九年级物理上学期期末试卷（含解析） 新人教版 (4)

2015-2016学年山东省德州市德城区九年级（上）期末物理试卷一、选择题（本大题包括12小题，每小题2分，共24分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1在国际单位制中，电功率的单位是（）AkWhBWCJDA2下列有关热机效率、燃料热值、物体内能的说法中，正确的是（）A热机所用燃料的热值越大，效率越高B摩擦生热是利用做功的方式来增加物体的内能C物体的内能越大，温度越高D热机所用燃料的化学能转化成内能越多，效率越高3用相同的加热装置给质量相等的甲、乙两种液体同时加热，两种液体的温度随时间的变化如表由数据比较两种液体的比热容（）时间t/min012345甲的温度/202224262830乙的温度/202530354045Ac甲c乙Bc甲=c乙Cc甲c乙D无法确定4下列图形中，属于内能转化为机械能的是（）A滑下滑梯B弯折铁丝C做功冲程D压缩点火5“歼20”是我国新研制的重型隐形战机，它的“隐身”原理主要是机身对雷达发射出的某种波具有良好的吸收作用这种波是（）A水波B超声波C电磁波D次声波6下列有关安全用电的说法，其中不正确的是（）A家庭电路中空气开关跳闸，一定发生了短路B三孔插座中的接地线E必须与室外的大地相连C发现有人触电或发生电线起火时，首先要做的是立即切断电源D使用试电笔时，手一定要接触试电笔尾部的金属部分7在如图所示的电路连接中，下列说法正确的是（） A灯泡L1和L2并联，电流表测的是L1支路的电流B灯泡L1和L2并联，电压表测量的是电源电压C灯泡L1和L2串联，电压表测的是L2的电压D灯泡L1和L2串联，电压表测的是L1的电压8如图所示是一手压电筒，按压手柄，塑料齿轮带动线圈内磁性飞轮高速旋转，使灯泡发光下列四图中与这一过程的工作原理相同的是（）ABCD9如图所示，电源电压3V（保持不变）当开关S闭合时，只有一只灯泡在发光，且电压表的示数约为3V，由此可以判断（）A灯L1被短路B灯L1断路C灯L2断路D灯L2被短路10图 （a）所示电路，当闭合开关S后，两个电压表指针偏转均为图（b）所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为（）A8V 2VB10V 2VC2V 8VD2V 10V11图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R0为定值电阻，移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是（）ABCD12L1灯规格为“6V 3W”，L2灯规格为“3V 3W”，忽略灯丝电阻变化，则下列说法正确的是（）AL1与L2灯丝电阻之比为2：1B两灯串联，当电路中电流为0.5A时，L2灯两端电压为3VC两灯并联，当一个灯正常发光时，通过另一个灯的电流为1AD两灯并联在3V电压下，L1灯与L2灯消耗的实际功率之比为1：4二、填空题（本大题包括4小题，每空1分，共10分）13在风力资源丰富的地区，可以看见由许多风力发电机组成的“风车田”发电机发电的过程是其它形式的能（填“转移”或“转化”）成电能的过程风能安全清洁，作为（填“可再生”或“不可再生”）能源是未来的理想能源之一14用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化关系的图象如图根据图象可知，甲液体的比热容乙液体的比热容（选填“大于”、“小于”或“等于”）如果乙液体是水，那么质量为500g，初温为20的乙液体吸收1.89105J的热量，乙液体的温度升高了（气压为一标准大气压）15早在公元前600年，人们就发现了摩擦起电现象，摩擦起电的实质是的转移；1733年，科学家经过实验区分两种电荷，并总结出电荷间的作用规律是16如图是灯泡L和电阻R中电流随电压变化的图象由图象可知，电阻R的阻值为若将它们并联接在电压为2V的电源两端，电路中的总电流为A17如图甲所示的电路中，电压表V1和V2的示数之比为1：3，则定值电阻R1：R2=；若将电阻R1、R2改接为如图乙所示的电路，在相同的时间内R1、R2消耗的电能之比为三、作图实验与探究题（本大题包括6小题，共24分）18在“比较不同物质吸热能力”的实验中，将甲、乙两种不同的液体分别放入两个相同的烧杯内