中考物理综合学习评价卷（十二）（含解析）

2016年吉林省长春市中考物理综合学习评价卷（十二）一、选择题（共10小题，每小题2分，满分20分）1关于平面镜成像下列说法正确的是（）A平面镜所成像的大小与平面镜的大小有关B平面镜所成的像是虚像C平面镜所成的像是由光的折射形成的D人向平面镜靠近0.2m，像将远离平面镜0.2m2下列事例中，利用热传递改变内能的是（）A冬天搓手取暖B压缩空气内能增大C烧水时水温升高D下滑时臀部发热3如图所示是一款没有“地轴”的地球仪，接通电源，地球仪就能漂浮在空中，当它“漂浮”在空中时，下列分析正确的是（）A它没有受到力的作用B它受到的磁力与重力方向相同C它受到的磁力和重力相互平衡D它受到的磁力一定大于重力4当热气球静止在空中某位置时，以下对热气球分析正确的（）A热气球受到的浮力大于重力B热气球的内能为零C热气球停在空中时动能为零D热气球上升时机械能不变5在常温干燥的情况下，下列餐具属于导体的是（）A塑料餐盒B不锈钢勺C陶瓷碗D玻璃果盘6如图所示，两个长方形鱼缸中装有质量相同的水，两条相同的鱼处在距鱼缸底部相同高度的位置下列说法正确的是（）A两条鱼所受的压强相等B两条鱼所受的浮力相等C两个鱼缸中水对容器底部的压强相等D甲鱼缸比乙鱼缸中水对容器底部的压力大7如图是小林家里电热水器的工作原理图，热水器有高中低三档功率小林发现热水器高档位不能工作，其他档位能正常工作小林猜想造成故障的原因有以下四种，你认为可能是（）Aa处接触不良Bb处接触不良C某电热丝短路D某电热丝开路8以下做法符合安全用电要求的是（）A雷雨天在树下避雨B雷雨天用手机打电话C高楼楼顶安装避雷针D在高压线下玩耍9如图所示，电源电压不变，当闭合开关S，滑片P向上滑动，下列判断正确的是（）A电流表的示数变大B电压表的示数变大C电阻R1的电功率变小D电路中的总电阻变大10如图所示，两个相同的盛满水的甲、乙容器放在水平桌面上，甲容器中漂浮一物块，物块密度物=0.9水，下列说法错误的是（）A甲容器对水平桌面的压力等于乙容器对水平桌面的压力B将物块全部压入水中时，两容器底部受到水的压力不相等C漂浮的物块，受的重力与浮力平衡，且有体积露出水面D将物块缓慢下压至浸没的过程中，物块受到的浮力变大二、填空题（共6小题，满分12分）11实施人工降雨的一种方法是飞机在高空洒干冰，干冰进入云层，很快_成气体，并从周围吸收大量的_，于是，高空的水蒸气便_成小水滴，或_成小冰晶（填物态变化名称）12如图所示，是一种利用健身球设计的充电器，当人们在转动球的时候就可以给电池充电，这时健身球里面的装置相当于_（选填“电动机”或“发电机”）它是将_能转化为_能，再转化为化学能储存在电池内13如图所示，为一名消防员正在进行模拟演习训练当消防员沿着竖立在地面上的钢管匀速下滑时，他的动能_，他的机械能_14将一物体分别放在甲、乙两凸透镜前相等距离处，通过甲透镜成缩小的像通过乙透镜成等大的像由此可推断：所成的_（都是实像/都是虚像/一个是实像、一个是虚像），甲透镜的焦距_（小于/等于/大于）乙透镜的焦距15如图所示，一艘航母停在水面上，当航母上的一艘舰载机飞离航母后，则航母将_（选填“上浮一些”或“下沉一些”），所受浮力_（选填“增大”、“减小”或“不变”）16如图所示，电源电压恒定，开关S闭合后，滑动变阻器滑片自b向a端移动，电压表V1的示数将_，电压表V2的示数变化量与V1的示数变化量的比值将_（选填“变大”、“变小”或“不变”）三、解答题（共2小题，满分10分）17如图所示，某人用机械效率为80%的滑轮组匀速提升重240N的物体，在2s内将物体提升2m的高度求：（1）有用功（2）人做功的功率18某保温电热水壶电路如图，S是温控开关，R1为加热器当开关S接到a时，电热水壶处于加热状态，此时通过电热水壶的电流是5A；当水烧开时，开关S自动切换到b，电热水壶处于保温状态，此时电热水壶的电功率为165W（不考虑温度对电阻阻值的影响），求：（1）加热电阻R1的阻值是多大？（2）在保温状态下，通过电阻R2的电流是多少？