压强计的探头在原深度处向其他方面任意转动一个角度，不会影响压强的大小，故D错误故选C8如图所示，甲、乙分别为单层玻璃窗的室外一侧和室内一侧在寒冷的冬天空调制热，在炎热的夏天空调制冷，玻璃窗上都会出现小水珠，则水珠（）A冬天和夏天都在甲处B冬天和夏天都在乙处C冬天在甲处，夏天在乙处D夏天在甲处，冬天在乙处【考点】液化及液化现象【分析】知道液化的定义，即物质从气态变为液态的过程即为液化，它需要放热【解答】解：冬季，房间内水蒸气温度较高，遇到温度较低的玻璃，会对其放热液化形成小水珠，附着在玻璃的内表面，即乙的位置；夏季，外界水蒸气温度较高，汽车开空调时玻璃温度较低，水蒸气遇到玻璃会对其放热液化形成小水珠，附着在玻璃的外表面，即甲的位置故选D9小华用如图所示的电路中“探究串联电路电流特点”，实验时发现两只电流表甲和乙的示数分别为0.14A和0.10A，造成电流表数不同的原因可能是（）A导线有电阻B电流表的缘故CL1和L2的电阻不同D甲比乙更靠近电源正极【考点】串联电路的电流规律【分析】掌握串联电路电流的特点：串联电路中电流处处相等【解答】解：由电路图可知，两灯和两电流表串联接入电路，根据串联电路的电流特点，电路中各处的电流相等；因此若导线有电阻、L1和L2的电阻不同、甲比乙更靠近电源正极时，电流表的示数都应该是相同的；而实验时电流表甲和乙的示数分别为0.14安和0.10安，图中造成两个电流表示数不同的原因可能是两个电流表的读数误差或指针未调整故选项ACD错误，B正确故选B10小华用图示装置做“探究弹性势能大小与形变程度关系”的实验，实验时将钢锯条末端压下一定距离后释放，观察棋子跳起的高度，以下设计方案可行的是（）A只改变棋子的位置，重复做几次实验B只改变棋子的数量，重复做几次实验C只改变钢锯条伸出桌边的长度，重复做几次实验D只改变钢锯条末端扳下的距离，重复做几次实验【考点】探究影响物体势能大小的因素【分析】当锯条右端扳下一定的距离时，发生了弹性形变，具有弹性势能，放手后，锯条的弹性势能转化为重力势能，且钢锯条被扳下的距离变大，棋子被弹起的高度将越大；即弹性势能转化的重力势能就越多【解答】解：该实验中能发现，钢锯条被扳下的距离变大，棋子被弹起的高度将越大，即弹性势能转化的重力势能就越多，所以想探究弹性势能与物体形变程度的关系，应该只改变钢锯条末端扳下的距离，重复做几次实验故选：D11放在同一水平桌面上的甲、乙两个相同的容器盛有不同的液体，现将两个相同的物块分别放入两容器中，当两物块静止时，两容器中液面恰好相平，两物块所处的位置如图所示则（）A甲容器中液体的密度较大B乙容器底部受到液体的压强较大C甲容器中物块排开液体的重力较大D乙容器中物块受到液体的浮力较大【考点】物体的浮沉条件及其应用；液体的压强的特点【分析】（1）漂浮和悬浮时受到的浮力都等于重力，由此可知两个相同的物块受浮力大小关系；（2）根据漂浮和悬浮时液体密度和球的密度关系，找出两种液体的密度关系，又知道两容器液面等高（深度h相同），利用液体压强公式分析两种液体对容器底压强的大小关系【解答】解：（1）物块在甲容器悬浮，甲=物，物块在乙容器的漂浮，乙物，两种液体的密度：甲乙，故A错误；又两容器液面等高，p=gh，两种液体对容器底压强：p甲p乙，故B正确（2）两个相同的物块，在甲容器的物块悬浮，在乙容器的物块漂浮，两个相同的物块受到的浮力：F甲=F乙=G，故D错误；F浮=G排，G甲排=G乙排，故C错误故选：B12如图所示的电路中，电源电压保持不变闭合电键S后，当滑动变阻器的滑片向左移动时（）A电流表示数变小，电压表与电流表示数乘积变大B电流表示数变大，电压表与电流表示数乘积变大C电压表示数变大，电压表与电流表示数之比变小D电压表示数变小，电压表与电流表示数之比变大【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测定值电阻两端电压；根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用串联电路特点与欧姆定律分析答题【解答】解：由电路图可知，电键闭合后，定值电阻R1与