江苏常州金坛中考物理调研试卷3月份

2016年江苏省常州市金坛市中考物理调研试卷（3月份）一、单项选择题（本题共15题，每题2分，共30分）每小题只有一个选项符合题意1下列关于信息传递的说法，正确的是（）A声、光和电磁波都能传递信息B无论何种信息的传递都需要介质C固定电话、移动电话、广播和电视都是利用导线中的电流传递信息D微波通信、卫星通信、光纤通信、网络通信都是利用无线电波传递信息2下列事例中，人做功最接近6000J的是（）A原地将质量是100kg的杠铃举起B扛着50kg米袋从一楼慢慢登上三楼C提着重600N的水桶在水平地面上匀速前进10mD用10N的水平力推着物块在水平面上移动了600cm3关于温度、内能、热量和做功，下列说法正确的是（）A物体的内能增加，一定是从外界吸收了热量B0的冰没有内能C做功不一定改变物体的内能D物体放出热量时，温度一定降低4铁的比热容大于铜的比热容，质量相等的铁块和铜块放出了相等的热量，立刻将铜块和铁块相互接触后，则（）A热量将一定从铜块传递到铁块B热量将一定从铁块传递到铜块C铜块和铁块将可能不发生热传递D以上说法都不正确5下面是小华同学对身边的一些电路进行观察后作出的判断，其中不正确的是（）A抽油烟机里装有照明灯和电动机，它们既能同时工作又能单独工作，它们一定是并联的B马路两旁的路灯，晚上同时亮早晨同时灭，它们有可能是串联的，也可能是并联的C楼道中的电灯只有在天暗并且有声音时才能亮，所以声控开关、光控开关及灯是串联的D一般家庭中都要安装照明灯和其它用电器，使用时互不影响，它们是并联的6如图所示，磁铁吸住两根铁钉的一端，那么这两根铁钉的另一端将（）A互相吸引，如图甲B互相排斥，如图乙C既不吸引，也不排斥，如图丙D以上三种情况都有可能7小明同学去金坛区长荡湖风景区的“水城”参加社会实践时，发现一种“舂米对”的古代简单机械，其示意图如图所示使用这个装置时，人在A端用力把它踩下后立即松脚，B端就会立即下落，打在石臼内的谷物上，从而把谷物打碎用力（作用力始终与OA垂直）将它踩下去使OB从水平位置缓慢升高至如图位置的过程中（）A该机械是一个省力杠杆，动力逐渐变大B该机械是一个省力杠杆，动力逐渐变小C该机械是一个费力杠杆，动力逐渐变大D该机械是一个费力杠杆，动力逐渐变小8科学研究中常常发现某一问题的两个相关的量（x，y）之间存在一定的关系，且可用图线表示下列相关的量之间不符合如图所示关系的是（）A恒力对物体所做功与物体在力的方向上所通过距离的关系B某种燃料完全燃烧所放出的热量与燃料质量的关系C某种物质的物体温度升高时，吸收的热量与温度的关系D定值电阻的电流与两端电压的关系9下表是小明在一次实验中测出的多组电压表和电流表的数据，请你根据下表给出的数据判断小明所用的实验电路可能是图示电路中的（） U/V1.01.52.02.22.52.7I/A0.200.300.400.440.500.54ABCD10在如图所示的电路中，电源电压保持不变闭合开关S后，电路正常工作过一会儿，灯L熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变小，则下列判断中正确的是（）A可能性是灯L断路B可能性是电阻R断路C一定是灯L短路D一定是电阻R短路11一块厚薄均匀的长方体铁块如图，小明同学分别沿图中的不同方向把它接入同一电路，则电路中电流（）A沿AB方向接入电路时电流最小B沿CD方向接入电路时电流最小C沿EF方向接入电路时电流最小D沿各个方向接入电路时的电流一样大12如图所示，小明同学做了一个小小直流电动机模型同学们围着观看线圈的持续转动，一起分享着他的成果同时其他没有做成功的同学提出了以下不同想法，你认为正确的是（）A绕制线圈时，如果没有漆包线，可以用普通的铜导线代替B线圈两端（作为转轴）的漆皮应全部刮去，这样才可持续转动C线圈两端（作为转轴）的漆皮在同一侧刮去半周，这样才可持续转动D此电动机模型是根据电磁感应的原理制成的13关于核电站，下列说法正确的是（）A核电站所使用的核燃料是煤和石油B核电站核反应堆发生的是可以控制的核裂变C核电站发电的能量转化过程是：核能机械能内能电能D核能是一种新能源，也是可再生能源14如图为我国新型反潜巡逻机机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在图中能解释磁异探测器工作原理的是（）ABCD15如图所示，电源电压保持6V 不变，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，定值电阻R1的规格为“10 0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20 