中考物理一模试卷（含解析）601

2016年重庆八中中考物理一模试卷一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分）1对下列物理量的认识中，最接近实际的是（）A中学生的正常体温是41B考试专用的中性笔长约10dmC一节新干电池的电压为1.5VD电视机正常工作1h消耗的电能接近1kWh2图中以下说法正确的是（）A斧头具有很薄的刃是为了减小压强B洒水车在水平的道路上匀速行驶洒水的过程中动能不变C连通器中装同种液体的时候液面一定相平D覆杯实验证明大气有压强3生活中处处有物理，留心观察皆学问，对以下现象解释正确的是（）A舞台上我们看到的白雾是干冰融化后的水B放在衣橱里的樟脑丸，时间久了会明显变小，是因为樟脑丸升华为气体跑掉了C冬天，洗澡时发现浴室里充满“白气”，这些白气是水汽化而形成的水蒸气D夏季早晨草叶上挂满了露珠，冬天却看到草叶上薄薄一层霜，霜是由露凝固而成4如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，当开关S闭合时，灯L正常发光如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动，下列说法中正确的是（）A灯L变暗，电压表的示数变小B灯L变暗，电压表的示数变大C灯L变亮，电压表的示数变小D灯L变亮，电压表的示数变大5如图是小朋友玩滑板车的情景，以下分析合理的是（）A滑板车底部安装有轮子，是为了减小摩擦B人和车滑行的速度越快，它们的惯性越大C人对滑板车的压力和滑板车对人的支持力是一对平衡力D任何车载滑行过程中所受到的力突然消失，将立即停下来6如图是人们在生活用电中的几种做法，其中正确的是（）A试电笔的握法B带金属外壳的用电器使用合格的三孔插座C多个大功率用电器同时使用一个插座D使用绝缘皮破损的导线7某同学在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程“03V”，滑动变阻器规格“20 l A”，灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化），在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（）A电路中电流变化的范围是0.3A0.5 AB滑动变阻器阻值变化的范围是510C灯泡的最小功率是0.225WD该电路的最大功率是2.7W8将合金球和木球用细绳相连放入水中时，木球露出水面的体积为它自身体积的，如图（a）所示，当把细绳剪断后，合金球沉底，木球露出水面的体积是它自身体积的，这时合金球受到池底对它的支持力为2N，如图（b）所示，若已知合金球和木球的体积之比是1：8，则（）A合金球的重力为3NB绳子剪断前后，两物体所受的总浮力相差4NC合金球所受的浮力为2ND合金球的密度为3103kg/m3二、填空作图题（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分）9物理学家_发现了电磁感应，亲手制成了世界上第一台发电机，探究这个电磁感应现象应选用如图中_（填“甲”或“乙”）所示的装置进行试验10如图的吊扇灯，它是灯和吊扇的完美结合，既具灯的装饰性，又具风扇的实用性，不开风扇，扇叶是收缩起来的，此时相对于扇叶，灯是_（选填“运动”或“静止”）的，而灯和风扇的使用又是互不影响的，因为它们是_联的11“电器待机偷电多少，你知道吗？”重庆供电公司电能计量中心工作人员用专业测试仪测量发现，3台1.5匹空调机待机1年“偷”电约91度如果用这些电全部给水加热，能让_kg的水温度升高60，这是通过_的方式让水的内能增加（c水=4.2103J/（kg）12如图所示，物体A被压在两面墙壁之间，保持墙壁对A的压力不变，当A的重力为G时，用一个竖直向上的拉力F恰好能使A物体保持匀速向下运动，A受到一面墙壁的摩擦力为f；若A物体的重力减少_（用题中所给物理量的符号表达）时，用同样大小的竖直向上的拉力F恰好能使物体A匀速向上运动，则此时A受到摩擦力的方向向_13如图是2015年11月上映的电影火星救援该片讲述了人类实现了首次在火星上登陆，由于一场沙尘暴，马克与他的团队失联，孤身一人置身于火星面临着飞船损毁，想方设法回地球的故事马克对手头的所有材料物尽其用，他利用自制的肥料成功的种植土豆，但是最后种植土豆的舱体爆炸了，土豆叶上结了一层霜，土豆被冻死了；他找到利用太阳能电池板提供电能工作的勇气号探测器，通过探测器的摄像头的转动、摇摆实现与地球通信；在最后队友营救他的过程中，为了缩短与队友的距离，他刺破身上的宇航服，利用反冲力让自己向上运动，他终于成功的返回地球，请根据题中的描述，写出一条与物理有关的信息，并说出涉及的物理知识实例：物理信息：土豆叶上结了一层霜物理知识：水蒸气凝华作答：物理信息：_物理知识：_14（1）画出图甲中的动力F的力臂（2）在图乙中，根据电流方向标出通电螺线管的N级三、实验探究题（本题共3个小题，第15题5分，第16小题8分，第17小题9分，共22分）15下面是“探究杠杆平衡条件”的实验，请回答有关的问题：（1）如图（甲）所示的杠杆，实验前应将杠杆左端或右端的平衡螺母往_端调节，直到杠杆在_位置平衡（2）如图（乙）所示是小华在探究时的情况，为使杠杆平衡，她可以采取的做法是：_（写出一条即可）（3）如图（丙）所示是小芳在探究杠杆平衡时的情况，小芳的这种操作不便于_；按照她的方法，当杠杆平衡时，杠杆平衡条件将_成