江苏专版2017高考物理二轮复习选择题31分强化练四

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选择题31分强化练(四)一、单项选择题(本题共5小题,每小题3分,共计15分,每小题只有一个选项符合题意)1如图1所示,一根轻质弹簧的一端固定在O点,另一端连接一个质量为m的小球,当小球静止时,球心到O点的距离为l,图中的实线是以O为圆心,l为半径的圆弧,当用水平力F拉球,使球缓慢上升,则()【导学号:25702096】图1A小球可能沿弧线a向上运动B小球一定沿弧线b向上运动C水平拉力做的功等于小球重力势能的增加D水平拉力做的功一定大于小球重力势能的增加D小球在缓慢上升过程中,受重力mg、水平拉力F和弹簧的弹力T作用,三力合力为零,在逐渐上升过程中,拉力F和弹簧弹力T均增大,根据胡克定律可知,弹簧的形变逐渐增大,总长度增大,故小球轨迹可能沿弧线b向上运动,故A、B均错误;拉力做的功等于小球重力势能的增加和弹簧弹性势能之和,C错误,D正确2.2016年8月17日北京时间17日凌晨,里约奥运体操最后一项赛事男子单杠决赛落幕,德国体操领军人物汉布岑以15.766分摘金假设汉布岑静止悬挂在单杠上,当两只手掌握点之间的距离增大时,汉布岑手臂受到的拉力,下列判断正确的是()图2A不变B变小C变大D无法确定C对汉布岑受力分析如图所示,汉布岑静止悬挂在单杠上,受力平衡,设两臂与竖直方向夹角,当两只手掌握点之间的距离增大时,夹角增大根据三力平衡的特点可知汉布岑手臂受到的拉力F,增大,cos 减小,F增大,故C正确3.甲、乙两辆汽车沿同一方向做直线运动,两车在某一时刻刚好经过同一位置,此时甲的速度为5 m/s,乙的速度为10 m/s,甲车的加速度大小恒为1.2 m/s2.以此时作为计时起点,它们的速度随时间变化的关系如图3所示,根据以上条件可知()图3A乙车做加速度先增大后减小的变加速运动B在前4 s的时间内,甲车运动位移为29.6 mC在t4 s时,甲车追上乙车D在t10 s时,乙车又回到起始位置B速度时间图象的斜率表示加速度,据此判断乙的运动过程加速度先减小再增大最后减小,选项A错速度时间图象与时间轴围成的面积代表位移,在t4 s时乙图象面积大于甲图象面积,所以乙的位移大于甲的位移,甲不可能追上乙车,选项C错前10秒,乙图象面积一直在增大,位移在增大,速度一直沿正方向,所以乙不可能回到初始位置,选项D错在前4 s的时间内,甲车运动位移xv0tat25 m/s4 s1.2 m/s2(4 s)229.6 m,选项B对4将一段导线绕成图4甲所示的闭合回路,并固定在水平面(纸面)内回路的ab边置于垂直纸面向里的匀强磁场中,回路的圆环区域内有垂直纸面的磁场,以向里为磁场的正方向,其磁感应强度B随时间t变化的图象如图乙所示用F表示ab边受到的安培力,以水平向右为F的正方向,能正确反映F随时间t变化的图象是()图4B根据Bt图象知穿过线圈的磁通量在0时间内先向里减小再向外增加,根据楞次定律知该段时间内线圈中产生的感应电流方向沿顺时针,由法拉第电磁感应定律EnSkS,根据Bt图象知该段时间内图象的斜率不变,因此线框中产生的电动势大小恒定,由闭合电路欧姆定律得通过ab边的电流大小恒定,根据左手定则知,ab边所受的安培力方向向左,为负值,由FBIL知,导线受到的安培力大小不变;穿过线圈的磁通量在T时间内先向外减小再向里增加,根据楞次定律知线圈中产生的感应电流方向沿逆时针,同理得电流大小恒定,根据左手定则知ab边所受的安培力方向向右,为正值,由FBIL得导线受到的安培力大小不变,B项正确5为了测量某化工厂的污水排放量,技术人员在该厂的排污管末端安装了如图5所示的流量计,该装置由绝缘材料制成,长、宽、高分别为a、b、c,左、右两端开口,在垂直于前、后面的方向加磁感应强度为B的匀强磁场,在上、下两个面的内侧固定有金属板M、N作为电极,污水充满管口从左向右流经该装置时,电压表将显示两个电极间的电压U,若用Q表示污水流量(单位时间内流出的污水体积),下列说法中错误的是()图5AM板电势一定高于N板的电势B污水中离子浓度越高,电压表的示数越大C污水流动的速度越大,电压表的示数越大D电压表的示数U与污水流量Q成正比B由于污水流向为自左向右,正电荷将受到向上的洛伦兹力作用,向上偏转到达M板,负电荷受到向下的洛伦兹力作用,向下