1A”闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片P移动过程中，下列说法正确的是（）A电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W0.9WB电流表示数允许变化范围为0.2A0.5AC变阻器R2接入阻值允许变化范围为220D电路消耗总功率允许变化范围为1.2W3W二填空与作图（第1623题每空1分，第24、25题每图2分，共27分）16小明家的电能表上标有“3000revs/（kWh）”，小明想测量一个灯泡的实际功率，他关掉其他用电器只让该灯泡工作，电能表转盘转过30转用时10min，这段时间灯泡消耗的电能是kWh，灯泡的实际功率是W17美国正在实验助推火箭无损回收技术：火箭将飞船推送至一定高度；箭船分离，火箭停止喷火、落向地面；接近地面时，火箭再次消耗燃料、向下喷火，并以2m/s的速度匀速下降，如图所示匀速下降时，火箭的动能（变小/不变/变大），重力势能（变小/不变/变大）18如图，斜面S长为1.2米，高h为0.3米，若用时2s将重为16N的物体沿斜面向上从底端匀速拉到顶端，拉力F为5N，则斜面的机械效率为，物体所受摩擦力为N19汽油机是热机的一种，如图所示，汽油机是处在冲程，此冲程中能转化为能一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是2400r/min，该汽油机每分钟内完成个冲程，对外做功次20如图1所示，A、B分别是标有“6V 3.6W”字样的灯泡L和定值电阻R的UI图象则R的阻值为；若把它们接入电路，如图2所示，当只闭合开关S1时，L正常发光；若再闭合开关S3，电流表的示数为A；若只闭合开关S2，电路消耗的总电功率为W21如图所示，为电流表或电压表当开关闭合后两个灯泡L1和L2都正常发光已知L1的电阻为10，通过L1电流为0.3A，通过L2的电流为0.5A则电表的示数为，电表的示数为，电表的示数为22如图（甲）所示，在安装直流电动机模型的实验中，要改变线圈的转动方向，除了改变磁场方向外，还可以采用的方法是：完成以上实验后，取下电源换上小灯泡，在模型的转轴上绕上细线，如图（乙）所示，然后快速拉动细线，使线圈转动起来，结果小灯泡发光，此时这模型就相当于如果（甲）图装置消耗的电能与（乙）图装置产生电能相等，则甲图产生的机械能（大于/小于/等于）乙图消耗的机械能23热水器的“能效比”是衡量热水器性能的指标之一空气源热泵热水器是新一代高“能效比”（能效比为热泵机组产出的热量与投入的电能之比）的热水装置，其工作原理简化为下图所示工作物质在蒸发器中吸收空气的热迅速汽化，通过压缩机（消耗少量电能）将其压缩成高温高压的气体，在冷凝器内液化放出热量，冷水吸热后，水温升高，达到制热水的目的下表是某型号热泵热水器的部分参数，其中60L/h表示此热水器当进水温度为15，出水温度为55时，每小时可出热水60升c水=4.2103J/（kg）额定电压U/V220制热水量V/（L/h）60额定功率P/W700水箱容量V/L100请你解答：（1）60L水温度从15升高到55吸收的热量是J；（2）此热水器正常工作1h消耗的电能为J；（3）此热水器的“能效比”为%24在图中请用笔画线代替导线，将图中的电灯、开关和配有保险丝的插座接入家庭电路中25小明自制了一个带有电磁铁的木船模型，将它放入水中漂浮，闭合开关后，船头会向北方偏转请在图上画出螺线管的绕线方法三解答与探究（第26题10分，第27题7分，第28题7分，第29题7分，第30题6分，第31题6分，共43分）计算题解答时要有必要的文字说明、公式和运算过程，直接写出结果的不得分26总结九年级一学年所做的物理探究实验会发现：（1）当要研究的物理量不易被直接测量时，都要想办法把它们的大小间接表示出来，这种研究物理问题的方法是在“探究动能的大小与哪些因素有关”的实验（如图甲）中是通过观察，间接地比较物体动能的大小在“探究影响电流热效应的因素”的实验（如图乙）中是通过观察，间接比较两个电阻丝产生的热量的多少（2）当要研究的物理量与多个因素有关时，都要采用控制变量法如：图甲的实验中，使用同一个球就是为了控制不变，探究动能大小与的关系；图乙中将两个电阻串联起来，就是为了控制不变，探究电流产生的热量与的关系（3）有些实验装置经过适当的改进还可以进行其它的探究实验如：图甲装置中增加一个弹簧测力计等器材，我们还可以探究斜面的机械效率是否与物体的重力有关；图乙中如果再增加一个，我们就可以探究电流产生的热量与电流大小的关系为了“比较不同物质的吸热能力”可以在乙图两个烧瓶中分别换上（体积/质量）和初温相等的水和煤油，同时还应该换上阻值（相等/不等）的电阻27在“测定小灯泡的功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整；（2）闭合开关前，变阻器的滑片P应位于 （A/B）端；（3）小明闭合开关，移动滑片P到某点时，电压表示数如图乙所示为 V，则此时灯泡消耗的实际功率 额定功率（/=）；（4）小明继续移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成IU图象（图丙），根据图象，可计算出小灯泡的额定功率是 W；（5）进一步分析图象可知，随着灯泡两端电压的增大，灯丝电阻逐渐 （增大/减小/不变）你认为原因是28建筑工地上，某施工人员利用如图所示的滑轮组匀速提升重物若不计摩擦和绳重，利用这个滑轮组匀速提升重为1200N的物体时，所用的拉力是500N，求：（1）此时滑轮组的机械效率是多少？