九年级物理下学期5月月考试卷（含解析）1

2015-2016学年湖北省武汉六中九年级（下）月考物理试卷（5月份）一、选择题（本题包括12个小题，每小题只有1个正确选项，每小题3分，共36分）1端午节彦君坐动车到荆州旅游，下列对相关的物理现象分析合理的是（）A彦君坐在飞驰的列车中认为自己是静止的，她是以从身边走过的列车员为参照物B火车站，人必须站在安全线以外的区域候车，是因为人与行驶的列车之间的空气流速大，压强小C动车减速进站时，桌子上的水杯向前滑动，是因为速度减小，水杯受到的惯性减小D彦君在九龙渊观看了场面激烈的龙舟赛，参赛选手使用的船桨是省力杠杆2下列说法正确的是（）AB超检查身体是利用声传递能量B电视遥控器是利用超声波来控制电视机的C医生常用小镜子检查牙齿是利用平面镜成像D手机拍照是利用凸透镜能成正立缩小的实像3水是一种资源，也是一种能源古代劳动人民巧妙地利用水来开山采石；冬季，在白天给石头打一个洞，再往洞里灌满水并封实，待晚上降温，水结冰后石头就裂开了（冰的密度比水的小）下列有关说法正确的是（）A石头裂开后密度减小B石头裂开后密度增大C该方法利用水结冰后质量变大，体积增大而使石头裂开D该方法利用水结冰后质量不变，体积增大而使石头裂开4热现象在一年四季中随处可见，下列说法中正确的是（）A春天的早晨经常出现大雾，这是凝华现象B夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，这是升华现象C秋天的早晨花草上出现小露珠，这是液化现象D初冬的早晨地面上会出现白色的霜，这是凝固现象5如图所示，相同质量的水和煤油，用功率相同的电热器加热相同的时间后，以下说法正确的是（）A水的末温高B煤油的末温高C水吸收的热量多D煤油的温度变化量大6如图所示，平面镜竖直放置在水平面上，一支直立的铅笔从平面镜前40cm处，以5cm/s的水平速度垂直向平面镜匀速靠近，下列说法正确的是（）A铅笔在平面镜中所成的像逐渐变大B经过2s，铅笔与它的像之间的距离变为20cmC铅笔的像相对于平面镜的速度为10cm/sD若平面镜顺时针转至图中虚线位置，铅笔的像将与铅笔垂直7小明利用玻璃瓶、细管和带颜色的水自制了一个气压计和一个温度计（如图甲和乙所示）下列说法错误的是（）A拿着甲图中的自制气压计上楼过程中，细管中的水柱会下降B如用一个细玻璃管在甲图细管口上方水平吹气，管中水柱会上升C把乙图中自制温度计放入冷水中，细管中的水柱会下降D用力捏乙图中自制温度计的小瓶，细管中的水柱会上升8太阳能是人类优先开发和利用的新能源之一，关于太阳能的利用，下列说法中正确的是（）A图甲中，绿色植物通过光合作用将太阳能转化为植物的化学能B图乙中，太阳能热水器通过做功方式将太阳能转化为水的内能C图丙中，太阳能交通信号灯将太阳能直接转化为信号灯的光能D图丁中，首架环球航行的太阳能飞机将太阳能直接转化为飞机的机械能9飞机黑匣子的电路等效为两部分，一部分为信号发射电路，可用等效电阻R1表示，用开关S1控制，30天后自动断开，R1停止工作；另一部分为信息储存电路，可用等效电阻R2，用开关S2控制，能持续工作6年，如图所示关于黑匣子的等效电路中正确的是（）ABCD10下列实验中，与电动机工作原理相同的是（）ABCD11如图所示，在甲、乙两地之间沿直线架设两条输电线，由甲地向乙地输电，两条输电线总电阻为10，甲地电源的电压为220V不变，下列说法正确的是（）A当乙地用户消耗的总功率增大时，相同时间内输电线上产生的热量增多B乙地用户用电器上的电压仍为220VC在100s的时间内，输电线上产生的热量为4.84105JD若出现触电事故，应迅速直接用手拉开触电人员12如图所示电路中，电源电压不变，R1=10，小灯泡标有6V字样（灯丝电阻不变）闭合开关S1、S2，滑动变阻器R2的滑片在最左端，灯泡正常发光，电流表示数为1.1A，当闭合开关S1、断开S2，滑动变阻器R2的滑片在最右端时，电流表示数为0.2A，下列说法正确的是（）A电源电压6VB灯泡额定功率3WC滑动变阻器最大阻值30DS1闭合S2断开，若要使灯泡的实际功率是0.75W，滑动变阻器R2连入电路阻值为12二、非选择题（本题包括7小题，共34分）13中国进入了高速铁路时代（1）列车头设计为子弹头型，目的是_；（2）兰新高铁线全长1776km，从兰州到乌鲁木齐只需8h，则它的平均速度是_km/h；若列车牵引功率为5500kW，以180km/h匀速行驶，它的牵引力是_N14佳佳在实验室进行“凸透镜成像规律”的探究（1）如图是佳佳实验中的情景，此时光屏上出现倒立、等大清晰的像，则凸透镜的焦距f为_cm（2）佳佳将光屏放到80cm刻度线处，为了在光屏上承接到清晰的像，他应该把蜡烛向_（选填“左”或“右”）移动，此时成像的性质在实际中的应用是_（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）（3）若在实验（2）基础上，将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上会出现一个_（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的像（4）佳佳又在实验（3）的基础上，把他的近视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间若想在光屏上重新得到清晰的像，应将光屏_（选填“靠近”或“远离”）凸透镜15如图所示，电子式电能表盘上标有“3000imp/kWh”的字样（“3000imp/kwh”指接在这个电表上的电器每消耗1kWh的电能，电能表上指示灯闪烁3000次），现将若干盏规格都为“220V 