，用相同的电加热器同时加热记录相关数据，并绘制出如图的图象（不计热量损失）（1）实验时，选用初温和均相等的甲、乙两种液体（2）加热10min，甲吸收的热量（选填“大于”、“小于”或“等于”）乙吸收的热量，甲液体的沸点是（3）乙液体的比热容是甲液体比热容的倍19在探究决定电阻大小的因素时，研究小组中甲、乙、丙三位同学作出如下猜想：甲：导体的电阻与导体的长度有关乙：导体的电阻与导体的材料有关丙：导体的电阻与导体的横截面积有关实验室备有几种电阻丝，参数如下表编号材料长度/m横截面积/mm2a镍铬合金丝1.00.2b镍铬合金丝1.00.1c镍铬合金丝0.50.1d锰铜合金丝0.50.1如图所示，是为完成探究连接的实验电路（1）实验中应通过比较 的大小，来比较电阻丝电阻的大小，达到验证猜想的目的（2）若要验证乙同学的猜想，则应该选用 两根电阻丝（填编号）进行对比实验（3）选用b、c两根电阻丝进行对比实验，是为了验证 同学的猜想20在探究“电流与电阻的关系”的实验过程中，小明选择了5、10、20、25五个电阻进行实验，电路图如图甲所示（1）请用笔画线代替导线在答题纸上将图乙中未完成的电路完成，且使变阻器滑片向右移动时电流表示数变大（导线不能交叉）（2）连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压造成这一现象的原因可能是（填字母）A电阻断路 B电流表坏了 C滑动变阻器短路 D电阻短路（3）排除电路故障进行实验为达到实验目的，滑动变阻器除了起到保护电路的作用外，还起到的作用实验中，当把5的电阻换成10的电阻后，应把变阻器滑片向（填“左”或“右”）滑动（4）根据实验数据，作出IR图象如图丙所示根据实验目的分析图象可得结论：21小芳到实验室做“测量小灯泡额定功率”的实验时，老师只给她提供了如下器材：标有“2.5V”的小灯泡、电源、滑动变阻器、开关、两个电压表（没有电流表）、阻值为10的定值电阻R0、导线若干她根据所给定的器材经过认真思考后设计了正确的实验电路，如图甲是该电路的不完整电路图（1）请你将甲电路图补充完整（2）闭合开关前，应将滑动变阻器调至阻值的位置（3）闭合开关后，为了测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，使电压表V1的示数为V，此时电压表V2的示数如图乙所示，是V（4）小灯泡的额定功率为W四、计算题（本大题包括2小题，共12分）22把一个标有“10V 3W”的小灯泡和定值电阻R串联后接在电压为12V的电源上（如图所示）小灯泡恰能正常工作通过计算回答：（1）通过小灯泡的电流是多少？（2）串联在电路中的定值电阻的阻值多大？23电吹风是现代家庭的常用电器如图甲所示是电吹风的电路原理图，R是电热丝，M是带动风扇转动的电动机，三角牌电吹风的主要技术参数如图乙所示，求：（1）当只闭合S1时，电动机正常工作，通过电动机的电流为多大？（2）当同时闭合S1、S2时，电吹风正常工作，10min内电流通过电热丝R产生的热量是多少？（3）小明家的电能表如图丙所示，当小明家其它用电器都关闭，只有电吹风正常工作且吹热风时，在15min内电能表的转盘能转多少圈？2015-2016学年山东省德州市德城区九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题包括12小题，每小题2分，共24分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1在国际单位制中，电功率的单位是（）AkWhBWCJDA【考点】电功率【分析】首先对选项中的单位进行分析，明确各自对应的物理量，然后确定符合题意的选项【解答】解：A、千瓦时（kWh）是电功的单位故A不符合题意；B、瓦特（W）是电功率的国际单位故B符合题意；C、焦耳（J）是功的国际单位故C不符合题意；D、安培（A）是电流的国际单位故D不符合题意故选B2下列有关热机效率、燃料热值、物体内能的说法中，正确的是（）A热机所用燃料的热值越大，效率越高B摩擦生热是利用做功的方式来增加物体的内能C物体的内能越大，温度越高D热机所用燃料的化学能转化成内能越多，效率越高【考点】热机的效率；做功改变物体内能【分析】（1）热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比；