（2）若此时拉力做功的功率是75W，重物在1min内匀速上升的高度是多少？（3）当用这个滑轮组匀速提升重为1800N的物体时，拉力是多少？29在综合实践活动课上，小明设计了如图所示的模拟调光灯电路，此电路中电源电压不变，灯泡L标有“8V 4W”字样，定值电阻R1的阻值为6将滑动变阻器R2的滑片P置于最右端，闭合开关，电压表和电流表示数分别为8V和0.3A；移动滑片P至某一位置，电压表和电流表示数分别为1V和0.5A（1）灯泡L正常发光时的电阻多大？（2）滑动变阻器R2的滑片P在最右端时，闭合开关，灯泡L的实际功率多大？（3）为使灯泡安全工作，R2的滑片能自由滑动，且滑片P滑到某一端时灯泡能正常发光，应采取怎样的保护措施？请具体说明30小星同学为自家的洗浴电热水器设计了一个自动控制装置，如图所示R1是一个热敏电阻（置于热水器中），其阻值随温度的变化关系如表I，表是这个电热水器的铭牌已知继电器线圈电阻R2为10，左边电源的电压U0为6V不变当继电器线圈R2中的电流增大到某一数值时，继电器的衔铁被吸下，电热水器的电路断开，停止工作；当继电器线圈中的电流减小到某一数值时，继电器的衔铁被释放，电热水器电路闭合，开始工作请回答：表I：温度t/102030405060708090电阻R/604230201510865表：型号FEDH50额定电压交流220V最大水量50kg频率50Hz额定内压0.75MPa额定功率2000W（1）正常工作时，电热水器的电阻是多少？（2）若电热水器内的温度控制在3060之间，求衔铁被吸下，电热水器电路被断开时，继电器线圈的工作电流是多少？（3）电热水器正常工作时效率为90%，将整箱水从30加热到60需要多长时间？31阅读短文，回答问题：漏电保护器根据安全用电要求，住户家里除了要安装防止电流过大的自动空气开关外，还必须安装如图所示的漏电保护器其示意图如图甲所示，其内部结构相当于一个自动开关，正常情况下，住户家中没有电流流向地面，即图中I3为零，进户线中流入的电流I1和流出的电流I2相等，漏电保护器内部自动开关处于闭合状态如果电路中某处发生漏电（漏电是指电流从墙体、人体、接地线或其他路径流向地面），即图中的I3不为零，就会造成I1和I2不相等，当I1和I2的差异达到一定值，保护器内部自动开关就会立即断开排除漏电故障后，重新合闸即可恢复供电为确保使用安全，漏电保护器上设置了试验按钮，需要每月试按一次，如果试验按钮按下漏电保护器无动作，说明漏电保护器需要更换（1）关于漏电保护器，下列说法正确的是A当电路发生短路时，漏电保护器会自动切断电路B人站在绝缘物上双手分别触摸火线与零线，漏电保护器不会切断电路C正常情况下家庭电路中火线中的电流大于零线中的电流D漏电保护器跳闸后按下试验按钮即可恢复供电（2）如果发生漏电，漏电电流为I3，则I1、I2、I3大小关系的表达式为（3）如果人站在地面上不小心用手直接接触到了火线，如图乙所示，该人体的电阻为2500，人与地面、电线等的接触电阻为3000，若电路中安装了规格为如图丙所示的漏电保护器，该漏电保护器（能/不能）及时断开电路（4）由于安装人员的疏忽，在安装三孔插座时，误将连接零线和地线的孔接反，此时如果将洗衣机的三脚插头插入该插座，按下洗衣机的工作开关时，漏电保护器（会/不会）断开，理由是2016年江苏省常州市金坛市中考物理调研试卷（3月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共15题，每题2分，共30分）每小题只有一个选项符合题意1下列关于信息传递的说法，正确的是（）A声、光和电磁波都能传递信息B无论何种信息的传递都需要介质C固定电话、移动电话、广播和电视都是利用导线中的电流传递信息D微波通信、卫星通信、光纤通信、网络通信都是利用无线电波传递信息【考点】信息与信息传播【分析】要解答本题需掌握让信息踏上信息高速路的载体：移动通信、网络通信、光纤通信【解答】解：A、声、光和电磁波中，声能传递信息，光和电磁波也能传递信息符合题意B、利用电磁波传递的信息是不需要介质的不合题意C、固定电话利用电流传递信息的，移动电话、广播和电视是利用电磁波传递信息的不合题意D、微波通信、卫星通信是利用无线电波传递信息，光纤通信是利用激光传递信息不是无线电波；网络通信是利用导线、光纤和微波，不都是利用无线电波不合题意故选A2下列事例