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，电压表V测定值电阻R1两端的电压，滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器分压变小，电压表示数变大；滑动变阻器接入电路阻值变小，电路总电阻变小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大；所以电压表与电流表示数乘积变大，故B正确，ACD错误故选B二、填空题：本题共8小題，每空1分，共24分.13中国高铁世界第一，在节能技术上，高铁动车组采用了再生制动方式：动车到站前先停止供电，由于惯性，动车会继续向前运行，电机线圈随车轮转动并在磁场中切割磁感线产生感应电流，使机械能转化为电能，自动输入电网线圈转动产生电的现象是电磁感应现象【考点】电磁感应；惯性；机械能和其他形式能的转化【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质称为惯性；（2）当闭合回路中的部分导体切割磁感线时，会在闭合回路中产生感应电流，该现象称为电磁感应现象，该过程中消耗机械能，产生电能【解答】解：动车原来是运动的，即到站前先停止供电，虽然没有动力，但由于惯性，动车能继续运动；动车在继续向前运动时，电机线圈随车轮转动并在磁场中切割磁感线运动，进而产生感应电流，该现象就是电磁感应现象，即在该过程中消耗机械能，产生电能，故是将机械能转化为电能的过程故答案为：惯性；机械；电磁感应14中国页岩气储量丰富，近年来，页岩气的开发与利用越来越受重视页岩气是从页岩层中开采出的天然气，属于不可再生（可再生/不可再生）能源；页岩气经压缩、冷却，可以液化（填物态变化名称）成液态，此过程中页岩气放出（吸收/放出）热量【考点】能源的分类；液化及液化现象【分析】使用之后可以在短时间内从自然界中再次产生的能源是可再生能源，使用之后在相当长的时间内无法在自然界中再次产生的能源是不可再生能源；气态变为液态叫做液化，液化过程中放热【解答】解：煤、石油、天然气、核能等化石能源是短时间内不能再次产生的，是不可再生能源；太阳能、水能、风能、生物质能等在短时间内可以再次产生，是可再生能源；页岩气是气态物质，经压缩、冷却可以液化成液态，液化是一个放热的过程故答案为：不可再生；液化；放出15如图所示为世界上最大的太阳能飞机“阳光动力2号”飞机机翼表面呈明显的弧状结构，可使飞机在运动过程中机翼上表面的空气流速大，压强小（大/小），从而形成升力飞机最大速度为140km/h，若要通过70km的距离，飞机至少需飞行30min以飞行的飞机为参照物，地面是运动的（静止的/运动的）【考点】流体压强与流速的关系；参照物及其选择；速度公式及其应用【分析】（1）根据流体压强与流速的关系可判断机翼上表面的压强大小；（2）根据速度的公式变形可计算其飞行时间；（3）判断运动与静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了改变【解答】解：（1）飞机机翼表面呈明显的弧度结构，可使飞机在运动过程中机翼上表面的空气流速大，压强小，而下方空气流速小，压强大，从而形成升力；（2）由公式v=得飞机飞行的时间：t=0.5h=30min（3）以飞行的飞机为参照物，地面的位置在不断发生变化，所以是运动的故答案为：小；30；运动的16将带正电的玻璃棒靠近泡沫球出现图甲所示情形，据此可判定泡沫球可能（一定/可能）带有电荷，若改用带负电的橡胶棒靠近这个泡沫球出现了图乙所示情况，据此可判定泡沫球带负（正/负）电荷摩擦起电时失去电子的物体带正（正/负）电【考点】物体带电情况的判断；摩擦起电【分析】结合以下规律可做出判断：（1）带电体的性质：带电体能够吸引轻小物体；（2）电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（3）摩擦起电时，得到电子的带负电，失去电子的带正电【解答】解：（1）异种电荷可以相互吸引，带电体能够吸引轻小物体；因此，带正电的玻璃棒靠近泡沫球相互吸引，小球有可能不带电或带负电；（2）改用带负电的橡胶棒靠近这个泡沫球，球远离