立（选填“仍然”、“不”或“可能”）16在“争当小小实验家”的某次活动中，老师给同学们提供了如下器材：一架天平（含砝码）、一个溢水杯、一个小烧杯、一个小石块、适量的水以及细线等老师要求同学利用以上器材测出小石块的密度（1）某小组的同学经过讨论后设计了实验方案，以下是主要实验步骤，请根据他们的方案，完成下面的填空：实验步骤：A将天平放在水平桌面上，先_，再调节平衡螺母，直到横梁平衡；B用天平测出空小杯的质量m1=40g；C在溢水杯中装满水后，将小烧杯放在溢水口下，再用细线拴住小石块并将石块慢慢浸没在溢水杯的水中，用小烧杯收集溢出的水；D取出小石块，用天平测出小石块的质量m2，测量小石块质量时，天平平衡后，所用砝码及游码的位置如图所示，则m2=_gE用天平测出小烧杯和溢出水的总质量m3=50.8g按照该小组的方案，所测出的石块密度石=_g/cm3在不考虑其它误差的情况下，测得的石块密度会偏_（选填“大”或“小”），这种偏差主要是步骤_造成的（2）完成以上测量后，老师收回了天平，另外提供了一个量程合适的量杯和适量的某种液体，要求同学们再测出该液体的密度，聪明的王晶同学经过思考，马上就想出了以下方法，请根据他的方法帮他完成实验：A先在溢水杯中装满水，再把小空烧杯轻放入溢水杯中并漂浮在水面，让水溢出；B将量杯放在溢水口下，再将适量_慢慢倒入溢水杯内的小烧杯中，用量杯收集溢出的水，并测出其体积v1；C将量杯中的水倒尽，再将_全部倒入量杯中，测出其体积v2，则所测液体的密度液=_（用所测物理量的字母和已知物理量表达，水的密度为水）17在测量小灯泡额定功率的实验中，提供的电源是由三节新的干电池组成的电池组，小灯泡的额定电压为2.5V（灯正常发光时电阻在12左右），图1是设计的实验电路图，图2是未连接完整的实验电路（1）请用笔画线代替导线将电路连接完整（要求滑片向左移动时灯泡变亮）（2）张欣同学在进行实验时，连接好电路后，闭合开关，发现灯泡不亮他将滑片由B端向A端移动过程中，开始一段时间灯泡仍然不亮，两表均无示数，但当滑片移动到线圈某点M时，灯突然发光且很亮，电压表、电流表均有较大示数，他立即断开开关，查找原因，你认为出现以上现象的原因是_A滑动变阻器被短路B滑动变阻器最大阻值太大C滑动变阻器线圈在B、M间有断路D滑动变阻器线圈在A、M间有断路（3）更换了一个“8，0.5A”的滑动变阻器后，重新连接电路继续实验，但闭合开关后，无论怎样移动滑片，电压表的示数都不能达到2.5V，原因可能是_如手边只有一个“4，0.5A”的滑动变阻器和一个20的定值电阻可选用，为完成实验，应采取的措施是：断开开关，_，重新连接电路（4）解决以上问题后，闭合开关，缓慢移动滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表示数如图3所示，则灯牌的额定电流为_A，灯泡的额定功率为_W（5）测出小灯泡额定功率后，刘浩同学提出，只测一次可能会出现较大误差，如果要减小误差，应把滑片移开后重新缓慢移动滑片并使电压表示数为2.5V，重新读出电流表示数，计算小灯泡的额定功率，并多次重复以上步骤，将各次测得的额定功率求平均值以减小误差，你认为刘浩的提议_A方法正确但不能减小误差 B方法正确且能减小误差 C没有必要且方法错误（6）某实验小组的同学除了测灯泡额定功率外，还记录了灯泡在不同电压下电流表的示数，并根据记录的数据正确绘制了灯泡的IU图象，他们绘制的图象与图4中（_）图一致四、论述与计算题（本大题共3个小题，第18题6分，第19题8分，第20题8分，共22分，解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不给分）18小吴家购置了一套新房，为了帮助爸爸将购回的装饰材料运送到9m高的楼上，小吴设计了如图所示的滑轮组，站在楼下运送装饰材料，已知每箱装饰材料重为400N，每个滑轮重50N，运送一箱材料耗时60s，（已忽略绳重和滑轮相关摩擦）求：（1）小吴运送一箱材料做的总功的功率是多少？（2）利用该滑轮组运送一箱装饰材料时，该滑轮组机械效率是多少？19小芳老师家有款电热水器，说明书上有工作原理示意图（如图甲），该热水器有“加热”和“保温”两档，试求：（1）当处于“加热”档工作时，双掷开关S应置于_（选填“a”、“b”或“中间”）（2）该电路处于加热档时，总功率为1100W，AB指示灯电阻很小可忽略不计，R2=99R1，且R1和R2的阻值不随温度的变化，求电路处于保温档时，电路的总功率（3）某次实际工作时，该电热水器在加热状态下的总功率只有1050W，小芳老师关闭家中其他电器，单独让电热水器接在电能表上，发现2min电能表转盘转了42转，则电能表上模糊不清的这个参数应该是多少r/kWh？20在课外探究活动中，物理兴趣小组的同学做了如下实验（图1），将一质量为1.6kg、底面积为80cm2的圆筒形容器内装入20cm深的水，放在水平桌面上，再把一底面积为60cm2的实心圆柱体用细线栓好并悬挂在弹簧测力计下，将圆柱体从容器上方离水面某一高度处缓缓下降，然后将其逐渐浸入水中，并绘出整个过程中弹簧测力计的示数F与圆柱体下降高度h变化关系的实验图象（如图2），求：（1）物体刚好浸没时受到的浮力；（2）物体刚好浸没时，容器对桌面的压强；（3）物体刚浸没时，水对物体下表面的压强？