中考物理预测卷（含解析）2

安徽省合肥市2016年中考物理预测卷一、填空题1.2015年12月17日，我国首颗天文卫星“悟空”成功发射升空“悟空”在天的工作轨道为高约500千米的太阳同步轨道，卫星总是每天在相同的时间经过地球上同一位置“悟空”在天工作时相对地面是_（填“运动”或“静止”）2我国北方地区冬季贮菜时，人们常在地窖里放几桶水，这是利用水的_（填物态变化名称）放出热量，以防止地窖里的菜被冻坏3如图为实验室所用电流表的内部结构示意图当给线圈通以从左向右的电流时，指针向右偏转，当给线圈通以从右向左的电流时，指针反向偏转这是因为通电导体在磁场中受到力的作用，力的方向与_有关4如图所示，在水平桌面上放着一个铝制实心的圆柱体，圆柱体的体积为10cm3，高为6cm，铝=2.7103kg/m3，则此圆柱体对地面的压强大小为_Pa5如图所示的电路，电源电压保持不变，R1的阻值为15，只闭合开关S，电流表的示数为0.2A；再闭合开关S1，电流表的示数变为0.5A，R2的阻值是_6如图，电源电压为6V，L的电阻是10，滑动变阻器的最大值是40闭合开关后，滑片从a端向b端移动时，电压表对应的示数变化范围是_，灯L消耗的电功率_（选填“变大”、“变小”或“不变”）7发电厂和用户间的电能输送，可以简化为如图示意图，因为由于距离很远，输电线AM和BN的电阻不可忽略，他们的总电阻用r表示，r=4，发电厂输电线输送4840kW的电功率，采用110kV高压输电，输电导线损失的电功率为P=_ W8有两个电路元件A、B，把它们串联在电路中，如图（乙）所示，流过元件的电流与其两端的电压关系如图（甲）所示闭合开关S，这时电流表的示数为0.4A，则A、B两元件的电功率之比为_9在自由下落过程中，物体运动速度会越来越快，一个物体由A点自由下落，相继经过B、C两点，已知AB=BC如图所示，物体在AB段重力做功W1，做功功率P1；在BC段重力做功W2，做功功率P2，则W1_W2，P1_P2（两空均选填“”、“”或“=”）10动滑轮其实就是一个变形的杠杆，利用如图所示的动滑轮来提升一重物G，拉力F竖直向上（1）请在图中标出它的支点O，并画出F的力臂L（2）若重物G大小为2N，拉力F大小为5N，则此动滑轮的机械效率为_二、选择题（2015滨州）关于声现象，下列说法正确的是（）A二胡演奏出的优美旋律，是由弦的振动产生的B运动员打鼓用的力越大，鼓声的音调就越高C女航天员王亚平在天宫一号上讲课的声音是通过声波传回地球的D“禁止鸣笛”是在传播过程中减弱噪声12如图是四个热学实验，说明做功可以改变物体内能的是（）A两块表面干净的铅压紧后可吊起重物B加达使水沸腾，水蒸气冲起软木塞C抽掉中间的玻璃板后，两种气体混合在一起D绳子摩擦使铜管内乙醚沸腾，蒸气冲起软木塞13如图所示，一物体放在水平传送带上，物体随传送带一起向右匀速运动关于物体的受力，下列说法正确的是（）A物体受到重力和弹力的作用B物体受到重力、弹力和向右的牵引力作用C物体受到重力、弹力和向右的摩擦力的作用D物体受到受到重力、弹力和向左的摩擦力的作用14用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，把相同的重物匀速提升相同的高度若不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（）A绳子受的拉力F1和F2大小相等，滑轮组的机械效率相同B绳子受的拉力F1和F2大小不相等，滑轮组的机械效率不同C绳子自由端移动的距离不相等，拉力对滑轮组所做的功相等D绳子自由端移动的距离不相等，拉力对滑轮组所做的功不相等15如图所示，一物体沿斜面向下匀速滑动以下说法正确的是（）A物体下滑过程中动能增大B物体下滑过程中惯性增大C物体下滑过程中机械能不变D物体下滑过程中机械能转化为内能16如图所示，电源电压为6V，定值电阻R=20，在S闭合的情况下，下列说法正确的是（）A在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表有明显示数B不能在ab两点间接入一个电流表C在a、b两点间接入一个“3V 