20W”的节能灯接在该电能表上一起正常工作15min，电能表的指示灯闪烁了135次，这些节能灯消耗的电能为_ J，接入的节能灯共有_盏16如图所示，用滑轮组拉动重为70N的物体A，使物体A在水平方向上移动5m，所用拉力F为20N，地面对物体A的摩擦力为30N，则拉力F做的功为_J，滑轮组的机械效率为_17在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中（1）将物体A置于水平木板上，用弹资测力计沿水平方向拉动，使其做_运动，这时滑动摩擦力的大小_弹簧测力计拉力的大小（2）小明设计了如图所示的实验方案通过实验得到了正确的结论（3）下列各种现象中，利用了该实验结论的是_（选填字母）A汽车在结冰的路面行驶时，在车轮上缠绕铁链B用力压住橡皮，擦去写错的字C移动很重的石块时，在地上铺设滚木（4）甲图中物体运动的速度大小为v1，乙图中物体运动的速度大小为v2实验过程中关于v1和v2的大小，下列说法正确的是_（选填字母）Av1一定大于v2 Bv1一定小于v2 Cv1一定等于v2 Dv1可以大于、等于或小于v218小强为了“探究浮力的大小跟排开的液体所受重力的关系”，做了如下的实验：（弹簧测力计每小格示数是0.5N）（1）请在A图中画出被测物体所受力的示意图（2）你认为更合理的实验顺序是_（3）通过实验你得到的结论是：浸在液体中的物体，所受浮力的大小等于_（4）请你根据小强在实验中获得的数据，计算物体的体积是_m3；你认为通过本实验获得的数据_（填“能”或“不能”）计算出此物体的密度19在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12）（1）为了能够顺利完成实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用_A“10 0.5A”的滑动变阻器B“50 0.5A”的滑动变阻器（2）小华连接了如图所示的电路，闭合开关前，小明发现有一根导线连接错误，请你用笔在图中这根导线上画“”，并重新画一根正确连接电路的导线（3）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，若电路只有一处故障，则故障原因是_（4）排除故障后，经过多次实验，根据实验测得的数据，绘制出小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象（如图丙所示）分析图象可知：小灯泡的额定功率为_W实验中观察到：当小灯泡两端的电压低于0.5V时，小灯泡不发光，根据图象分析其原因是_20如图甲是卫生间一种智能抽水马桶的示意图马桶有冲水和加热功能其工作原理如图乙：当水管阀门打开，水从出水管流出，水箱中的水减少，空心铜球就在重力作用下，随着水位下降而向下运动，通过金属杆AB绕O转动，向上拉动进水管阀门，使水能通过排水管进入水箱；当出水管阀门关闭，随着不断进水，水箱中的水位不断上升，空心铜球随着向上运动，当金属杆处于水平位置时，把进水管阀门堵严，不再进水如下表为这种马桶的相关参数：项目内容电源规格220V 50Hz适用水压0.20.7Mpa水箱容积1.8L加热功率600W冲洗方式喷射虹吸式（1）某高楼内的住户家的马桶比地面的配水房高20m，若要该户居民家里的马桶能正常工作，则配水房提供的水压应不低于Pa？（2）如果进水管的阀门的受力面积是24cm2，设计能承担的压强是5104Pa（超过该压强，阀门就可以关严，不再进水），金属杆AB能绕O点转动，其质量及形变可忽略不计，AB长216mm，AO长24mm，空心铜球质量为70g，重力和浮力可以认为作用在其几何中心请计算出铜球的体积至少是多少？（g取10N/kg）（3）马桶中的加热器在280s将满水箱水从10加热到30，则该马桶的加热效率是多少？