橡胶棒，说明球和橡胶棒带的是同种电荷，因为同种电荷相互排斥，因此泡沫球带负电因为电子带负电，所以摩擦起电时失去电子的物体少电子，带正电故答案为：可能；负；正17纸锥下落过程中毎隔0.2s曝光一次的照片如图所示，则纸锥从A运动到F的时间为1s，由图可知从A到C过程纸锥下落的速度越来越大；图中D、F两点间距是E、F两点间距的2倍，从D到F过程纸锥做的很可能是匀速运动【考点】变速运动与平均速度【分析】知道拍照时的间隔时间和间隔次数，求出纸锥的运动时间物体在相等时间内，路程不断增大，说明物体进行加速运动；物体在相等时间内，通过的路程都相等，物体进行匀速运动；物体在相等时间内，路程不断减小，说明物体进行减速运动【解答】解：纸锥从A运动到F的时间为：t=0.2s5=1s由图可知，从A到C过程中，纸锥在相等时间内，路程不断增大，说明小球进行加速运动，所以纸锥下落的速度越来越大；因为图中D、F两点间距是E、F两点间距的2倍，物体在相等时间内，通过的路程相等，所以，从D到F过程纸锥做的很可能是匀速运动故答案为：1；大；匀速18人眼的晶状体相当于凸透镜，来自物体的光经过晶状体成像在视网膜上远视眼观察近处物体时，通过晶状体所成的像落在视网膜的后（前/后）方，矫正远视眼用凸透镜【考点】眼睛及其视物原理【分析】（1）人眼中的晶状体形状中间厚，边缘薄，相当于凸透镜眼睛和照相机类似，可以将2倍焦距以外的物体成像在视网膜上；（2）远视眼的成因是只能看清远处的物体，看不清近处的物体，晶状体太薄，折光能力太弱，或者眼球在前后方向上太短，因此来自远处点的光会聚在视网膜后；对远视眼的矫正可通过凸透镜对光线的会聚作用进行纠正【解答】解：人眼中晶状体把光线会聚到视网膜上，成一个倒立缩小的实像，相当于一台小型的照相机晶状体相当于一个凸透镜，把光线会聚在视网膜上，视网膜相当于光屏；来自物体的光经过晶状体在视网膜上成倒立、缩小的像产生远视眼的原因是，晶状体太薄，折光能力太弱，近处的物体的像成在视网膜之后，可以用凸透镜的镜片进行矫正故答案为：凸；后；凸19如图所示，在检查照明电路故障时常先断开所有开关，然后将一个普通的白炽灯L（校验灯）与熔断的熔丝并联（串联/并联）当闭合开关S、S1时，校验灯L正常发光，说明L1所在支路短路（断路/正常/短路）所有故障排除后，更换了新的熔丝，当闭合开关S、S2时，站在地面上的人用手接触电路中的A点不会（会/不会）触电【考点】家庭电路的故障分析【分析】将额定电压220V的“校验灯”，接在保险丝的两只接线柱上，是相当于把此灯串联入电路中，它会有三种状态：“校验灯”恰能正常发光，说明该支路短路，“校验灯”发光不正常（暗红色）说明该支路工作正常，“校验灯”不发光说明该支路断路开关控制灯泡时，火线首先进入开关，再进入灯泡，这样开关能控制灯泡，同时断开开关，切断火线，接触电灯不会发生触电事故【解答】解：在检查照明电路故障时常先断开所有开关，然后将一个普通的白炽灯L（校验灯）与熔断的熔丝并联，校验灯串联在电路中“校验灯”若正常发光，说明得到了220V的电压，电路中有短路情况；若发光暗红，校验灯得到了不足220V的电压，说明支路是通路；若不发光，说明该支路开路了；当闭合开关S、S1时，校验灯L正常发光，说明L1所在支路短路所有故障排除后，更换了新的熔丝，当闭合开关S、S2时，有熔断丝的保护，站在地面上的人用手接触电路中的A点不会触电故答案为：并联；短路；不会20如图甲所示，木块放在水平面上，用弹簧测力计沿水平方向拉木块使其做直线运动两次拉动木块得到的st图象分別是图乙中的图线、，两次对应的弹簧测力计示数分別为F1、F2，两次拉力的功率分别为P1、P2，物块两次所受摩擦力分别为f1、f2，则F1=F2，P1P2f1=f2（/=/）【考点】二力平衡条件的应用；功率计算公式的应用【分析】（1）弹簧测力计拉动木块在水平面上匀速直线运动时，水平方向上木块受到拉力和滑动摩擦力作用，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力；（2）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关；（3）根据P=Fv判断拉力的功率【解答】解：（1）木块两次都进行匀速直线运动，拉力等于滑动摩擦力，滑动摩擦力相等，拉力F相等，即F1=F2；f1=f2；（2）从图象中可以判断出，第次的运动速度v较小，根据公式P=Fv，当拉力相等时，速度越大，拉力的功率越大，即P1P2答案为：=；=三、解答题：本题共7题，共52分.