九年级物理上学期期末试卷（含解析） 新人教版03

2015-2016学年黑龙江省齐齐哈尔市龙沙区九年级（上）期末物理试卷一、解答题（共10小题，满分20分）1对于图中所示的四幅图，下列说法正确的是（）A甲图中两个压紧的铅块能吊起钩码，是因为分子间只有引力B乙图中活塞向上运动是内燃机的做功冲程C丙图中小朋友下滑时，内能转化为机械能D丁图中改变内能的方式与“炙手可热”不同2水具有比热容大的特点，下列现象及应用与此特点无关的是（）A海陆风的形成B夏天在教室地面上洒水，感觉变凉爽C冬天的暖气设备用热水供暖D用水来冷却汽车发动机3把一个轻质的小球靠近用丝绸摩擦过的玻璃棒时，它们相互排斥，则这个小球（）A一定不带电B一定带负电C一定带正电D可能不带电4下列对生活用电常识的认识中，符合要求的是（）A开关接在火线或零线上都可以B电冰箱、洗衣机、空调之类的用电器，连入电路时应使用两孔插座C尽量不要同时使用较大功率的用电器，以免引起电线燃烧而引发火灾D使用测电笔时，手不要接触笔尾金属体，以免触电5如图所示，电源电压为6V，定值电阻R=20，在S闭合的情况下，下列说法正确的是（）A在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表有明显示数B不能在ab两点间接入一个电流表C在a、b两点间接入一个“3V 0.5A”的小灯泡，小灯泡能正常发光D在a、b两点间接入一个10的电阻，电路消耗的电功率为2W6甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是（）A两灯串联接入220V电路中，乙灯较亮B两灯均正常发光时，甲灯灯丝电阻较大C两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多D将乙灯接入110V电路中，它的实际功率为50W7如图所示，下列四种情况中磁体的磁极（小磁针的黑端为N极）正确的是（）ABCD8夜里，小明家的三盏电灯均正常发光，突然三盏电灯全部熄灭，经检查保险丝完好，用试电笔检查插座的两孔，氖管均发光发生这一现象的原因可能是（）A插座处发生短路了B某个电灯的灯丝烧断了C进户线的火线断了D进户线的零线断了9甲、乙两只灯泡，其IU关系图象如图所示现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电压为2V时，乙灯消耗的功率是（）A1.2WB0.8WC2WD3W10小丽同学在家中拍到一张电能表照片，如图，她仔细观察照片后，得到下列结论，你认为正确的是（）A电能表是测量用电器消耗电功率的仪表B电能表的标定电流为10AC小明家所有用电器同时工作，总功率不得超过2.2kWD若电能表转盘在6min内转过300转，则用电器的总功率为1kW二、多项选择题（每题3分，共9分每小题有两个或两个以上选项是正确的，选项不全但都正确得1分，有错误选项不得分）11下列设备或电器中，其主要工作原理与电磁铁有关的是（）A电铃B电熨斗C电磁选矿机D电磁起重机12有关温度、热量、内能的说法，正确的是（）A物体吸收热量，内能一定增加，但温度不一定升高B物体温度升高，不一定吸收热量，但内能一定增加C物体温度不变，一定没有吸热D发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体13如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器图乙是该滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象下列说法正确的是（）AR1的最大值为50BR0的阻值为10C电源电压为10VD电流从0.2A变为0.4A时，R0的电功率变化了1.2W三、填空题（每小题2分，共20分）14厨师将一勺盐放入汤中，整锅汤都会变咸，这是_现象，这种现象说明了_15甲是一种车载空气净化器，其工作过程如图乙所示受污染的空气被吸入后，颗粒物进入电离区带上电荷，然后在集尘器上被带电金属捕获，其原理是_；磁悬浮列车是利用同名磁极相互_的原理实现悬浮，从而大大提高车速16小夏在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，并用图象对实验数据进行了处理，如图所示实验中，水和另种液体在相同时间内放出的热量相等分析图象可以得出：_物质为水，另一种液体的比热容为_J/（Kg）17如图所示，电源电压恒为12V，闭合开关S，当滑动变阻器的阻值为10时，电压表的示数为8V，此时电动机正常工作，若电动机内部线圈的电阻为2，则通电5分钟电流通过电动机内部线圈产生的热量为_J；电动机的工作效率为_18如图所示的电路中，S1闭合S2断开时，甲、乙是电流表，I甲：I乙=1：3，两电阻消耗的功率之比P1：P2=_；当S1、S2都闭合时，甲、乙是电压表，则两电压表示数之比U甲：U乙=_19图中是奥斯特曾经做过的实验示意图比较_两图，得到的结论是通电导线的周围有磁场；比较甲、丙两图，得到的结论是电流磁场的方向跟_有关20灯泡L1、L2分别标有“10V 10W”和“9V 0.6A”的字样，若将它们串联使用时，电路两端允许加的最大电压是_V，该电压下两灯消耗的总功率为_W21某兴趣小组设计了如图甲所示的电路进行实验探究，电源为电压可调的学生电源，小灯泡L标有“6V 1.2W”字样，R为20的定值电阻小组根据记录的电流表和电压表的示数变化，描绘出如图乙所示的IU关系图当电压表的示数为2V时，通过小灯泡L的电流为_A，调节电源电压，当电路消耗的总功率为1.35W时，小灯泡的实际功率为_W22如图所示，A为弹簧测力计，B为铁块，C为螺线管闭合开关S时，电流表和弹簧测力计都有示数若滑动变阻器滑片P向左移动，电流表的示数_（选填“变大”、“变小”或“不变”），弹簧测力计的示数_（选填“变大”、“变小”或“不变”）23如图所示，电源电压为18V且保持不变，电压表的量程为015V，电流表的量程为00.6A，滑动变阻器标有“100 