0.5A”的小灯泡，小灯泡能正常发光D在a、b两点间接入一个10的电阻，电路消耗的电功率为2W17如图所示的电路，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P从左向右滑动时，灯泡L1、L2亮度的变化情况是（）AL1变亮，L2变亮BL1变亮，L2变暗CL1变暗，L2变亮DL1变暗，L2变暗三、实验题（第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分）18如图所示是我们实验用的天平，放在水平工作台面上，砝码盒中配备的砝码有50g、20g、10g、5g利用该天平来测量一个物体的质量，估计其质量在30g左右请完成以下问题：（1）使用天平称量前要通过调节平衡螺母，使天平横梁平衡，这是为了_；（2）把物体放入左盘，用镊子夹取20g、10g砝码各1个放入右盘中，若指针右偏，则应取下_g砝码，加上_g砝码，若此时天平指针左偏，接下来应进行的操作是：_直到天平平衡19可用如图所示的装置来测定物块和小车间的滑动摩擦力大小，在托盘中添加适当的砝码，小车将在水平桌面上运动，用弹簧测力计拉着物块，小车在运动过程中物块始终保持静止，物块也始终未脱离小车（1）某次实验过程中，弹簧测力计的示数如图所示，托盘和砝码的总质量m为300g，则物块受到的滑动摩擦力大小为_N，方向_（2）增加砝码的质量，小车的运动状态将发生改变，物块和小车间的滑动摩擦力大小_（选填“变大”、“变小”或“不变”）20在“测量小灯泡额定功率”的实验中，电路图如图甲所示，电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10（1）请用笔画线代替导线在图乙中完成实物电路的连接；（2）同学们进行试触时，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表有示数，则电路中发生的故障可能是_；（3）某次实验中，同学们看到电压表示数为1.8V，要使灯泡L正常发光应向_（选填“A”或“B”）端移动滑片，同时视线应注意观察电压表示数，当灯正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是_W四、计算与推导题（第21小题8分，第22小题6分，第23小题9分，共23分）21如图所示，一均匀的长方体物块在液体中静止时处于漂浮状态已知它的底面积为S，下表面处受到液体的压强为p，则：（1）求长方体物块受到浮力？（2）若长方体物块静止时的露出液面的高度为h，液体密度为，试求长方体物块的密度？22即热式热水宝是一种无内胆的纳米管加热装置，因为其体积小、加热速度快，真正实现即开即热的使用功能，得到了广泛应用其电路原理如图，电热丝R1、R0绕在出水管上，水经过出水管时被加热，通过改变水龙头控制开关S、S0的状态，可以选择出凉水、温水或开水该管线机的额定电压是220V，开水加热电功率是4400W，温水加热电功率是2200W已知：电热丝R1、R0电阻不随温度变化，水的比热容c=4.2103 J/（kg），水的密度=1103 kg/m3，g取10N/kg求：（1）开关S断开时，水龙头出_（凉水、温水或开水）开关S、S0都闭合时，水龙头出_（凉水、温水或开水）（2）现在需要100的开水500ml，已知水的初温是20，水需要吸收多少热量？（3）如果电能转化为水的内能的效率是80%，饮水机正常工作时，烧开这些水需要多长时间？23凸透镜的成像规律可以通过画光路图去理解在光路图中凸透镜用图a表示，O点为光心，F为焦点，A、B两点到光心的距离均为2f（1）图b中CD、CE、CO是物体AC发出的三条光线，请画出这三条入射光线的出射光线，并画出物体AC经透镜所成的像；（2）在图b中，设物体AC的高度为h1，物体AC经透镜所成的像的高度为h2，物理学中将h2、h1的比值称为放大率，用字母n表示，试运用几何知识证明n=12016年安徽省中考物理预测卷参考答案与试题解析一、填空题（2016安徽模拟）2015年12月17日，我国首颗天文卫星“悟空”成功发射升空“悟空”在天的工作轨道为高约500千米的太阳同步轨道，卫星总是每天在相同的时间经过地球上同一位置“悟空”在天工作时相对地面是运动（填“运动”或“静止”）【考点】运动和静止的相对性【分析】要判断物体的动与静，就要比较物体与参照物的位置关系选择参照物的关键是首先找出被研究物体，然后选择该物体之外的物体进行位置的比较【解答】解：卫星“悟空”在天的工作轨道为高约500千米的太阳同步轨道，相对地面位置发生改变，故“悟空”是运动的故答案为：运动【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论2我国北方地区冬季贮菜时，人们常在地窖里放几桶水，这是利用水的凝固（填物态变化名称）放出热量，以防止地窖里的菜被冻坏【考点】凝固与凝固放热特点【分析】物体由液态变为固态的过程叫凝固，凝固要放热【解答】解：冬天贮菜时，人们常在地窖里放几桶水，液态的水遇冷凝固为固态的冰，同时放出热量，使菜窖的温度不至于过低而将菜冻坏故答案为：凝固【点评】此题考查的是物理知识在生活中的应用，这也体现了物理知识应用于生活的理念3如图为实验室所用电流表的内部结构示意图当给线圈通以从左向右的电流时，指针向右偏转，当给线圈通以从右向左的电流时，指针反向偏转这是因为通电导体在磁场中受到力的作用，力的方向与电流方向有关【考点】磁场对通电