（C水=4.2103J/（kg）2015-2016学年湖北省武汉六中九年级（下）月考物理试卷（5月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题包括12个小题，每小题只有1个正确选项，每小题3分，共36分）1端午节彦君坐动车到荆州旅游，下列对相关的物理现象分析合理的是（）A彦君坐在飞驰的列车中认为自己是静止的，她是以从身边走过的列车员为参照物B火车站，人必须站在安全线以外的区域候车，是因为人与行驶的列车之间的空气流速大，压强小C动车减速进站时，桌子上的水杯向前滑动，是因为速度减小，水杯受到的惯性减小D彦君在九龙渊观看了场面激烈的龙舟赛，参赛选手使用的船桨是省力杠杆【考点】参照物及其选择；惯性；杠杆的分类；流体压强与流速的关系【分析】（1）解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的（2）流体的压强跟流体的速度有关，流速越大，压强越小（3）物体具有保持原来运动状态不变的性质，称为惯性，惯性是物体本身固有的属性，任何物体在任何情况下都具有惯性，质量是衡量物体惯性大小的唯一量度（4）船桨使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆【解答】解：A、彦君和从身边走过的列车员之间的位置不断发生变化，所以以从身边走过的列车员为参照物她是运动的，故A错误；B、火车急速驶过站台时，人和车之间的空气流动速度加快，根据流体压强与流速的关系可知：此处压强减小，而此时人外侧的空气流动速度慢，压强大，故会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险，故B正确；C、杯子由于惯性要向前运动，惯性是杯子本身具有的，不能说“受到的惯性减小”，故C错误；D、划龙舟的船桨使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D错误故选B2下列说法正确的是（）AB超检查身体是利用声传递能量B电视遥控器是利用超声波来控制电视机的C医生常用小镜子检查牙齿是利用平面镜成像D手机拍照是利用凸透镜能成正立缩小的实像【考点】声与能量；平面镜对光的作用；红外线；凸透镜成像的应用【分析】（1）声音既能够传递信息，又能够传递能量；（2）在红光以外的部分有一种看不见的光，叫红外线，我们可以使用红外线制成红外夜视仪和电视机的遥控器；（3）平面镜既可以成像，还可以改变光线的方向；（4）凸透镜成的实像都是倒立的【解答】解：A、B超检查身体是利用超声波传递信息，故A不正确；B、电视机的遥控器是利用红外线对电视机进行遥控的，故B不正确；C、牙医为了看清牙齿的背部使用的平面镜就是利用了平面镜成像，又改变了光线的方向，故C正确；D、手机拍是利用凸透镜成倒立、缩小、实像的原理，故D不正确故选C3水是一种资源，也是一种能源古代劳动人民巧妙地利用水来开山采石；冬季，在白天给石头打一个洞，再往洞里灌满水并封实，待晚上降温，水结冰后石头就裂开了（冰的密度比水的小）下列有关说法正确的是（）A石头裂开后密度减小B石头裂开后密度增大C该方法利用水结冰后质量变大，体积增大而使石头裂开D该方法利用水结冰后质量不变，体积增大而使石头裂开【考点】密度及其特性【分析】单位体积的某种物质的质量叫这种物质的密度密度是物质本身的一种特性，同种物质密度相同，不同物质密度一般不同质量是物体的一种属性，与物体的位置、形状、状态无关；【解答】解：密度是物质的一种特性，同种物质的质量与体积的比值相同，它不随物体自身的质量或体积的变化而变化，故AB错误；水结成冰后，状态改变，密度减小，根据公式=得，V=，所以体积变大，但是质量不变，由于体积变大，所以使石头裂开，故C错误，D正确故选：D4热现象在一年四季中随处可见，下列说法中正确的是（）A春天的早晨经常出现大雾，这是凝华现象B夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，这是升华现象C秋天的早晨花草上出现小露珠，这是液化现象D初冬的早晨地面上会出现白色的霜，这是凝固现象【考点】液化及液化现象；凝固与凝固放热特点；生活中的升华现象；生活中的凝华现象【分析】解决此题需掌握：物质由气态变为液态的过程是液化；物质由固态直接变为气态的过程是升华；物质由气态直接变为固态的过程是凝华物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的；凝固、液化、凝华是放热的【解答】解：A、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，需要放出热量此选项错误，不符合题意B、夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，这是液化现象，不符合题意C、秋天的早晨花草上出现的小露珠是空气中的水蒸气液化而成的，需要放出热量此选项正确，符合题意D、初冬的早晨地面上会出现白色的霜，这是水蒸气的凝华现象，不属于凝固现象此选项错误，不符合题意故选C5如图所示，相同质量的水和煤油，用功率相同的电热器加热相同的时间后，以下说法正确的是（）A水的末温高B煤油的末温高C水吸收的热量多D煤油的温度变化量大【考点】比热容的概念【分析】由吸热公式Q吸=cmt可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度升高少，比热容小的温度升高多；据此分析回答