2019-2020年高三下学期第三次模拟考试物理试题 含答案.doc

2019-2020年高三下学期第三次模拟考试物理试题 含答案二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中。第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14在研究物理学的过程中，往往要接触到研究物理的方法，下列说法正确的是( )A.伽利略在证明自由落体运动是匀变速直线运动时，采用了等效替代法B.“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功”，这里使用的是归纳法C.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是微元法D.在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量的思想方法15a、b两车在公路上沿同一方向做直线运动，在t=0 时刻，b车在a车前方500m处，它们的vt图象如图所示，下列说法正确的是（ ）A在第40 s末，a、b两车相距900 mBa、b加速时，物体a的加速度等于物体b的加速度C在整个运动过程中，a、b两车可以相遇两次D60s时，物体a在物体b的前方16如图所示，一个质量为m的物块静止在倾角为的斜面上。现物块受到与斜面成角的力F作用下处于静止状态。若增大力F，物块和斜面始终保持静止状态。则( )A.物块受到斜面的摩擦力变小B.物块对斜面的压力变小C.斜面受地面的摩擦力大小不变D.斜面对地面的压力大小不变17已知火星的质量比地球的小，火星的公转半径比地球的大。如果将火星和地球互换位置，则（ ）A. 火星公转的半径的三次方与公转周期平方的比值与地球公转的半径的三次方与公转周期平方的比值仍然相等B.在地球表面发射卫星的第一宇宙速度将大于7.9 km/s C. 火星的公转周期将小于365天D.火星和地球受太阳的万有引力不变18.如图所示，一理想变压器的原、副线圈匝数之比为n1： n2=55：1，原线圈接入电压的交流电源，图中电表均为理想电表，闭合开关后，当滑动变阻器的滑动触头P从最上端滑到最下端的过程中，下列说法正确的是( )A副线圈中交变电流的频率为100HzBt=0.02s时，电压表的示数为0C电流表的示数先变小后变大D定值电阻R消耗的功率先变大后变小19如图所示电场，实线表示电场线。一个初速度为v的带电粒子仅在电场力的作用下从a点运动到b点，虚线表示其运动的轨迹。则( )A.粒子带正电B.粒子受到的电场力不断减小C.a点电势高于b点电势D.电场力一直做正功，动能增加20在平行于斜面的力F作用下滑块从倾角为的光滑斜面的A点由静止开始向下滑动，滑动过程的机械能随位移的变化如图乙所示，下列说法正确的是（ ）A力的方向沿斜面向下B在0x2过程中，物体先减速再匀速C在0x1的过程中，滑块加速度逐渐增大D力F的大小逐渐减小直至等于021如图所示，用粗细均匀的铜导线制成半径为r的圆环，PQ为圆环的直径，其左右两侧存在垂直圆环所在平面的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，但方向相反，圆环的电阻为2R。一根长度为2r、电阻为R的金属棒MN绕着圆环的圆心O点紧贴着圆环以角速度沿顺时针方向匀速转动，转动过程中金属棒MN与圆环始终接触良好，则下列说法正确的是( )A.金属棒MN两端的电压大小为Br2B.圆环消耗的电功率是变化的C.圆环中电流的大小为D.金属棒MN旋转一周的过程中，电路中产生的热量为22（6分）实验：用如图所示的装置探究加速度a与力F的关系，带滑轮的长木板水平放置，弹簧测力计固定在墙上 （1）实验时，一定要进行的操作是 （填选项前的字母）A小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，根据纸带的数据求出加速度a，同时记录弹簧测力计的示数F。B改变小车的质量，打出几条纸带C用天平测出沙和沙桶的总质量D为减小误差，实验中一定要保证沙和沙桶的总质量远小于小车的质量（2）在实验中，有同学得到一条打点的纸带，取打点清晰部分做如下标记，如图所示，已知相邻计数点间还有4个点没有画出来，打点计时器的电源频率为50Hz，则小车加速度的大小为 m/s2。（结果保留3位有效数字）（3）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的aF图像，可能是下图中的图线 。23(9分)为测定一段金属丝的电阻率，某同学设计了如图甲所示的电路。ab是一段电阻率较大的粗细均匀的电阻丝，电路中的保护电阻R0=4.0，电源的电动势E=3.0V，电流表内阻忽略不计，滑片P与电阻丝始终接触良好。(1)实验中用螺旋测微器测得电阻丝的直径如图乙所示，其示数为d= mm。(2)实验时闭合开关，调节滑片P的位置，分别测量出每次实验中aP长度x及对应的电流值I，实验数据如下表所示：x(m)0.100.200.300.400.500.60I(A)0.490.430.380.330.310.282.042.332.633.033.233.57将表中数据描在坐标纸中，如图丙所示。