1A”字样，小灯泡L标有“6V 3W”字样，闭合开关S，调节滑片，在保证电路各元件安全的情况下，灯泡的最小功率为_W，滑动变阻器接入电路的最小阻值是_（灯丝电阻不变）四、探究与实验题（每题8分，共24分）24如图1是小悦测量未知电阻Rx的实验电路图：（1）实验的原理是_（2）滑动变阻器的作用是_（多选）A保护电路B控制待测电阻Rx两端的电压不变C改变电压和电流的数值，多次测量取平均值，减小误差D改变电压和电流的数值，探究电流与电压的规律（3）连好电路后闭合开关，小悦发现无论如何移动滑动变阻器的滑片P，电压表、电流表都有示数，但都不变，原因可能是_；且发现电流表指针反偏，原因是_（4）完成上述实验后，小悦向老师要了一个已知阻值为R0的电阻和若干开关，借助部分现有的实验器材，设计了如图2所示的电路，也测出未知电阻Rx的阻值实验步骤如下，请帮她把缺少的步骤补全，并用已知物理量的符号和测量物理量的符号写出未知电阻Rx的表达式实验步骤：闭合开关S和S1，断开S2，读出此时电压表的示数为U1_，读出此时电压表的示数为U2未知电阻阻值的表达式为：Rx=_25在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10，所用滑动变阻器的最大阻值40（1）请用笔画线代替导线在图甲中完成实物电路的连接；（2）同学们进行试触时，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表有示数，则电路中发生的故障可能是_（选填“小灯泡断路”、“小灯泡短路”或“滑动变阻器处断路”）；（3）某次实验中，同学们看到电压表示数为1.8V，要使灯泡L正常发光应向_（选填“A”或“B”）端移动滑片，同时视线应注意观察_（选填“电流表”或“电压表”）示数，当灯正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是_W；（4）某同学还想探究电流与电阻的关系，于是将甲图中的小灯泡换成定值电阻R，并使电压表的示数始终保持2V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R，记录各次电流表的示数，在不更换其他器材的情况下，为了能够完成实验，他更换的定值电阻R的阻值不能大于_26如图是探究电流通过导体产生热的多少根什么因素有关的实验装置，将四段电阻丝a，b，c，d分别密封在完全相同的盒内，盒内封闭一定量的空气，其中图乙中另取5电阻在盒外与盒内电阻并联（1）盒内封闭一定量的空气的优点是_，在实验中电流通过电阻产生热量的多少是通过观察_来比较的（2）图甲可探究电流产生的热量与_的关系，图乙可探究电流产生的热量与_的关系（3）图乙中右侧盒外连接的5电阻，它的作用是_（4）物理研究方法有很多，本实验运用了两种方法：一是_法；二是转换法五、分析与交流题（27题5分，28题5分，共10分）27如图所示，玻璃瓶内装入少量的水，用塞子塞紧，并用气筒往瓶内打气，瓶内压强增大到一定程度时，瓶塞会跳出来，同时瓶内出现白雾请你解释：（1）瓶内出现白雾的原因？（2）打气筒壁会发热的主要原因是什么？28图甲所示是家庭中常用的一种插线板（1）小聪同学在使用中发现：开关断开时指示灯不亮，插孔不能提供工作电压；开关闭合时指示灯亮，插孔能提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压根据以上描述，请在图乙中画出开关、指示灯和插孔的连接方式，并把接线板与电源线接通（2）现在市场上有一些劣质插线板，经质检部门检查发现，部分劣质插线板电源线芯线比合格产品细请解释使用这种插线板将会存在什么隐患？六、综合与应用题（29题8分，30题9分，共17分）29自动饮水机已经普遍用于车站、学校等公共场所，它的简化电路图如图所示，电热丝电阻分别为R1、R2，请根据说明书提供的信息求解：（1）开关断开时，饮水机处于_状态（填“加热”或“保温”）；饮水机参数热水温度：90热胆容积：2L额定功率：1210W保温功率：40W额定电压：220V频率：50Hz（2）加热状态时的电流；（3）电阻丝R1的阻值30在综合实践活动中，小刚和同学们探究利用电和天然气烧水的相关问题他们选择了两个外形和材料都相同的电水壶和普通水壶，在两个壶中各装入温度为20、质量为2kg的水，经过正确实验后得到下表的相关数据 用电烧水额定电压220V电能表参数1200r/kWh水刚沸腾时，电能表转盘转数280r用天然气烧水烧水热效率50%（q天然气=1.2107J/m3，大气压为1标准大气压）求解实验过程中：（1）每壶水吸收的热量是多少？（2）电水壶烧水的热效率是多少？（3）消耗天然气的体积是多少？