【解答】解：（1）因为不知道水和煤油的初温，所以无法判断水和煤油的末温高低，故AB都错误；（2）用相同的电加热器分别给它们加热相同的时间，水和煤油吸收的热量相同，故C错误；（3）质量相同的水和煤油，因为水的比热容大于煤油的比热容，吸收相同的热量后，由Q吸=cmt可知，水的温度升高的少，煤油的温度升高的多，故D正确故选D6如图所示，平面镜竖直放置在水平面上，一支直立的铅笔从平面镜前40cm处，以5cm/s的水平速度垂直向平面镜匀速靠近，下列说法正确的是（）A铅笔在平面镜中所成的像逐渐变大B经过2s，铅笔与它的像之间的距离变为20cmC铅笔的像相对于平面镜的速度为10cm/sD若平面镜顺时针转至图中虚线位置，铅笔的像将与铅笔垂直【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】根据平面镜成像的特点：所成的像是虚像；像和物体大小相同；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等来分析此题【解答】解：A、由平面镜成像的特点可知，铅笔与平面镜的距离改变，铅笔在镜中的像的大小不变，故A错误；B、因像距与物距是相等的，当铅笔以5cm/s的速度向平面镜靠近时，2s内铅笔通过的距离s=vt=5cm/s2s=10cm，2s后物距为40cm10cm30cm，像距也为30cm，2s后铅笔与镜中的像相距30cm+30cm=60cm，故B错误；C、若铅笔以5cm/s速度向平面镜靠近，同时像也以5cm/s速度垂直向平面镜靠近，故C错误；D、铅笔与平面镜的夹角为45，根据平面镜成像的特点，此时平面镜将铅笔与像的夹角平分，所以铅笔与它在平面镜中的像互相垂直，故D正确故选D7小明利用玻璃瓶、细管和带颜色的水自制了一个气压计和一个温度计（如图甲和乙所示）下列说法错误的是（）A拿着甲图中的自制气压计上楼过程中，细管中的水柱会下降B如用一个细玻璃管在甲图细管口上方水平吹气，管中水柱会上升C把乙图中自制温度计放入冷水中，细管中的水柱会下降D用力捏乙图中自制温度计的小瓶，细管中的水柱会上升【考点】大气压的综合应用；液体温度计的构造与工作原理【分析】（1）大气压与高度有关，随高度的升高而减小（2）流动的液体和气体称为流体，生活中常见的流体是空气和水流体的流速越大，压强越小（3）根据物体热胀冷缩的性质分析解答；（4）用力捏乙图中自制温度计的小瓶，瓶内的压强增大【解答】解：A、上楼时，高度在升高，大气压会随高度的增加而减小，外界大气压变小，瓶内气压大于外界大气压，会进一步向外压水柱，所以水柱将会升高故A错误；B、如用一个细玻璃管在甲图细管口上方水平吹气，甲图细管口上方空气流速快，压强小，瓶内大气压不变，所以管中水柱会上升故B正确；C、把乙图中的自制温度计放入冷水中，瓶内的水因遇冷体积变小，细管中的水柱会下降；故C正确；D、用力捏乙图中自制温度计的小瓶，瓶内的压强增大，所以，细管中的水柱会上升；故D正确故选A8太阳能是人类优先开发和利用的新能源之一，关于太阳能的利用，下列说法中正确的是（）A图甲中，绿色植物通过光合作用将太阳能转化为植物的化学能B图乙中，太阳能热水器通过做功方式将太阳能转化为水的内能C图丙中，太阳能交通信号灯将太阳能直接转化为信号灯的光能D图丁中，首架环球航行的太阳能飞机将太阳能直接转化为飞机的机械能【考点】能量的转化和转移【分析】从能的转化方向、转化形式分析解答此题【解答】解：A、绿色植物通过光合作用将太阳能转化为化学能，故A正确；B、太阳能热水器是通过热传递方式改变水的内能，故B错误；C、太阳能信号灯先将太阳能先转化为电能，再转化为光能，故C错误；D、太阳能飞机是先将太阳能转化为电能再转化为机械能，故D错误故选A9飞机黑匣子的电路等效为两部分，一部分为信号发射电路，可用等效电阻R1表示，用开关S1控制，30天后自动断开，R1停止工作；另一部分为信息储存电路，可用等效电阻R2，用开关S2控制，能持续工作6年，如图所示关于黑匣子的等效电路中正确的是（）ABCD【考点】电路图设计【分析】串联电路中各用电器相互影响，并联电路中各用电器可以单独工作、互不影响；串联电路中的开关控制整个电路；并联电路中，干路开关控制整个电路，支路开关只控制该支路上的用电器【解答】解：根据题意可知，R1、R2可以单独工作，互不影响，因此它们为并联连接，并且它们都有相应的开关控制，故B选项的电路图符合题意故选B10下列实验中，与电动机工作原理相同的是（）ABCD【考点】直流电动机的原理【分析】电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用【解答】解：A、是奥斯特实验图，小磁针发针偏转说明通电导体周围有磁场，故A不符合题意；B、是电磁感应的实验图，属于发电机的原理，故B不符合题意；C、电路中有电流，通电线圈或导体受到磁场力的作用发生运动，是电动机的工作原理，故C符合题意D、是电磁铁的实验图，故D不符合题意；故选C11如图所示，在甲、乙两地之间沿直线架设两条输电线，由甲地向乙地输