2019-2020年高中数学竞赛辅导资料《奇数偶数》.doc

2019-2020年高中数学竞赛辅导资料奇数偶数将全体整数分为两类，凡是2的倍数的数称为偶数，否则称为奇数.因此，任一偶数可表为2m（mZ），任一奇数可表为2m+1或2m1的形式.奇、偶数具有如下性质： （1）奇数奇数=偶数；偶数偶数=偶数； 奇数偶数=奇数；偶数偶数=偶数； 奇数偶数=偶数；奇数奇数=奇数； （2）奇数的平方都可表为8m+1形式，偶数的平方都可表为8m或8m+4的形式（mZ）. （3）任何一个正整数n，都可以写成的形式，其中m为非负整数，l为奇数.这些性质既简单又明显，然而它却能解决数学竞赛中一些难题.例题讲解1下列每个算式中，最少有一个奇数，一个偶数，那么这12个整数中，至少有几个偶数？+=，-=，.2已知n是偶数，m是奇数，方程组的解是整数，那么( )（A）p、q都是偶数. （B）p、q都是奇数.（C）p是偶数，q是奇数 （D）p是奇数，q是偶数 3在1，2，3，1992前面任意添上一个正号和负号，它们的代数和是奇数还是偶数.470个数排成一行，除了两头的两个数以外，每个数的3倍都恰好等于它两边两个数的和，这一行最左边的几个数是这样的：0，1，3，8，21，.问最右边的一个数被6除余几？5设a、b是自然数，且有关系式123456789=（11111+a）（11111-b）， 证明a-b是4的倍数.-+-+6在33的正方格（a）和（b）中，每格填“+”或“-”的符号，然后每次将表中任一行或一列的各格全部变化试问重复若干次这样的“变号”程序后，能否从一张表变化为另一张表.+-+-+b a 7设正整数d不等于2，5，13.证明在集合2，5，13，d中可以找到两个元素a,b，使得ab1不是完全平方数. 8设a、b、c、d为奇数，证明：如果a+d=2k，b+c=2m，k,m为整数，那么a=1. 9设是一组数，它们中的每一个都取1或1，而且a1a2a3a4+a2a3a4a5+ana1a2a3=0，证明：n必须是4的倍数. 课后练习1.填空题（1）有四个互不相等的自然数，最大数与最小数的差等于4，最大数与最小数的积是一个奇数，而这四个数的和是最小的两位奇数，那么这四个数的乘积是_.（2）有五个连续偶数，已知第三个数比第一个数与第五个数和的多18，这五个偶数之和是_.（3）能否把1993部电话中的每一部与其它5部电话相连结？答_.2.选择题（1）设a、b都是整数，下列命题正确的个数是（ ）若a+5b是偶数，则a-3b是偶数；若a+5b是偶数，则a-3b是奇数；若a+5b是奇数，则a-3b是奇数；若a+5b是奇数，则a-3b是偶数.（A）1 （B）2 （C）3 （D）4（2）若n是大于1的整数，则的值（ ）.（A）一定是偶数 （B）必然是非零偶数（C）是偶数但不是2 （D）可以是偶数，也可以是奇数（3）已知关于x的二次三项式ax2+bx+c（a、b、c为整数），如果当x=0与x=1时，二次三项式的值都是奇数，那么a（ ）（A）不能确定奇数还是偶数 （B）必然是非零偶数（C）必然是奇数 （D）必然是零3.试证明11986+91986+81986+61986是一个偶数.4.请用0到9十个不同的数字组成一个能被11整除的最小十位数.5.有n 个整数，共积为n，和为零，求证：数n能被4整除6.在一个凸n边形内，任意给出有限个点，在这些点之间以及这些点与凸n边形顶点之间，用线段连续起来，要使这些线段互不相交，而且把原凸n边形分为只朋角形的小块，试证这种小三我有形的个数与n有相同的奇偶性.7.一个四位数是奇数，它的首位数字泪地其余各位数字，而第二位数字大于其它各位数字，第三位数字等于首末两位数字的和的两倍，求这四位数. 8.试证：3n+1能被2或22整除，而不能被2的更高次幂整除.