2015-2016学年黑龙江省齐齐哈尔市龙沙区九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、解答题（共10小题，满分20分）1对于图中所示的四幅图，下列说法正确的是（）A甲图中两个压紧的铅块能吊起钩码，是因为分子间只有引力B乙图中活塞向上运动是内燃机的做功冲程C丙图中小朋友下滑时，内能转化为机械能D丁图中改变内能的方式与“炙手可热”不同【考点】分子间的作用力；机械能和其他形式能的转化；做功改变物体内能；内燃机的四个冲程【分析】（1）分子间存在着相互作用的引力与斥力；（2）在做功冲程中，两个气门都关闭，燃气推动活塞向下运动，内能转化为机械能；压缩冲程机械能转化为内能；（3）改变物体内能的方式：做功和热传递；【解答】解：A、图中两个压紧的铅块能吊起钩码，是由于分子间存在引力，但不是只有引力，故A错误；B、图中活塞向上运动时，进气门关闭、排气门打开，是内燃机的排气冲程，故B错误；C、图中小朋友下滑时，克服摩擦力做功，即机械能转化为内能，故C错误；D、图中是钻木取火，即做功改变物体内能；而炙手可热是利用热传递改变内能，所以这两种改变内能的方式不变，故D正确；故选D2水具有比热容大的特点，下列现象及应用与此特点无关的是（）A海陆风的形成B夏天在教室地面上洒水，感觉变凉爽C冬天的暖气设备用热水供暖D用水来冷却汽车发动机【考点】水的比热容的特点及应用【分析】（1）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；（2）室内增加了一盆水后，增大了水的表面积，可以加快水的蒸发，增加空气的湿度；【解答】解：A、因为水的比热容比泥土、沙石的比热容大，白天，太阳照射下海岸和海水吸收相同的热量，海水温度上升慢；海岸吸热后，温度上升快，热空气上升，微风从海洋吹向陆地，形成海风；而夜晚，海岸和海水放出相同的热量，但水的比热容大，海水温度降低得少，海面气温较高，空气上升，风就从陆地吹向海上，形成陆风，该选项利用水的比热容最大，故不符合题意；B、夏天在教室地面上洒水，室内增加了一盆水后，增大了水的表面积，可以加快水的蒸发，增加空气的湿度，故该选项与水的比热容大是无关的，故该选项符合题意；C、因为水的比热容较大，降低相同的温度，水放出的热量多，所以冬天供暖系统使用热水循环供暖，故与水的比热容最大有关，故不符合题意；D、因为水的比热容较大，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以用水做内燃机的冷却液，与水的比热容最大有关，故不符合题意；故选B3把一个轻质的小球靠近用丝绸摩擦过的玻璃棒时，它们相互排斥，则这个小球（）A一定不带电B一定带负电C一定带正电D可能不带电【考点】物体带电情况的判断【分析】（1）自然界存在两种电荷，正电荷和负电荷用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引排斥的物体一定是带有同种电荷，吸引的物体可能带有异种电荷，也可能是带电体吸引不带电体【解答】解：丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，把一个轻质的小球靠近用丝绸摩擦过的玻璃棒时，它们相互排斥，则这个小球一定和玻璃棒带相同的电荷，所以小球带正电故选C4下列对生活用电常识的认识中，符合要求的是（）A开关接在火线或零线上都可以B电冰箱、洗衣机、空调之类的用电器，连入电路时应使用两孔插座C尽量不要同时使用较大功率的用电器，以免引起电线燃烧而引发火灾D使用测电笔时，手不要接触笔尾金属体，以免触电【考点】安全用电原则【分析】控制用电器的开关应安装在火线与用电器之间；为保证用电安全，有金属外壳的用电器外壳要接地；家庭电路总功率过大时，容易引起导线发热保险丝熔断或空气开关“跳闸”；测电笔是用来辨别火线和零线的，使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，氖管发光，表明检测的是火线【解答】解：A、用电器的开关接在了零线上时，即使断开，用电器仍带电，易发生触电事故所以开关必须接在火线上此选项错误；B、电冰箱、洗衣机、空调等家用电器金属外壳相连接的是地线，这样即使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，不能用两孔插座替代此选项错误；C、家里如果有较多的大功率用电器，尽量不要同时使用，以免因为电流产生的热量太多，引起电线燃烧而引发火灾此选项正确；D、使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，氖管发光，表明检测的是火线此选项错误故选C5如图所示，电源电压为6V，定值电阻R=20，在S闭合的情况下，下列说法正确的是（）A在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表有明显示数B不能在ab两点间接入一个电流表C在a、b两点间接入一个“3V 0.5A”的小灯泡，小灯泡能正常发光D在a、b两点间接入一个10的电阻，电路消耗的电功率为2W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，可以测电源的电压；（2）电流表的内阻很小、在电路中相当于导线，使用时与被测电路元件串联；（3）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出串联电阻的阻值；（4）根据电阻的串联和P=求出在a、b两点间接入一个10的电阻时电路消耗的电功率【解答】解：（1）在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表串联在电路中测电源的电压，示数为6V，即电压表有明显示数，故A正确；（2）在ab两点间接入一个电流表时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，故B错误；（3）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡正常发光时，串联电阻两端的电压：U串=UUL=6V3V=3V，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可得，串联电阻的阻值：R串=6R=20，故小灯泡不能正常发光，故C错误；（4）在a、b两点间接入一个10的电阻时，电路消耗的电功率：P