电，两条输电线总电阻为10，甲地电源的电压为220V不变，下列说法正确的是（）A当乙地用户消耗的总功率增大时，相同时间内输电线上产生的热量增多B乙地用户用电器上的电压仍为220VC在100s的时间内，输电线上产生的热量为4.84105JD若出现触电事故，应迅速直接用手拉开触电人员【考点】焦耳定律的计算公式及其应用；触电危害及常见的触电类型与预防【分析】（1）利用P=UI分析在电压一定，当P增大时，电路中的电流为增大，再根据焦耳定律分析导线上热量的变化；（2）用户的用电器之间是并联的，与导线电阻是串联的，结合串联分压分析解答；（3）根据焦耳定律分析解答；（4）出现触电事故时，应先切断电源，再实施救援【解答】解：A、当乙地用户消耗的总功率增大时，由I=可得通过对的电流越大，根据Q=I2Rt可知相同时间内输电线上产生的热量增多，故A正确；B、因为用户与输电线是串联的，串联电路有分压特点，则乙地用户用电器上的电压要比220V小，故B错误；C、由于电流不确定，则根据Q=I2Rt可知输电线上产生的热量不确定，故C错误；D、若出现触电事故，应迅速切断电源，再实施救援，故D错误故选：A12如图所示电路中，电源电压不变，R1=10，小灯泡标有6V字样（灯丝电阻不变）闭合开关S1、S2，滑动变阻器R2的滑片在最左端，灯泡正常发光，电流表示数为1.1A，当闭合开关S1、断开S2，滑动变阻器R2的滑片在最右端时，电流表示数为0.2A，下列说法正确的是（）A电源电压6VB灯泡额定功率3WC滑动变阻器最大阻值30DS1闭合S2断开，若要使灯泡的实际功率是0.75W，滑动变阻器R2连入电路阻值为12【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）闭合开关S1、S2，滑动变阻器R2的滑片在最左端时，灯泡与电阻R1并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和灯泡正常发光时的电压等于额定电压可知电源的电压，根据欧姆定律求出通过R1的电流，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，利用P=UI求出灯泡的电功率即为灯泡的额定功率，根据欧姆定律求出灯泡的电阻；（2）当闭合开关S1、断开S2，滑动变阻器R2的滑片在最右端时，灯泡与R2的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器最大阻值；根据P=I2R求出灯泡的实际功率为0.75W时电路中的电流，利用欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的电阻【解答】解：（1）闭合开关S1、S2，滑动变阻器R2的滑片在最左端时，灯泡与电阻R1并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光，所以，电源的电压U=UL=6V，故A正确；通过R1的电流：I1=0.6A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过灯泡的电流：IL=II1=1.1A0.6A=0.5A，灯泡的额定功率：PL=ULIL=6V0.5A=3W，故B正确；灯泡的电阻：RL=12；（2）当闭合开关S1、断开S2，滑动变阻器R2的滑片在最右端时，灯泡与R2的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，此时电路中的总电阻：R=30，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器的最大阻值：R2=RRL=3012=18，故C错误；因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=I2R可得，灯泡的实际功率为0.75W时电路中的电流：I=0.25A，电路中的总电阻：R=24，变阻器接入电路中的电阻：R2=RRL=2412=12，故D正确故选ABD二、非选择题（本题包括7小题，共34分）13中国进入了高速铁路时代（1）列车头设计为子弹头型，目的是减小阻力；（2）兰新高铁线全长1776km，从兰州到乌鲁木齐只需8h，则它的平均速度是222km/h；若列车牵引功率为5500kW，以180km/h匀速行驶，它的牵引力是1.1105N【考点】速度公式及其应用；二力平衡条件的应用【分析】（1）根据流线型的外表能减小阻力的角度去分析子弹头型；（2）根据速度计算公式计算即可；已知列车的功率P，速度v，由公式P=Fv可求出拖拉机的牵引力F【解答】解：（1）列车设计为子弹头型是因为流线型的外表能减小阻力，提高车速；（2）已知兰新高铁全长s=1776km，所需时间t=8h，根据公式v=可得，高速列车行驶的平均速度v=222km/h；已知高铁的牵引功率P=5500kW=5.5106W，高铁的速度，v=180km/h=50m/s，由根据P=Fv可