课后练习答案（）（最小两位奇数是，最大数与最小数同为奇数）（）设第一个偶数为，则后面四个衣次为，（）不能是奇数，的个位数字是奇数，而，都是偶数，故最后为偶数仿例 设，满足题设即。假如为奇数，由，所有皆为奇数，但奇数个奇数之和为奇数，故这时不成立，可见只能为偶数由于为偶数，由知中必有一个偶数，由知中必有另一个偶数于是中必有两个偶数，因而由知必能被整除设小三角形的个数为，则个小三角形共有条边，减去边形的条边及重复计算的边数扣共有（）条线段，显然只有当与有相同的奇偶性时，（）才是整数设这个四位数是由于，是奇数所以于是（），即或因是偶数，所以，由此得，又因，所以因此该数为当为奇数时，考虑（）的展开式；当为偶数时，考虑（）的展开式例题答案：1. 解 因为加法和减法算式中至少各有一个偶数，乘法和除法算式中至少各有二个偶数，故这12个整数中至少有六个偶数.2.分析 由于1988y是偶数，由第一方程知p=x=n+1988y，所以p是偶数，将其代入第二方程中，于是11x也为偶数，从而27y=m-11x为奇数，所以是y=q奇数，应选（C）都能被7整除；注：3.分析 因为两个整数之和与这两个整数之差的奇偶性相同，所以在题设数字前面都添上正号和负号不改变其奇偶性，而1+2+3+1992=9961993为偶数 于是题设的代数和应为偶数.4.解 设70个数依次为a1,a2,a3据题意有a1=0, 偶a2=1 奇a3=3a2-a1, 奇a4=3a3-a2, 偶a5=3a4-a3, 奇a6=3a5-a4, 奇由此可知：当n被3除余1时，an是偶数；当n被3除余0时，或余2时，an是奇数，显然a70是3k+1型偶数，所以k必须是奇数，令k=2n+1，则a70=3k+1=3(2n+1)+1=6n+4.5.证明 由式可知11111（a-b）=ab+4617 a0,b0,a-b0首先，易知a-b是偶数，否则11111(a-b)是奇数，从而知ab是奇数，进而知a、b都是奇数，可知(11111+a)及(11111-b)都为偶数，这与式矛盾其次，从a-b是偶数，根据可知ab是偶数，进而易知a、b皆为偶数，从而ab+4617是4的倍数，由知a-b是4的倍数.6. 解 按题设程序，这是不可能做到的，考察下面填法：在黑板所示的22的正方形表格中，按题设程序“变号”，“+”号或者不变，或者变成两个. 表(a)中小正方形有四个“+”号，实施变号步骤后，“+”的个数仍是偶数；但表(b)中小正方形“+”号的个数仍是奇数，故它不能从一个变化到另一个.显然，小正方形互变无法实现，33的大正方形的互变，更无法实现.7. 解由于251=32，2131=52，5131=82，因此，只需证明2d1，5d1，13d1中至少有一个不是完全平方数.用反证法，假设它们都是完全平方数，令2d1=x2 5d1=y2 13d1=z2 x,y,zN*由知，x是奇数，设x=2k1，于是2d1=（2k1）2，即d=2k22k+1，这说明d也是奇数.因此，再由，知，y,z均是偶数.设y=2m,z=2n,代入、，相减，除以4得，2d=n2m2=(n+m)(nm)，从而n2m2为偶数，n，m必同是偶数，于是m+n与mn都是偶数，这样2d就是4的倍数，即d为偶数，这与上述d为奇数矛盾.故命题得证.8.首先易证：从而.再由因而 显然，为偶数，为奇数，并且只能一个为4n型偶数，一个为4n+2型偶数（否则它们的差应为4的倍数，然而它们的差等于2a不是4的倍数）， 因此,如果设，其中e,f为奇数，那么由式及的特性就有（）或（） 由 得e=1，从而于是（）或（）分别变为或解之，得.因a为奇数，故只能a=1.9.证明:由于每个均为1和1，从而题中所给的等式中每一项也只取1或1，而这样的n项之和等于0，则取1或1的个数必相等，因而n必须是偶数，设n=2m.再进一步考察已知等式左端n项之乘积=()4=1，这说明，这n项中取1的项（共m项）也一定是偶数，即m=2k，从而n是4的倍数.