2016年重庆八中中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分）1对下列物理量的认识中，最接近实际的是（）A中学生的正常体温是41B考试专用的中性笔长约10dmC一节新干电池的电压为1.5VD电视机正常工作1h消耗的电能接近1kWh【考点】温度；长度的估测；电压；电功【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个【解答】解：A、正常情况下，人的体温在37左右，变化幅度很小此选项不符合实际；B、中学生拳头的宽度在10cm左右，考试用中性笔长度与拳头宽度差不多，在10cm=1dm左右此选项不符合实际；C、一节质量合格的新干电池的电压是确定的，为1.5V此选项符合实际；D、电视机的功率一般在200W=0.2kW左右，1h消耗的电能约W=Pt=0.2kW1h=0.2kWh此选项不符合实际故选C2图中以下说法正确的是（）A斧头具有很薄的刃是为了减小压强B洒水车在水平的道路上匀速行驶洒水的过程中动能不变C连通器中装同种液体的时候液面一定相平D覆杯实验证明大气有压强【考点】增大压强的方法及其应用；连通器原理；大气压强的存在；动能的影响因素【分析】（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强（2）动能指物体由于运动而具有的能量，动能与物体的质量和物体的速度有关，质量越大，速度越大，动能就越大（3）底部相连通，上端开口，装有同一种液体，静止时液面相平的都属于连通器（4）大气压强是由于空气具有重力和流动性而产生的，例如吸盘、瓶吞鸡蛋、马德堡半球实验等【解答】解：A、斧头具有很薄的刃，是在压力一定时，减小受力面积来增大斧头对物体的压强故A错误；B、一辆在水平路面上匀速行驶的洒水车，在洒水过程中，质量在减小、速度不变，所以动能减小，故B错误；C、连通器中装有同一种液体，且液体不流动时，液面才一定相平，故C错误D、覆杯实验，水排出了杯子内的空气，在大气压的作用下纸片掉不下来，说明了大气压强的存在，故D正确故选D3生活中处处有物理，留心观察皆学问，对以下现象解释正确的是（）A舞台上我们看到的白雾是干冰融化后的水B放在衣橱里的樟脑丸，时间久了会明显变小，是因为樟脑丸升华为气体跑掉了C冬天，洗澡时发现浴室里充满“白气”，这些白气是水汽化而形成的水蒸气D夏季早晨草叶上挂满了露珠，冬天却看到草叶上薄薄一层霜，霜是由露凝固而成【考点】液化及液化现象；生活中的升华现象；生活中的凝华现象【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；（2）物质由气态变为固态叫凝华，物质由固体直接变为气态，叫升华；由气态变为液体叫液化，由液体变为气态叫汽化；由固态变为液体叫熔化，有液体变为固态叫凝固【解答】解：A、舞台上我们看到的白雾是干冰升华从周围吸热，空中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴飘散在空中，形成了我们看到的白雾，故A错误；B、放在衣橱里的樟脑丸，时间久了樟脑丸变小，是因为樟脑丸升华为气体跑到空中，故B正确；C、冬天，洗澡时发现浴室里充满“白气”是室内的水蒸气遇冷液化形成的小水滴飘散在空中形成的，故C错误；D、霜是空中的水蒸气遇冷凝华成小冰晶附着在地面上的花草树木上形成的，不是由露凝固形成的，故D错误故选B4如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，当开关S闭合时，灯L正常发光如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动，下列说法中正确的是（）A灯L变暗，电压表的示数变小B灯L变暗，电压表的示数变大C灯L变亮，电压表的示数变小D灯L变亮，电压表的示数变大【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用【分析】当开关S闭合时，灯L正常发光，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据公式I=可知，电路电流的变化，从而进一步求出滑动变阻器两端的电压变化和灯泡两端电压的变化【解答】解：当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据公式I=可知，电路电流减小，根据公式U=IR可知，灯泡两端的电压变小，灯泡亮度变暗，电源电压不变，所以滑动变阻器两端的电压变大，电压表示数变大，故选B5如图是小朋友玩滑板车的情景，以下分析合理的是（）A滑板车底部安装有轮子，是为了减小摩擦B人和车滑行的速度越快，它们的惯性越大C人对滑板车的压力和滑板车对人的支持力是一对平衡力D任何车载滑行过程中所受到的力突然消失，将立即停下来【考点】增大或减小摩擦的方法；惯性；平衡力的辨别；力与运动的关系【分析】A、滑动摩擦变为滚动摩擦，可减少摩擦力；B、惯性大小只与质量有关，与其他因素无关；C、人对滑板车的压力和滑板车对人的支持力是一对作用力与反作用力；D、一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态【解答】解：A、小朋友滑板上装上轮子，滑动摩擦变为滚动摩擦，可减少摩擦力，将会滑行更远，故本选项正确；B、惯性大小只与质量有关，与其他因素无关，故本选项错误；C、人对滑板车的压力和滑板车对人的支持力是一对作用力与反作用力；二者力的作用点不同，故不是一对平衡力，故本选项错误；D、一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态