导线的作用【分析】通电导体在磁场中受到力的作用，力的方向与电流的方向和磁场方向有关【解答】解：电流表的磁极不变，则磁场不变，电流方向改变时指针的方向改变是因为通电线圈所受力的方向该变，说明力的方向与电流方向有关故答案为：电流方向【点评】此题难度不大，考查了通电导体力的影响因素，认真分析即可得出答案4如图所示，在水平桌面上放着一个铝制实心的圆柱体，圆柱体的体积为10cm3，高为6cm，铝=2.7103kg/m3，则此圆柱体对地面的压强大小为1587.6Pa【考点】压强的大小及其计算【分析】知道圆柱体的高度和密度，利用p=gh求此圆柱体对地面的压强【解答】解：圆柱体的高：h=6cm=0.06m，此圆柱体对地面的压强：p=gh=2.7103kg/m39.8N/kg0.06m=1587.6Pa故答案为：1587.6【点评】本题考查了压强的计算，对于密度均匀固体的压强可以利用p=gh计算5如图所示的电路，电源电压保持不变，R1的阻值为15，只闭合开关S，电流表的示数为0.2A；再闭合开关S1，电流表的示数变为0.5A，R2的阻值是10【考点】欧姆定律的应用【分析】当只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电流表的示数为通过R1的电流，由欧姆定律计算电源电压；当再闭合开关S1时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知闭合开关S1时通过R1的电流不变，根据并联电路的电流特点可知电流表的变化量即为通过R2的电流，从而计算R2的阻值【解答】解：由图知，当只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电流表的示数为通过R1的电流，即I1=0.2A，由欧姆定律可得：U=U1=I1R1=0.2A15=3V，当再闭合开关S1时，两电阻并联，电流表测干路电流，因为并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以闭合开关S1时通过R1的电流不变，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R2的电流等于电流表的变化量，即I2=0.5A0.2A=0.3A，并联电路中各支路两端的电压相等，即U=U1=U2=3V，所以：R2=10故答案为：10【点评】本题考查了并联电路特点和欧姆定律的应用，关键是根据并联电路的特点判断出再闭合开关S1时电流表示数的变化量即为通过过R2的电流6如图，电源电压为6V，L的电阻是10，滑动变阻器的最大值是40闭合开关后，滑片从a端向b端移动时，电压表对应的示数变化范围是1.2V6V，灯L消耗的电功率不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】电功率的计算【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑片左侧和灯泡两端的电压之和，电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，据此可知，滑片移动时电路中的总电阻不变和滑片左侧部分电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化；当滑片位于a端时，电压表的示数最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出电压表的示数，当滑片位于b端时，电压表的示数最大即为电源的电压，据此得出电压表对应的示数变化范围【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，电压表测滑片左侧和灯泡两端的电压之和，因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，滑片从a端向b端移动时，电路中的总电阻不变，但滑片左侧部分两端的电阻变大，由I=可知，电路中的电流不变，由U=IR可知，滑片左侧和灯泡两端的电压之和变大，即电压表的示数变大；由P=I2R可知，灯泡消耗的电功率不变；当滑片位于a端时，电压表的示数最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=0.12A，电压表的最小示数：UL=IRL=0.12A10=1.2V，当滑片位于b端时，电压表的示数最大，最大示数为电源的电压6V，所以，电压表对应的示数变化范围是1.2V6V故答案为：1.2V6V；不变【点评】本题考查了电路的动态分析和串联电路特点以及欧姆定律的应用，关键是根据电压表的正确使用判断出滑片的移动不能改变接入电路中的电阻但可以改变电压表所测的电阻7发电厂和用户间的电能输送，可以简化为如图示意图，因为由于距离很远，输电线AM和BN的电阻不可忽略，他们的总电阻用r表示，r=4，发电厂输电线输送4840kW的电功率，采用110kV高压输电，输电导线损失的电功率为P=7744 