=1.2W，故D错误故选A6甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是（）A两灯串联接入220V电路中，乙灯较亮B两灯均正常发光时，甲灯灯丝电阻较大C两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多D将乙灯接入110V电路中，它的实际功率为50W【考点】额定电压；电功的计算；电功率的计算；额定功率；实际功率【分析】（1）用电器的铭牌上标有额定电压和额定功率根据额定电压和额定功率求出正常工作时的电阻（2）判断灯泡的亮暗程度根据实际功率串联电路中一般利用P=I2R并联电路中一般利用（3）消耗的电能W=Pt【解答】解：A、根据额定电压和额定功率，计算甲乙两灯的正常工作的电阻当甲乙两灯串联时，根据P=I2R知，电流相同，甲电阻越大，甲实际功率越大，甲电灯越亮不符合题意B、通过上面计算知，甲灯正常工作时的电阻大符合题意C、用电器工作消耗的电能W=Pt，用电器正常工作，没有工作时间，不能判断消耗电能的多少不符合题意D、乙灯接在110V的电路中，消耗的功率是不符合题意故选B7如图所示，下列四种情况中磁体的磁极（小磁针的黑端为N极）正确的是（）ABCD【考点】磁感线及其特点；磁极间的相互作用；安培定则【分析】根据磁场的性质及磁感线的特点分析即可；某点磁场的方向实际就是小磁针静止时北极所指的方向，而在磁体外部磁感线的方向是由N出发回到S极，实际磁场的方向与磁感线方向是一致的；根据上述规律即可选择出正确的选项【解答】解：A、在磁体外部磁感线的方向是由N极到S极，则小磁针静止时N极指向也是由N极到S极，故A错误；B、同A一样，磁感线的方向与小磁针N极的指向是相同的，故B错误；C、由安培定则可以判定螺线管的上端是N极，下端是S极，异名磁极相互吸引，故C正确；D、根据磁极间相互作用的规律可知：异名磁极相互吸引，则小磁针将按逆时针方向旋转，故D错误故选C8夜里，小明家的三盏电灯均正常发光，突然三盏电灯全部熄灭，经检查保险丝完好，用试电笔检查插座的两孔，氖管均发光发生这一现象的原因可能是（）A插座处发生短路了B某个电灯的灯丝烧断了C进户线的火线断了D进户线的零线断了【考点】家庭电路的故障分析【分析】三盏电灯全部熄灭但保险丝未熔断，说明电路中干路上有断路，测电笔测试各处电路，氖管都发光，说明插座的两孔与火线是连通的，故只可能是零线断了【解答】解：试电笔能亮，说明火线上有电，而零线上本该不亮，但也亮了，说明是进户线的零线开路了，故D正确；插座处发生短路，会使保险丝熔断，故A错；因各灯并联，互不影响，某个电灯的灯丝烧断了，其它灯仍还亮，故B错；进户线的火线断了，试电笔的氖管不会发光，故C错故选D9甲、乙两只灯泡，其IU关系图象如图所示现将甲、乙两灯串联在电路中，当甲灯两端的电压为2V时，乙灯消耗的功率是（）A1.2WB0.8WC2WD3W【考点】电功率的计算【分析】先根据图象读出甲灯两端电压为2V时通过甲的电流，然后根据串联电路电流规律并结合图象可知此时乙灯泡两端电压，再根据P=UI求出乙消耗的功率【解答】解：根据图象可知，当甲灯泡两端电压为2V时，通过甲灯泡的电流为0.4A；因为串联电路处处电流相等，因此通过乙灯泡的电流也为0.4A；根据图象可知，此时乙灯泡两端电压为3V；乙灯泡消耗的功率：P=UI=3V0.4A=1.2W故选A10小丽同学在家中拍到一张电能表照片，如图，她仔细观察照片后，得到下列结论，你认为正确的是（）A电能表是测量用电器消耗电功率的仪表B电能表的标定电流为10AC小明家所有用电器同时工作，总功率不得超过2.2kWD若电能表转盘在6min内转过300转，则用电器的总功率为1kW【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）电能表各参数的意义： 220V：这个电能表应该在220伏的电路中使用； 5A（10）表示标定电流为5A，短时间允许通过的最大电流为10A； 50Hz：这个电能表在50赫兹的交流电路中使用； 2500r/kWh：接在这个电能表上的用电器，每消耗1千瓦时的电能，电能表上转盘转2500转（2）电能表的示数以kWh为单位，示数的最后一位是小数位【解答】解：A、电能表是用来测量家中用电器消耗电能的仪表，故A错误；B、电能表的标定电流为5A，故错误；C、电能表承受的最大功率：P=UI=220V10A=2200W=2.2kW，小明家所有用电器同时工作，总功率不得超过2.2kW，故C正确；D、电能表转盘在6min内转过300转消耗电能W=kWh=kWh，用电器的总功率为P=1.2kW，故D错误故选C二、多项选择题（每题3分，共9分每小题有两个或两个以上选项是正确的，选项不全但都正确得1分，有错误选项不得分）11下列设备或电器中，其主要工作原理与电磁铁有关的是（）A电铃B电熨斗C电磁选矿机D电磁起重机【考点】电磁铁的其他应用【分析】带有铁芯的通电螺线管就是电磁铁，根据各种电器的工作原理分析答题【解答】解：电铃、电磁选矿机、电磁起重机都是利用电磁铁的原理来进行工作的，而电熨斗则是利用电流的热效应的原理工作的故选ACD12有关温度、热量、内能的说法，正确的是（）A物体吸收热量，内能一定增加，但温度不一定升高B物体温度升高，不一定吸收热量，但内能一定增加C物体温度不变，一定没有吸热D发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体【考点】温度、热量与内能的关系【分析】物体温度升高，内能一定增大；物体内能增加，温度不一定升高；发生热传递的条件是存在温度差【解答】解：A、物体吸收热量，内能一定增加，但温度不一定升高如冰在熔化过程中，吸收热量，温度保持不变故A正确；B、物体温度升高，内能一定