中，人做功最接近6000J的是（）A原地将质量是100kg的杠铃举起B扛着50kg米袋从一楼慢慢登上三楼C提着重600N的水桶在水平地面上匀速前进10mD用10N的水平力推着物块在水平面上移动了600cm【考点】功的计算【分析】利用W=Gh或W=Fs计算出每个选项做功多少，选出正确选项【解答】解：A、杠铃重力G=mg=100kg10N/kg=1000N，原地将杠铃举起的高度约为h=2m，人做功W=Gh=1000N2m=2000J；B、米袋重力G1=m1g=50kg10N/kg=500N；人受到重力约为G2=500N；登上三楼上升的高度h=3m2=6m，人做功W=（G1+G2）h=6m=6000J；C、提着重600N的水桶在水平地面上匀速前进10m，在拉力的方向上没有移动距离，拉力不做功；D、用10N的水平力推着物块在水平面上移动了s=600cm=6m，推力做功W=Fs=10N6m=60J可见，人做功最接近6000J的是B故选B3关于温度、内能、热量和做功，下列说法正确的是（）A物体的内能增加，一定是从外界吸收了热量B0的冰没有内能C做功不一定改变物体的内能D物体放出热量时，温度一定降低【考点】温度、热量与内能的关系【分析】（1）改变内能的两种方式：热传递和做功；（2）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关；（3）做功的同时吸收或放出热量，物体的内能可以不变；（4）晶体凝固时放热，但温度不变【解答】解：A做功和热传递可以改变物体的内能，因此物体内能增加，可能是对物体做了功，也可能是发生了热传递后内能增加，故A错误；B一切物体都具有内能，0的冰也有内能，故B错误；C做功的同时放出（或吸收）热量，物体的内能不一定改变，故C正确；D晶体凝固时放出热量，但温度不变，故D错误故选C4铁的比热容大于铜的比热容，质量相等的铁块和铜块放出了相等的热量，立刻将铜块和铁块相互接触后，则（）A热量将一定从铜块传递到铁块B热量将一定从铁块传递到铜块C铜块和铁块将可能不发生热传递D以上说法都不正确【考点】热传递；热量的计算【分析】由吸热公式Q吸=cmt可知，质量相同的不同物质，放出相同的热量，比热容大的温度降低少，比热容小的温度降低多；温度不同的两个物体相互接触时，热量可以从高温物体转移到低温物体【解答】解：质量相同的铁块和铜块，因为铁的比热容大于铜的比热容，放出相同的热量后，由Q吸=cmt可知，铜块的温度降低的多；因为铁和铜的初温未知，所以无法判断末温的高低，故无法确定铜块和铁块之间是否发生热传递，故C正确故选C5下面是小华同学对身边的一些电路进行观察后作出的判断，其中不正确的是（）A抽油烟机里装有照明灯和电动机，它们既能同时工作又能单独工作，它们一定是并联的B马路两旁的路灯，晚上同时亮早晨同时灭，它们有可能是串联的，也可能是并联的C楼道中的电灯只有在天暗并且有声音时才能亮，所以声控开关、光控开关及灯是串联的D一般家庭中都要安装照明灯和其它用电器，使用时互不影响，它们是并联的【考点】串联电路和并联电路的辨别【分析】并联电路中各用电器既可以单独工作又互不影响； 根据家庭电路中各用电器既可以单独工作又互不影响的特点分析不同电路的连接方式【解答】解：A、因为厨房的抽油烟机中的照明灯和电动机既可以单独工作，又互不影响，因此它们的连接方式为并联，故A正确；B、路灯当其中一个灯泡不亮时，其它灯泡仍可以正常工作，即每个灯泡既可以单独工作，又互不影响，因此路灯是并联的，故B错误；C、只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合时，灯才能亮，故这两个开关与灯串联，故C正确；D、家庭电路中各用电器既可以单独工作，又互不影响，因此家庭电路中各用电器是并联的，故D正确故选B6如图所示，磁铁吸住两根铁钉的一端，那么这两根铁钉的另一端将（）A互相吸引，如图甲B互相排斥，如图乙C既不吸引，也不排斥，如图丙D以上三种情况都有可能【考点】磁极间的相互作用【分析】磁极间的作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引要判断这两根铁钉的另一端将怎么样，就需要先判断它们的另一端有没有磁性，如果有，还得看是同名还是异名【解答】解：由图可知：铁钉是吸在磁铁的N极上，铁钉会在磁铁磁场的作用下被磁化，从而获得了磁性靠近磁铁的一端都是S极，远离的一端都是N极，由于同名磁极互相排斥，所以情况如图乙所示故选 