减少热的损失，可以提高效率；（2）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程；做功过程是能量的转化过程，即机械能与内能之间相互转化；（3）影响内能大小的因素：物体内能与温度有关，同一物体温度越高，内能越大；还与物体质量有关【解答】解：A、用热值大的燃料，燃烧相同燃料可以放出更多的热量，但用来做有用功的能量不一定多，用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量的比值不一定大，热机效率不一定得到提高，故A错误；B、摩擦生热，该过程中消耗机械能，产生内能，故属于能量的转化，故是做功改变物体内能，故B正确；C、物体的内能与物体的质量和温度都有关系，物体的质量越大，温度越高，内能越大，故C错误；D、热机效率是指热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出能量的比值，所用燃料的化学能转化成热机的机械能越多，效率越高，故D错误故选B3用相同的加热装置给质量相等的甲、乙两种液体同时加热，两种液体的温度随时间的变化如表由数据比较两种液体的比热容（）时间t/min012345甲的温度/202224262830乙的温度/202530354045Ac甲c乙Bc甲=c乙Cc甲c乙D无法确定【考点】热平衡方程的应用【分析】甲、乙两种液体质量相等、初温相同、吸热也相同，末温从表中可以看出，利用热量的计算公式分析即可【解答】解：由表中数据可以看出，相同的加热器当加热时间相同即液体吸收的热量相同时，乙的温度升高的快，利用热量的计算公式Q=cmt可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得快，它的比热容小；所以，乙的比热容小，甲的比热容大故选A4下列图形中，属于内能转化为机械能的是（）A滑下滑梯B弯折铁丝C做功冲程D压缩点火【考点】能量的相互转化【分析】其它形式的能转化为机械能的事例有个共同的特点，最后使物体运动例如：电能转化为机械能的电动机；内能转化为机械能的做功冲程，燃气推动活塞运动等【解答】解：A、滑下滑梯感觉热，是一种摩擦生热，是机械能转化为内能，不符合题意B、弯折铁丝，铁丝发热，是对物体做功，物体的内能增大，是机械能转化为内能，不符合题意C、内燃机正在工作，高温高压的燃气推动活塞做功，内能转化为机械能，符合题意D、压缩点火，是对空气做功使空气的内能增加，温度升高达到了棉花的燃点，是机械能转化为内能，不符合题意故选C5“歼20”是我国新研制的重型隐形战机，它的“隐身”原理主要是机身对雷达发射出的某种波具有良好的吸收作用这种波是（）A水波B超声波C电磁波D次声波【考点】电磁波的传播【分析】“隐形战机”的隐形功能，主要是将雷达发射的电磁波吸收，电磁波不能反射回雷达，就避开了雷达的探测【解答】解：“隐形战机”可以有效避开雷达的探测，主要是它表面有一种特殊材料，能够增强对电磁波的吸收，减弱电磁波反射回雷达，从而有效避开敌方的侦测故选C6下列有关安全用电的说法，其中不正确的是（）A家庭电路中空气开关跳闸，一定发生了短路B三孔插座中的接地线E必须与室外的大地相连C发现有人触电或发生电线起火时，首先要做的是立即切断电源D使用试电笔时，手一定要接触试电笔尾部的金属部分【考点】安全用电原则【分析】（1）测电笔的正确使用：用手接触测电笔的尾部金属体，笔尖接触导线，氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线（3）有金属外壳的用电器，其外壳一定要接地，以防止漏电事故的发生（3）当有人触电、电线或用电器着火后，先切断电源，再施救（4）家庭电路电流过大的原因有两个：短路或用电器的总功率过大【解答】解：A、家庭电路中空气开关跳闸可能是发生了短路，也可能是用电器的总功率过大，故A错误；B、三孔插座中相应的导线没有与室外的大地相连，如果家用电器漏电可能使它的金属外壳带电，这时容易造成触电事故，故B正确；C、发现有人触电或电器着火后要先断开电源再施救，故C正确；D、使用试电笔时，手要与笔尾金属体相连，不能接触笔尖，故D正确故选A7在如图所示的电路连接中，下列说法正确的是（） A灯泡L1和L2并联，电流表测的是L1支路的电流B灯泡L1和L2并联，电压表测量的是电源电压C灯泡L1和L2串联，电