解答22、23题时应用解题过程.21按照题目要求作图（1）在图甲中标出电源的正、负极；（2）在图乙中根据入射光线A0和其对应的反射光线0B，画出平面镜和法线；（3）如图丙所示，放在斜面上水杯中悬浮着一个小球，画出球所受重力和浮力的示意图【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；重力示意图；阿基米德原理；平面镜成像的相关作图【分析】（1）根据磁场方向判断出通电螺线管的磁极，再根据右手螺旋定则判断出电流的方向即得电源的正负极（2）根据光反射定律知，反射角等于入射角，故反射光线与入射光线的夹角的平分线是法线的位置，再过入射点作出法线的垂线，就是平面镜所在的位置（3）根据小球漂浮在盐水杯中，则可判断小球受到的浮力与重力是一对平衡力，浮力方向竖直向上，大小等于重力，作用点在小球重心上作图即可【解答】解：（1）在磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极出发回到S极，则通电螺线管的左端为N极，右端为S极根据右手螺旋定则，伸出右手，使大拇指指示螺线管的N极，则四指弯曲的方向为电流的方向，即电流由螺线管的右端流入，电源的右端为正极，左端为负极（2）由光反射定律知，反射角等于入射角，所以先做出反射光线与入射光线的夹角的平分线，然后再过入射点作这个角平分线的垂线即可（3）小球漂浮在水中，物体所受浮力的方向是竖直向上的，从重心开始竖直向上画一条带箭头的线段表示出浮力，并标出F浮；物体的重力与浮力大小相等，方向相反，作用点都在重心，同理做出重力的示意图，如下图所示：22如图所示，建筑工人用滑轮组提起重800N的物体，绳子自由端力F为300N，重物在20s内匀速升高了4m求：（1）拉力所做的功；（2）拉力做功的功率；（3）要想提高滑轮组的机械效率可采取什么措施？（写出一种）【考点】功率的计算；增大或减小机械效率的方法【分析】（1）由图知，承担物重的绳子股数n=3，拉力端移动的距离s=3h，利用W=Fs求总功；（2）利用P=求拉力的功率；（3）要提高滑轮组的机械效率可以，有用功一定时，减少额外功；额外功一定时，增大有用功【解答】解：（1）由图知，n=3，拉力端移动的距离：s=3h=34m=12m，拉力所做的功：W总=Fs=300N12m=3600J；（2）拉力的功率：P=180W；（3）增加提升重物的重力，可以增大有用功，这样有用功在总功中所占的比值增大，即增加提升重物的重力可以提高滑轮组的机械效率；采用质量小的动滑轮、减小摩擦，在做相同有用功时，减小了额外功，这样有用功在总功中所占的比值增大，可以提高滑轮组的机械效率答：（1）拉力所做的功为3600J；（2）拉力做功的功率为180W；（3）增加提升重物的重力（或减小动滑轮的重、减小摩擦）23如图所示电路中，电源电压保持不变，R1=10，现将电流表A1、A2分别串联在电路中，向左移动滑片P，每次移动滑片P，均使R2接入电路的电阻减少相同的值，此过程中两表的示数如表所示求：（1）电源电压U；（2）R1在1min消耗的电能；（3）通过计算说明电流表A2连接在电路中的位置滑片P移动的次序124电流表A1的示数/A0.300.300.30电流表A2的示数/A0.400.450.60【考点】欧姆定律的应用；电功的计算【分析】（1）由电路图可知，R1与R2并联，由表格数据可知电流表A1的示数不变，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流不变，据此判断电流表A1的位置，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；（2）根据W=UIt求出R1在1min消耗的电能；（3）电流表A2的位置可能位于R2支路