试作出其关系图线，图象中直线的斜率的表达式k= (用题中字母表示)，由图线求得电阻丝的电阻率为 (保留两位有效数字)。根据图丙中关系图线纵轴截距的物理意义，可求得电源的内阻为 (保留两位有效数字)。24、（14分）如图所示，QB段为一半径为的光滑圆弧轨道，AQ段为一长度为的粗糙水平轨道，两轨道相切于Q点，Q在圆心O的正下方，整个轨道位于同一竖直平面内。物块的质量为m=1kg（可视为质点），P与AQ间的动摩擦因数，若物块以速度v0从A点滑上水平轨道，到C点后又返回A点时恰好静止。（取）求：（1）v0的大小； （2）物块第一次刚通过Q点时对圆弧轨道的压力。25（18分）如图所示，在xOy竖直平面内，Y轴的右侧有垂直纸面向外的匀强磁场B=0.4T和竖直向上的匀强电场E=2N/C。长为L=16m水平绝缘传送带AB以速度v0=3m/s顺时针匀速转动，右侧轮的轴心在Y轴上，右侧轮的上侧边缘B点的坐标是（0，h=8m）一个质量为m=2 g、电荷量为q=0.01C的小物块（可视为点电荷）以轻轻放在传送带左端，小物块与传送带之间的动摩擦因数=0.2，小物块从传送带滑下后，经过x轴上的P点（没画出），重力加速度g=10m/s2。求：（1）P点的坐标；（2）小物块从静止开始到经过x轴所用的时间（本问保留三位有效数字）；（3）改变传送带匀速运行的速度，可让小物体从传送带上滑下后经过坐标原点O，那么要让小物块经过坐标原点，传送带运行速度的范围。34（【物理选修3-4】（15分）O0.10.20.20.2y/mt/s乙O240.20.2y/mx/m甲QP（1）（5分）如图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为介质中x=2m处的质点P以此时刻为计时起点的振动图象。下列说法正确的是_(选对一个给3分，选对两个给4分，选对3个给5分。每选错一个扣3分，最低得分为0分）A这列波的传播方向是沿x轴正方向B这列波的传播速度是20m/sC经过0.15 s，质点P沿x轴的正方向传播了3 m D经过0.1 s时，质点Q的运动方向沿y轴正方向E经过0.35 s时，质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离（2）(10分)直径d=1.00m，高H=0.50m的AhBHxdyO不透明圆桶，放在水平地面上，桶内盛有折射率n=1.60的透明液体，某人站在地面上离桶中心的距离为x=2.10m处，他的眼睛到地面的距离y=1.70m，问桶中液面高h为多少时，他能看到桶底中心？（桶壁厚度不计）35.物理选修3-5（15分）(1)(5分)图甲是光电效应的实验装置图，图乙是光电流与加在阴极K和阳极A上的电压的关系图象，下列说法正确的是_。(填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)A由图线、可知在光的颜色不变的情况下，入射光越强，饱和电流越大B由图线、可知对某种确定的金属来说，其遏止电压只由入射光的频率决定C只要增大电压，光电流就会一直增大D不论哪种颜色的入射光，只要光足够强，就能发生光电效应E遏止电压越大，说明从该金属中逃出来的光电子的最大初动能越大（2）（10分）如图所示，在光滑的水平面上放置一个质量为3m的木板B，木板B的左端放置一个质量为2m的物块A，已知A、B之间的动摩擦因数为，现有一质量为m的小球以水平速度v0飞来与物块A碰撞后立即粘住，在整个运动过程中物块A始终未滑离木板B，且物块A可视为质点，重力加速度为g，求：小球与物块A相碰的过程中物块A对小球的冲量；木板B至少多长。物理答案14 D 15 C 16 B 17A 18.C 19 BC 20 CD 21 ACD22（6分）（1）A （2）1.93 （3）C24.物块P从A到C又返回到A的过程中，由动能定理得： 解得 若物块P在Q点的速度为，在Q点轨道对P的支持力为，由动能定理和牛顿第二定律，得： 解得 物块P第一次刚通过Q点时对圆弧轨道的压力，与圆弧轨道对P的支持力是一对相互作用力，所以对轨道压力大小为12N，方向竖直向下。 25（18分）（1） 小物体的加速度为所用时间为： 其位移为：然后匀速运动的时间为：由向心力公式得： ，解得，运动时间为：平抛运动时间为水平位移为 所以，P点坐标为 （2）小物块运动时间为：（3）小物块匀速圆周运动半径为 洛伦兹力提供向心力，得 解得小物块在传送带上滑行的末速度是时，它在传送带上滑行的距离。说明如果小物块在传送带上一直做匀加速运动，则小物块就会经过坐标原点O，所以传送带的速度35.物理选修3-5（15分）(1)(5分) _ABE【解析】设小球和物块A碰撞后二者的速度为， 由动量守恒得：，解得： 对小球有： 故物块A对小球的冲量大小为，方向向左最后三者相对静止后速度为，由动量守恒得： ，解得：当物块A在木板B上滑动时，系统的动能转化为内能，假设木板B的长度为L，滑到右端时，由能量守恒定律可得：联立解得：