知列车的牵引力：F=1.1105N故答案为：（1）减小阻力；（2）222；1.110514佳佳在实验室进行“凸透镜成像规律”的探究（1）如图是佳佳实验中的情景，此时光屏上出现倒立、等大清晰的像，则凸透镜的焦距f为10cm（2）佳佳将光屏放到80cm刻度线处，为了在光屏上承接到清晰的像，他应该把蜡烛向右（选填“左”或“右”）移动，此时成像的性质在实际中的应用是投影仪（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）（3）若在实验（2）基础上，将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上会出现一个缩小（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的像（4）佳佳又在实验（3）的基础上，把他的近视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间若想在光屏上重新得到清晰的像，应将光屏远离（选填“靠近”或“远离”）凸透镜【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）要解决此题，要掌握凸透镜成像的规律，知道当u=2f时，成倒立、等大的实像（2）设凸透镜的焦距为f，物距为u，则凸透镜成像的规律为：当u2f时，成倒立、缩小的实像，此时fv2f利用其可制成照相机当u=2f时，成倒立、等大的实像，此时v=2f当fu2f时，成倒立、放大的实像，此时v2f利用其可制成幻灯机或投影仪当u=f时，无像经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点当uf时，成正立、放大的虚像利用其可制成放大镜（3）据光路的可逆性分析判断即可解决；（4）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用【解答】解：（1）据图可知，当物距为20cm时，成等大的倒立的实像，所以2f=20cm，则f=10cm；（2）将光屏放到80cm刻度线处，在光屏上能承接到清晰的像，即此时像处于2倍焦距以外，物体一定处于另一侧的1倍焦距和2倍焦距之间，故据图可知，应该将蜡烛向右移动，此时成倒立放大的实像，投影仪利用了此原理（3）若在实验（2）基础上，将蜡烛和光屏的位置互换，即使得蜡烛处于2倍焦距以外，此时一定能成一个倒立、缩小的实像；（4）由于近视眼镜是凹透镜，对光线有发散作用，所以通过凸透镜的光线比以前会聚得要晚了，像距更大了，因此要得到清晰的像，需将光屏远离凸透镜，即应向右移动光屏故答案为：（1）10；（2）右；投影仪；（3）缩小；（4）远离15如图所示，电子式电能表盘上标有“3000imp/kWh”的字样（“3000imp/kwh”指接在这个电表上的电器每消耗1kWh的电能，电能表上指示灯闪烁3000次），现将若干盏规格都为“220V 20W”的节能灯接在该电能表上一起正常工作15min，电能表的指示灯闪烁了135次，这些节能灯消耗的电能为1.62105 J，接入的节能灯共有9盏【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】3000imp/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表指示灯闪烁3000次，或者表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kWh的电能，求出指示灯闪烁135次电路中消耗的电能然后求出用电器的总功率，已知节能灯的功率为20W，然后可求得接入的节能灯有几盏【解答】解：3000imp/kWh表示每消耗1kWh电能，指示灯闪烁3000次，指示灯闪烁135次，电路消耗电能为：W=135kWh=0.045kWh=0.0453.6106=1.62105J，P总=180W，则接入的节能灯数量n=9（盏）故答案为：1.62105；916如图所示，用滑轮组拉动重为70N的物体A，使物体A在水平方向上移动5m，所用拉力F为20N，地面对物体A的摩擦力为30N，则拉力F做的功为200J，滑轮组的机械效率为75%【考点】功的计算；滑轮（组）的机械效率【分析】（1）由图可知绳子的有效股数为2，根据s=ns求出绳子自由端移动的距离，利用W=Fs求出拉力做的功；根据=100%=100%=100%=100%求出该装置的机械效率【解答】解：（1）由图可知：n=2，绳子自由端移动的距离：s=ns=25m=10m，拉力F做的功：WF=F拉s=20N10m=200J；（2）该装置的机械效率：=100%=100%=100%=100%=100%=75%故答案为：200；75%17在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中（1）将物体A置于水平木板上，用弹资测力计沿水平方向拉动，使其做匀速直线运动，这时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计拉力的大小（2）小明设计了如图所示的实验方案通过实验得到了正确的结论（3）下列各种现象中，利用了该实验结论的是B（选填字母）A汽车在结冰的路面行驶时，在车轮上缠绕铁链B用力压住橡皮，擦去写错的字C移动很重的石块时，在地上铺设滚木（4）甲图中物体运动的速度大小为v1，乙图中物体运动的速度大小为v2实验过程中关于v1和v2的大小，下列说法正确的是D（选填字母）Av1一定大于v2 