，故任何车载滑行过程中所受到的力突然消失，将不会立即停下来，故本选项错误；故选A6如图是人们在生活用电中的几种做法，其中正确的是（）A试电笔的握法B带金属外壳的用电器使用合格的三孔插座C多个大功率用电器同时使用一个插座D使用绝缘皮破损的导线【考点】测电笔的使用；插座的构造与工作方式；安全用电原则【分析】本题根据测电笔的使用方法、三孔插座的作用及安全用电的常识进行分析判断【解答】解：A、试电笔要求应用手接触尾部金属片，才能使测电笔正常工作，故A握法错误；B、带金属外壳的用电器应接地，故应使用三孔插座；故B正确；C、大功率电器电流较大，若多个电器同时使用同一个插座，会使导线上电流过大，而发生事故，故C做法错误；D、由于导线绝缘皮老化漏电或短路，电路中的电阻几乎为零，会造成电流过大，引发事故；故D错误；故选B7某同学在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程“03V”，滑动变阻器规格“20 l A”，灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样（忽略灯丝电阻变化），在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（）A电路中电流变化的范围是0.3A0.5 AB滑动变阻器阻值变化的范围是510C灯泡的最小功率是0.225WD该电路的最大功率是2.7W【考点】电路的动态分析【分析】根据实物图中可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表与滑动变阻器并联，为了不损坏电路元件，根据串联电路电流的特点，应该选取通过灯泡L与通过滑动变阻器额定电流相比较，得出电路中的最大电流，通过灯泡L的电流可利用公式IL=计算，并且此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小；利用公式R总=计算总电阻，再利用公式RL=计算灯泡的电阻，最后利用公式R小=R总RL计算滑动变阻器接入电路中的最小阻值；为了不把电压表损坏，电压表的最大示数为3V，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，利用公式UL=UU大计算电压，再利用公式I小=计算电流，最后利用公式R大=计算电阻；灯泡的最小功率可利用公式P小L=I小2RL计算；电路中的最大功率可利用公式P总大=UI大计算【解答】解：IL=0.5A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，根据串联电路电流的特点，所以电路中的最大电流I大=I=IL=0.5A；由于此时电流最大，所以滑动变阻器接入电路中的电阻最小，I=9，RL=5，则R小=R总RL=95=4；当电压表的示数最大为U大=3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电流最小，UL=UU大=4.5V3V=1.5V，I小=0.3A，最后利用公式R大=10；所以电路中电流的变化范围是0.3A0.5A，滑动变阻器阻值的变化范围是410；故A正确，B错误；灯泡的最小功率为P小L=I小2RL=（0.3A）25=0.45W；故C错误；电路中的最大功率为P总大=UI大=4.5V0.5A=2.25W，故D错误故选A8将合金球和木球用细绳相连放入水中时，木球露出水面的体积为它自身体积的，如图（a）所示，当把细绳剪断后，合金球沉底，木球露出水面的体积是它自身体积的，这时合金球受到池底对它的支持力为2N，如图（b）所示，若已知合金球和木球的体积之比是1：8，则（）A合金球的重力为3NB绳子剪断前后，两物体所受的总浮力相差4NC合金球所受的浮力为2ND合金球的密度为3103kg/m3【考点】物体的浮沉条件及其应用【分析】（1）合金球和木球处于平衡状态，根据漂浮条件分别列出等式，利用阿基米德原理即可推导出木球和合金球的重力和浮力；（2）把细线剪断后，根据木球露出水面的体积为自身体积的可知木球排开水的体积，根据物体的漂浮条件和阿基米德原理求出木球的密度，再根据漂浮条件和阿基米德原理表示出细线剪断前木球、合金球的重力之和与浮力之间的关系，然后利用密度公式即可求出合金球的密度【解答】解：（1）把细线剪断前，木球和合金球漂浮，木球受力为：G木，向下的F拉、F木浮1；则G木+F拉=F木浮1，而F木浮1=水g（1）V木=水gV木，G木+F拉=水gV木细线剪断后，木球受力为：G木，F木浮2；则G木=F木浮2，而F木浮2=水g（1）V木=水gV木，G木=水gV木式式得：F拉=F木浮1F木浮2=水gV木把细线剪断前，合金球受力为：G合金，F拉、F合金浮；则G塑合金=F拉+F合金浮塑料球受力为：G合金，支持力为F、F合金浮；G合金=F+F合金浮式式得：F拉=F由式可知：水gV木=F=2N，水gV木=8F则根据和式得：G木=水gV木=8F=4F=42N=8N；V合金：V木=1：8，F合金浮=水gV合金=水gV木=8F=F=2N，故C正确；（2）把细线剪断后，木球排开水的体积V排=V木V木=V木，F浮=水gV排=m木g，即水gV木=木V木g，解得：木=水，把细线剪断前，木球和塑料球漂浮，则F浮前=水gV排=（m木+m合金）g，即水g（V木+V合金）=（木V木+合金V合金）g，V合金：V木=1：8，水（8V合金+V合金）=（水8V合金+合金V合金），整理可得：合金=2水=21103kg/m3=