、可能位于干路，若位于R2支路，由表格数据可知通过的电流，根据欧姆定律求出对应的电阻；若位于干路，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，再根据欧姆定律求出R2的阻值；然后分别判断两种情况R2接入电路电阻的变化量是否符合题意得出答案【解答】解：（1）由电路图可知，R1与R2并联，由表格数据可知，电流表A1的示数不变，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A1测R1支路的电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=可得，电源的电压：U=I1R1=0.30A10=3V；（2）R1在1min消耗的电能：W1=UI1t=3V0.3A60s=54J；（3）电流表A2的位置可能位于R2支路、可能位于干路，若位于R2支路，由表格数据可知，通过R2的电流依次为I2=0.40A，I2=0.40A，I2=0.40A，则R2接入电路的电阻依次为：R2=7.5，R2=6.7，R2=5，所以，R2=R2R2=7.56.7=0.8，R2=R2R2=6.75=1.7，因R2R2，所以，电流表A2不可能位置R2支路；电流表A2位于干路，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R2的电流依次为：I2=II1=0.40A0.30A=0.10A，I2=II1=0.45A0.30A=0.15A，I2=II1=0.60A0.30A=0.30A，则R2接入电路的电阻依次为：R2=30，R2=20，R2=10，所以，R2=R2R2=3020=10，R2=R2R2=2010=10，因R2=R2，所以，R2每次均减小10，符合题意，故A2接在干路中答：（1）电源电压为3V；（2）R1在1min消耗的电能为54J；（3）通过计算可知电流表A2连接在干路上24小刚为了测量不规则矿石的密度，做了如下实验：（1）将天平放在桌面上，移动游码至标尺左端零刻度后，发现指针在分度盘上的虚线和实线位置之间摆动，如图甲所示此时应将横梁平衡螺母向左侧调节，直至天平平衡（2）把石块放在天平左盘，用镊子向右盘中放入两个20g、一个10g砝码时，发现指针偏左，当再向右盘放5g的砝码时，指针又偏右，小华接下来应该取出5g的砝码后，向右移动游码，直至天平横梁平衡（3）当右盘中所加砝码和游码位置如图乙所示时，天平平衡，则石块的质量是54.2g在量筒中注入40mL水放人量筒后水面位置如图丙所示，可以计算得到矿石的密度为2.71g/cm3（4）假如放入水中的石块上有气泡，所测石块的密度比真实值小（大/小）【考点】固体密度的测量【分析】（1）在调节天平时，应将平衡螺母向指针偏转的对侧移动；（2）当最小的砝码不能使天平平衡时，应通过移动游码的方法使天平平衡；（3）从图乙、丙中读出小石块的质量与体积，再利用密度的公式进行计算，即可得出结果读数时要将天平的砝码质量与游码示数相加，量筒则要通过两次的示数之差得出小石块的体积（4）假如放入水中的石块上有气泡，会使测量的体积变大，而质量是准确的，根据=分析石块的密度比真实值偏大还是偏小【解答】解：（1）读图甲可知，指针偏右，说明右侧质量稍大，因此，应将平衡螺母向左侧移动；（2）向右盘中放入两个20g、一个10g砝码时，发现指针偏左，当再向右盘放5g的砝码时，指针又偏右，接下来应该取出5g的砝码后，移动游码，直至天平横梁平衡；（3）读图乙可知，小石块的质量m=20g+20g+10g+4.2g=54.2g；读图丙可知，小石块的体积：V=60ml40ml=20ml=20cm3；小石块的密度：=2.71g/cm3（4）假如放入水中的石块上有气泡，会使测量的体积变大，而质量是准确的，根据=可知，石块的密度比真实值偏小故答案为：（1）左；（2）取出5g的砝码后，向右移动游码，直至天平横梁平衡；（3）54.2； 