湖北省鄂州市2014年中考物理试卷(word版含解析).doc

2014年湖北省鄂州市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题2分，共24分）1（2分）（2014鄂州）关于声音，下列说法正确的是（）A高速公路两侧安装透明板墙是在声源处减弱噪声B只要物体振动，我们就能听到声音C超声波不能在真空中传播D人们根据响度来辨别不同乐器发出的声音考点：防治噪声的途径；声音的产生；声音的传播条件；音色专题：声现象分析：（1）减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱；（2）人耳听到声音的条件：物体发生振动；介质向外传声；良好的听觉器官；频率在人的听觉范围之内；有足够的响度；（3）真空不能传声；（4）音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同解答：解：A、高速公路两侧安装透明板墙是在传播过程中减弱噪声，故A错误；B、人耳能听到的声音频率范围一般在20Hz20000Hz范围内，在此范围以外的声波（超声波和次声波），人耳听不到，故B错误；C、超声波属于声音，而真空不能传声，故C正确；D、人们根据音色来辨别不同乐器发出的声音，故D错误故选C点评：本题考查了声音的相关知识，属于基础知识的考查，具有一定的综合性，比较简单2（2分）（2014鄂州）羽毛球运动中蕴含着许多力学知识，下列说法正确的是（）A球拍对羽毛球的作用力大于羽毛球对球拍的作用力B羽毛球的惯性小，所以容易来回抽杀C羽毛球在空中运动时，仍受球拍的力D球拍击球时，只改变了羽毛球的运动方向考点：力作用的相互性；力的作用效果；惯性专题：运动和力分析：（1）力的作用是相互的，两个相互作用力大小相等、方向相反、作用在同一直线上（2）一切物体都具有惯性（3）力是物体对物体的作用有力时必须有施力物体和受力物体（4）力的作用效果有两个，一个是可改变物体的运动状态；一个是可改变物体的形状运动状态的改变包括：速度大小的改变和方向的改变解答：解：A、用球拍击打球时，球拍对羽毛球球的力与羽毛球球对球拍的力是一对相互作用力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上故A错误；B、由于羽毛球的质量小，具有的惯性小，运动状态容易发生变化故B正确；C、羽毛球在空中运动时，不再与球拍接触，只受重力和空气的阻力故C错误；D、球拍对羽毛球的力改变了羽毛球的运动方向和速度故D错误故选B点评：此题考查了力学中的多个知识点，都是基础内容，是必须掌握的3（2分）（2014鄂州）下列是对日常生活中一些物理量的估测，其中最接近实际的是（）A初中物理课本的长度约为0.26mB一枚一元硬币的质量约为200gC飞机正常飞行速度最接近60km/hD所有电磁波的频率都为30MHz考点：长度的估测；质量的估测；速度与物体运动；波速、波长和频率的关系专题：估算综合应用题分析：估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释解答：解：A、初中物理课本的长度约为26cm=0.26m，所以A符合实际情况；B、一枚一元硬币的质量约为20g，所以B不符合实际情况；C、飞机正常飞行速度最接近600km/h，所以C不符合实际情况；D、不同电磁波的频率是不同的，所以D不符合实际情况故选A点评：估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用4（2分）（2014鄂州）以下事例中，属于汽化现象的是（）A春天，河里的冰雪消融B夏天，剥开包装纸后，冰棍会冒“白气”C冬天，窗玻璃上出现冰花D秋天，酒精擦在皮肤上感觉凉爽考点：汽化及汽化吸热的特点专题：汽化和液化、升华和凝华分析：物质由液态变为气态的现象叫