四、解答题（共7小题，满分28分）19请按要求作图（1）如图甲所示，OB可能是反射光线，也可能是折射光线，在图中画出这两种情况入射光线（2）如图乙所示，在杠杆AB上挂一个重为G的物体，为使杠杆在图中的位置静止，请在杠杆上画出最小的动力F和它的力臂20在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，小明根据实验数据绘出水沸腾时的温度时间关系图象，如图丙所示（1）为“探究水沸腾时温度变化的特点”，他应选择的装置是_（2）水沸腾时的温度如乙图所示_，丙图中哪段图象是错误的_（3）图象中的BC段表示_过程21小琳同学在探究“平面镜成像的特点”时，将玻璃板竖直立在水平桌面上，再取两段相同的蜡烛F和E一前一后竖直放置在桌面上，点燃蜡烛F，移动蜡烛E，直到看上去它跟蜡烛F的像完全重合，如图所示在此实验中：（1）有规格相同的茶色玻璃和普通玻璃，小琳应该选择_玻璃（2）小琳用两段相同的蜡烛是为了比较像与物的_关系（3）当风吹动蜡烛，烛焰向左偏时，烛焰的像向_偏22小明同学在水塘中看到形状特殊的“虾”（1）如图甲所示，他看到的“虾”是因为光的_而形成的虚像，真正的虾在水中_（选填“C”、“D”、“E”或“F”）点他用激光笔从A点向_（选填“B”、“C”、“D”、“E”或“F”）处射出光束，即可把虾照亮（2）拍照得到虾的胶片后，他用图乙所示的幻灯机展示给同学们，看到屏幕上的虾头朝上胶片上虾的头部朝_（选填“上”或“下”）测得胶片到凸透镜的距离为8cm，则该凸透镜的焦距可能是_A2cm B7cm C9cm D10cm23小强做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为3V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线图1是小强没有连接完的实物电路（1）请你用笔画线代替导线，帮小强将实物电路连接完整；（2）小强连好电路闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是_（写出一种即可）；（3）小强排除故障后闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.6V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向_端滑动（选填“左”或“右”）；（4）小强通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了图2所示的UI图象根据UI图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率大约是_W，当加在小灯泡两端的电压为1.5V时，小灯泡的电阻是_UI图象不是一条直线其原因是_24小明和小华做“测量小灯泡的电阻”实验（1）小明所用小灯泡额定电压为2.5V，当灯泡正常发光时，电流表的示数如图所示，则通过灯泡的电流是_A，灯泡的电阻为_（2）小华将灯泡换成规格为“3.8V 0.38A”，并用学生电源将电压调至6V，滑动变阻器的规格为“1A 15”，其他器材相同，若实验中要求通过灯泡的电流至少为电流表刻度的三分之一，且灯泡长时间工作不被损坏，则测出灯泡电功率的范围是_W（设灯泡电阻不变）25利用弹簧测力计、细线、装有适量水的小桶，测量铁矿石的密度，以下是实验步骤，请补充完整（1）将装有适量水的小桶悬挂在弹簧测力计下方，待小桶静止时，读出弹簧测力计的示数F1，并记录在表格中；（2）用细线拴住铁矿石，将铁矿石放入小桶中，手松开细线，铁矿石沉入桶底，水未溢出，此时，小桶受到的液体压强_，待小桶静止时，读出弹簧测力计的示数F2，并记录在表格中；（3）_待小桶静止时，读出弹簧测力计的示数F3，并记录在表格中；（4）利用测量出的物理量和水计算铁矿石的密度=_，并将计算结果记录在表格中2016年吉林省长春市中考物理综合学习评价卷（十二）参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题2分，满分20分）1关于平面镜成像下列说法正确的是（）A平面镜所成像的大小与平面镜的大小有关B平面镜所成的像是虚像C平面镜所成的像是由光的折射形成的D人向平面镜靠近0.2m，像将远离平面镜0.2m【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】平面镜成像特点：平面镜所成的像是虚像，物体和像大小相同，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等，物体和像关于平面镜对称【解答】解：A、根据平面镜成像特点可知物体和像大小相同，与平面镜的大小无关，故A错误；B、根据平面镜成像特点可知平面镜所成的像是虚像，故B正确；C、平面镜所成的像是由光的反射形成的，故C错误；D、根据平面镜成像特点可知，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等，则人向平面镜靠近0.2m，像也靠近平面镜0.