B7小明同学去金坛区长荡湖风景区的“水城”参加社会实践时，发现一种“舂米对”的古代简单机械，其示意图如图所示使用这个装置时，人在A端用力把它踩下后立即松脚，B端就会立即下落，打在石臼内的谷物上，从而把谷物打碎用力（作用力始终与OA垂直）将它踩下去使OB从水平位置缓慢升高至如图位置的过程中（）A该机械是一个省力杠杆，动力逐渐变大B该机械是一个省力杠杆，动力逐渐变小C该机械是一个费力杠杆，动力逐渐变大D该机械是一个费力杠杆，动力逐渐变小【考点】杠杆的应用【分析】（1）在杠杆中硬棒绕着转动的点叫做支点，使杠杆转动的力为动力，阻碍杠杆转动的力为阻力；动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆，动力臂小于阻力臂的为费力杠杆（2）分析杠杆转动过程中的力臂变化情况，根据杠杆平衡条件判断动力的变化【解答】解：（1）将它踩下去的过程中，脚踩的力使得杠杆转动，是动力；而装置自身的重力阻碍了杠杆的转动，是阻力；由图可知，支点为O点，此时动力臂小于阻力臂，该机械是一个费力杠杆；（2）由题可知，作用力始终与OA垂直，则动力臂L1大小不变；由下图可知，OB从水平位置缓慢升高至如图位置的过程中，阻力臂L2逐渐减小；阻力G大小不变，根据杠杆平衡条件FL1=GL2可知，动力F逐渐变小故选D8科学研究中常常发现某一问题的两个相关的量（x，y）之间存在一定的关系，且可用图线表示下列相关的量之间不符合如图所示关系的是（）A恒力对物体所做功与物体在力的方向上所通过距离的关系B某种燃料完全燃烧所放出的热量与燃料质量的关系C某种物质的物体温度升高时，吸收的热量与温度的关系D定值电阻的电流与两端电压的关系【考点】功的计算公式的应用；热量的计算；燃料的热值；欧姆定律【分析】观察图象可知，图中两个量（x，y）之间成正比关系，看选项中哪两个量的关系与图象中的相符，找出两个量之间的关系不符合的选项即可【解答】解：由图象可知，图中y与x成正比关系；A、恒力即力的大小不变，根据W=Fs可知，恒力对物体所做功与物体在力的方向上所通过距离成正比，符合如图所示关系；B、某种燃料的热值为定值，根据Q放=mq可知，该燃料完全燃烧所放出的热量与燃料质量成正比，符合如图所示关系；C、某种物质的物体质量、比热容均为定值，根据Q吸=cmt可知，其吸收的热量与升高的温度成正比，而吸收的热量与温度的关系不成正比，不符合如图所示关系；D、根据欧姆定律可知，定值电阻的电流与两端的电压成正比，符合如图所示关系；故选C9下表是小明在一次实验中测出的多组电压表和电流表的数据，请你根据下表给出的数据判断小明所用的实验电路可能是图示电路中的（） U/V1.01.52.02.22.52.7I/A0.200.300.400.440.500.54ABCD【考点】串、并联电路的设计【分析】通过表格分析可知，电压表的示数可以变化，并且电流也是随着电压的增大而增大，但比值不变，所以关键是看选项中哪一个符合题意【解答】解：由表格数据可知，电压表示数变大时，电流表示数也变大，且比值不变；AB、由表格数据可知，电压表的示数可以变化，而A、B中的电压表测量电源电压，示数不变，不符合题意；C、电压表测滑动变阻器两端的电压，当滑动变阻器的阻值变大时，电压表示数变大，而电流表示数变小，与表格提供数据规律不一致，不符合题意；D、电压表测定值电阻两端的电压，当电压表示数变大时，电流表示数也变大，且比值不变，符合题意故选D10在如图所示的电路中，电源电压保持不变闭合开关S后，电路正常工作过一会儿，灯L熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变小，则下列判断中正确的是（）A可能性是灯L断路B可能性是电阻R断路C一定是灯L短路D一定是电阻R短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】明确这是一个串联电路，电压表与灯泡并联电压表是一个内阻很大的元件，串联时示数会接近电源电压，并造成电路中电流接近于零，其他元件无法正常工作【解答】解：A、灯L断路时，电压表串联在电路中，其示数会变大，而电流表示数会变小，灯L熄灭，因此，这是可能的，符合题意；B、电阻R断路，整个电路将无法接通，故不合题意；C、灯L短路时，电压表示数降为零，电流表示数将变大，灯泡不发光，因此，这是可能的，但却不是一定的，不合题意；D、电阻R短路，电压表、电流表示数都将增大，灯泡也会更亮，故不合题意故选A11一块厚薄均匀的长方体铁块如图，小明同学分别沿图中的不同方向把它接入同一电路，则电路中电流（）A沿AB方向接入电路时电流最小B沿CD方向接入电路时电流最小C沿EF方向接入电路时电流最小D沿各个方向接入电路时的电流一样大【考点】影响电阻大小的因素；欧姆定律的变形公式【分析】影响电阻的大小因素有长度、材料以及横截面积；当材料一定时，电阻与长度成正比，与横截面积成反比【解答】解：导体的电阻与导体的长度、材料和横截面积有关，已知导体的材料一定时，电阻与导体的长度成正比，与横截面积成反比；由图示可知，沿CD方向接入电路时，长度最短，横截面积最大，因此电阻最小，电流最大；沿AB方向接入电路时，长度最长，横截面积最小，电阻最大，电流最小故只有A选项说法正确故选A12如图所示，小明同学做了一个小小直流电动机模型