增加，但不一定是吸收了热量，可能是外界对物体做了功故B正确；C、物体温度不变，可能吸收热量，如冰在熔化过程中，吸收热量，温度保持不变故C错误；D、发生热传递时，热量从是从温度高的物体传递给温度低的物体而不是从内能大的物体传递给内能小的物体，故D错误故选AB13如图甲所示电路中，R0为定值电阻，R1为滑动变阻器图乙是该滑动变阻器消耗的电功率与电流关系的图象下列说法正确的是（）AR1的最大值为50BR0的阻值为10C电源电压为10VD电流从0.2A变为0.4A时，R0的电功率变化了1.2W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据图象读出滑动变阻器消耗的电功率，利用P=I2R求出滑动变阻器的最大阻值；（2）由图象读出电路中的电流为0.4A时R1的电功率，根据P=I2R求出R1接入电路的电阻，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式求出R0的阻值，进一步根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压，根据P=I2R求出电路中的电流为0.2A和0.4A时R0的电功率，进一步求出电流从0.2A变为0.4A时R0电功率的变化量【解答】解：由电路图可知，R0与R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图象可知，电路中的最小电流I=0.2A时，R1的电功率P1=2W，由P=I2R可得，滑动变阻器的最大阻值：R1=50，故A正确；（2）由图象可知，当电路中的电流I=0.4A时，R1的电功率P1=3.2W，此时R1接入电路的电阻：R1=20，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=可得，电源的电压：U=I（R0+R1）=0.4A（R0+20），当电路中的电流I=0.2A时，电源的电压：U=I（R0+R1）=0.2A（R0+50），因电源的电压不变，所以，0.4A（R0+20）=0.2A（R0+50），解得：R0=10，故B正确；则电源的电压：U=I（R0+R1）=0.2A（10+50）=12V，故C错误；当电路中的电流I=0.2A时，R0的电功率：P0=I2R0=（0.2A）210=0.4W，当电路中的电流I=0.4A时，R0的电功率：P0=（I）2R0=（0.4A）210=1.6W，则电流从0.2A变为0.4A时，R0的电功率变化量：P0=P0P0=1.6W0.4W=1.2W，故D正确故选ABD三、填空题（每小题2分，共20分）14厨师将一勺盐放入汤中，整锅汤都会变咸，这是扩散现象，这种现象说明了分子在永不停息地做无规则运动【考点】扩散现象【分析】不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象是分子无规则运动的结果【解答】解：厨师将一勺盐放入汤中，整锅汤都会变咸，这是扩散现象，这种现象说明了分子在永不停息地做无规则运动故答案为：扩散；分子在永不停息地做无规则运动15甲是一种车载空气净化器，其工作过程如图乙所示受污染的空气被吸入后，颗粒物进入电离区带上电荷，然后在集尘器上被带电金属捕获，其原理是异种电荷相互吸引；磁悬浮列车是利用同名磁极相互排斥的原理实现悬浮，从而大大提高车速【考点】电荷间的相互作用规律【分析】（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（2）要解答本题需掌握：磁悬浮列车的原理是利用同名磁极相互排斥的原理工作的【解答】解：颗粒物所带电荷与集尘器带电金属网所带电荷电性相反，异种电荷相互吸引，因此颗粒物被电网捕获；磁悬浮列车的目的是：减小车和轨道之间的摩擦，提高车速所以利用同名磁极相互排斥，使列车与轨道彼此分离，减小了摩擦故答案为：异种电荷相互吸引；排斥16小夏在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，并用图象对实验数据进行了处理，如图所示实验中，水和另种液体在相同时间内放出的热量相等分析图象可以得出：甲物质为水，另一种液体的比热容为2.1103J/（Kg）【考点】探究比热容的实验【分析】（1）选同样的加热时间，甲和乙吸热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析判断（2）根据甲、乙两种液体的比热容的大小判断出哪一种液体是水，由题知，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，相同时间水和液体放出的热量不相同而水和液体的质量相同，根据吸热公式求液体的比热容【解答】解：（1）时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢；利用热量的计算公式Q吸=cmt可知，在质量相等、初温相同、放热也相同的情况下，谁的温度降低得快，它的比热容小；所以，甲液体的比热容大，所以若A、B两种液体中，一种液体是水，则这种液体一定是甲液体，由图可知：液体的初温是60，加热15分钟后甲液体的末温是40，则水放出的热量：Q放=c水m水（t水t0）=4.2103J/（kg）m（6040）（2）由题知，而水和液体的质量相同，即m水=m乙c水m水t=c乙m（6020）=4.2103J/（kg）m（6040）解得c乙=2.1103J/（kg）故答案为：甲；2.110317如图所示，电源电压恒为12V，闭合开关S，当滑动变阻器的阻值为10时，电压表的示数为8V，此时电动机正常工作，若电动机内部线圈的电阻为2，则通电5分钟电流通过电动机内部线圈产生的热量为96