2103kg/m3故D错误；（3）绳子剪断前后，两物体所受的总浮力之差为：F浮前F浮后=（G木+G合金）（G木+F合金浮）=G合金F合金浮=F=2N；故B错误；则G合金=F合金浮+F=2N+2N=4N，故A错误故选C二、填空作图题（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分）9物理学家法拉第发现了电磁感应，亲手制成了世界上第一台发电机，探究这个电磁感应现象应选用如图中甲（填“甲”或“乙”）所示的装置进行试验【考点】电磁感应【分析】电磁感应现象的前提是运动，结果是产生电流，即将机械能转化为电能；通电导体在磁场中受力的前提是通电，结果是受力运动，即将电能转化为机械能，即电动机就是利用该原理制成的；区分上述两个实验的主要依据是看是否存在电源，故据上面的理解分析该题即可解决【解答】解：据课本知识可知，物理学家法拉第发现了电磁感应，亲手制成了世界上第一台发电机；在该题的甲图中，因动而生电，故是电磁感应现象，该利用该现象制成了发电机，其是将机械能转化为电能的装置；在图乙中，是因通电而运动，即是通电导线受力的作用的实验装置，故是电动机的制作原理，其是将电能转化为机械能的过程故答案为：法拉第；甲10如图的吊扇灯，它是灯和吊扇的完美结合，既具灯的装饰性，又具风扇的实用性，不开风扇，扇叶是收缩起来的，此时相对于扇叶，灯是静止（选填“运动”或“静止”）的，而灯和风扇的使用又是互不影响的，因为它们是并联的【考点】串联电路和并联电路的辨别；运动和静止的相对性【分析】（1）判断运动与静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生改变；（2）串联电路中，各用电器互相影响，而并联电路中各用电器独立工作，互不影响【解答】解：（1）不开风扇，扇叶是收缩起来的，此时相对于扇叶，灯的位置没有发生改变，所以是静止的；（2）灯和风扇的使用互不影响，可以独立工作，因此它们之间是并联的故答案为：静止；并11“电器待机偷电多少，你知道吗？”重庆供电公司电能计量中心工作人员用专业测试仪测量发现，3台1.5匹空调机待机1年“偷”电约91度如果用这些电全部给水加热，能让1300kg的水温度升高60，这是通过热传递的方式让水的内能增加（c水=4.2103J/（kg）【考点】电功与热量的综合计算；热传递改变物体内能【分析】（1）知道电能，用这些电全部给水加热，已知水的温度升高值，根据吸热公式计算水的质量；（2）改变物体内能有两种方式：做功和热传递【解答】解：用这些电全部给水加热，W=Q=91度=91kWh=913.6106J=3.276108J，由Q=cmt可得水的质量：m=1300kg水从太阳吸收热量、温度升高，是通过热传递改变水的内能故答案为：1300；热传递12如图所示，物体A被压在两面墙壁之间，保持墙壁对A的压力不变，当A的重力为G时，用一个竖直向上的拉力F恰好能使A物体保持匀速向下运动，A受到一面墙壁的摩擦力为f；若A物体的重力减少2f（用题中所给物理量的符号表达）时，用同样大小的竖直向上的拉力F恰好能使物体A匀速向上运动，则此时A受到摩擦力的方向向下【考点】摩擦力的方向；二力平衡条件的应用【分析】（1）当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受平衡力的作用；（2）正确地对物体进行受力分析，确定其受力的方向，并根据受平衡力作用列出等价关系式【解答】解：当物体匀速向下运动时，摩擦力方向竖直向上，拉力和摩擦力的合力等于重力，则G=F+f当物体的重力减小后，由于压力和接触面的粗糙程度不变，因此摩擦力f不变，当物体匀速向上运动时，摩擦力方向竖直向下，则（GG）+f=F，联立可得，G=2f故答案为：2f；下13如图是2015年11月上映的电影火星救援该片讲述了人类实现了首次在火星上登陆，由于一场沙尘暴，马克与他的团队失联，孤身一人置身于火星面临着飞船损毁，想方设法回地球的故事马克对手头的所有材料物尽其用，他利用自制的肥料成功的种植土豆，但是最后种植土豆的舱体爆炸了，土豆叶上结了一层霜，土豆被冻死了；他找到利用太阳能电池板提供电能工作的勇气号探测器，通过探测器的摄像头的转动、摇摆实现与地球通信；在最后队友营救他的过程中，为了缩短与队友的距离，他刺破身上的宇航服，利用反冲力让自己向上运动，他终于成功的返回地球，请根据题中的描述，写出一条与物理有关的信息，并说出涉及的物理知识实例：物理信息：土豆叶上结了一层霜物理知识：水蒸气凝华作答：物理信息：利用太阳能电池板提供电能工作的勇气号探测器物理知识：太阳能转化为电能【考点】太阳能的利用；力作用的相互性；凸透镜成像的应用；电磁波的传播【分析】（1）太阳能电池可以把太阳能转化为电能；（2）太空中没有空气，火星依靠电磁波实现与地球通信；（3）物体间力的作用是相互的，一个物体对另一个物体有力的作用，同时它也受到另一个物体力的作用【解答】解：（1）太阳能电池板工作时，先将光能转化为电能；物理信息：利用太阳能电池板提供电能工作的勇气号探测器；物理知识：太阳能转化为电能；（2）太空中没有空气，是真空，火星依靠电磁波实现与地球通信；物理信息：通过探测器实现与地球通信；物理知识：电磁波可以传递信息；（3）物体间力的作用是相互的，刺破身上的宇航服，利用反冲力让自己向上运动，他终于成功的返回地球物理信息：刺破身上的宇航服，利用反冲力让自己向上运动； 