Bv1一定小于v2 Cv1一定等于v2 Dv1可以大于、等于或小于v2【考点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验【分析】（1）根据二力平衡的知识可知，弹簧测力计水平方向匀速拉动木块时，弹簧测力计才能测出摩擦力的大小；（3）滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，根据实验现象得出相应的结论，再对照选项分析其应用是哪一个；（4）滑动摩擦力大小与物体运动速度无关【解答】解：（1）用弹簧测力计水平方向匀速拉动木块时，弹簧测力计处于匀速直线运动状态，则弹簧测力计在水平方向上受到了摩擦力和拉力是一对平衡力，所以大小相等；（3）如图的实验中，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，测力计的示数不同，可知接触面的粗糙程度相同，压力越大，滑动摩擦力越大；A汽车在结冰的路面上行驶，在车轮上缠绕铁链，是增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，不合题意；B用力压住橡皮，擦去写错的字，是在接触面粗糙程度相同时，增大压力来增大摩擦力，符合题意；C移动很重的石块时，在地上铺设滚木，是变滑动摩擦为滚动摩擦来减小摩擦力，不合题意故利用上述结论的是选项B（4）滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与物体运动速度无关，所以甲图中物体运动的速度v1可以大于、等于或小于乙图中物体运动的速度v2，故选项D正确故答案为：（1）匀速直线；等于；（3）B；（4）D18小强为了“探究浮力的大小跟排开的液体所受重力的关系”，做了如下的实验：（弹簧测力计每小格示数是0.5N）（1）请在A图中画出被测物体所受力的示意图（2）你认为更合理的实验顺序是DABC（3）通过实验你得到的结论是：浸在液体中的物体，所受浮力的大小等于物体排开液体所受到的重力（4）请你根据小强在实验中获得的数据，计算物体的体积是1104m3；你认为通过本实验获得的数据能（填“能”或“不能”）计算出此物体的密度【考点】探究浮力大小的实验【分析】（1）物体受重力和拉力，二者是一对平衡力，根据二力平衡条件的特点画出两个力；（2）要先测物体的重力和空桶的重力，然后再把物体没入水中，测出物体受到的拉力，根据称重法求出浮力；最后再测出桶和溢出水的重力得出排开水的重力；（3）根据阿基米德原理进行解答；（4）根据物体完全浸没在水中时的浮力计算出体积；根据A测出物体的重力，可计算出其质量，则可计算出物体的密度【解答】解：（1）已知弹簧测力每小格示数是0.5N，由图A知，物体的重力G=2.5N，物体受重力和测力计的拉力作用，二者大小相等，重力方向竖直向下，拉力方向竖直向上，如图所示：（2）合理的实验顺序是：D、测出空桶所受的重力；A、测出物体所受的重力；B、把物体浸没在装满水的溢水杯中，测出物体所受的浮力，收集物体排开的水；C、测出桶和排开的水所受的重力故合理的实验顺序是DABC；（3）根据阿基米德原理，浸在液体中的物体所受的浮力，大小等于它排开液体所受的重力（4）由图AB中实验数据可知，物体受到的浮力：F浮=GF拉=2.5N1.5N=1N，由公式F浮=水gV排可得，物体的体积：V=V排=1104m3，本实验获得的数据能计算出此物体的密度，过程如下：由公式G=mg得，物体的质量：m=0.25kg，物体的密度：=2.5103kg/m3故答案为：（1）见上图；（2）DABC；（3）物体排开液体所受到的重力；（4）1104；能19在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12）（1）为了能够顺利完成实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用BA“10 0.5A”的滑动变阻器B“50 