2m，故D错误故选B2下列事例中，利用热传递改变内能的是（）A冬天搓手取暖B压缩空气内能增大C烧水时水温升高D下滑时臀部发热【考点】热传递改变物体内能【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，必须有温差【解答】解：A、冬天搓手取暖，克服手与手间摩擦做功，使手的内能增加，温度升高，属于做功改变物体的内能，不符合题意；B、压缩空气点火，压缩空气做功，使空气的内能增加、温度升高，属于做功改变物体的内能，不符合题意C、烧水时水温升高，水从火吸收热量、温度升高，属于热传递改变物体的内能，符合题意；D、从滑梯上滑下时克服摩擦做功，使臀部内能增加、温度升高，属于做功改变物体的内能，不符合题意故选：C3如图所示是一款没有“地轴”的地球仪，接通电源，地球仪就能漂浮在空中，当它“漂浮”在空中时，下列分析正确的是（）A它没有受到力的作用B它受到的磁力与重力方向相同C它受到的磁力和重力相互平衡D它受到的磁力一定大于重力【考点】二力平衡条件的应用【分析】地球仪接通电源后能够漂浮在空中，说明其受磁力左右，漂浮在空中的地球仪，处于静止状态，受平衡力，根据二力平衡的知识解答即可【解答】解：由题意知，地球仪通电之后可以漂浮在空中，这是由于电流周围存在磁场，受到了磁力的作用，此时磁力与重力平衡，大小相等，方向相反，ABD错误，C正确故选C4当热气球静止在空中某位置时，以下对热气球分析正确的（）A热气球受到的浮力大于重力B热气球的内能为零C热气球停在空中时动能为零D热气球上升时机械能不变【考点】物体的浮沉条件及其应用；动能和势能的大小变化；内能的概念【分析】（1）热气球静止，则受力平衡，对热气球进行受力分析即可判断其所受重力与浮力的关系；（2）内能是物体内部所有分子无规则运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能（3）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度；影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析【解答】解：A、由于热气球处于空气中，即其一定受到重力和空气浮力的作用，由于此时其保持静止状态，即保持平衡状态，所以此时的重力和空气向上的浮力是一对平衡力，即这两个力的大小相等，方向相反，故A错误；B、一切物体的分子总在不停地做无规则运动，所以一切物体都有内能，即内能不能为零所以，热气球的内能不为零，故B错误；C、热气球停在空中时，速度等于零，所以动能也为零，故C正确；D、热气球上升过程中，速度和高度都在发生变化，机械能改变，故D错误故选C5在常温干燥的情况下，下列餐具属于导体的是（）A塑料餐盒B不锈钢勺C陶瓷碗D玻璃果盘【考点】导体【分析】根据常见的导体和绝缘体进行判断常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等常见的绝缘体包括：塑料、陶瓷、橡胶、空气、玻璃等【解答】解：塑料餐盒、陶瓷碗、玻璃果盘都不容易导电，属于绝缘体；不锈钢勺是金属制品，是导体故选B6如图所示，两个长方形鱼缸中装有质量相同的水，两条相同的鱼处在距鱼缸底部相同高度的位置下列说法正确的是（）A两条鱼所受的压强相等B两条鱼所受的浮力相等C两个鱼缸中水对容器底部的压强相等D甲鱼缸比乙鱼缸中水对容器底部的压力大【考点】物体的浮沉条件及其应用；液体压强计算公式的应用【分析】（1）由图判断出鱼所处的深度，利用p=gh比较鱼所受的压强；（2）利用阿基米德原理F浮=gV排判断鱼所受的浮力（3）由图判断出水的深度，利用p=gh比较水对容器底部的压强；（4）由于鱼缸都是柱状容器，又放在水平地面上，则根据压力与液体的重力相等即可判断水对容器底部的压力【解答】解：A、由图可知：甲鱼缸鱼所处的深度比乙鱼缸鱼所处的深度浅，根据p=gh可知乙鱼缸鱼所受的压强大，故A错误；B、由于两鱼大小相同，则排开的水的体积相同，根据F浮=gV排可知鱼所受的浮力相等，故B正确C、由图可知：甲鱼缸水的深度比乙鱼缸水的深度浅，根据p=gh可知乙鱼缸鱼所受的压强大，故C错误；D、由于两个长方形鱼缸中装有质量相同的水，则根据G=mg可知鱼缸中水的重力相等；鱼缸都是柱状容器，又放在水平地面上，则压力与鱼缸中水和鱼的总重力相等，所以水对容器底部的压力相等，故D错误故选B7如图是小林家里电热水器的工作原理图，热水器有高中低三档功率小林发现热水器高档位不能工作，其他档位能正常工作小林猜想造成故障的原因有以下四种，你认为可能是（）Aa处