W【考点】电功率的计算【分析】根据公式P=UI计算出输电线中的电流值，根据公式P=I2r计算出损失的电功率【解答】解：由公式P=UI得，输电线中的电流：I=44A；则输电线损失的电功率：P=UI=I2r=（44A）24=7744W故答案为：7744【点评】由于输电线存在电阻，所以电流通过输电线时，会由于发热而损坏部分电能，为了减小电能的损失，要采用高压输电的形式解决此题的关键是能够根据电功率的计算公式计算出电路中的电流8有两个电路元件A、B，把它们串联在电路中，如图（乙）所示，流过元件的电流与其两端的电压关系如图（甲）所示闭合开关S，这时电流表的示数为0.4A，则A、B两元件的电功率之比为4：5【考点】电功率的计算【分析】由电路图可知，电路元件A和B串联，电流表测电路中的电流，根据串联电路中的电流特点结合图象读出它们两端的电压，根据P=UI得出电功率的比值【解答】解：两个电路元件A和B串联在电路中，电流表的示数为0.4A，A对应的电压是2V，B对应的电压是2.5V，则=故答案为：4：5【点评】本题是有关电功率的计算应用问题，首先要掌握串联电路的电流特点及电功率的计算公式，关键能够根据图象获取有用信息9在自由下落过程中，物体运动速度会越来越快，一个物体由A点自由下落，相继经过B、C两点，已知AB=BC如图所示，物体在AB段重力做功W1，做功功率P1；在BC段重力做功W2，做功功率P2，则W1=W2，P1P2（两空均选填“”、“”或“=”）【考点】功的大小比较；功率大小的比较【分析】已知AB=BC，根据W=Gh可知这两段物体做的功相等；因小球在自由下落时做加速下落运动，所以根据速度公式可知经过相同路程的时间关系，再根据功率公式得出它们的功率关系【解答】解：由题AB=BC，根据W=Gh可知，物体在AB段和BC段做的功相等，即W1=W2；由于小球在自由下落时做加速运动，由v=可得，t=可知，小球在BC段运动的时间短，根据公式P=可知，物体在AB段重力做功功率小于BC段重力做功功率，即P1P2故答案为：=；【点评】本题考查了做功公式、功率公式的灵活运用以及牛顿第一定律的理解，关键是知道自由下落物体的运动是加速下落，从而得到AB和BC段的时间关系10动滑轮其实就是一个变形的杠杆，利用如图所示的动滑轮来提升一重物G，拉力F竖直向上（1）请在图中标出它的支点O，并画出F的力臂L（2）若重物G大小为2N，拉力F大小为5N，则此动滑轮的机械效率为80%【考点】力臂的画法；滑轮（组）的机械效率【分析】（1）此题是动滑轮的一种特殊使用方法，正常使用时是将物体挂在轮轴上，拉绳子的一端而特殊使用方法恰好相反，拉轮轴而将物体挂在绳子的末端动滑轮的特殊使用方法，不仅不省力而且费2倍的力，但能够省一半的距离（2）已知重物G大小为2N，拉力F大小为5N，分别求得W有用=Gh，总功W总=Fs，利用=100%，求得此动滑轮的机械效率【解答】解：（1）动滑轮的支点为O，动力F为绳子的拉力，方向向上，过支点O向动力作用线画垂线，就得到动力臂L，如图所示：（2）这是动滑轮的一种特殊使用方法，它的特点是费2倍的力却省一半的距离有用功W有用=Gh=2Nh，总功W总=Fs=5Nh=2.5Nh，滑轮组效率=100%=100%=80%故答案为：（1）见上图；（2）80%【点评】此题考查的是动滑轮的特殊使用方法我们只要用我们学到的有关于动滑轮的知识就可以很好的解答此题二、选择题（2015滨州）关于声现象，下列说法正确的是（）A二胡演奏出的优美旋律，是由弦的振动产生的B运动员打鼓用的力越大，鼓声的音调就越高C女航天员王亚平在天宫一号上讲课的声音是通过声波传回地球的D“禁止鸣笛”是在传播过程中减弱噪声【考点】声音的产生；响度与振幅的关系；防治噪声的途径；电磁波的传播【分析】A、声音是由物体振动产生的；B、音调与振动快慢有关，响度与振幅有关；C、真空不能传播声音；D、减弱噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱【解答】解：A、二胡演奏出的优美旋律，是由弦的振动产生的，A正确；B、运动员打鼓用的力越大，鼓声的响度就越大，B错误；C、太空中是真空，不能传播声音，女航天员王亚平在天宫一号上讲课的声音是通过电磁波传回地球的，C错误；D、“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪声，D错误故选A【点评】本题是有关声音的知识考查，主要考查了声音的产生和传播、声音的三要素及影响因素、减弱噪声的途径及电磁波的有关