2.71；（4）小25某小组用下列器材做“测定小灯泡电功率”的实验：电源（电压约为6V），标有“2.5”字样小灯泡一只、开关一只、“51A”、“201A”滑动变阻器各一只、电流表和电压表各一只、导线若干：（1）将甲图中实验电路连接完整（2）正确连接电路后，将滑片位置正确位置，闭合开关，电流表和电压表如图乙所示电流表的示数为0.3A，此时灯丝的电阻为10，为了保证小灯泡不被损坏，接下来应该进行的操作是断开开关（3）小华经过思考发现了问题，对实验器材进行了调整，小华做的调整是换用“201A”的滑动变阻器（4）下列数据是四位同学算出的小灯泡的额定规律，其中可能正确的是BA.0.625W B.0.70W C.0.75W D.0.90W【考点】电功率的测量【分析】（1）电压表和小灯泡并联，滑动变阻器串联在电路中，接线要一上一下；（2）弄清楚电流表和电压表的量程、分度值，再读数；根据I=求出电阻值；在电路出现意外情况时，首先要断开开关，然后检查出现的故障；（3）要测量灯泡额定功率，两端电压必须达到额定电压串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，要增大滑动变阻器两端电压，可以增大滑动变阻器接入电路的电阻；（4）要测量灯泡的额定功率，必须使灯泡两端电压等于额定电压，并测量出通过灯泡的电流，利用公式P=UI计算出额定功率【解答】解：（1）电压表和小灯泡并联，滑动变阻器串联在电路中，接线要一上一下，如下图：（2）由图知，电压表选择的03V量程，对应的分度值为0.1V，此时的示数是3V；电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，读数为0.3A；灯丝的电阻R=10；小灯泡的额定电压是2.5V，为了保证小灯泡不被损坏，所以要立即断开开关，查找问题所在；（3）在串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比，要使灯泡两端电压达到额定电压，滑动变阻器要分担较大的电压，所以滑片应向右滑动，由上“将滑片移至正确位置”，也就是滑动变阻器全部接入电路了，此时灯泡两端电压仍然大于额定电压，也就是滑动变阻器两端电压仍然较小，所以需要更换更大阻值“201A”的滑动变阻器重新实验；（4）通过用电器的电流随用电器两端电压的增大而增大由图乙知，当灯泡两端电压超过3V时，通过的电流为0.3A，所以当灯泡两端电压为2.5V时，通过的电流一定小于0.3A，所以额定功率一定小于P=UI=2.5V0.3A=0.75W因此排除C、D选项；另外，由图乙得到灯泡的电阻为=10，假设灯丝电阻不变，当两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为I=0.25A，相应的实际功率为P=UI=2.5V0.25A=0.625W；但由于灯丝电阻随温度的升高而增大，随温度的降低而减小，所以当灯泡两端电压为2.5V时，通过的电流一定大于0.25A，所以额定功率一定大于0.625W选项A错误，B正确故答案为：（1）如上图；（2）0.3；10；断开开关；（3）换用“201A”的滑动变阻器；（4）B26如图所示是“探究不同物质吸热升温现象”的实验装置用同一套装置，先后加热并不断搅拌质量相等的煤油和水（1）要完成该探究实验，除了图中所示的器材外，还需要的测量工具有天平和秒表（2）小明设计的记录数据的表格如下，分析表格可知：他是用加热时间相同比较升高的温度的方法来完成探究实验的加热时间/min00.511.52温度煤油水（3）实验结束后，小明查表知道水的比热容为4.2l03 J/（kg），则500g水温度升高20吸收的热量是4.2104J；若这些热量由酒精完全燃烧获得，则至少要消耗1.4g酒精（酒精的热值为3.0107 J/kg）（4）在受太阳照射的条件相同时，内陆地区昼夜温差比沿海地区大，这是因为干泥土和水相比，比热容较小【考点】探究比热容的实验【分析】（1）（2）物体吸收热量本领的大小，不仅与物体升高的温度多少有关，还与质量的大小有关，因此要保证两者质量相等，由此可以确定需要的测量工具；（3）根据吸收热量的公式 