压表测的是L2的电压D灯泡L1和L2串联，电压表测的是L1的电压【考点】串联电路和并联电路的辨别；电流表的使用；电压表的使用【分析】串联电路电流只有一条路径，各处电路相等，用电器不能独立工作；并联电路：电流有两条或两条以上路径，各用电器可以独立工作，各支路电压相等电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联由此分析判断【解答】解：电压表在识别电路时可以看成是开路，由图，电流从电源正极流出通过电流表和L1、开关和L2回到电源负极，所以灯光L1和L2串联，电流表测电路中的电流，电压表测L1两端电压故ABC错误，D正确故选D8如图所示是一手压电筒，按压手柄，塑料齿轮带动线圈内磁性飞轮高速旋转，使灯泡发光下列四图中与这一过程的工作原理相同的是（）ABCD【考点】电磁感应【分析】按压手柄，塑料齿轮带动线圈内磁性飞轮高速旋转，使灯泡发光这是电磁感应现象，在四个选项中找到应用电磁感应原理的【解答】解：A、如图，通电导体在磁场中受力而运动，这是磁场对电流的作用不符合题意B、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流，这种现象是电磁感应现象符合题意C、闭合开关电磁铁具有磁性，这是电流的磁效应不符合题意D、通电导体周围存在着磁场不符合题意故选B9如图所示，电源电压3V（保持不变）当开关S闭合时，只有一只灯泡在发光，且电压表的示数约为3V，由此可以判断（）A灯L1被短路B灯L1断路C灯L2断路D灯L2被短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】该电路为串联电路，电压表测量L1两端的电压，根据用电器工作情况以及电压表示数确定电路的具体故障【解答】解：因为闭合开关后，有一只灯泡发光，因此电路发生短路故障；又因为电压表有示数，并且等于电源电压，所以L2短路故选D10图 （a）所示电路，当闭合开关S后，两个电压表指针偏转均为图（b）所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为（）A8V 2VB10V 2VC2V 8VD2V 10V【考点】串联电路的电压规律【分析】首先根据串联电路的电压特点（U=U1+U2）确定电压表表V1、V2示数的大小，然后根据电压表的读数方法读出示数【解答】解：因为电阻R1和R2串联，而电压表V1测量的是电源电压，电压表V2测量的是R2电压，所以电压表V1的示数比电压表V2的示数大；故电压表V1选的是015V的量程分度值为0.5V，根据指针位置，电压表读数为10V；电压表V2选的是03V的量程，分度值为0.02V，根据指针位置，电压表读数为2V；根据串联电路的电压关系U1=UU2=10V2V=8V故选A11图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流，R0为定值电阻，移动滑动变阻器R的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是（）ABCD【考点】电功率的计算【分析】由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流电源提供电流一定，根据并联电路特点分别表示出U与I和P与I的表达式，分析判断即可【解答】解：由图R0与R并联，电压表测电源电压，电流表测R支路的电流若电源提供的电流恒定为I总，AB、根据并联电路特点可知：U=U0=I0R0=（I总I）R0=IR0+I总R0，其中I总、R0为定值，由U=R0I+I总R0，可知U与I的图象为一次函数，且R00，故AB错误；CD、由电功率的计算公式：电路消耗总功率：P=UI总=（I总I）R0I总=I总R0I+I总2R0，其中I总、R0为定值，由P=I总R0I+I总2R0，可知P与I的图象为一次函数，I总R00，且I不能为0，P不会为0，故C正确，D错误故选C12L1灯规格为“6V 3W”，L2灯规格为“3V 