物理知识：物体间力的作用是相互的故答案为：利用太阳能电池板提供电能工作的勇气号探测器；太阳能转化为电能14（1）画出图甲中的动力F的力臂（2）在图乙中，根据电流方向标出通电螺线管的N级【考点】力臂的画法；通电螺线管的磁场【分析】（1）力臂是从支点到力的作用线的距离，从支点O向F的作用线引垂线，垂线段的长度即为F的力臂（2）右手安培定则内容为：用右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为螺线管N极方向；故由电流的方向结合右手螺旋定则可判出通电螺线管的磁极【解答】解：（1）延长F的作用线，过支点做力F作用线的垂线段，即为其力臂L，如图所示：（2）电流由右侧流入，故四指从电流流入的方向去握住螺线管，此时会发现大拇指指向该螺线管的右边，故该螺线管的右边是N极，其左边是S极；故答案见下图：三、实验探究题（本题共3个小题，第15题5分，第16小题8分，第17小题9分，共22分）15下面是“探究杠杆平衡条件”的实验，请回答有关的问题：（1）如图（甲）所示的杠杆，实验前应将杠杆左端或右端的平衡螺母往右端调节，直到杠杆在水平位置平衡（2）如图（乙）所示是小华在探究时的情况，为使杠杆平衡，她可以采取的做法是：左端的钩码向左移（写出一条即可）（3）如图（丙）所示是小芳在探究杠杆平衡时的情况，小芳的这种操作不便于力臂；按照她的方法，当杠杆平衡时，杠杆平衡条件将仍然成立（选填“仍然”、“不”或“可能”）【考点】探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）在调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；（2）探究杠杆平衡条件的操作过程中，要使杠杆在水平位置平衡，要使上翘的一端的力和力臂的乘积增大，可以增大力，或增大力臂，或使下沉的一端的力和力臂的乘积减小，可以减小力，可以减小力臂；（3）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来【解答】解：（1）如图甲，杠杆的右端上翘，无论左端或右端的平衡螺母都要向上翘的右端移动直到杠杆在水平位置平衡；（2）如图乙，杠杆的左端上翘，说明杠杆右端力和力臂的乘积大于左端力和力臂的乘积，所以可以减小右端的力臂，或减小右端的力，或增大左端的力，或增大左端的力臂，故左端的钩码向左移动，或增加钩码个数，或右端的钩码左移，或减少钩码个数，使左端和右端力和力臂的乘积相等；（3）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，如图（丙）所示，此时力的方向不与杠杆垂直，不便于测量力臂；但此时杠杆仍处于平衡状态，因而杠杆平衡条件仍然成立故答案为：（1）右；（2）左端的钩码向左移；（3）力臂；仍然16在“争当小小实验家”的某次活动中，老师给同学们提供了如下器材：一架天平（含砝码）、一个溢水杯、一个小烧杯、一个小石块、适量的水以及细线等老师要求同学利用以上器材测出小石块的密度（1）某小组的同学经过讨论后设计了实验方案，以下是主要实验步骤，请根据他们的方案，完成下面的填空：实验步骤：A将天平放在水平桌面上，先将游码移到标尺左端的零刻度线处，再调节平衡螺母，直到横梁平衡；B用天平测出空小杯的质量m1=40g；C在溢水杯中装满水后，将小烧杯放在溢水口下，再用细线拴住小石块并将石块慢慢浸没在溢水杯的水中，用小烧杯收集溢出的水；D取出小石块，用天平测出小石块的质量m2，测量小石块质量时，天平平衡后，所用砝码及游码的位置如图所示，则m2=32.4gE用天平测出小烧杯和溢出水的总质量m3=50.8g按照该小组的方案，所测出的石块密度石=3g/cm3在不考虑其它误差的情况下，测得的石块密度会偏大（选填“大”或“小”），这种偏差主要是步骤D造成的（2）完成以上测量后，老师收回了天平，另外提供了一个量程合适的量杯和适量的某种液体，要求同学们再测出该液体的密度，聪明的王晶同学经过思考，马上就想出了以下方法，请根据他的方法帮他完成实验：A先在溢水杯中装满水，再把小空烧杯轻放入溢水杯中并漂浮在水面，让水溢出；B将量杯放在溢水口下，再将适量液体慢慢倒入溢水杯内的小烧杯中，用量杯收集溢出的水，并测出其体积v1；C将量杯中的水倒尽，再将小烧杯中的液体全部倒入量杯中，测出其体积v2，则所测液体的密度液=（用所测物理量的字母和已知物理量表达，水的密度为水）【考点】固体的密度测量实验【分析】（1）天平的正确使用方法：一放：将托盘天平放置在水平桌面上，将游码拨至标尺左端零刻度线上；二调：调节横梁左右两端的平衡螺母，使横梁平衡，此时指针恰好指在分度盘的中央或左右摆幅度相等；三称：左物右码，用镊子向右盘中加减砝码，当加减最小砝码横梁还不平衡时，调节游码在标尺上的位置，使天平再次平衡；四记：物体的质量等于右盘中砝码的质量与标尺上游码所对应的刻度值之和测石块的体积是通过溢水杯来测，因为溢水杯中的水原来是满的，所以石块一放入，水就溢出，石块的体积多大，溢出的水体积也是多大，只要求出溢出水的体积，就知道了石块的体积根据密度公式得出密度的表达式由于石块从水中拿出时沾着水，测得的质量偏大所以测得的密度也偏大（2）根据漂浮的条件：F浮=G排=G，知道了排开水的质量也就知道物体的质量，用量杯量出液体的体积，根据=计算出密度【解答】解：（1）当调节天平横梁平衡时，首先要将天平放在水平桌面上，将游码移至横梁标尺左端零刻度线处，再调节平衡螺母使指针指在分度盘的中央；天平称量物体质量时，物体要放在天平的左盘，砝码要放在天平的右盘物体的质量=砝码的质量+游码对应的刻度值，则石块的质量m