J；电动机的工作效率为90%【考点】电功与热量的综合计算【分析】（1）由电路图可知，电压表测电动机两端电压，由串联电路特点求出滑动变阻器电压，由欧姆定律可以求出电流，由Q=I2Rt求出内部线圈产生的热量；（2）根据W=UIt求出电动机消耗的电能，进而求出所做的机械能，电动机利用=求出效率【解答】解：（1）由电路图可知，电压表测电动机两端电压，由串联电路两端电压等于各部分电路两端电压之和可得：滑动变阻器两端电压UR=UU1=12V8V=4V，则I=0.4A；由焦耳定律得：电动机内部线圈产生的热量Q=I2R1t=（0.4A）22560s=96J；（2）电动机消耗的电能W总=UMIt=8V0.4A560s=960J；得到的机械能W机械=W总Q=960J96J=864J，效率=100%=100%=90%故答案为：96；90%18如图所示的电路中，S1闭合S2断开时，甲、乙是电流表，I甲：I乙=1：3，两电阻消耗的功率之比P1：P2=2：1；当S1、S2都闭合时，甲、乙是电压表，则两电压表示数之比U甲：U乙=3：2【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）S1闭合S2断开，甲、乙是电流表时，R1、R2并联，甲测R2支路的电流，乙测干路电流，根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，根据并联电路的电压特点和P=UI求出两电阻消耗的电功率之比，再根据欧姆定律求出两电阻的阻值之比；（2）当S1、S2都闭合，甲、乙是电压表时，R1、R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比【解答】解：（1）S1闭合S2断开，甲、乙是电流表时，R1、R2并联，甲测R2支路的电流，乙测干路电流，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，两支路的电流之比：=，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由P=UI可得，两电阻消耗的功率之比：=，由I=可得，两电阻的阻值之比：=；（2）当S1、S2都闭合，甲、乙是电压表时，R1、R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，所以，两电阻两端的电压之比：=，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两电压表的示数之比：=故答案为：2：1； 3：219图中是奥斯特曾经做过的实验示意图比较甲乙两图，得到的结论是通电导线的周围有磁场；比较甲、丙两图，得到的结论是电流磁场的方向跟电流的方向有关【考点】通电直导线周围的磁场【分析】小磁针发生偏转一定受到磁场力的作用，小磁针偏转的方向不同，说明受到磁场作用力不同，说明磁场的方向不同【解答】解：（1）甲、乙两图，当电路闭合时，电路中有电流，小磁针发生偏转，受到磁场作用电路断开时，电路中无电流，小磁针不发生偏转，所以甲乙两图得到的结论：电流周围存在磁场（2）甲、丙两图，电路中电流方向相反时，小磁针偏转方向发生也相反，说明小磁针受到的磁场作用相反，所以甲丙两图得到的结论：电流的磁场方向跟电流的方向有关故答案为：甲乙；电流的方向20灯泡L1、L2分别标有“10V 10W”和“9V 0.6A”的字样，若将它们串联使用时，电路两端允许加的最大电压是15V，该电压下两灯消耗的总功率为9W【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系【分析】已知L1的额定电压和额定功率，根据P=UI求出L1的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；两灯串联时电路中的电流为两灯泡额定电流中较小的，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路两端允许加的最大电压，再根据P=UI求出电路的总功率【解答】解：由P=UI可得，L1的额定电流：I1=1A，由I=可得，两灯泡的电阻分别为：R1=10，R2=15；因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的最大电流I=I2=0.6A，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路两端的电压：U=I（R1+R2）=0.6A（10+15）=15V，电路的总功率：P=UI=15V0.6A=9W故答案为：15；921某兴趣小组设计了如图甲所示的电路进行实验探究，电源为电压可调的学生电源，小灯泡L标有“6V 1.2W”字样，R为20的定值电阻小组根据记录的电流表和电压表的示数变化，描绘出如图乙所示的IU关系图当电压表的示数为2V时，通过小灯泡L的电流为0.3A，调节电源电压，当电路消耗的总功率为1.35W时，小灯泡的实际功率为0.9W【考点】电功率的计算；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，灯泡L电阻R并联，电压表测并联部分两端的电压，电流表测干路中的电流（1）由乙图象读出电压表的示数为2V时，电流表的示数，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R的电流，利用并联电路的电流特点求出通过小灯泡L的电流；（2）由乙图象找出电路消耗的总功率为1.35W时的电压和干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R的电