高中物理 静电场（四）章末检测（一）1

静电场（四）章末检测（一）一、单选题（本题共10小题，每小题4分，共40分。）1下列说法中，正确的是（ ） A由可知电场中某点的电场强度E与q成反比 B由公式可知电场中某点的电势与q成反比C由知，匀强电场中的任意两点、间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大 D公式，其中电容器的电容与电容器两极板间电势差无关2对电容C，以下说法正确的是()A电容器带电荷量越大，电容就越大B对于固定电容器，它的带电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变C可变电容器的带电荷量跟加在两极板间的电压成反比D如果一个电容器没有电压，就没有带电荷量，也就没有电容3 在点电荷形成的电场中，其电场强度（）A处处相等B与场源电荷等距的各点的电场强度都相同C与场源电荷等距的各点的电场强度不相同D电场中各点的电场强度与该点至场源电荷的距离r成反比4如下图所示的真空空间中，仅在正方体中的黑点处存在着电荷量大小相等的点电荷，则图中a、b两点电场强度和电势均相同的是() 5在静电场中，将一电子由a点移到b点，电场力做功5 eV，则下列结论错误的是()A电场强度的方向一定是由b到a Ba、b两点间的电压是5 VC电子的电势能减少了5 eV D因零电势点未确定，故不能确定a、b两点的电势6如图所示，真空中两个带等量异种点电荷，A、B分别为两电荷连线和连线中垂线上的点，A、B两点电场强度大小分别是EA、EB，电势分别是、，下列判断正确的是（ ）AEAEB，AB BEAEB，AB CEAB DEAEB，Ab B场强方向一定向左，且电势ab D场强方向一定向右，且电势aB。据电场线疏密程度可以判断电场强度大小，而A位置比较靠近电荷，则A位置电场线较密集，故A位置电场强度较大，即EAEB。故A选项正确。7【答案】C8.【答案】B【解析】要使ab平衡，必须有a带负电，b带正电，且a球带电较少，故应选B.9.【答案】C【解析】金属球是一个等势体，等势体内部的场强处处为0，故A错误，B错误；金属球是一个等势体，等势体内部的电势处处相等，故C正确，D错误。10.【答案】D【解析】从静止起动的负电荷向B运动，说明它受电场力向B，负电荷受的电场力方向与电场强度的方向相反，可知此电场线的指向应从BA，这就有两个可能性：一是B处有正点电荷为场源，则越靠近B处场强越大，负电荷会受到越来越大的电场力，加速度应越来越大；二是A处有负点电荷为场源，则越远离A时场强越小，负试探电荷受到的电场力越来越小，加速度越来越小，故正确答案为D。11【答案】BC【解析】同一电场的电场线，即有直线也有曲线，A错误；电场线越密的地方，电场强度越强，B正确；沿着电场线方向，电势越来越低，但负电荷在沿电场线方向移动时，电势能增大，C正确，D错误。12.【答案】BCD13.【答案】BCD【解析】 在点电荷+Q产生的电场中a、f两点电势相等，但在匀强电场中a、f两点电势不等，所以叠加后可知：a、f两点电势不相等，故A错误。根据电场的叠加原理可知b、d两点的合场强大小相等故B正确。将点电荷+q从球面上b点移到e点，点电荷的电场力不做功，匀强电场的电场力也不做功，所以电场力做功为零，故C正确。将点电荷+q在球面上任意两点之间移动，点电荷的电场力不做功，两点间的电势差最大，由公式W=Uq知，匀强电场的电场力做功最大，则从a点移动到c点的电势能变化量最大，故D正确。14.【答案】BD【解析】 F向上压膜片电极，使得电容器两板间的距离减小，电容器的电容增大，又因电容器两极板间的电压不变，所以电容器的电荷量增大，电容器继续充电，电路中有从b到a的电流，B正确。若电流表有示数，则电容器在不断充电(或放电)，故Q在变化，F变化，D正确。15【答案】ABD【解析】从A到C过程中，重力先做正功，后做负功，小球在B点高度最低，重力势能最小，所以A正确，C错误。从A到C的过程中因为重力做正功，小球摆到C点时速度为0，所以电场力对小球做负功，小球从A到B的过程中，机械能一直在减少，B正确；从B到C的过程中克服电场力做功，小球的电势能一直增大， D正确。16.【答案】见解析【解析】 (1) 根据题意负电荷从A点移至B点电场力电场力做负功,可知电场方向A指向B(2) 电场方向A指向B,因此A点电势高 (3) 在这一过程中，电荷的电势能增加(4) 因为而所以电场力做正功17. 【答案】【解析】带电小球由A运动到B的过程中，由动能定理得 mgLsin 60qUAB0，则UAB.18.【答案】(1) 400 V(2) 300 V(3) 6103 J【解析】(1) 正点电荷从无限远处移到电场中A点，要克服电场力做功8106 J，所以EpA8106 JA400 V，(2) EpB2106 J，B100 V由电势差定义：UABAB300 V.(3) 把2105 C的负电荷由A点移到B点电场力做的功为：WABqUAB2105300 J6103 J.19.【答案】见解析【解析】（1）根据动能定理：，故由（2）（3）20.【答案】(1) 4 m/s(2) 0.2 s(3) 0.85 J (3) 金属块P在电场中运动时，木板的加速度大小aQ1 m/s2，所以物块P刚离开电场时，Q板的速度为v2aQt0.2 m/s物块P离开电场后，系统动量守恒，Q板足够长，设P、Q最终共速为v，有mv1Mv2(mM)v解出v0.5 m/s由能量转化与守恒定律，全过程摩擦产生热量 QmgR(mM)v2W电电场力只在BC段对金属块P做功，W电F电xBCcos450.6 J解得Q0.85 J