同学们围着观看线圈的持续转动，一起分享着他的成果同时其他没有做成功的同学提出了以下不同想法，你认为正确的是（）A绕制线圈时，如果没有漆包线，可以用普通的铜导线代替B线圈两端（作为转轴）的漆皮应全部刮去，这样才可持续转动C线圈两端（作为转轴）的漆皮在同一侧刮去半周，这样才可持续转动D此电动机模型是根据电磁感应的原理制成的【考点】直流电动机的构造和工作过程【分析】根据电动机的原理和影响电动机转向的因素选择，电动机能连续转动下去是利用了换向器能在平衡位置改变线圈中的电流方向，及线圈转动的惯性【解答】解：电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的如图所示，当线圈转至平衡位置时，线圈不再转动为了使线圈能持续转动，采取的办法是将线圈两端引线的漆皮一端全部刮掉，另一端只刮半周，这样可以做成一个换向器，及时改变线圈中电流的方向，使线圈继续转动下去故选：C13关于核电站，下列说法正确的是（）A核电站所使用的核燃料是煤和石油B核电站核反应堆发生的是可以控制的核裂变C核电站发电的能量转化过程是：核能机械能内能电能D核能是一种新能源，也是可再生能源【考点】核电站发电过程中的能量转化【分析】核电站的核心是核反应堆，它以铀为燃料，在裂变过程中释放出核能，再通过热交换器变为高温高压的蒸汽，然后利用蒸汽去驱动蒸汽轮机，蒸汽轮机的旋转带动发电机发电短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，如：煤、石油、天然气、核能等【解答】解：A、核电站使用的是核原料，也称核燃料，而不是石油或天然气等，故A错误；B、核电站核反应堆里发生的是可控的核裂变，故B正确；C、核能发电的能量转化过程是：核能水的内能机械能电能，故C错误；D、核能是一种新能源，使用后，不能在短时间内重新获得，所以核能是不可再生能源，故D错误故选：B14如图为我国新型反潜巡逻机机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在图中能解释磁异探测器工作原理的是（）ABCD【考点】电磁感应【分析】磁异探测器最终将信号转换为变化的电流，因此是一个发电机，分析下面四幅图，找出发电机的原理即可【解答】解：磁异探测器将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，说明有感应电流产生；A、开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理符合题意；B、图示的实验是电磁铁的原理，运用了电流的磁效应，可制成电磁铁，不合题意；C、图示为磁极之间的相互作用，不合题意；D、图示为通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，不合题意故选A15如图所示，电源电压保持6V 不变，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，定值电阻R1的规格为“10 0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20 1A”闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片P移动过程中，下列说法正确的是（）A电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W0.9WB电流表示数允许变化范围为0.2A0.5AC变阻器R2接入阻值允许变化范围为220D电路消耗总功率允许变化范围为1.2W3W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流（1）根据欧姆定律求出电压表的示数为3V时电路中的电流，然后结合滑动变阻器、定值电阻的规格和电流表的量程确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电阻R1的最大功率和电路消耗的最大总功率；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电阻R1的功率最小，根据P=I2R求出电阻R1的最小功率，然后得出电阻R1消耗功率允许的变化范围【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流（1）当电压表的示数为3V时，电路中的电流：I1=0.3A，电流表的量程为00.6A，定值电阻R1允许通过的最大电流为0.5A，滑动变阻器R2允许通过的最大电流为1A，电路中的最大电流为0.3A，故B不正确；此时电路中的总电阻：R=20，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