接触不良Bb处接触不良C某电热丝短路D某电热丝开路【考点】电路图设计；电阻的串联；电阻的并联；电功率的计算【分析】当上面开关置于b端，单刀开关断开时，两电阻串联，电路中的总电阻最大，此时单刀开关再闭合时，电路中只有一根电阻丝；当上面开关置于a端，单刀开关闭合时，两电阻并联，电路中的电阻最小；根据公式P=可知，电阻越大，电功率越小，反之电功率最大，根据以上情况可以确定电烤箱的高、中、低档位，再结合题意得出造成故障的原因【解答】解：两电阻串联时电阻最大，两个电阻并联时电阻最小，根据公式P=可知，电阻越大，电功率越小，所以当上面开关置于b端，单刀开关断开时，两电阻串联，电功率最小，处于低档位；当上面开关置于b端，单刀开关闭合时，电路中只有一根电阻丝，此时处于中档位；当上面开关置于a端，单刀开关闭合时，两电阻并联，电功率最大，处于高档位热水器高档位不能工作，其他档位能正常工作则说明a处接触不良，故A符合题意，BCD均不符合题意故选A8以下做法符合安全用电要求的是（）A雷雨天在树下避雨B雷雨天用手机打电话C高楼楼顶安装避雷针D在高压线下玩耍【考点】安全用电原则【分析】（1）在打雷下雨时，严禁在山顶或者高丘地带停留，更要切忌继续蹬往高处观赏雨景，不能在大树下、电线杆附近躲避，也不要行走或站立在空旷的田野里，应尽快躲在低洼处，或尽可能找房层或干燥的洞穴躲避 （2）在电闪雷鸣、风雨交加之时，若旅游者在旅店休息，应立即关掉室内的电视机、收录机、音响、空调机等电器，以避免产生导电打雷时，在房间的正中央较为安全，切忌停留在电灯正下面，忌依靠在柱子、墙壁边、门窗边，以避免在打雷时产生感应电而致意外（3）雷雨天避免使用手机和上网【解答】解：A、雷雨天气不能在大树下避雨，因为树比较高，而且树上带有水，树木就成了导体，容易将雷电引下来，人在树下避雨就可能会触电，故A错误；B、雷雨天应避免使用手机通话，打电话时所发射的电磁波容易引来雷电，造成触电事故，故B错误；C、避雷针会把雷电导入大地，可以有效避免人遭到雷击，故C正确；D、据安全用电的原则可知，不靠近高压电源，所以在高压线下玩耍不安全，故D错误；故选C9如图所示，电源电压不变，当闭合开关S，滑片P向上滑动，下列判断正确的是（）A电流表的示数变大B电压表的示数变大C电阻R1的电功率变小D电路中的总电阻变大【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1电流的变化和电功率的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，再根据欧姆定律可知电路中总电阻的变化【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流，因电源电压不变，所以，滑片移动时电压表的示数不变，故B错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时通过R1的电流不变，电功率不变，故C错误；当滑片P向上滑动时，接入电路中的电阻变大，由I=可知，通过R2的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表的示数变小，故A错误；由R=可知，电路的总电阻变大，故D正确故选D10如图所示，两个相同的盛满水的甲、乙容器放在水平桌面上，甲容器中漂浮一物块，物块密度物=0.9水，下列说法错误的是（）A甲容器对水平桌面的压力等于乙容器对水平桌面的压力B将物块全部压入水中时，两容器底部受到水的压力不相等C漂浮的物块，受的重力与浮力平衡，且有体积露出水面D将物块缓慢下压至浸没的过程中，物块受到的浮力变大【考点】物体的浮沉条件及其应用【分析】A、分析出物体与排开水的重力关系，便可得出结论；B、首先根据p=水gh判断出水对容器底的压强，从而判断出压力的大小关系；C、根据浮力与重力相等的关系计算出物体浸没在液体中的体积，则得出露出水面的体积；D、根据F浮=水gV排，通过分析将物块缓慢下压至浸没的过程中排开水的体积变化，判断物块受到的浮力变化【解答】解：A、因为物体漂浮，所以浮力与重力相等，则物体的重力等于排开水的重力，因此两容器对水平地面的压力相等，故A正确；B、因为两容器都盛满水，由p=水gh得，水对容器底的压强相等，又两容器的底面积相同，由公式p=可得F=pS，可知将物块全部压入水中时，两容器底部受到水的压力相等，故B错误；C、物体漂浮，所以F浮=G，根据F浮=水gV排、G=mg和可得水gV排=物gV，则V排=V=V，则露出水面的体积为V，故C错误；D、将物块缓慢下压至浸没的过程中，物