3W”，忽略灯丝电阻变化，则下列说法正确的是（）AL1与L2灯丝电阻之比为2：1B两灯串联，当电路中电流为0.5A时，L2灯两端电压为3VC两灯并联，当一个灯正常发光时，通过另一个灯的电流为1AD两灯并联在3V电压下，L1灯与L2灯消耗的实际功率之比为1：4【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）根据P=计算两灯电阻，从而求得两灯电阻比；（2）两灯串联，根据串联电路电流特点，由欧姆定律求得L2灯两端电压；（3）两灯并联，根据并联电路的电压特点判断正常发的灯泡，根据欧姆定律计算另一灯的电流；（4）根据P=计算并联在3V电压下，两灯实际功率比【解答】解：A、根据P=得：R1=12，R2=3，所以R1：R2=12：3=4：1，故A错误；B、两灯串联，当电路中电流为0.5A时，I=I1=I2=0.5A，由I=，U2=I2R2=0.5A3=1.5V，故B错误；C、两灯并联时，U=U1=U2，为使一个灯正常发光，另一灯又不能烧坏，所以电源U=U1=U2=3V，即L2可以正常发光，此时通过L1的电流，I1=0.25A，故C错误；D、两灯并联在3V电压下，U1=U2P1实：P2实=： =R2：R1=1：4故D正确故选D二、填空题（本大题包括4小题，每空1分，共10分）13在风力资源丰富的地区，可以看见由许多风力发电机组成的“风车田”发电机发电的过程是其它形式的能转化（填“转移”或“转化”）成电能的过程风能安全清洁，作为可再生（填“可再生”或“不可再生”）能源是未来的理想能源之一【考点】发电机的构造和原理；能源的分类【分析】发电机的发电过程是将其它形式的能转化为电能；能源源不断从自然界获得，或可重复利用的能源，为可再生能源【解答】解：发电机发电的过程是其它形式的能转化成电能的过程风能安全清洁，能源源不断从自然界获得，且可重复利用，因此是可再生能源，是未来的理想能源之一故答案为：转化；可再生14用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化关系的图象如图根据图象可知，甲液体的比热容小于乙液体的比热容（选填“大于”、“小于”或“等于”）如果乙液体是水，那么质量为500g，初温为20的乙液体吸收1.89105J的热量，乙液体的温度升高了80（气压为一标准大气压）【考点】热量的计算【分析】（1）由图象可找出液体温度的变化与所用时间的关系，在相等时间内温度变化大的液体升温快；在相等的加热时间内，甲和乙吸热相同，温度变化大的液体比热容小，温度变化小的比热容大，据此分析判断；（2）知道水的质量、水的比热容、水吸收的热量，利用吸热公式Q吸=cmt求水吸热后升高的温度【解答】解：（1）由图象可以看出：在相等时间内，液体甲温度变化量大，则甲液体温度升高较快；而两个加热器相同、加热时间相等时，两种液体吸收的热量相等，由公式Q吸=mct可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，温度升高快的液体比热容小，所以甲的比热容小，乙的比热容大；（2）根据Q吸=cm（tt0）得：t=+t0=+20=110100，乙液体的温度升高到100，t=10020=80故答案为：小于；8015早在公元前600年，人们就发现了摩擦起电现象，摩擦起电的实质是电荷的转移；1733年，科学家经过实验区分两种电荷，并总结出电荷间的作用规律是同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引【考点】摩擦起电的实质；电荷间的相互作用规律【分析】（1）当两种束缚电子的能力不同的物质相互摩擦时，束缚电子能力强的得到电子，因电子比质子数量多而带负电，束缚电子能力弱的失去电子，因电子比质子数量少而带正电，一种物质失去多少电子，另一种物质就得到多少电子（2）电荷之间相互作用规律：同种电荷相排斥，异种电荷相吸引，验电器就是利用了同种电荷相互排斥的原理制成的【解答】解：（1）摩擦起电过程是得到和失去电子的过程，因此其实质是电子的转移，当某种物质失去了电子时，物质的电子比质子少，带正电，当某种物质得到了电子时，物质的电子比质子多，带负电（2）自然界中只有正负两种电荷；电荷间的相互作用关系是：同种电荷相互排斥、异种电荷相吸引故答案为：电荷；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引16如图是灯泡L和电阻R中电流随电压变化的图象由图象可知，电阻R的阻值为20若将它们并联接在电压为2V的电源两端，电路中的总电流为0.35A【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