汽化，汽化有蒸发和沸腾两种方式；物质由气态变为液态的现象叫液化，据此分析判断解答：解：春天，河里的冰雪消融属于熔化现象，故A错误；夏天，剥开包装纸后，冰棍会冒白气属于液化现象，故B错误；冬天，窗玻璃上出现冰花是凝华现象，故C错误；秋天，酒精擦在皮肤上感觉凉爽是汽化现象，故D都正确故选：D点评：判断物态变化现象，首先要知道物态变化的定义，然后看物体由什么状态变为了什么状态，根据物态变化的定义来判断是什么物态变化5（2分）（2014鄂州）在探究“凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示，此时在光屏上得到蜡焰清晰的像，若保持凸透镜位置不动，将蜡烛移到光具座的35cm刻度处，对于此时像的性质判断正确的是（）A一定是放大的像B一定是缩小的像C可能是倒立的像D可能是正立的像考点：凸透镜成像规律及其探究实验专题：透镜及其应用分析：要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律，分析图象中物距和像距的大小关系，得出此时成像的特点及像距、物距与焦距的关系，从而判断当物体在35cm刻度处时物距与焦距的关系，从而得出成像的特点解答：解：由图知，物距大于像距，此时成倒立缩小的实像，因此物距大于2倍焦距，像距处于1倍和2倍焦距之间物距u=50cm30cm=20cm；像距v=65cm50cm=15cm由上分析得：20cm2f f15cm2f解得：7.5cmf10cm将蜡烛移到光具座的35cm刻度处时，物距u=50cm35cm=15cm，处于1倍和2倍焦距之间，所以成倒立放大的实像故选A点评：此题考查了有关凸透镜成像的规律，掌握凸透镜成像的特点与物距、像距之间的关系此题需根据物距与像距的大小关系得出成像的特点及物距和像距的范围，难度稍大6（2分）（2014鄂州）在水平桌面上，有两个相同的圆柱形容器，内盛相等质量的盐水，将同一鸡蛋分别放入其中，鸡蛋静止如图所示，鸡蛋在甲、乙两杯中所受浮力分别为F1和F2，盐水对容器底的压强分别为p1和p2，则（）AF1=F2 p1=p2BF1=F2 p1p2CF1F2 p1=p2DF1F2 p1p2考点：压强大小比较；物体的浮沉条件及其应用专题：压强和浮力分析：（1）根据物体的悬浮条件和浮沉条件判断鸡蛋在甲、乙两杯中所受浮力大小关系；（2）鸡蛋在甲杯盐水中悬浮，盐水对容器底的压力等于鸡蛋重加上盐水重；鸡蛋在乙杯盐水中漂浮，盐水对容器底的压力等于鸡蛋重加上盐水重；而容器相同、容器底面积相同，再根据压强公式得出盐水对容器底部的压强关系解答：解：（1）鸡蛋悬浮在甲杯中，受到盐水的浮力等于鸡蛋重力；鸡蛋漂浮在乙杯中，受到盐水的浮力也等于鸡蛋重力；所以鸡蛋在甲、乙两杯中所受浮力大小相等，即：F1=F2；（2）鸡蛋在甲杯盐水中悬浮，盐水对容器底的压力：F甲=G鸡蛋+G盐水，鸡蛋在乙杯盐水中漂浮，盐水对容器底的压力：F乙=G鸡蛋+G盐水，液体对容器底的压力F甲=F乙，因为容器相同、容器底面积相同，由压强公式p=知盐水对容器底部的压强相等，即：p1=p2故选A点评：本题易错点在第二问，要注意两盐水的密度不同，利用好“柱形容器中液体对容器底的压力等于液体重力”是本题的关键7（2分）（2014鄂州）下列现象中，不是通过做功改变内能的是（）A两手相互搓搓，手感到热B用打气筒打气时筒壁发热C用热水袋暖手，手感到热D用砂轮磨刀，刀的温度升高考点：做功改变物体内能专题：热和能分析：做功和热传递都可以改变物体的内能物体对外做功，物体内能减少，对物体做功，物体内能增加；物体吸收热量，物体内能增加，物体放出热量，物体内能减小解答：解：A、两手相互摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能，内能增加，手感到热不符合题意B、用打气筒打气时筒壁发热，是压缩空气做功，使物体的内