块排开水的体积不断变大，根据F浮=水gV排可知，物块受到的浮力变大，故D正确故选BC二、填空题（共6小题，满分12分）11实施人工降雨的一种方法是飞机在高空洒干冰，干冰进入云层，很快升华成气体，并从周围吸收大量的热量，于是，高空的水蒸气便液化成小水滴，或凝华成小冰晶（填物态变化名称）【考点】升华和凝华的定义和特点；液化及液化现象【分析】（1）物质从固态直接变为气态的过程叫升华，从气态直接变为固态的过程叫凝华，凝华是升华的相反过程；（2）物质从气态变成液态称为液化【解答】解：固态干冰变成气态二氧化碳是升华过程，升华过程需要向周围吸收热量；水蒸气变成小水滴的过程是液化过程；水蒸气变成小冰粒的过程是凝华过程故答案为：升华；热量；液化；凝华12如图所示，是一种利用健身球设计的充电器，当人们在转动球的时候就可以给电池充电，这时健身球里面的装置相当于发电机（选填“电动机”或“发电机”）它是将机械能转化为电能，再转化为化学能储存在电池内【考点】能量转化的现象；发电机的构造和原理【分析】根据在转动球的时候就可以给电池充电，就可知在转动球的时候是在发电，给电池充电的时候是消耗电能；电池充电过程是将电能转化成化学能【解答】解：利用健身球设计的充电器的工作原理是，靠转动的球去发电，将机械能转化成电能，然后给电池充电，电池充电过程是将电能转化成化学能，以化学能的形式储存在电池内故答案填：发电机；机械；电13如图所示，为一名消防员正在进行模拟演习训练当消防员沿着竖立在地面上的钢管匀速下滑时，他的动能不变，他的机械能减小【考点】动能和势能的大小变化【分析】（1）动能的大小与质量和速度有关；重力势能和物体的质量、高度有关；（2）动能和势能统称为机械能【解答】解：消防队员沿着竖直钢管匀速下滑时，人的质量不变，速度不变，所以他的动能不变；同时其质量不变，高度减小，故重力势能减小，所以机械能减小故答案为：不变；减小14将一物体分别放在甲、乙两凸透镜前相等距离处，通过甲透镜成缩小的像通过乙透镜成等大的像由此可推断：所成的都是实像（都是实像/都是虚像/一个是实像、一个是虚像），甲透镜的焦距小于（小于/等于/大于）乙透镜的焦距【考点】凸透镜成像的应用【分析】要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律 凸透镜成像规律：物距小于焦距成正立放大虚像应用是放大镜物距大于一倍焦距小于二倍焦距成倒立放大实像，像距大于二倍焦距应用是幻灯机、投影仪物距等于二倍焦距成倒立等大实像，像距等于二倍焦距物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距应用是照相机成虚像时：物像同侧，物距变大，像距变大，像变大成实像时：物像异侧，物距变大，像距变小，像变小【解答】解：通过甲透镜成缩小的像，说明此时物体在甲透镜2倍焦距之外，成了物体缩小、倒立的实像通过乙透镜成等大的像，说明此时物体在乙透镜的2倍焦距处，成等大、倒立的实像而物体分别放在甲、乙两凸透镜前相等距离处，所以甲透镜的焦距小于乙透镜的焦距故答案为：都是实像；小于15如图所示，一艘航母停在水面上，当航母上的一艘舰载机飞离航母后，则航母将上浮一些（选填“上浮一些”或“下沉一些”），所受浮力减小（选填“增大”、“减小”或“不变”）【考点】物体的浮沉条件及其应用【分析】航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮，受到的浮力减小，根据阿基米德原理判断上浮还是下沉【解答】解：舰载机飞离后，航母仍漂浮，但自重G减小因为F浮=G，所以航母所受浮力减小；由F浮=水V排g可知，因为浮力减小，所以排开水的体积要减小，航母将上浮一些故答案为：上浮一些；减小16如图所示，电源电压恒定，开关S闭合后，滑动变阻器滑片自b向a端移动，电压表V1的示数将变大，电压表V2的示数变化量与V1的示数变化量的比值将不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R两端电压，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串联电路特点判断电压表示数以及变化量如何变化，V2的示数变化量与V1的示数变化量的比值如何变化【解答】解：由电路图可知：R1与R串联，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器R两端电压；滑动变阻器滑片自b向a端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