0.5A”的滑动变阻器（2）小华连接了如图所示的电路，闭合开关前，小明发现有一根导线连接错误，请你用笔在图中这根导线上画“”，并重新画一根正确连接电路的导线（3）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，若电路只有一处故障，则故障原因是灯泡断路（4）排除故障后，经过多次实验，根据实验测得的数据，绘制出小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象（如图丙所示）分析图象可知：小灯泡的额定功率为0.625W实验中观察到：当小灯泡两端的电压低于0.5V时，小灯泡不发光，根据图象分析其原因是灯泡实际电功率太小【考点】电功率的测量【分析】（1）由题根据串联电路特点和欧姆定律计算灯泡正常工作时滑动变阻器连入的阻值，从而选择合适的滑动变阻器；（2）本实验中电压表应与灯泡并联测其两端电压，滑动变阻器一上一下串联入电路中，由此分析改接电路；（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，说明电路有断路，再根据电压表有示数分析判断；（4）分析图象，得出小灯泡额定电压对应的电流，利用P=UI求出电功率；灯泡亮度由实际功率决定，由此分析解答【解答】解：（1）根据I=可得灯泡正常工作时的电流约为：I=0.21A，根据串联电路特点和欧姆定律可得，此时滑动变阻器连入电路的阻值：R滑=16.7，故选用滑动变阻器B；（2）测定小灯泡的电功率的实验中，电压表应与灯泡并联，滑动变阻器一上一下串联入电路中，由图知电压表串联入电路中，改接电路如图所示：；（3）连接好电路后，闭合开关，移动滑片，发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，说明电路中有断路，电压表有示数，说明电压表到电源间是通路，则故障的原因可能是灯泡断路；（4）由小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象可知：当电压为2.5V时，电流为0.2A，所以灯泡额定功率为：P=UI=2.5V0.25A=0.625W；根据灯泡的亮度由实际功率决定，由图象知，当灯泡两端电压小于0.5V时，电流为0.1A，由P=UI知灯泡实际功率非常小，所以灯泡不发光故答案为：（1）B；（2）见上图；（3）灯泡断路；（4）0.625；灯泡实际电功率太小20如图甲是卫生间一种智能抽水马桶的示意图马桶有冲水和加热功能其工作原理如图乙：当水管阀门打开，水从出水管流出，水箱中的水减少，空心铜球就在重力作用下，随着水位下降而向下运动，通过金属杆AB绕O转动，向上拉动进水管阀门，使水能通过排水管进入水箱；当出水管阀门关闭，随着不断进水，水箱中的水位不断上升，空心铜球随着向上运动，当金属杆处于水平位置时，把进水管阀门堵严，不再进水如下表为这种马桶的相关参数：项目内容电源规格220V 50Hz适用水压0.20.7Mpa水箱容积1.8L加热功率600W冲洗方式喷射虹吸式（1）某高楼内的住户家的马桶比地面的配水房高20m，若要该户居民家里的马桶能正常工作，则配水房提供的水压应不低于Pa？（2）如果进水管的阀门的受力面积是24cm2，设计能承担的压强是5104Pa（超过该压强，阀门就可以关严，不再进水），金属杆AB能绕O点转动，其质量及形变可忽略不计，AB长216mm，AO长24mm，空心铜球质量为70g，重力和浮力可以认为作用在其几何中心请计算出铜球的体积至少是多少？（g取10N/kg）（3）马桶中的加热器在280s将满水箱水从10加热到30，则该马桶的加热效率是多少？（C水=4.2103J/（kg）【考点】电功与热量的综合计算；杠杆的应用；液体的压强的计算；阿基米德原理【分析】（1）利用p=gh求出配水房需要提供的最小水压；（2）根据F=Ps求出阀门刚好被打开时进水阀门受到的压力，根据杠杆平衡条件得出铜球受到的拉力，而铜球受到的浮力等于自身的重力（G=mg）加上受到的拉力，根据阿基米德原理求出铜球排开液体的体积，即为铜球的体积（3）水箱装满水时水的体积和水箱的容积相等，根据m=V求出水的质量，又知道水的初温、末温以及比热容，根据Q吸=cm（t2t1）求出水吸收的热量，根据W=Pt求出消耗的电能，利用=100%求出该马桶的加热效率【解答】解：（1）配水房需要提供的最小水压：p最小=gh=1.0103kg/m310N/kg20m=2105Pa；（2）进水阀门受到的压力：由p=可得，F1=pS=5105Pa24106m2=12N，根据杠杆平衡条件：F1OA=F2OB，F2=F1=12N=1.5N，铜球重力G=mg=70103kg10N/kg=0.7N，铜球浸没后产生浮力F浮=F2+G=1.5N+0.7N=2.2N，由F浮=gV排可得，V排=2.2104m3，因铜球完全浸没，所以V铜=V排=2.2104m3（3）满水箱水的体积：V水=1.8L=1.8103m3，由=可得，水的质量：m水=V水=1.0103kg/m31.8103m3=1.8kg，水吸收的热量：Q吸=cm（t2t1）=4.2103J/（kg）1.8kg（3010）=1.512105J，由P=可得，消耗的电能：W=Pt=600W280s=1.68105J，该马桶的加热效率：=100%=90%答：（1）配水房提供的水压应不低于2105Pa；（2）铜球的体积至少是2.2104m3；（3）该马桶的加热效率是90%