能增加，温度升高不符合题意C、用热水袋暖手，手感到热，是通过热传递使物体的内能增加，温度升高符合题意D、用砂轮磨刀，克服摩擦做功，机械能转化为内能，内能增加，刀的温度升高不符合题意故选C点评：做功和热传递都可以改变物体的内能，做功和热传递改变内能方式不同，但是效果是相同的8（2分）（2014鄂州）电动自行车是备受人们青睐的一种交通工具如图所示，它可以电动骑行，也可以脚踏骑行电动骑行时，蓄电池对车上电动机供电如表是某型号电动自行车的主要技术参数，关于电动自行车，下列说法正确的是（）整车整车质量40kg最高车速30km/h最大噪声62dB蓄电池电压48V容量12Ah电动机额定电压48V额定功率240WA蓄电池一次充电储存能量为2103JB从环保的角度与燃气摩托车相比，也有尾气污染C如果轮胎与地面接触的总面积为0.01m2，一般一个中学生骑车时，车对地面压强约为9104PaD以上都不对考点：电功的计算；压强的大小及其计算专题：其他综合题分析：（1）已知蓄电池的电压和容量，可利用公式W=UQ求储存的能量（2）汽油燃烧时能产生二氧化硫、氮氧化物等污染环境的物质（2）估计出一个中学生的质量，根据G=mg计算出人和自行车的重力；根据p=计算电动自行车产生的压强解答：解：A、蓄电池储存的电能：W=UQ=UIt=48V12A3600s=2073600J2106J；故A错误；B、电动自行车相比燃气摩托车相比，没有尾气污染；故B错误C、一名中学生的质量约为60kg，人车的总质量为m=50kg+40kg=90kg，对地面的压力F=G=mg=90kg10N/kg=900N，对地面的压强P=9104Pa，故C正确；D、综上所述，选项D不符合题意；故选C点评：本题考查了电功、压力和压强的计算，解决这类综合性题目要求有扎实的物理功底，还要有提取信息的能力，具体分析求解9（2分）（2014鄂州）对如图所示的四个实验装置，表述正确的是（）A此图可用来演示电磁感应现象B此图可用来演示磁场对电流的作用C此图可用来演示电流的磁效应D此图可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小关系考点：磁场对通电导线的作用；通电直导线周围的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素；电磁感应专题：应用题；电和磁分析：电流磁效应是指电流能产生磁场；电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流；比较电磁铁磁性强弱一般用不同的电磁铁来吸引大头针；研究磁场对电流的作用要先给导体通电，再将其放入磁场中根据不同实验的特点，对照各图进行判断即可解答：解：A图是演示磁场对电流作用的实验装置，故不符合题意；B图是研究电磁感应现象的实验装置，故不合题意；C图是演示电流的磁效应的实验装置，故合题意；D图是演示电磁铁中线圈匝数的多少与磁性强弱的关系的实验装置，故不合题意故选C点评：图中所示的四个实验，是电与磁这一单元最典型的四个实验，它们各自的特点不同，代表了不同的含义，学习中我们应该加以重点区分才行10（2分）（2014鄂州）在如图所示的电路中，电源电压不变，闭合开关S，电路正常工作，过一会儿，灯L突然变亮，电流表、电压表示数都变大该电路中可能出现的故障是（）A灯L短路B灯L断路C电阻R短路D电阻R断路考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用专题：电流和电路分析：（1）由图可知，电阻R、电灯L和电流表串联，电压表测量灯泡两端的电压，电流表测量电路电流；（2）根据电压表和电流表示数变大分析电路中的故障所在解答：解：A、如果灯L发生了短路，电压表示数变为零不符合题意；B、如果灯L发生了断路，电流表示数变为零不符合题意；C、如果电阻R短路，电压表测量电源电