Q=Cmt；可求这些水吸收的热量；欲求需要多少酒精，就需要知道燃料放出热量的计算公式Q=qm，变形后代入数值即可求得；（4）水的比热容较大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，但水的温度变化比沙小因此，在白天同样吸热时，沙子的温度升高的快，水的温度升高的慢；夜晚同样放热时，沙子的温度降低的快，水的温度降低的慢【解答】解：（1）研究物体吸热本领的与物质的种类的关系时，要保证两者的升高相同的温度所需要的时间，因此还需要秒表这个测量工具（2）由于是相同的酒精灯加热，即沙子和水在相同的时间内吸收的热量相等，所以可以利用加热时间的长短来反映物体吸收热量的多少（3）已知m=500g=0.5kg，t=20，由 Q=cmt=4.2103J/（kg）0.5kg20=4.2104J；由Q=qm得：m=1.4103kg=1.4g；（4）沿海地区水多；内陆地区水少、干泥土多因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和干泥土比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小故答案为：（1）秒表；（2）加热时间；升高的温度；（3）4.2104；1.4；（4）大；比热容27阅读短文，回答问题：水漫探测器如图甲所示的水浸探测器应用电极浸水阻值变化的原理来进行积水探测，它可用于如游泳池、水箱等储水设备及其他如地下室、仓库、太阳能热水器回水管口处等需要知道漏水或溢水的地方根据积水情况自动报警或控制水泵抽水，探测器的主要部件是检测金属网某同学将高为3h检测金属网竖立在容器中，设计如图乙所示电路探究“检测金属网在电路中作用”，将ab接入图乙电路时电流表无示数，向容器中逐渐加入雨水记录检测网浸入雨水中的深度与电流表的示数，实验数据记录在表中检测网浸入雨水中的深度Hh2h3h电流表的示数I/A0.160.250.32（1）分析实验数据可知，雨水是导体（导体/绝缘体）；（2）检测网浸入雨水中越深，可以理解为检测网两电极间有更多的电阻并联（串联/并联）；（3）下列说法中不正确的是B；A电路工作时，a处电流与b处电流相等B检测网浸入雨水中越深，ab间电阻越大C检测网浸入雨水中越深，ab两端电压越小D检测网浸入雨水中越深，电阻R的功率越大（4）利用表中数据在图丙坐标系中作出检测网浸入水中的深度与电流关系的图象；（5）图丁是某同学设计的地下室自动排涝装置的电路在积水达到一定深度时，电动机启动抽水图中A（A/B）代表的是水浸探测器【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；（2）并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；（3）根据串联电路的电流特点可知a处电流与b处电流的关系，根据表格数据可知，电流表示数与检测网浸入雨水中深度的关系，根据欧姆定律可知总电阻的变化，进一步可知ab间电阻的变化，根据串联电路分压规律可知ab两端电压的变化；根据P=I2R可知，电阻R的功率变化；（4）根据描点法结合表格数据做出图象；（5）控制电路起检测作用【解答】解：（1）由题意“将ab接入图乙电路时电流表无示数，向容器中逐渐加入雨水，电流表有示数”可知，雨水是导体；（2）分析表中数据可知，检测网浸入雨水中深度越深，电流表示数越大，而并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，因此检测网浸入雨水中越深，检测网两电极间有更多的电阻并联；（3）电路工作时，a、b两处串联在电路中，因串联电路中各处的电流相等，所以，a处电流与b处电流相等，故A正确；由表格数据可知，检测网浸入雨水中深度越深，电流表示数越大，由I=可知，电路中的总电阻越小，ab间电阻越大，故B错误；根据串联电路分压规律可知，电阻越大分得的电压越大，而ab间的电阻越大，因此ab间的电压越大，故C正确；由P=I2R可知，电阻R的功率越大，故D正确；（4）检测网浸入水中的深度与电流关系的图象，如下图所示：（5）因为控制电路起检测作用，因此图A代表的是水浸探测器故答案为：（1）导体；（2）并联；（3）B；（4）图象如上图所示；（5）Axx年9月12日