2=20g+10g+2.4g=32.4g；溢出水的质量m水=m3m1=50.8g40g=10.8g则石块的体积V=V水=10.8cm3，石块密度：=3g/cm3；由于石块从水中拿出时沾着水，测得的质量偏大所以测得的密度也偏大，是由步骤D造成的；（2）用一个量程合适的量杯和适量的某种液体，测该液体的密度：A先在溢水杯中装满水，再把小空烧杯轻放入溢水杯中并漂浮在水面，让水溢出；B将量杯放在溢水口下，再将适量的液体慢慢倒入溢水杯内的小烧杯中，用量杯收集溢出的水，并测出其体积v1；C将量杯中的水倒尽，再将小烧杯中的液体全部倒入量杯中，测出其体积因为烧杯和液体在水中处于漂浮状态，所以浮力等于重力：F浮=G=G排，即mg=水gV1得m=水V1，液体的体积为V2，则所测液体的密度液=故答案为：（1）将游码移到标尺左端的零刻度线处；32.4；3；大；D（2）液体；小烧杯中的液体，17在测量小灯泡额定功率的实验中，提供的电源是由三节新的干电池组成的电池组，小灯泡的额定电压为2.5V（灯正常发光时电阻在12左右），图1是设计的实验电路图，图2是未连接完整的实验电路（1）请用笔画线代替导线将电路连接完整（要求滑片向左移动时灯泡变亮）（2）张欣同学在进行实验时，连接好电路后，闭合开关，发现灯泡不亮他将滑片由B端向A端移动过程中，开始一段时间灯泡仍然不亮，两表均无示数，但当滑片移动到线圈某点M时，灯突然发光且很亮，电压表、电流表均有较大示数，他立即断开开关，查找原因，你认为出现以上现象的原因是CA滑动变阻器被短路B滑动变阻器最大阻值太大C滑动变阻器线圈在B、M间有断路D滑动变阻器线圈在A、M间有断路（3）更换了一个“8，0.5A”的滑动变阻器后，重新连接电路继续实验，但闭合开关后，无论怎样移动滑片，电压表的示数都不能达到2.5V，原因可能是滑动变阻器的阻值太小如手边只有一个“4，0.5A”的滑动变阻器和一个20的定值电阻可选用，为完成实验，应采取的措施是：断开开关，再在电路中串联一个“4，0.5A”的滑动变阻器，重新连接电路（4）解决以上问题后，闭合开关，缓慢移动滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表示数如图3所示，则灯牌的额定电流为0.22A，灯泡的额定功率为0.55W（5）测出小灯泡额定功率后，刘浩同学提出，只测一次可能会出现较大误差，如果要减小误差，应把滑片移开后重新缓慢移动滑片并使电压表示数为2.5V，重新读出电流表示数，计算小灯泡的额定功率，并多次重复以上步骤，将各次测得的额定功率求平均值以减小误差，你认为刘浩的提议CA方法正确但不能减小误差 B方法正确且能减小误差 C没有必要且方法错误（6）某实验小组的同学除了测灯泡额定功率外，还记录了灯泡在不同电压下电流表的示数，并根据记录的数据正确绘制了灯泡的IU图象，他们绘制的图象与图4中（丙）图一致【考点】电功率的测量【分析】（1）滑动变阻器应与被控制用电器串联，根据滑片移动方向灯泡亮度变化确定其接线柱，根据小灯泡的额定电压确定电压表量程，电压表并联在小灯泡的两端；（2）灯泡不亮，两表均无示数，说明电路有断路；灯突然发光且很亮，电压表、电流表均有较大示数，说明滑动变阻器连入电路的阻值太小；（3）影响电压表的示数的原因，一是电源电压的大小，二是变阻器的最大阻值太小；可以再在电路中串联一个4的滑动变阻器重新实验；（4）弄清电流表的量程和分度值，读出电流值，根据P=UI求出额定功率；（5）额定功率是指灯泡在额定电压下的功率；（6）灯泡的电阻随着温度的升高而增大，根据I=作出分析和解答【解答】解：（1）由题知，滑动变阻器应与灯泡串联，从而控制灯泡亮度，滑片左移灯泡变亮，说明变阻器连入阻值减小，故应将A接线柱接入电路；电压表与灯泡并联测其两端电压，因为其额定电压2.5V，所以电压表使用03V量程如图所示：（2）灯泡不亮，两表均无示数，说明电路有断路；当滑片移动到线圈某点M时，灯突然发光且很亮，电压表、电流表均有较大示数，说明滑动变阻器连入电路的阻值太小，综上所述出现以上现象的原因是：滑动变阻器线圈在B、M间有断路；（3）由题意知，总电压为4.5V，滑动变阻器两端的电压应为U滑=4.5V2.5V=2V，根据串联电路的电流相等： =，解得R滑=9.6，无法使电压表的示数达到实验要求的值，可能由于滑动变阻器的最大阻值太小，把滑动变阻器阻值全部接入电路时，滑动变阻器分得的电压还是较小，不能使灯泡两端达到2.5V；为了达到实验目的，可以再在电路中串联一个“4，0.5A”的滑动变阻器后重新实验；（4）电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，读数为0.22A，灯泡的额定功率P=UI=2.5V0.22A=0.55W；（5）额定功率是指灯泡在额定电压下的功率，随着小灯泡两端的电压和通过小灯泡的电流的改变，小灯泡的功率也在改变，不同的电压下，小灯泡的电功率不同，小灯泡的实际功率是不断变化的，因此求功率的平均值是没有意义的；（6）灯泡的电阻随着温度的升高而增大，根据I=可知，电流变化量会越来越小，故选丙图象故答案为：（1）如上图；（2）C；（3）滑动变阻器的阻值太小；再在电路中串联一个“4，0.5A”的滑动变阻器；（4）0.22；0.55；（5）C；（6）丙四、论述与计算题（本大题共3个小题，第18题6分，第19题8分，第20题8分，共22分，解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不给分）18小吴家购置了一套新房，为了帮助爸爸将购回的装饰材料运送到9m高的楼上，小吴设计了如图所示的滑轮组，站在楼下运送装饰材料，已知每箱装饰材料重为400N，每个滑轮重50N，运送一箱材料耗时60s，（已忽略绳重和滑轮相关摩擦）求：（1）小吴运送一箱材料做的总功的功率是多少？