应用，难度不大，属基础知识的考查12如图是四个热学实验，说明做功可以改变物体内能的是（）A两块表面干净的铅压紧后可吊起重物B加达使水沸腾，水蒸气冲起软木塞C抽掉中间的玻璃板后，两种气体混合在一起D绳子摩擦使铜管内乙醚沸腾，蒸气冲起软木塞【考点】做功改变物体内能【分析】逐个分析ABCD四个物理情景，确定其包含的物理规律或道理，即可得到答案【解答】解：A、两块表面干净的铅块挤压在一起，可吊起一定质量的物体，说明分子之间存在引力，故A错误；B、加热使水沸腾，水的内能增加，说明热传递可以改变内能，故B错误；C、抽开中间的玻璃板，两种气体混在一起，说明分子是运动的，故C错误；D、绳子摩擦使铜管内乙醚温度升高，内能增加，说明做功可以改变内能，故D正确故选D【点评】此题考查的是我们对分子动理论、改变内能的方法的掌握和再现，属于基本规律的考查在平时对教材中的图片要多观察、多留心13如图所示，一物体放在水平传送带上，物体随传送带一起向右匀速运动关于物体的受力，下列说法正确的是（）A物体受到重力和弹力的作用B物体受到重力、弹力和向右的牵引力作用C物体受到重力、弹力和向右的摩擦力的作用D物体受到受到重力、弹力和向左的摩擦力的作用【考点】力与运动的关系【分析】物体随传送带一起向右作匀速运动时，物体受到重力和传送带的支持力而平衡，不受摩擦力作用【解答】解：在竖直方向上，物体受重力和支持力，这两个力是一对平衡力；物体和传送带一起向右匀速运动，它们相对静止，所以物体不受摩擦力的作用，也没有牵引力；若物体受到摩擦力，水平方向上没有其他的力与之平衡，物体的合力不等于零，物体不可能做匀速运动；所以，物体在传送带上匀速运动时不受摩擦力作用故A正确故选A【点评】本题判断物体是否受摩擦力采用的是假设法，这是常用的思维方法，同时要结合平衡来分析受力14用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，把相同的重物匀速提升相同的高度若不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（）A绳子受的拉力F1和F2大小相等，滑轮组的机械效率相同B绳子受的拉力F1和F2大小不相等，滑轮组的机械效率不同C绳子自由端移动的距离不相等，拉力对滑轮组所做的功相等D绳子自由端移动的距离不相等，拉力对滑轮组所做的功不相等【考点】滑轮（组）的机械效率；滑轮组及其工作特点；功的计算；有用功和额外功【分析】由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离s=nh；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系【解答】解：不计绳重及摩擦，拉力F=（G物+G轮），n1=2，n2=3，绳子受的拉力：F1=（G物+G轮），F2=（G物+G轮），F1F2，动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W额=G轮h，W有用=G物h，利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同，=100%，滑轮组的机械效率相同，故A、B错；绳子自由端移动的距离s=nh，n1=2，n2=3，提升物体的高度h相同，s1=2h，s2=3h，s1s2，拉力做的功：W1=F1s1=（G物+G轮）2h=（G物+G轮）hW2=F2s2=（G物+G轮）3h=（G物+G轮）h，W1=W2，故C正确、D错故选C【点评】本题考查了使用滑轮组时n的确定方法，有用功、额外功、总功的计算方法，不计摩擦和绳重时拉力的求法；本题关键在于确定额外功相等15如图所示，一物体沿斜面向下匀速滑动以下说法正确的是（）A物体下滑过程中动能增大B物体下滑过程中惯性增大C物体下滑过程中机械能不变D物体下滑过程中机械能转化为内能【考点】动能和势能的大小变化；惯性【分析】（1）动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，机械能等于动能和势能之和；（2）惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；（3）克服摩擦做功，机械能转化为内能【解答】解：A、一物体沿斜面向下匀速滑动时，质量不变，速度不变，所以动能不变；故A错误；B、惯性是物体的固有属性，只与质量有关，与运动状态、速度、体积和密度无关；故B错误；C、物体高度减小，所以重力势能减小；机械能等于动能和势能之和，所以机械能的总量减小；故C错误；D、物体下滑过程中，克服摩擦做功，是机械能转化为内能的过程；故D正确故选：D【点评】了解动能、重力势能、机械能的概念及其影响因素，是解答本题的关键16如图所示，电源电压为6V，定值电阻R=20，在S闭合的情况下，下列说法正确的是（）A在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表有明显示数B不能在ab两点间接入一个电流表C在a、b两点间接入一个“3V 