器的分压变小，电压表V2示数变小，所以电阻R1电压变大，电压表V1示数变大；串联电路中，总电压等于各部分两端电压之和，即UV1+UV2=U，电压表V2示数变小，电压表V1示数变大，并且减小的电压值等于增加的电压值，因此V2的示数变化量与V1的示数变化量的比值不变故答案为：变大；不变三、解答题（共2小题，满分10分）17如图所示，某人用机械效率为80%的滑轮组匀速提升重240N的物体，在2s内将物体提升2m的高度求：（1）有用功（2）人做功的功率【考点】有用功和额外功；功率的计算【分析】（1）知道物体重和被提升的高度，可用公式W=Gh求使用滑轮组做的有用功；（2）总功可用机械效率=关系式求解，再利用P=求拉力的做功功率【解答】解：（1）使用滑轮组做的有用功：W有=Gh=240N2m=480J；（2）由=得：W总=600J，拉力做功功率：P总=300W答：（1）有用功为480J（2）拉力的功率为300W18某保温电热水壶电路如图，S是温控开关，R1为加热器当开关S接到a时，电热水壶处于加热状态，此时通过电热水壶的电流是5A；当水烧开时，开关S自动切换到b，电热水壶处于保温状态，此时电热水壶的电功率为165W（不考虑温度对电阻阻值的影响），求：（1）加热电阻R1的阻值是多大？（2）在保温状态下，通过电阻R2的电流是多少？【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）当开关S接到a时，电路为R1的简单电路，根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；（2）当开关S切换到b时，两电阻串联，根据I=求出此时电路中的电流，即为通过电阻R2的电流【解答】解：（1）当开关S接到a时，电路为R1的简单电路，且I1=5A，R1的阻值R1=44；（2）当开关S切换到b时，两电阻串联，P保温=165W，电路中的电流I2=0.75A答：（1）加热电阻R1的阻值是44；（2）在保温状态下，通过电阻R2的电流是0.75A四、解答题（共7小题，满分28分）19请按要求作图（1）如图甲所示，OB可能是反射光线，也可能是折射光线，在图中画出这两种情况入射光线（2）如图乙所示，在杠杆AB上挂一个重为G的物体，为使杠杆在图中的位置静止，请在杠杆上画出最小的动力F和它的力臂【考点】作光的折射光路图；力臂的画法；杠杆中最小力的问题；作光的反射光路图【分析】（1）根据光的反射定律中的反射角等于入射角和当光从水里射向空气时发生折射，折射角大于入射角即可作出这两条入射光线；（2）使用杠杆时，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，越省力；因此只需找出使动力臂最长的动力作用点，然后作动力臂的垂线即可【解答】解：（1）发生反射时，反射角等于入射角，当光从水里射向空气时发生折射，折射角大于入射角，如下图甲；阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，最省力，即动力臂最长，由图知OB比OA长，所以OB做动力臂最长，过B点与OB垂直向上作垂线就得到动力F的方向，如下图乙所示；20在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，小明根据实验数据绘出水沸腾时的温度时间关系图象，如图丙所示（1）为“探究水沸腾时温度变化的特点”，他应选择的装置是乙（2）水沸腾时的温度如乙图所示98，丙图中哪段图象是错误的CD（3）图象中的BC段表示沸腾过程【考点】探究水的沸腾实验【分析】（1）为“探究水沸腾时温度变化的特点”，要用酒精灯对烧杯内的水加热，同时用温度计测量烧杯内的水，观察水的沸腾现象和温度计的变化情况，得出结论；（2）温度计的读数，注意认清温度计的分度值；水沸腾特点：吸收热量，温度保持不变；（3）液体沸腾时，不断吸热，温度保持不变，据此分析BC段表示的是什么过程【解答】解：（1）观察甲图可知，试管内装有碎冰块，采用的是水浴法加热，是探究固体熔化时温度的变化规律的实验；乙图烧杯内装有水，是探究水沸腾时温度变化的特点实验；（2）由图知，温度的分度值为1，示数为98，所以此时水的沸点为98；水沸腾时吸收热量，温度保持不变，若水的温度达到E开始沸腾，则BC段是水的沸腾图象，吸收热量，温度应保持不变，则CD段是错误的；（3）图象中的BC段温度保持不变，应该是水的沸腾过程过程故答案为：（1）乙；（2）98；CD；（3）沸腾21小琳同学在探究“平面镜成像的特点”时，将玻璃板竖直立在水