R2=RR1=2010=10，故C不正确；电阻R1消耗功率最大功率：P1=U1I1=3V0.3A=0.9W，电路消耗的最大功率：P=UI1=6V0.3A=1.8W，故D不正确；（2）当滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电阻R1的功率最小和电路消耗的总功率最小，此时电路中的电流：I2=0.2A，电阻R1的最小功率：P1=I22R1=（0.2A）210=0.4W，则电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W0.9W，故A正确故选A二填空与作图（第1623题每空1分，第24、25题每图2分，共27分）16小明家的电能表上标有“3000revs/（kWh）”，小明想测量一个灯泡的实际功率，他关掉其他用电器只让该灯泡工作，电能表转盘转过30转用时10min，这段时间灯泡消耗的电能是0.01kWh，灯泡的实际功率是60W【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法【分析】“3000r/（kWh）”的意义为：每消耗1kWh的电能，电能表的转盘就转过3000r，从而可以计算出电能表的转盘转过30r消耗的电能，又知道工作时间，可利用公式P=计算出灯泡的实际功率【解答】解：“3000r/kwh”表示每消耗1kWh的电能，电能表转盘转3000圈，电能表的转盘转过30r消耗的电能为：W=kWh=0.01kWh=3.6104J；t=10min=600s，灯泡的实际功率为：P实际=60W故答案为：0.01；6017美国正在实验助推火箭无损回收技术：火箭将飞船推送至一定高度；箭船分离，火箭停止喷火、落向地面；接近地面时，火箭再次消耗燃料、向下喷火，并以2m/s的速度匀速下降，如图所示匀速下降时，火箭的动能变小（变小/不变/变大），重力势能变小（变小/不变/变大）【考点】动能和势能的大小变化【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大【解答】解：火箭匀速下降时，再次消耗燃料，所以火箭的质量减小、速度不变，动能变小；质量减小、高度减小，重力势能变小故答案为：变小；变小18如图，斜面S长为1.2米，高h为0.3米，若用时2s将重为16N的物体沿斜面向上从底端匀速拉到顶端，拉力F为5N，则斜面的机械效率为80%，物体所受摩擦力为1N【考点】斜面的机械效率；功的计算公式的应用【分析】知道物体的重力和上升的高度，根据W=Gh求出有用功；知道斜面的长度和拉力的大小，根据W=Fs求出总功，利用=100%求出斜面的机械效率，总功减去有用功即为克服摩擦力所在的额外功，根据W=fs求出斜面上物体受到的摩擦力【解答】解：提升物体所做的有用功：W有=Gh=16N0.3m=4.8J，拉力做的总功：W总=Fs=5N1.2m=6J，斜面的机械效率：=100%=100%=80%，克服摩擦力所做的额外功：W额=W总W有=6J4.8J=1.2J，因为W额=fs，所以斜面上物体受到的摩擦力：f=1N故答案为：80%；119汽油机是热机的一种，如图所示，汽油机是处在做功冲程，此冲程中内能转化为机械能一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是2400r/min，该汽油机每分钟内完成4800个冲程，对外做功1200次【考点】内燃机的四个冲程【分析】（1）内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；在压缩冲程中，即进气门和排气门均关闭，活塞由下向上运动，即压缩气缸内的气体，对气缸内气体做功，使气缸内气体的内能增加，温度升高，故是机械能转化为内能的过程；在做功冲程中，即进气门和排气门均关闭，气缸内燃烧的高温高压燃气对活塞做功，使活塞由上向下运动，即是内能转化为机械能的过程内燃机的排气冲程：排气门打开，活塞向上运动；（2）在四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次【解答】解：由图可知，汽油机两气门关闭、火花塞点火，活塞向下运动，该冲程是汽油机的做功冲程；在此冲程中燃气的内能转化为活塞的机械能；四冲程汽油机工作时，曲轴每转2圈，完成4个冲程，完成一个工作循环，对外做功1次；由题意可知，单缸四冲程汽油机的飞轮转速是2400r/min，即每分钟转2400圈，则每分钟完成4800个冲程，对外做功1200次故答案为：做功；内；机械；4800；120020如图1所示，A、B分别是标有“6V 