0.5A”的小灯泡，小灯泡能正常发光D在a、b两点间接入一个10的电阻，电路消耗的电功率为2W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，可以测电源的电压；（2）电流表的内阻很小、在电路中相当于导线，使用时与被测电路元件串联；（3）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出串联电阻的阻值；（4）根据电阻的串联和P=求出在a、b两点间接入一个10的电阻时电路消耗的电功率【解答】解：（1）在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表串联在电路中测电源的电压，示数为6V，即电压表有明显示数，故A正确；（2）在ab两点间接入一个电流表时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，故B错误；（3）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡正常发光时，串联电阻两端的电压：U串=UUL=6V3V=3V，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可得，串联电阻的阻值：R串=6R=20，故小灯泡不能正常发光，故C错误；（4）在a、b两点间接入一个10的电阻时，电路消耗的电功率：P=1.2W，故D错误故选A【点评】本题考查了电表的正确使用和串联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等17如图所示的电路，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P从左向右滑动时，灯泡L1、L2亮度的变化情况是（）AL1变亮，L2变亮BL1变亮，L2变暗CL1变暗，L2变亮DL1变暗，L2变暗【考点】电路的动态分析；并联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电阻的串联；电阻的并联【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡L1并联后与灯泡L2串联；根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据电阻的并联可知并联部分电阻的变化，根据串联电路电阻的分压特点可知灯泡L2和并联部分分得的电压变化，根据P=和灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断两灯泡亮暗的变化【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡L1并联后与灯泡L2串联；当滑片P从左向右滑动时，接入电路的电阻变小，并联部分的总电阻变小；串联电路电阻越大分得的电压越大，反之越小，灯泡L2分得的电压变大，并联部分分得的电压变小，即灯泡L1两端的电压变小，P=，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，灯泡L2的实际功率变大、灯泡变亮，灯泡L1的实际功率变小、灯泡变暗故选C【点评】本题中的电路图是一个混联电路，分析时我们可以先局部后整体，即先分析出灯泡L1和滑动变阻器的连接方式，然后采用等效法把它们看做是一个电阻，再分析出它们与灯泡L2的连接方式不论电阻是串联还是并联，只要两个电阻中有一个电阻变大（或变小），则总电阻也会变大（或变小）三、实验题（第18小题6分，第19小题6分，第20小题8分，共20分）18如图所示是我们实验用的天平，放在水平工作台面上，砝码盒中配备的砝码有50g、20g、10g、5g利用该天平来测量一个物体的质量，估计其质量在30g左右请完成以下问题：（1）使用天平称量前要通过调节平衡螺母，使天平横梁平衡，这是为了消除横梁自重对测量结果的影响；（2）把物体放入左盘，用镊子夹取20g、10g砝码各1个放入右盘中，若指针右偏，则应取下10g砝码，加上5g砝码，若此时天平指针左偏，接下来应进行的操作是：向右移动游码直到天平平衡【考点】天平的使用【分析】使用天平时，应先调节天平的横梁在水平位置平衡在试加砝码时，应按从大到小的顺序依次试加，当加入最小的砝码后仍不平衡，再调节游码【解答】解：（1）天平的实质是等臂杠杆，使用天平称量前要通过调节平衡螺母，