压，示数变大；电路总电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大符合题意；D、如果电阻R断路，电流表示数变为零不符合题意故选C点评：本题考查了电路故障的判断注意短路和断路的区别，并且被短路的用电器不能工作11（2分）（2014鄂州）如图所示，小球从斜面上某一高度由静止开始滑下，撞击静止于水平木板上的木块（不计空气阻力），下列说法正确的是（）A小球在斜面上下滑的过程中，如果以木板为参照物，小球是静止的B若木板的表面光滑且足够长，最终木块的动能保持不变C木块对木板的压力就是木块的重力D小球从斜面上开始下滑到撞击木块后静止的过程中，小球的机械能先变大后变小考点：运动和静止的相对性；压力及重力与压力的区别；机械能专题：其他综合题分析：（1）判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化，若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的（2）动能和重力势能大小的影响因素进行分析，然后由动能和重力势能大小的变化，判断机械能的变化（3）静止在水平面上的物体对水平面的压力等于其重力（4）木板的表面光滑且足够长，木块在水平方向不受摩擦力，将做匀速直线运动，从这一角度分析解答：解：A、小车在斜面上下滑的过程中，如果选择木板作为参照物，小车与木板之间的相对位置在不断发生变化，故小车是运动的，故A错误；B、若木板的表面光滑且足够长，木块在水平方向不受摩擦力，将做匀速直线运动，动能不变，保持平衡，故B错误；C、静止在水平面上的物体对水平面的压力等于其重力木块对木板的压力不是木块的重力，故C错误；D、从斜面上开始下滑到撞击木块后静止的过程中，开始不记阻力，所以机械能先不变撞击木块后又变小；故D正确故选B点评：此题考查了运动与精致的相对性、平衡力的辨别、动能和势能的大小变化，综合性较强，但难度不大，属于中档题12（2分）（2014鄂州）如图所示，电源电压不变，当只闭合S1时，电流表A1示数为I1，电流表 A2 示数为I2当开关S1、S2都闭合时，电流表A1示数为I1，电流表A2 示数为I2，I2：I1=2：3，I2：I1=4：7，则电阻R1：R2：R3的比值为（）A2：3：4B3：4：7C2：1：4D4：2：1考点：欧姆定律的应用专题：电路和欧姆定律分析：当只闭合开关S1时R1和R2并联，根据I2：I=2：3和并联电路的分流关系知道R1和R2的关系，得出I2=2I1；当开关S1、S2都闭合时R1、R2、R3并联，根据I2：I=2：3和并联电路的电流特点，得出I3=I1再由欧姆定律求出R1：R2：R3的比值解答：解：当只闭合S1时，R3未接入电路，R1、R2并联，电流表A1测干路电流I，电流表A2测支路R2的电流，I2：I=2：3，I=I1+I2，I2：I1=2：1，即I2=2I1当S1、S2都闭合时，R1、R2和R3并联，电流表A1测干路电流I，电流表A2测支路R2的电流I2，所以I=I1+I2+I3，因电源电压和R1、R2阻值都不变，I1=I1，I2=I2，则由可知：I2=2I1I2：I=4：7，（I1+I3）：I2=3：4，由得：I3=I1R1：R2：R3=：=：=2：1：4故选C点评：本题解答时并联电路的特点、欧姆定律的使用是基础，需注意的是虽然前后两次不同的电路连接，但电源电压不变，又因是并联连接方式，通过电阻R1、R2的电流保持不变，这是解答本题的关键，属于难题二、填空题（本题共4小题，共14分）13（4分）（2014鄂州）小明身高1.64m，位于平面镜前3m，像与小明的距离是6m，如果小明向镜面前进1m，小明觉得像变大了，原因是：视角增大考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：平面镜成像的特点是：