（2）利用该滑轮组运送一箱装饰材料时，该滑轮组机械效率是多少？【考点】机械效率的计算；功率的计算【分析】（1）由图可知使用滑轮组承担物重的绳子股数n=3，则s=3h，忽略绳重和滑轮相关摩擦，拉力F=（G+G轮），据此求出拉力大小，利用W=Fs可求总功，利用P=求出拉力做功功率；（2）已知物重和物体被提升高度，根据公式W=Gh可计算出有用功，利用效率公式=求滑轮组的机械效率【解答】解：（1）由图知，n=3，拉力端移动距离s=3h=39m=27m，忽略绳重和滑轮相关摩擦，拉力F=（G+G轮）=150N，总功：W总=Fs=150N27m=4050J，拉力做功的功率：P=67.5W；（2）有用功：W有用=Gh=400N9m=3600J，该滑轮组的机械效率：=100%=100%88.9%答：（1）小吴运送一箱材料做的总功的功率是67.5W；（2）利用该滑轮组运送一箱装饰材料时，该滑轮组机械效率是88.9%19小芳老师家有款电热水器，说明书上有工作原理示意图（如图甲），该热水器有“加热”和“保温”两档，试求：（1）当处于“加热”档工作时，双掷开关S应置于a（选填“a”、“b”或“中间”）（2）该电路处于加热档时，总功率为1100W，AB指示灯电阻很小可忽略不计，R2=99R1，且R1和R2的阻值不随温度的变化，求电路处于保温档时，电路的总功率（3）某次实际工作时，该电热水器在加热状态下的总功率只有1050W，小芳老师关闭家中其他电器，单独让电热水器接在电能表上，发现2min电能表转盘转了42转，则电能表上模糊不清的这个参数应该是多少r/kWh？【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）电压一定时，由P=可知，电路中的总电阻越小，总功率越大，电热水器处于加热状态，据此分析电路判断加热时双掷开关S的位置；（2）该电路处于加热档时，电路为R1的简单电路，根据P=求出R1的阻值；该电路处于保温档时，R1与R2串联，根据电阻的串联和P=求出电路的总功率；（3）知道该电热水器在加热状态下的实际总功率和工作时间，根据W=Pt求出消耗的电能，电能表转盘转的圈数与消耗电能的比值即为这个参数【解答】解：（1）由电路图可知，双掷开关S应置于a时，电路为R1的简单电路，电路中的总电阻最小，由P=可知，电路中的总功率最大，电热水器处于加热档；同理可知，双掷开关S应置于b时，R1与R2串联，电路中的总电阻最大，功率最小，电热水器处于保温档；（2）该电路处于加热档时，电路为R1的简单电路，则R1的阻值：R1=44，该电路处于保温档时，R1与R2串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，保温档时电路的总功率：P保温=11W；（3）电热水器消耗的电能：W=Pt=1050103kWh=0.035kW，则电能表的参数：N=1200r/kWh答：（1）a；（2）电路处于保温档时，电路的总功率为11W；（3）电能表上模糊不清的这个参数应该是1200r/kWh20在课外探究活动中，物理兴趣小组的同学做了如下实验（图1），将一质量为1.6kg、底面积为80cm2的圆筒形容器内装入20cm深的水，放在水平桌面上，再把一底面积为60cm2的实心圆柱体用细线栓好并悬挂在弹簧测力计下，将圆柱体从容器上方离水面某一高度处缓缓下降，然后将其逐渐浸入水中，并绘出整个过程中弹簧测力计的示数F与圆柱体下降高度h变化关系的实验图象（如图2），求：（1）物体刚好浸没时受到的浮力；（2）物体刚好浸没时，容器对桌面的压强；（3）物体刚浸没时，水对物体下表面的压强？【考点】浮力大小的计算；压强的大小及其计算；液体的压强的计算【分析】（1）根据图象，可找出物体从未浸入，到完全浸没时弹簧测力计示数的变化，可计算浮力的大小；（2）根据图象可得出圆柱体并未对容器底产生直接压力，则可根据水的重力和物体的浮力，再加上容器的重力可知容器对水平桌面的压力，利用公式p=计算容器对水平桌面的压强；（3）物体刚浸没时物体受到的浮力大小，根据浮力的产生原因可知水对物体下表面的压力，利用p=计算下表面受到水的压强【解答】解：（1）读图象可知，物体未浸入水中时，其重力为13.6N，当达到7cm时，弹簧测力计示数保持4N不变，说明此时已完全浸没，则所受的浮力F浮=GF拉=13.6N4N=9.6N，（2）由图象可知，物体实际浸没深度为7cm以下时物体已经浸没，弹簧测力计示数为4N不变，说明物体并未对容器底产生直接压力，所以，容器对水平桌面产生的压力是容器、水的重力与物体对水产生的压力之和，由于物体对水产生的压力与浮力是一对相互作用力，则：F容器=G容器+G水+F浮=mg+水gSh+F浮=1.6kg10N/kg+1.0103kg/m310N/kg80104m20.2m+9.6N=41.6N，则容器对水平桌面的压强：p=5200Pa；（3）读图象可知，物体完全浸没，所受的浮力F浮=9.6N，根据浮力产生的原因可知：下表面受到水的向上的压力F=F浮=9.6N，下表面受到水的压强：p=1600Pa；答：（1）物体浸没在水中所受的浮力为8N；（2）物体刚好浸没时，容器对桌面的压强为5200Pa；（3）物体刚浸没时，水对物体下表面的压强为1600Pa