使天平横梁平衡，这是为了消除横梁自重对测量结果的影响；（2）天平试加砝码时，应按从大到小的顺序，当加入最小的砝码后仍不平衡，再调节游码把物体放入左盘，用镊子夹取20g、10g砝码各1个放入右盘中，若指针右偏，说明右盘砝码质量偏大，此时应取下较小的10g砝码，加上更小的5g砝码；若此时天平指针左偏，说明左盘物体质量偏大、右盘砝码质量偏小，则接下来应进行的操作是：向右移动游码直到天平平衡故答案为：（1）消除横梁自重对测量结果的影响；（2）10；5；向右移动游码【点评】本题考查了天平的调节与使用方法，是我们必须熟知的，尤其是试加砝码的顺序，应特别重视19可用如图所示的装置来测定物块和小车间的滑动摩擦力大小，在托盘中添加适当的砝码，小车将在水平桌面上运动，用弹簧测力计拉着物块，小车在运动过程中物块始终保持静止，物块也始终未脱离小车（1）某次实验过程中，弹簧测力计的示数如图所示，托盘和砝码的总质量m为300g，则物块受到的滑动摩擦力大小为2.6N，方向水平向左（2）增加砝码的质量，小车的运动状态将发生改变，物块和小车间的滑动摩擦力大小不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】摩擦力的大小；摩擦力的方向【分析】（1）由图示弹簧测力计确定其示数，然后读出拉力大小，由平衡条件求出滑动摩擦力；（2）滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，在接触面粗糙程度不变时，压力越大，摩擦力越大【解答】解：（1）由图示弹簧测力计可知，其分度值是0.1N，其示数为2.6N，滑动摩擦力f=F=2.6N，由图可知，小车向左运动，物块相当于小车想向右运动，摩擦力的方向与物体运动的方向相反，为水平向左；（2）在托盘中加一个砝码，小车的运动状态将发生改变，物块与小车间接触面的粗糙程度不变，物体间的压力不变，则摩擦力将不变故答案为：（1）2.6；水平向左；（2）不变【点评】本题考查了弹簧测力计读数、实验现象分析，理解实验原理、掌握弹簧测力计读数方法、应用控制变量法认真分析实验现象即可正确解题20在“测量小灯泡额定功率”的实验中，电路图如图甲所示，电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10（1）请用笔画线代替导线在图乙中完成实物电路的连接；（2）同学们进行试触时，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表有示数，则电路中发生的故障可能是灯泡断路（或灯座断路）；（3）某次实验中，同学们看到电压表示数为1.8V，要使灯泡L正常发光应向A（选填“A”或“B”）端移动滑片，同时视线应注意观察电压表示数，当灯正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是0.6W【考点】电功率的测量；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用【分析】（1）根据电路图连接实物图，根据灯的额定电电压确定电压表的量程，求出灯正常工作时的电流确定电流表的量程，变阻器滑片以左电阻丝连入电路中；（2）闭合开关灯泡不亮，可能是灯泡断路或短路或灯泡之外的电路断路；电流表无示数，可能是电路断路；电压表有示数，说明电压表与电源两端是连通的，电压表并联电路之外不存在断路；综合分析知电路故障可能是：灯泡断路（或灯座断路）；（3）比较电压表示数与额定电压的大小，根据分压原理确定滑片移动的方向；根据图丙电流表小量程读数，由P=UI求灯的额定功率【解答】解：（1）灯的额定电压为2.5V，所以电压表选用小量程并联在灯的两端，灯正常工作时的电流大小I=0.25A0.6A，所以电流表选用小量程与灯串联在电路中，变阻器滑片以左电阻丝连入电路中，实物图中元件顺序与电路图一致，如下图所示：（2）由上面的分析，电路中发生的故障可能是灯泡断路（或灯座断路）而导致电压表串联在电路中了；（3）灯的电压为2.5V时才正常发光，现在的电压为1.8V小于2.5V，应增大灯的电压，减小变阻器分得的电压，根据分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，所以滑片向A端（左端）移动；由图丙，电流表小量程分度值为0.02A，示数大小为0.2A，灯的额定功率P=UI=2.5V0.24A=0.6W故答案为：（1）如上图所示；（2）灯泡断路（或灯座断路）；（3）A；0.6【点评】本题测灯的额定功率，考查电路的连接、故障的分析、操作过程、功率的计算等知识，难度中等四、计算与推导题（第21小题8分，第22小题6分，第23小题9分，共23分）21如图所示，一均匀的长方体物块在液体中静止时处于漂浮状态已知它的底面积为S，下表面处受到液体的压强为p，则：（1）求长方体物块受到浮力？