（1）像与物的大小相同；（2）像到镜的距离与物到镜的距离相等；（3）像与物对应点的连线与镜面垂直；（4）虚像解答：解：像与物到镜面距离相等，人离镜3m，故像离镜也是3m，像离人的距离是3m+3m=6m；当人靠近平面镜时，视觉感觉像变大，但真实的像大小不变故答案为：6；视角增大点评：本题考查学生运用平面镜成像的特点分析实际问题的能力，要会灵活运用14（2分）（2014鄂州）如图，斜面长3m，高1m，工人用400N沿斜面方向的力将重为840N的箱子匀速推到车上，在此过程中箱子受到的摩擦力为120N考点：斜面的机械效率专题：简单机械分析：由推力可求得总功，由重力可求得有用功，摩擦力的功即为额外功，则由功的公式可求得摩擦力解答：解：人对物体所做的总功W总=FL=400N3m=1200J；人对物体所做的有用功为W有=Gh=840N1m=840J；额外功W额=W总W有=1200J840J=360J；则摩擦力f=120N故答案为：120点评：此题考查斜面模型中人对物体所做的有用功为W有=Gh，总功W总=FL，关键是额外功是克服摩擦力做的功15（6分）（2014鄂州）如图，小华家电能表的示数是1362.5度，他只让某电水壶工作，发现在10分钟内电能表盘转过了600转，则该电水壶的实际功率为1.2103W不计能量损失，如果该电水壶正在给2L水加热，水温升高40时，加热时间为280s考点：电功与热量的综合计算专题：电和热综合题分析：（1）小明家本月用电的计算方法：月末的减去月初的示数，电能表的读数时注意最后一位是小数，单位kWh；（2）3000r/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转3000r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗kWh的电能，求出转盘转600r电路中消耗的电能，再根据P=求出电水壶的实际功率；（3）先根据m=V求出水的质量，然后根据W=Pt和Q=cmt求出加热所用的时间解答：解：（1）月底电能表示数W2=1362.5kWh；（2）电能表转盘转动600r，电路消耗的电能为：W=600kWh=0.2kWh=7.2105J，电水壶消耗的实际功率：P=1.2kW=1200W；（3）由=可得，水的质量：m=V=1.0103kg/m32103m3=2kg；因为W=Q，所以由W=Pt和Q=cmt可得，Pt=cmt即1200Wt=4.2103J/（kg）2kg40解得：t=280s故答案为：1362.5；1.2103；280点评：本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法和电功率的计算，理解“3000r/kWh”的含义是本题的关键16（2分）（2014鄂州）一个底面积为400cm2的圆柱形容器，现有底面积为100cm2，高为15cm的长方体木块，密度为0.6g/cm3，竖直放在容器中，当向容器中注入3500ml水时，则水对容器底的压强为1100pa（此过程中水未溢出容器外）考点：液体的压强的计算专题：应用题；压强、液体的压强分析：由于木块的密度小于水的密度，所以木块在水中处于漂浮状态，故据阿基米德原理可以计算出木块始终浸入水中的体积，而后据水的体积，计算出总体积，进而计算出水的深度，再据公式p=gh计算即可解答：解：由于木块的密度小于水的密度，故木块在水中漂浮，即F浮=G物=物gV物=600kg/m310N/kg（0.01m20.15m）=9N；故此时木块浸入水中的体积是：F浮=水gV排V排=0.0009m3=900cm3所以此时的总体积是：V=900cm3+3500cm3=4400cm3；所以此时液面的高度是：h=11cm=0.11m；故此时容器对液面底部的压强是：p=gh=1.0103kg/m310N/kg0.11m=1100Pa故答案为：1100