流，利用并联电路的电流特点求出通过L的电流，利用P=UI求出小灯泡的实际功率【解答】解：由电路图可知，灯泡L电阻R并联，电压表测并联部分两端的电压，电流表测干路中的电流（1）由乙图象可知，当电压表的示数为2V时，电流表的示数即干路电流I=0.4A，并联电路中各支路两端的电压相等，由欧姆定律可得，通过R的电流：IR=0.1A，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过小灯泡L的电流：IL=IIR=0.4A0.1A=0.3A；（2）由乙图象可知，电路电路电流I=0.45A，电源电压U=3V时，小灯泡与定值电阻R0消耗的总功率为P总=UI=3V0.45A=1.35W，此时流过定值电阻的电流：IR=0.15A，流过灯泡的电流：IL=IIR=0.45A0.15A=0.3A，则灯泡的实际功率：PL实=UIL=3V0.3A=0.9W故答案为：0.3；0.922如图所示，A为弹簧测力计，B为铁块，C为螺线管闭合开关S时，电流表和弹簧测力计都有示数若滑动变阻器滑片P向左移动，电流表的示数变大（选填“变大”、“变小”或“不变”），弹簧测力计的示数变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素；欧姆定律的应用【分析】（1）影响通电螺线管磁性强弱的因素有：电流的大小、线圈的匝数，线圈的匝数一定，电流越大，磁性越强；（2）电磁铁对铁块的吸引力变大时，弹簧测力计的示数变大，吸引了变小时，弹簧测力计的示数变小【解答】解：（1）由图可知，开关闭合后，滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，则电路中的电流变大，通电螺线管的磁性变强（2）通电螺线管的磁性变强，对铁块的吸引力变大，弹簧测力计的示数就变大故答案为：变大；变大23如图所示，电源电压为18V且保持不变，电压表的量程为015V，电流表的量程为00.6A，滑动变阻器标有“100 1A”字样，小灯泡L标有“6V 3W”字样，闭合开关S，调节滑片，在保证电路各元件安全的情况下，灯泡的最小功率为0.75W，滑动变阻器接入电路的最小阻值是24（灯丝电阻不变）【考点】电功率的计算【分析】分析清楚电路结构，应用串联电路特点求出灯泡功率最小时灯泡两端的电压，然后求出灯泡最小功率；应用串联电路特点与欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小阻值【解答】解：由P=可知，灯泡电阻：RL=12，由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电压表量程为015V，电压表示数最大为15V时电路电流最小，灯泡功率最小，灯泡最小功率：PL最小=0.75W；由P=UI可知，灯泡正常发光时的电流：IL=0.5A，灯泡正常发光时电路电流最大，电路电阻最小，滑动变阻器接入电路阻值最小，由I=可知，滑动变阻器接入电路的最小阻值：R滑最小=24故答案为：0.75；24四、探究与实验题（每题8分，共24分）24如图1是小悦测量未知电阻Rx的实验电路图：（1）实验的原理是R=（2）滑动变阻器的作用是AC（多选）A保护电路B控制待测电阻Rx两端的电压不变C改变电压和电流的数值，多次测量取平均值，减小误差D改变电压和电流的数值，探究电流与电压的规律（3）连好电路后闭合开关，小悦发现无论如何移动滑动变阻器的滑片P，电压表、电流表都有示数，但都不变，原因可能是滑动变阻器连接上边两个接线柱；且发现电流表指针反偏，原因是电流表的“+”、“”接线柱接反了（4）完成上述实验后，小悦向老师要了一个已知阻值为R0的电阻和若干开关，借助部分现有的实验器材，设计了如图2所示的电路，也测出未知电阻Rx的阻值实验步骤如下，请帮她把缺少的步骤补全，并用已知物理量的符号和测量物理量的符号写出未知电阻Rx的表达式实验步骤：闭合开关S和S1，断开S2，读出此时电压表的示数为U1闭合开关S、S2，断开S1，读出此时电压表的示数为U2未知电阻阻值的表达式为：Rx=【考点】伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）伏安法测电阻的实验原理是R=；（2）滑动变阻器的作用是保护电路和调节电阻两端的电压；（3）移动滑动变阻器滑片，电压表与电流表示数不变，说明滑动变阻器不能改变电路电阻，可能是把滑动变阻器上面或下面两个接线柱同时接入电路； 电流表的连接时，使电流从电流表的“+”接线柱流入，从“”接线柱流出，否则指针反转；（4）由电路图可知，当闭合开关S、S1，断开S2，电压表测电源的电压；当闭合开关S、S2，断开S1时，电压表测R0两端的电压；根据串联电路的分压特点和定值电阻的阻值求出Rx的阻值，据此设计实验步骤得出结果【解答】解：（1）伏安法测电阻要用电压表测出电阻两端的电压，用电流表测出电阻中的电流，根据R=计算出电阻值，所以实验原理是R=；（2）本实验中滑动变阻器的作用是保护电路、改变电压和电流的数值，多次测量取平均值，减小误差；故选AC；（3）连接好电路后闭合开关，发现无论如何移动变阻器的滑片P，电压表、电流表均有示数，但都不改变，原因可能是：滑动变阻器连接上边两个接线柱，滑动变阻器没有接入电路，被短路；或滑动变阻器连接下边两个接线柱，滑动变阻器被结成定值电阻；当正常情况下闭合开关，电流表指针应向右偏转，此时出现反转，是电流方向连接错误，即电流表的“+”、“”接线柱接反了；（4）实验步骤：闭合开关S、S1，断开S2，读出此时电压表的示数，即电源电压为U1；闭合开关S、S2，断开S1，读出此时电压表的示数为U2，即R0两端的电压U0=U2，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