（2）若长方体物块静止时的露出液面的高度为h，液体密度为，试求长方体物块的密度？【考点】浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用【分析】（1）漂浮物体所受的浮力大小等于其地面所受液体对该物体的压力，故知道液体压强，和物体地面的面积，据F=pS计算即可得出；（2）先计算出长木块的长度；而后据漂浮的条件和阿基米德原理分析即可得出正确答案；【解答】解：（1）据浮力的产生原因可知，物体漂浮时所受的浮力等于其底面所受液体的压力，即此时所受的浮力F浮=F下=pS；（2）由于漂浮，所以G=F浮=pS；则长方体的体积为：V=；故长方体的高度为：H=；若长方体物块静止时的露出液面的高度为h，则浸入水中的高度：h浸=Hh=h；物块排开液体的体积：V排=Sh浸=（h）S，由于长方体漂浮在液体中，则F浮=G总，由F浮=gV排，G物=m物g=物V物g可得：g（h）S=物g；所以，长方体物块的密度：物=；答：（1）长方体物块受到浮力pS；（2）若长方体物块静止时的露出液面的高度为h，液体密度为，长方体物块的密度是；【点评】本题漂浮条件的应用，关键是注意两种情况下小金属块受到的重力和浮力大小不变（隐含条件）22即热式热水宝是一种无内胆的纳米管加热装置，因为其体积小、加热速度快，真正实现即开即热的使用功能，得到了广泛应用其电路原理如图，电热丝R1、R0绕在出水管上，水经过出水管时被加热，通过改变水龙头控制开关S、S0的状态，可以选择出凉水、温水或开水该管线机的额定电压是220V，开水加热电功率是4400W，温水加热电功率是2200W已知：电热丝R1、R0电阻不随温度变化，水的比热容c=4.2103 J/（kg），水的密度=1103 kg/m3，g取10N/kg求：（1）开关S断开时，水龙头出凉水（凉水、温水或开水）开关S、S0都闭合时，水龙头出开水（凉水、温水或开水）（2）现在需要100的开水500ml，已知水的初温是20，水需要吸收多少热量？（3）如果电能转化为水的内能的效率是80%，饮水机正常工作时，烧开这些水需要多长时间？【考点】电功与热量的综合计算【分析】（1）分析电路图可知当S断开时电路处于断路状态，水龙头出凉水；当S，S0都闭合时，电路中电阻处于最小，根据P=可知功率最大，出热水；（2）先利用m=V求出水的质量，再利用吸热公式求出水吸收的热量；（3）根据效率公式求出消耗的电能，再利用t=求出加热时间【解答】解：（1）根据题意和电路图可知，当S断开时电路处于断路状态，水龙头出凉水；当S，S0都闭合时，电路中电阻处于最小，根据P=可知功率最大，出热水；（2）由=可得：水的质量为：m=V=1103 kg/m3500106 m3=0.5kg；水吸收的热量为：Q=cmt=4.2103 J/（kg）0.5kg（10020）=1.68105J；（3）由=可得：W=2.1105J由P=可得：t=48s答：（1）凉水；开水；（2）现在需要100的开水500ml，已知水的初温是20，水需要吸收热量1.68105J；（3）如果电能转化为水的内能的效率是80%，饮水机正常工作时，烧开这些水需要48s【点评】本题考查了密度公式、吸热公式、电功率公式、电功公式、效率公式的应用，关键是计算公式的灵活应用，难度适中，是一道好题23凸透镜的成像规律可以通过画光路图去理解在光路图中凸透镜用图a表示，O点为光心，F为焦点，A、B两点到光心的距离均为2f（1）图b中CD、CE、CO是物体AC发出的三条光线，请画出这三条入射光线的出射光线，并画出物体AC经透镜所成的像；（2）在图b中，设物体AC的高度为h1，物体AC经透镜所成的像的高度为h2，物理学中将h2、h1的比值称为放大率，用字母n表示，试运用几何知识证明n=1【考点】透镜的光路图；凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）先弄清三条特殊光线的做法，再在b中完成光路图，经过光心光线不改变方向；平行于主光轴光线折射经过右焦点两条光线交点就是成像点；（2）利用几何知识中的三角形相似，对应边成比例，解决物距、像距和焦距之间的定量关系【解答】解：（1）经过光心光线CO不改变方向；平行于主光轴光线CD折射经过右焦点，CE经凸透镜折射后靠近主光轴，三条光线交点就是成像点，光路图如图所示：（2）根据几何知识可知：OACOGB，则=，已知AO=OB=2f，物体AC的高度为h1，物体AC经透镜所成的像的高度为h2，所以h1=h2，所以=1，即放大率n=1故答案为：（1）见上图；（2）见解答部分【点评】本题主要考查了凸透镜成像的光路图画法以及物距、像距和焦距之间的定量关系的推导，充分利用几何知识是解决问题的关键