；点评：熟练运用漂浮条件、液体压强公式和阿基米德原理的公式，是解答此题的关键三、作图题（本题共3小题，每小题4分，共12分）17（4分）（2014鄂州）一个空心小铁球放在盛水的容器中且置于铁棒AB的上方，绕在铁棒上的线圈接入如图电路中，开关S闭合后，小铁球仍浮在水面上，试在图中标出B端的磁极，并作出小铁球的受力示意图考点：通电螺线管的磁场；力的示意图专题：作图题；图像综合题分析：（1）磁体具有磁性，磁性是物体能吸引铁钴镍等物质的性质（2）对小铁球做受力分析即可解答：解：据电流的方向，结合安培定则我们可以得出，此时该螺线管的下方是N极，上方是S极，故该螺旋管会对小铁球有一个吸引力的作用，即小铁球向下受到两个力的作用，一个是重力，一个是吸引力；向上的方向只受到浮力的作用；如下图：点评：能准确的对小铁球做出受力分析是解决该题的关键18（4分）（2014鄂州）小刚的爸爸在自家盖的房间里安装了一盏“220V 100W”的顶灯和一盏“220V 5W”的壁灯他打算把这两盏灯并联，用一个普通的拉线开关来控制但接完后，合上闸刀开关，发现壁灯亮顶灯不亮他拉了一下开关S，结果不亮的灯亮了，而原来亮的灯却不亮了，再拉一下开关S，又恢复了原状试画出他错接的电路图考点：家庭电路的连接专题：作图题；图像综合题分析：（1）顶灯和壁灯的额定电压都是220V，只有并联在家庭电路中，用电器才能正常工作（2）通路是指电路连接好后，闭合开关，处处相通的电路；对用电器短路是指导线不经过用电器直接跟用电器两端连接的电路解答：解：据题目可知，若合上闸刀开关，发现壁灯亮顶灯不亮他拉了一下开关S，结果不亮的灯亮了，而原来亮的灯却不亮了；即说明当合上开关时，壁灯发生了短路；他拉了一下开关S，结果不亮的灯亮了，而原来亮的灯却不亮了，说明此时两灯串联，故如图所示；点评：读懂题意，判断出那种情况发生短路，那种情况是串联是解决该题的关键19（4分）（2014鄂州）如图所示，一束光线垂直入射到1/4圆形玻璃砖的平面上，请画出光线通过玻璃出射到空气中的光路图考点：作光的折射光路图专题：图像综合题分析：此题主要考查光的折射规律：当光从空气斜射入玻璃时，入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角当光从玻璃斜射入空气时，入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角解答：解：光从空气垂直入射到玻璃界面上，传播方向不变，当光从玻璃斜射入空气中时，折射角大于入射角，折射光线将远离法线在作图时，注意先做出法线故答案为：点评：此题主要考查了光的折射规律，一定要熟练掌握光的折射定律的内容，关键是搞清折射角与入射角之间的关系四、实验题（本题共3小题，每小题6分，共18分）20（6分）（2014鄂州）一次实验课上，老师提供给同学们下列器材：一架已调好的天平（无砝码），两只完全相同的烧杯，一只量筒、水、滴管，要求用上述器材来测一个合金块的密度某同学设计好实验方案后，进行如下操作：（1）将两只空烧杯分别放在天平的左右两盘内，把合金块放在左盘烧杯内（2）向右盘烧杯内加水，并用滴管调节，直到天平平衡（3）将烧杯内水倒入空量筒中，测出水的体积（如图a所示），用细线栓好合金块，将其放入如图a的量筒中，测量水和合金块的总体积（如图b），则合金块的密度为3103kg/m3（4）评估：测出的合金块密度值与真实值相比偏小，产生的原因是：将右盘烧杯的水倒入量筒时有水残留杯壁，导致合金块质量偏小考点：固体的密度测量实验专题：测量型实验综合题分析：（1）测量时要求天平的平衡是指横梁在水平位置平衡；（2）合金块的质量和烧杯内的水的质量相等知道烧杯内水的体积，根据m=V求出水的质量，即合金块的质量知道合金块的质量和体积，根据=求合金块的密度（3）合金块的质量和烧杯内的水的质量相等，烧杯内的水不能全部倒入量筒，测量水的