）由UI图象找出电压对应的电流，然后由欧姆定律求出电阻的阻值，然后比较两电阻阻值的大小；（2）根据电阻的并联特点求出两电阻并联时电路中的总电阻，再根据欧姆定律求出干路电流【解答】解：（1）由图象可知，当U=2V时，对应的电流IR=0.1A，由欧姆定律得：RR=20；（2）若将它们并联接在电压为2V的电源两端，由图可知：通过R的电流是0.1A，通过L的电流是0.25A，由于并联在电路中，干路电流等于各支路的电流之和，所以干路电流是I=IR+IL=0.1A+0.25A=0.35A故答案为：20；0.3517如图甲所示的电路中，电压表V1和V2的示数之比为1：3，则定值电阻R1：R2=1：2；若将电阻R1、R2改接为如图乙所示的电路，在相同的时间内R1、R2消耗的电能之比为2：1【考点】欧姆定律的应用；电功计算公式的应用【分析】（1）由甲电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R1与R2两端的电压之和，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；（2）由乙电路图可知，R1与R2并联，根据并联电路的电压特点和W=UIt=t求出在相同的时间内R1、R2消耗的电能之比【解答】解：（1）由甲电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R1与R2两端的电压之和，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，两电阻两端的电压之比：=，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可得：=；（2）由乙电路图可知，R1与R2并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由W=UIt=t可得，在相同的时间内R1、R2消耗的电能之比：=故答案为：1：2； 2：1三、作图实验与探究题（本大题包括6小题，共24分）18在“比较不同物质吸热能力”的实验中，将甲、乙两种不同的液体分别放入两个相同的烧杯内，用相同的电加热器同时加热记录相关数据，并绘制出如图的图象（不计热量损失）（1）实验时，选用初温和质量均相等的甲、乙两种液体（2）加热10min，甲吸收的热量等于（选填“大于”、“小于”或“等于”）乙吸收的热量，甲液体的沸点是60（3）乙液体的比热容是甲液体比热容的2倍【考点】控制变量法与探究性实验方案【分析】（1）要探究不同液体的吸热本领，需要取初温相同，质量相同的不同液体；（2）相同加热器加热相同时间，加热器放出的热量相等，甲乙吸收的热量相等；液体沸腾时，温度不变，该温度叫液体的沸点；（3）根据图象读出甲加热10min温度的变化量和乙加热20min温度的变化量，此时Q甲=Q乙，并且甲、乙温度的变化量相同，然后根据Q=cmt求出甲、乙比热容的关系【解答】解：（1）要研究两种液体的吸热本领，应控制两个烧杯中所装的甲、乙两种液体的初温相同、质量相等；（2）相同加热器加热相同时间，加热器放出的热量相等，因此甲吸收的热量等于乙吸收的热量；根据图象可知，当甲加热到60时，甲开始沸腾，并且温度保持60不变，因此甲液体的沸点是60；（3）根据图象可知，甲加热10min温度的变化量等于乙加热20min温度的变化量，即Q甲=Q乙，t甲=t乙，并且m甲=m乙；由Q=cmt可， =即=则c乙=2c甲故答案为：（1）质量；（2）等于；60；（3）219在探究决定电阻大小的因素时，研究小组中甲、乙、丙三位同学作出如下猜想：甲：导体的电阻与导体的长度有关乙：导体的电阻与导体的材料有关丙：导体的电阻与导体的横截面积有关实验室备有几种电阻丝，参数如下表编号材料长度/m横截面积/mm2a镍铬合金丝1.00.2b镍铬合金丝1.00.1c镍铬合金丝0.50.1d锰铜合金丝0.50.1如图所示，是为完成探究连接的实验电路（1）实验中应通过比较电流 的大小，来比较电阻丝电阻的大小，达到验证猜想的目的（2）若要验证乙同学的猜想，则应该选用c、d 两根电阻丝（填编号）进行对比实验（3）选用b、c两根电阻丝进行对比实验，是为了验证甲 