，Rx两端的电压：Ux=U1U0=U1U2，因为串联电路中各处的电流相等，所以电路中电流：I=，=，解得：Rx=故答案为：（1）R=；（2）AC；（3）滑动变阻器连接上边两个接线柱；电流表的“+”、“”接线柱接反了；（4）闭合开关S和S2，断开S1；Rx=25在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10，所用滑动变阻器的最大阻值40（1）请用笔画线代替导线在图甲中完成实物电路的连接；（2）同学们进行试触时，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表有示数，则电路中发生的故障可能是小灯泡断路（选填“小灯泡断路”、“小灯泡短路”或“滑动变阻器处断路”）；（3）某次实验中，同学们看到电压表示数为1.8V，要使灯泡L正常发光应向A（选填“A”或“B”）端移动滑片，同时视线应注意观察电压表（选填“电流表”或“电压表”）示数，当灯正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是0.6W；（4）某同学还想探究电流与电阻的关系，于是将甲图中的小灯泡换成定值电阻R，并使电压表的示数始终保持2V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R，记录各次电流表的示数，在不更换其他器材的情况下，为了能够完成实验，他更换的定值电阻R的阻值不能大于20【考点】电功率的测量【分析】（1）根据电路图连接实物，特别注意电流表、电压表量程的选择和正负接线柱的接法，注意滑动变阻器的接法要一上一下（2）灯泡不亮说明某处断路或灯短路，电压表有示数，电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的，说明灯泡断路，电流表无示数说明是某处断路或电流表短路（3）根据串分压的知识进行分析，在串联电路中，电阻越大分得的电压越多在进行电流表的读数时，注意量程和分度值将电压值和电流值代入公式P=UI计算出额定功率（4）根据串联电路特点与欧姆定律分析答题【解答】解：（1）根据电路图连接实物电路，先将串联的元件连接好，最后将电压表并联在灯泡两端小灯泡的功率很小，所以电流很小，电流表可选择00.6A的量程；小灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表应选择03V的量程如图所示：（2）灯泡短路，灯不亮，电压表示数为0，电流表有示数，不符合题意；灯泡发生断路，电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的，电压表有示数；电压表的电阻无限大，使得电路中的电流为0，电流表的示数为0，符合题意；变阻器断路，电流表和电压表都无示数，不符合题意（3）根据已知条件，电压表示数为1.8V，说明小灯泡两端的电压太小，应减小滑动变阻器两端的电压，所以应向A端移动滑片，使灯泡两端的电压为额定电压2.5V根据丙图，电流表的量程为00.6A，其分度值为0.02A，其读数为0.24A，所以小灯泡的额定功率P=UI=2.5V0.24A=0.6W（4）电源电压为6V，电阻两端电压为2V，滑动变阻器分压为4V，是定值电阻两端电压的两倍，滑动变阻器接入电路的阻值为定值电阻阻值的两倍，滑动变阻器最大阻值为40欧姆，因此定值电阻最大阻值为20欧姆故答案为：（1）如图所示；（2）小灯泡断路（3）A；电压表；0.6（4）2026如图是探究电流通过导体产生热的多少根什么因素有关的实验装置，将四段电阻丝a，b，c，d分别密封在完全相同的盒内，盒内封闭一定量的空气，其中图乙中另取5电阻在盒外与盒内电阻并联（1）盒内封闭一定量的空气的优点是空气受热容易膨胀，便于实验观察，在实验中电流通过电阻产生热量的多少是通过观察两个U形管中液面的高度来比较的（2）图甲可探究电流产生的热量与电阻的关系，图乙可探究电流产生的热量与电流的关系（3）图乙中右侧盒外连接的5电阻，它的作用是使电阻c、d中的电流不相等（4）物理研究方法有很多，本实验运用了两种方法：一是控制变量法；二是转换法【考点】焦耳定律【分析】（1）电流流经电阻丝产生焦耳热，瓶内气体温度升高，体积变大，使气球膨胀，电流做功越多，气球体积膨胀越大，气球膨胀程度的大小能反应电流做功多少采用转换法，通过温度计示数的变化来反映电阻丝放出热量的多少；（2）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间不变；探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；探究电流产生热量跟通电时间关系时，控制电流和电阻不变（3）并联电路中的电阻比任何一个电阻都小（4）据该题中的控制变量法和转换法进行分析判断【解答】解：（1）在实验中电流做功多少是通过观察气球膨胀程度大小来体现的因此盒内封闭一定量的空气的优点 空气受热容易膨胀，便于实验观察；在实验中电流通过电阻产生的热量多少是通过观察U型管内左右两侧液面高度大小来体现的，这种方法叫“转换法”（2）由图可知，两个盒中的电阻丝串联，通过两电阻丝的电流和通电时间相同，研究的是：当通过的电流和通电时间相同时，电流产生的热量与导体电阻大小的关系；两个相同的电阻串联在电路中，通电时间和电阻相同，当给其中一个并联一个电阻时，电阻的电流改变，探究电流产生热量跟电流关系因为并联电路中的电阻比任何一个电阻都小，当乙图中右侧盒外连接的5电阻后，右侧5的电阻分压较小，由此可知，右侧电阻的电流减小，因此乙图中右侧盒外连接的5电阻的作用是改变右侧电阻的电流；把电阻接在盒子外侧，是为