偏转到达N板,故选项A正确;一旦M、N板间产生电势差时,其间将形成电场,污水中的电荷将同时受到电场力和洛伦兹力作用,且两力方向相反,若有:qvBq,即UBcv,电荷不再偏转,MN板间电势差恒定,即为电压表稳定读数值,故选项C正确;显然U与离子浓度(单位时间内流过的总电荷量)无关,故选项B错误;污水流量是指单位时间内通过截面的体积,即Qvbc,显然Q越大,v越大,U越大,故选项D正确二、多项选择题(本题共4小题,每小题4分,共计16分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得0分)6某同学为研究电动机在启动和工作过程中电流的变化情况,设计如图6所示的电路,则下列说法中正确的是()图6A电动机启动时的电流大于正常工作时的电流B电动机有负载时的电流小于空载时的电流C若增大电动机的负载,则电流增大D由于电动机内阻不变,因此电流与电动机的负载无关AC电动机消耗的电能等于转化的机械能与产生的热能之和,由于电动机启动时的速度小于正常工作时的速度,故转化的机械能较小,此时产生的热能较大,即电流较大,A正确;有负载时速度减慢,机械能输出减小,电流增大,大于空载时的电流,B、D错误,C正确7“超级地球”是指围绕恒星公转的类地行星科学家发现有两颗未知质量的不同“超级地球”环绕同一颗恒星公转,周期分别为T1和T2.根据上述信息可以计算两颗“超级地球”的()【导学号:25702097】A角速度之比B向心加速度之比C质量之比D所受引力之比AB根据得,所以可以计算角速度之比,故A正确;根据开普勒第三定律k得,由a2r得,所以能求向心加速度之比,故B正确;设“超级地球”的质量为m,恒星质量为M,轨道半径为r,根据万有引力提供向心力,有:Gmr得:M,“超级地球”的质量同时出现在等号两边被约掉,故无法求“超级地球”的质量之比,故C错误;根据万有引力定律FG,因为无法知道两颗“超级地球”的质量比,所以无法求所受引力之比,故D错误8如图7所示为一滑草场某条滑道由上下两段高均为h,与水平面倾角分别为45和37的滑道组成,滑草车与草地之间的动摩擦因数为.质量为m的载人滑草车从坡顶由静止开始自由下滑,经过上、下两段滑道后,最后恰好静止于滑道的底端(不计滑草车在两段滑道交接处的能量损失,sin 370.6,cos 370.8)则()图7A动摩擦因数B载人滑草车最大速度为C载人滑草车克服摩擦力做功为mghD载人滑草车在下段滑道上的加速度大小为gAB对整个过程,由动能定理得:2mghmgcos 45mgcos 370,解得:,故A正确;滑草车通过第一段滑道末端时速度最大,设为v,由动能定理得:mghmgcos 45mv2,解得:v,故B正确;对整个过程,由动能定理得:2mghWf0,解得载人滑草车克服摩擦力做功为:Wf2mgh,故C错误;载人滑草车在下段滑道上的加速度大小为:ag,故D错误9如图8所示,质量m1 kg的物体从高为h0.2 m的光滑轨道上P点由静止开始下滑,滑到水平传送带上的A点,物体和传送带之间的动摩擦因数为0.2,传送带AB之间的距离为L5 m,传送带一直以v4 m/s的速度匀速运动,则()图8A物体从A运动到B的时间是1.5 sB物体从A运动到B的过程中,摩擦力对物体做了2 J的功C物体从A运动到B的过程中,产生2 J的热量D物体从A运动到B的过程中,带动传送带转动的电动机多做了10 J的功AC设物体下滑到A点的速度为v0,对PA过程,由机械能守恒定律有:mvmgh代入数据得:v02 m/sv4 m/s则物体滑上传送带后,在滑动摩擦力作用下做匀加速运动,加速度大小为ag2 m/s2;加速至速度与传送带相等时用时:t11 s匀加速运动的位移s1t13 mL5 m所以物体与传送带共速后向右匀速运动,匀速运动的时间为t20.5 s故物体从A运动到B的时间为:tt1t21.5 s故A正确;物体运动到B的速度是v4 m/s,根据动能定理得:摩擦力对物体做功Wmv2mv6 J,故B错误;在t1时间内,皮带做匀速运动的位移为s皮带vt14 m故产生热量Qmgsmg(s皮带s1),代入数据得:Q2 J故C正确;电动机多做的功一部分转化成了物体的动能,另一部分转化为内能,则电动机多做的功WWQ8 J,故D错误6
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