同学的猜想【考点】影响电阻大小的因素【分析】（1）电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小（2）（3）导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积有关，实验探究时应采用控制变量法在研究导体的电阻与导体的材料是否有关时，应控制导体的长度和横截面积不变；在研究导体的电阻与导体的长度的关系，应控制导体的材料和横截面积不变；在研究导体的电阻与导体的横截面积是否有关时，应控制导体的材料和长度不变【解答】解：（1）实验中采用了转换法比较电阻大小，即通过比较电流表示数来比较导体电阻的大小（2）验证导体的电阻与导体的材料有关时，应控制导体的长度和横截面积不变，编号c、d电阻丝符合；（3）选用b、c两根电阻丝可知，两者的材料和横截面积相同、长度不同，是验证导体的电阻与导体的长度是否有关，即验证甲同学的猜想故答案为：（1）电流；（2）c、d；（3）甲20在探究“电流与电阻的关系”的实验过程中，小明选择了5、10、20、25五个电阻进行实验，电路图如图甲所示（1）请用笔画线代替导线在答题纸上将图乙中未完成的电路完成，且使变阻器滑片向右移动时电流表示数变大（导线不能交叉）（2）连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压造成这一现象的原因可能是A（填字母）A电阻断路 B电流表坏了 C滑动变阻器短路 D电阻短路（3）排除电路故障进行实验为达到实验目的，滑动变阻器除了起到保护电路的作用外，还起到调节电阻两端电压保持不变的作用实验中，当把5的电阻换成10的电阻后，应把变阻器滑片向左（填“左”或“右”）滑动（4）根据实验数据，作出IR图象如图丙所示根据实验目的分析图象可得结论：电压不变时，导体中的电流与导体的电阻成反比【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）由图甲，R与滑动变阻器串联，电压表测R两端电压，滑片向右移动时电流表示数变大，即电阻变小；（2）发现电流表没有示数，电路可能断路；电压表示数始终接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的定值电阻之外的电路是连通的，则与电压表并联的定值电阻断路了；（3）探究电流与电阻的关系实验，应控制电阻两端电压不变；根据分压原理结合串联电路电压的规律分析滑片移动方向；（4）根据图象分析得出电流和电阻的关系【解答】解：（1）由图甲，实验中电压表测R两端电压，滑动变阻器与R串联，滑片向右移动时电流表示数变大，即电阻变小，所以应把变阻器右下角接线柱接入电路如图所示：（2）经分析，连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压造成这一现象的原因可能是：定值电阻断路，选A；（3）探究“电流与电阻的关系”，应不断改变电阻阻值而控制电阻两端电压不变该实验中滑动变阻器的作用除了保护电路外，其作用主要是控制电阻两端电压保持不变；根据串联电路的分压原理，把5换成10，电阻分压变大，要保持电压不变，由串联电路电压的规律，应增大变阻器分得的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的电阻增大，由图示电路图可知，应向左移动滑片；（4）由图象，根据欧姆定律U=IR=0.55=0.25A10=0.1A25=2.5V，即电压不变时，导体中的电流与导体的电阻成反比故答案为：（1）见上图；（2）A；（3）调节电阻两端电压保持不变；左；（4）电压不变时，导体中的电流与导体的电阻成反比21小芳到实验室做“测量小灯泡额定功率”的实验时，老师只给她提供了如下器材：标有“2.5V”的小灯泡、电源、滑动变阻器、开关、两个电压表（没有电流表）、阻值为10的定值电阻R0、导线若干她根据所给定的器材经过认真思考后设计了正确的实验电路，如图甲是该电路的不完整电路图（1）请你将甲电路图补充完整（2）闭合开关前，应将滑动变阻器调至阻值最大的位置（3）闭合开关后，为了测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，使电压表V1的示数为2.5V，此时电压表V2的示数如图乙所示，是2.4V（4）小灯泡的额定功率为0.6W【考点】电功率的测量【分析】（1）根据实验原理R=可知，在没有电