平桌面上，再取两段相同的蜡烛F和E一前一后竖直放置在桌面上，点燃蜡烛F，移动蜡烛E，直到看上去它跟蜡烛F的像完全重合，如图所示在此实验中：（1）有规格相同的茶色玻璃和普通玻璃，小琳应该选择茶色玻璃（2）小琳用两段相同的蜡烛是为了比较像与物的大小关系（3）当风吹动蜡烛，烛焰向左偏时，烛焰的像向左偏【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】（1）根据茶色玻璃能反射一部分光，还会吸收一部分光，透明玻璃透光性好，蜡烛的光几乎全部透过玻璃，发生反射的光很少，成像不是太清晰，来解答此题（2）研究像物的大小采用的是等效替代法，把蜡烛A的大小用蜡烛B来代替（3）由平面镜的成像特点，像物关于镜面对称进行分析【解答】解：（1）平面镜成像是利用反射光来成像的，透明玻璃透光性好，蜡烛的光几乎全部透过玻璃，发生反射的光很少，成像不是太清晰，而茶色玻璃可以反射光，还会吸收一部分光，效果好一些，例如：实验室用的成像器材就是有色玻璃（2）选用大小相同的两个蜡烛，是为了用蜡烛B代替蜡烛A，来比较像物的大小关系（3）平面镜所成的像与物关于镜面对称，当风吹动蜡烛，烛焰向左偏时，烛焰的像向也左偏故答案为：（1）茶色；（2）大小；（3）左22小明同学在水塘中看到形状特殊的“虾”（1）如图甲所示，他看到的“虾”是因为光的折射而形成的虚像，真正的虾在水中E（选填“C”、“D”、“E”或“F”）点他用激光笔从A点向B（选填“B”、“C”、“D”、“E”或“F”）处射出光束，即可把虾照亮（2）拍照得到虾的胶片后，他用图乙所示的幻灯机展示给同学们，看到屏幕上的虾头朝上胶片上虾的头部朝下（选填“上”或“下”）测得胶片到凸透镜的距离为8cm，则该凸透镜的焦距可能是BA2cm B7cm C9cm D10cm【考点】光的折射现象及其应用；凸透镜成像的应用【分析】（1）光从水中斜射入空气中时，会发生折射，光线远离法线，人逆着光线看去物体的位置会偏高根据光路的可逆性，可用激光笔照亮物体；（2）凸透镜成实像时，像与物是相互倒立的；投影仪的原理是物距大于f小于2f时，成倒立放大的实像根据物距越小，像距越大，像越大，可判断幕布、透镜移动的方向【解答】解：（1）根据光的折射现象可知，他看到的“虾”是因为光的折射而形成的虚像，真正的虾在水中更深的位置，即在E处根据光路的可逆性，他用激光笔从A点向B处射出光束，即可把虾照亮（2）凸透镜成实像时，像与物是相互倒立的，因此，胶片上虾的头部应该在下方；因为投影仪的原理是物距大于f小于2f时，成倒立放大的实像，故f8cm2f，则4cmf8cm，只有B选项中7cm符合题意故答案为：（1）折射；E；B；（2）下；B23小强做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为3V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线图1是小强没有连接完的实物电路（1）请你用笔画线代替导线，帮小强将实物电路连接完整；（2）小强连好电路闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是灯丝断了（写出一种即可）；（3）小强排除故障后闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.6V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向右端滑动（选填“左”或“右”）；（4）小强通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了图2所示的UI图象根据UI图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率大约是0.66W，当加在小灯泡两端的电压为1.5V时，小灯泡的电阻是10UI图象不是一条直线其原因是灯丝电阻会随温度升高而增大【考点】电功率的测量【分析】（1）根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，然后将电压表并联在灯泡两端；（2）电压表有示数说明电压表两接线柱与电源之间是通路，电流表无实数、小灯泡始终不亮说明电路断路，即电压表并联部分断路；（3）电压表示数小于灯泡额定电压，为使灯泡正常发光，应调节滑动变阻器，增大灯泡电压，根据电路图确定滑片的移动方向；（4）根据图2读出3V和1.5V时通过灯丝的