体积偏小，求出的质量偏小，求出的密度偏小解答：解：（1）将两只空烧杯分别放在天平的左右两盘内，把合金块放在左盘烧杯内（2）向右盘烧杯中缓缓倒水，再用滴管调节，直至天平平衡；（3）烧杯内水的质量为：m=V=1.0g/cm360cm3=60g，合金块的质量为：m=60g，合金块体积：V=80ml60ml=20ml=20cm3，合金块密度：=3g/cm3=3103kg/m3（4）烧杯内的水不能全部倒入量筒，测量水的体积偏小，求出的质量偏小即合金块的质量偏小，求出的密度偏小故答案为：（2）向右盘烧杯内加水，并用滴管调节；（3）3103；（4）将右盘烧杯的水倒入量筒时有水残留杯壁，导致合金块质量偏小点评：对于固体和液体密度测量过程中，对于测量值偏大或偏小的问题分析是个难点，一定明确质量和体积哪个是准确的，通过另一个的偏大或偏小判断密度的偏大或偏小21（6分）（2014鄂州）在探究“杠杆平衡条件”实验中（1）实验前应先调节杠杆在水平位置平衡，目的是便于在杠杆上直接读取力臂，同时使杠杆的重心在支点上（2）杠杆平衡后，小英同学在图甲所示的A位置挂上两个钩码，可在B位置挂上4个钩码，使杠杆在水平位置平衡（3）她改用弹簧测力计在乙图中的C位置斜下拉，若每个钩码重2N，当杠杆在水平位置平衡时，测力计示数将大于（填“大于”“等于”或“小于”）2N考点：探究杠杆的平衡条件实验专题：探究型实验综合题分析：（1）调节杠杆两端的平衡螺母使杠杆在水平位置平衡杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于在杠杆上直接读取力臂，同时使杠杆的重心在支点上，消除杠杆重对杠杆平衡的影响（2）根据杠杆的平衡条件“动力动力臂=阻力阻力臂”可知在B位置挂钩码的个数；（3）当弹簧测力计斜着拉时，其力臂小于杠杆长，根据杠杆平衡条件分析出答案解答：解：（1）调节杠杆两端的平衡螺母使杠杆在水平位置平衡杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于在杠杆上直接读取力臂，同时使杠杆的重心在支点上，消除杠杆重对杠杆平衡的影响（2）设一个钩码重为G，一格为L，根据杠杆平衡的条件，F1L1=F2L2，则有2G2L=4GL，即在B处挂4个钩码；（3）当弹簧测力计在图乙所示的C位置斜向下拉时，力臂变小，即L14L，根据杠杆平衡条件得，2N2L=FL1，即F=，因为L14L，所以F1N故答案为：（1）便于在杠杆上直接读取力臂，同时使杠杆的重心在支点上（2）4；（3）大于点评：本题考查了杠杆平衡的条件，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以便直接读出力臂探究杠杆平衡的条件就是动力动力臂=阻力阻力臂22（6分）（2014鄂州）在“测量小灯泡的电阻”的实验中，电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，阻值为5左右某同学用如图甲所示的器材进行实验（1）用笔画线代替导线完成实物电路连接，要求滑动变阻器的滑片向左滑动时，连入电路的电阻变大（2）在某次测量中，电流表的示数如图乙，其读数为0.24A（3）实验中，调节变阻器，当灯泡电压变化大小U=1V时，电流变化大小I=0.2A，该同学由表达式R=，计算出灯泡电阻为5，他的这种计算方法是否正确？