流表的情况下，利用电压表和定值电阻代替电流表的作用，采用分压电路，据此分析解答；（2）闭合开关前滑片滑到阻值最大处；（3）要测量小灯泡的额定功率，电压要调到额定电压；看清量程和分度值读出示数；（4）利用欧姆定律算出电路中的电流，结合串联电流相等特点得到灯中的电流，利用P=UI求出电功率【解答】解：（1）根据实验原理：R=可知，在没有电流表的情况下，利用电压表和定值电阻代替电流表的作用，采用分压电路，电压表V2并联在定值电阻两端，由R0上电流得到L电流，电路如图所示：（2）为了保护电路，闭合开关前滑片滑到阻值最大处；（3）因为小灯泡的额定电压为2.5V，闭合开关后，为了测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，使电压表V1的示数为2.5V，电压表V2量程为03V，分度值为0.1V，此时示数为U2=2.4V；此时电路中的电流为：I=IL=I0=0.24A；（4）小灯泡的额定电功率为：PL=ULIL=2.5V0.24A=0.6W故答案为：（1）见上图；（2）最大；（3）2.5；2.4；（4）0.6四、计算题（本大题包括2小题，共12分）22把一个标有“10V 3W”的小灯泡和定值电阻R串联后接在电压为12V的电源上（如图所示）小灯泡恰能正常工作通过计算回答：（1）通过小灯泡的电流是多少？（2）串联在电路中的定值电阻的阻值多大？【考点】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出通过小灯泡的电流；（2）根据串电路的电压特点求出串联电阻R两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出串联电阻的阻值【解答】解：（1）由P=UI可得，小灯泡正常发光时通过的电流：IL=0.3A；（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，串联电阻R两端的电压：UR=UUL=12V10V=2V，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可得，串联在电路中的定值电阻的阻值：R=6.67答：（1）通过小灯泡的电流是0.3A；（2）串联在电路中的定值电阻的阻值为6.6723电吹风是现代家庭的常用电器如图甲所示是电吹风的电路原理图，R是电热丝，M是带动风扇转动的电动机，三角牌电吹风的主要技术参数如图乙所示，求：（1）当只闭合S1时，电动机正常工作，通过电动机的电流为多大？（2）当同时闭合S1、S2时，电吹风正常工作，10min内电流通过电热丝R产生的热量是多少？（3）小明家的电能表如图丙所示，当小明家其它用电器都关闭，只有电吹风正常工作且吹热风时，在15min内电能表的转盘能转多少圈？【考点】电功率与电压、电流的关系；电能表参数的理解与电能的求法；焦耳定律的计算公式及其应用【分析】（1）当只闭合S1时，只有电动机工作，电吹风吹冷风，由表格数据可知吹冷风时功率，根据P=UI求出通过电动机的电流；（2）当同时闭合S1、S2时，电动机和电热丝同时工作，电吹风吹热风，吹热风时功率减去吹冷风时功率即为电热丝的功率，根据Q=W=Pt求出10min内电流通过R产生的热量；（3）已知吹热风时的额定功率和工作时间，根据公式W=Pt可求消耗的电能，已知电能表每消耗1kWh的电能，转盘转动600圈，可求现在电能表的表盘转动的圈数【解答】解：（1）当只闭合S1时，只有电动机工作，电吹风吹冷风，由表格数据可知，P冷=110W，由P=UI可得，通过电动机的电流：I=0.5A；（2）当同时闭合S1、S2时，电动机和电热丝同时工作，电吹风吹热风，电热丝的功率：PR=P热P冷=880W110W=770W，10min内电流通过R产生的热量Q=W=PRt=770W600s=4.62105J；（3）电吹风正常工作并且吹热风时，15min消耗的电能：W=Pt=880103kW0.25h=0.22kWh，电能表的转盘旋转的圈数：n=0.22kWh600r/kWh=132r故答案为：（1）当只闭合S1时，电动机正常工作，通过电动机的电流为0.5A；（2）当同时闭合S1、S2时，电吹风正常工作，10min内电流通过电热丝R产生的热量是4.62105J；（3）电吹风正常工作且吹热风时，在15min内电能表的转盘能转132圈