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；根据欧姆定律求出灯泡的电阻该图象不是直线，即电压和电流的比值不是定值，说明小灯泡发光的过程中，影响电阻大小的因素是存在的【解答】解：（1）根据题意可知，灯泡的额定电压为3V，因此电压表量程选择03V，故将电压表的3V接线柱与灯泡的右接线柱相连，如下图所示：（2）连好电路闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，说明电压表并联部分断路，故障的原因可能是灯丝断了等；（3）电压表示数小于灯泡额定电压，故需减小滑动变阻器两端电压，即减小滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片像右移动；（4）由图2可知，当电压表的示数为3V时，通过灯泡的电流为0.22A，则灯泡的额定功率P额=U额I额=3V0.22A=0.66W；当加在小灯泡两端的电压为1.5V时，通过灯泡的电流为0.15A，根据I=得：R=10小灯泡的电流随电压变化的图象不是一条直线，说明小灯泡的电阻不是定值，并且灯丝的电阻随电压的增大而升高，即灯丝的电阻随温度的升高而增大故答案为：（1）如上图所示；（2）灯丝断了；（3）右；（4）0.66；10；灯丝电阻会随温度升高而增大24小明和小华做“测量小灯泡的电阻”实验（1）小明所用小灯泡额定电压为2.5V，当灯泡正常发光时，电流表的示数如图所示，则通过灯泡的电流是0.26A，灯泡的电阻为9.6（2）小华将灯泡换成规格为“3.8V 0.38A”，并用学生电源将电压调至6V，滑动变阻器的规格为“1A 15”，其他器材相同，若实验中要求通过灯泡的电流至少为电流表刻度的三分之一，且灯泡长时间工作不被损坏，则测出灯泡电功率的范围是0.5761.444W（设灯泡电阻不变）【考点】伏安法测电阻的探究实验；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用【分析】（1）根据电流表小量程读数，根据欧姆定律求电阻大小；（2）由欧姆定律求出灯泡的电阻，由题意求出电路的最小电流，然后由电功率公式P=I2R求出灯泡的最小功率；灯泡长时间工作而不损坏的最大功率等于灯泡的额定功率，然后确定灯泡的功率范围【解答】解：（1）图中电流小量程分度值为0.02A，示数为0.26A，灯泡的电阻R=9.6；（2）由题意可知，灯泡的额定电压是3.8V，额定电流是0.38A，灯泡电阻R=10，灯泡额定功率P额=UI3.8V3.8A=1.444W，即为符合条件的最大功率；滑动变阻器全部接入电路时，电路电流最小，电路最小电流I最小=0.24A0.6A=0.2A，灯泡的最小电功率P最小=I最小2R=（0.24A）210=0.576W；灯泡电功率的范围是0.576WP1.444W；故答案为：（1）0.26；9.6；（2）0.5761.44425利用弹簧测力计、细线、装有适量水的小桶，测量铁矿石的密度，以下是实验步骤，请补充完整（1）将装有适量水的小桶悬挂在弹簧测力计下方，待小桶静止时，读出弹簧测力计的示数F1，并记录在表格中；（2）用细线拴住铁矿石，将铁矿石放入小桶中，手松开细线，铁矿石沉入桶底，水未溢出，此时，小桶受到的液体压强变大，待小桶静止时，读出弹簧测力计的示数F2，并记录在表格中；（3）用手提起细线，使铁矿石仍浸没水中且不接触桶底和壁待小桶静止时，读出弹簧测力计的示数F3，并记录在表格中；（4）利用测量出的物理量和水计算铁矿石的密度=水，并将计算结果记录在表格中【考点】固体的密度测量实验【分析】（1）要测量密度必须直接或者间接测量出质量和体积，然后用=求密度；（2）明确矿石浸没水中时，弹簧测力计测的不只是一桶水的重力，还会受到矿石所受浮力的反作用力，利用阿基米德原理求金属球受到的浮力，从而求出体积然后代入即可【解答】解：步骤（2）中将铁矿石放入小桶中，手松开细线，铁矿石沉入桶底，水未溢出则水面上升，根据液体压强计算公式p=gh可知小桶收到的液体压强变大；（1）、（2）两个步骤可以求出矿石的重力，从而求出质量；还需要测出矿石的体积，根据题意第（3）步骤应为：用手提起细线，使铁矿石仍浸没水中且不接触桶底和壁密度的推导过程如下：由题意，铁矿石的重力G=F2F1；因此铁矿石的质量m=；设矿石对水的作用力为F，则F=F浮，则弹簧测力计的示数：F3=F1+F所以矿石受到的浮力F浮=F=F3F1；由F浮=水gV排得：、V排=矿石浸没在水中，V=V排；所以，矿石的密度：=水故答案为：（2）变大；（3）用手提起细线，使铁矿石仍浸没水中且不接触桶底和壁；（4）水