说明原因不正确，因为灯的电阻随温度变化而变化考点：伏安法测电阻的探究实验专题：探究型实验综合题分析：（1）根据实验要求电压表与灯泡并联，电流表串联在电路中，要求滑动变阻器的滑片向左滑动时，连入电路的电阻变大，连接电路；（2）确定电流表量程和分度值，读出示数；（3）小灯泡的电阻随着温度的变化而变化解答：解：（1）根据实验要求电压表与灯泡并联，电流表串联在电路中，要求滑动变阻器的滑片向左滑动时，连入电路的电阻变大，连接电路，如下图；（2）由于小灯泡的额定电压为2.5V，阻值为5左右，所以I=0.5A左右，则电流表选择的是00.6A量程，分度值为0.02A，此时示数为：0.24A；（3）灯泡的灯丝是用电阻随温度变化较大的材料制成的；随灯泡两端电压的增大，灯泡的灯丝温度变化较大，导致灯丝的电阻变化也较大，所以该同学的计算方法是错误的故答案为：（1）（2）0.24；（3）不正确，因为灯的电阻随温度变化而变化点评：此题考查了有关电路的连接、电表的读书，灯丝电阻和温度的关系在该实验中的应用，由于灯丝的电阻随温度的变化而变化，所以用变化的电压与变化的电流比值求解电阻是不可以的五、计算题（本题共2小题，每小题6分，共12分）23（6分）（2014鄂州）如图所示，小机车通过滑轮组提升重物，机车的最大输出功率为10kw 重物重3500N，动滑轮重500N机车所受摩擦阻力不计，绳重及滑轮转动时摩擦忽略不计（1）滑轮组的机械效率是多少？（2）若要求重物以1m/s匀速提升，则机车能提升重物的最大重量为多少？考点：滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算专题：功、功率、机械效率分析：（1）根据公式W有用=Gh求出有用功，W总=（G物+G动）h求出总功，=求出机械效率；（2）根据图象可知滑轮组的绳子段数n=2，知道重物上升的速度，机车的速度为重物速度的2倍，根据公式P=Fv求出机车的拉力；根据公式F=（G物+G动）求出物重解答：解：（1）设重物被提升高度为h，则机车对滑轮组所做总功W总=（G物+G轮）h，有用功W有=G物h，滑轮组的效率=87.5%；（2）重物以1m/s的速度匀速上升，机车的速度v=2m/s 机车的功率最大时，提升的重物的重力最大，根据公式P=Fv，此时绳的拉力为F=5000N 根据公式F=（G物+G动），物体重力G物=2FG轮=25000N500N=9500N答：（1）滑轮组的机械效率是87.5%；（2）若要求重物以1m/s匀速提升，则机车能提升重物的最大重量为9500N点评：本题考查了有用功、总功、机械效率和滑轮组上拉力与物重的关系，是一道力学综合题24（6分）（2014鄂州）小华同学为探究水流对不同形状物体的冲击力，设计了一个实验装置，如图甲所示电源电压保持3V不变，电流表量程为01A，电阻不计，粗细均匀的电阻丝MN全长12cm，总电阻为9，它的阻值与其接入电路的长度成正比水平光滑杆AB上套有弹簧，弹簧弹力与其伸长量x的关系如图乙所示，弹簧左端固定，右端连接有滑块，滑块与滑片P、物体Q通过硬杆相连滑片与电阻丝始终保持良好接触水流冲击力为零时，滑片P刚好与电阻丝左端相接触，此时电流表满偏测量时，滑块稳定后，小华通过电流表示数可计算出物体受到的水流冲击力大小（1）电阻Ro的阻值为多少？（2）当电流表读数为0.5A时，物体所受的冲击力大小为多少？考点：欧姆定律的应用专题：电路和欧姆定律分析：（1）根据电流表满偏时，电流表的示数和电源电压，利用欧姆定律公式变形可求得电阻Ro的阻值；（2）根据电流表读数为0.5A时，可求得电阻丝电阻，根据电阻丝MN全长12cm，总电阻为9，它的阻值与其接入电路的长度成正比，可求得接入电路的长度，然后根据弹簧弹力与其伸长量x的关系可求得物体所受的冲击力大小解答：解：（1）电流表满偏时，电流I=1A由I=可得，R0=3；（2）电流为I=0.5A时，电阻丝电阻R=R0=3=63=3，因为粗细均匀的电阻丝MN全长12cm，总电阻为9，它的阻值与其接入电路的长度成正比所以接入电路的长度为4cm，由图乙知：F=Kx，K=4N/cm，x=4cm则F=4N/cm4cm=16N答：（1）电阻Ro的阻值为3；（2）当电流表读数为0.5A时，物体所受的冲击力大小为16N点评：本题考查学生对欧姆定律的应用及图象的分析能力；了解滑片在不同位置时电路所处的状态，并转化成拉力所对应的示数是本题的解题关键