3.6W”字样的灯泡L和定值电阻R的UI图象则R的阻值为10；若把它们接入电路，如图2所示，当只闭合开关S1时，L正常发光；若再闭合开关S3，电流表的示数为1.2A；若只闭合开关S2，电路消耗的总电功率为2.4W【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；电功率的计算【分析】（1）图1中横坐标对应电压，纵坐标对应电流，任取一组电压值和电流值就可以算出电阻R的阻值；（2）分析2图可知，当闭合开关S1时电路为灯泡L的简单电路，根据L正常发光可知电源的电压；若再闭合开关S3，电路为灯泡L与电阻R并联，电流表测干路电流，根据甲图读出各支路的电流，利用并联电路的电压特点求出干路电流的大小；若只闭合开关S2，电路为灯泡L与电阻R串联，根据串联电路的特点和图象读出符合要求的电流，再利用P=UI求出电路消耗的电功率【解答】解：（1）由图1可知，当R两端的电压UR=6V，IR=0.6A，根据欧姆定律可得：则R的阻值为R=10；（2）当只闭合开关S1时，电路为灯泡L的简单电路，灯泡正常发光，电源的电压U=UL=6V；若再闭合开关S3时，灯泡L与电阻R并联，由图1可知，当UR=UL=U=6V时，对应的电流为IR=IL=0.6A，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，此时电流表的示数为I=IR+IL=0.6A+0.6A=1.2A；若只闭合开关S2，电路为灯泡L与电阻R串联，串联电路各处的电流相等，且串联电路的总电压等于各部分电路两端电压之和，在图象中，只有当电流为0.4A时，它们各自对应的电压之和才等于6V，此时电路消耗的电功率为P=UI=6V0.4A=2.4W故答案为：10；1.2；2.421如图所示，为电流表或电压表当开关闭合后两个灯泡L1和L2都正常发光已知L1的电阻为10，通过L1电流为0.3A，通过L2的电流为0.5A则电表的示数为0.5A，电表的示数为3V，电表的示数为0.8A【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律【分析】根据通过两灯的电流大小确定两灯的连接关系，根据并联电路的定义判断出3个电表的种类（电流表在电路中相当于导线；电压表与被测用电器并联，在电路中相当于开路），根据并联电路电流的特点求出干路电流大小【解答】解：两个灯泡连接，不是组成串联电路就是并联电路，因通过L2的电流为0.5A大于通过L1电流为0.3A，所以可判断两灯一定不是串联而是并联，L1的右端与L2的左端连在一起，根据并联电路的定义，则L1的左端与L2的右端也应连接在一起后接在电源上，故为电流表、为电流表、为电压表，且电流表在干路上，电流表与灯L2串联，测通过L2的电流，电压表测每个灯的电压或电源电压，如下图所示：已知L1的电阻为10，通过L1电流为0.3A，通过L2的电流为0.5A；所以，电表的示数为0.5A，电表的示数即灯L1的电压：U=I1R1=0.3A10=3V，电表的示数即干路上的电流：I=I1+I2=0.3A+0.5A=0.8A故答案为：0.5A；3V；0.8A22如图（甲）所示，在安装直流电动机模型的实验中，要改变线圈的转动方向，除了改变磁场方向外，还可以采用的方法是：改变电流方向完成以上实验后，取下电源换上小灯泡，在模型的转轴上绕上细线，如图（乙）所示，然后快速拉动细线，使线圈转动起来，结果小灯泡发光，此时这模型就相当于发电机如果（甲）图装置消耗的电能与（乙）图装置产生电能相等，则甲图产生的机械能小于（大于/小于/等于）乙图消耗的机械能【考点】直流电动机的构造和工作过程【分析】直流电动机和发电机都是由定子和转子组成，当将电动机的电源摘掉，用外力让电动机旋转，则可当作发电机使用另外，电动机的转动方向跟电流方向和磁场方向有关，要想改变电动机的转动方向，可改变磁场方向或线圈中电流的方向【解答】解：如图甲所示，在安装直流电动机模型的实验中，要改变线圈的转动方向，除了改变磁场方向外，可以采用的方法是改变电流方向；完成以上实验后，取下电源换接上小灯泡，在模型的转轴上绕上细线，如右图乙所示，然后快速拉动细线，使线圈转动起来，结果小灯泡发光，此时模型就相当于发电机甲图产生的机械能要小于乙图消耗的机械能，因为甲图有一部分电能要克服摩擦做功，转变为了内能故答案为：改变电流方向；发电机；小于23热水器的“能效比”是衡量热水器性能的指标之一空气源热泵热水器是新一代高“能效比”（能效比为热泵机组产出的热量与投入的电能之比）的热水装置，其工作原理简化为下图所示工作物质在蒸发器中吸收空气的热迅速汽化，通过压缩机（消耗少量电能）将其压缩成高温高压的气体，在冷凝器内液化放出热量，冷水吸热后，水温升高，达到制热水的目的下表是某型号热泵热水器的部分参数，其中60L/h表示此热水器当进水温度为15，出水温度为55时，每小时可出热水60升c水=4.2103J/（kg）额定电压U/V220制热水量V/（L/h）60额定功率P/W700水箱容量V/L100请你解答：（1）60L水温度从15升高到55吸收的热量是1.008107J；（2）此热水器正常工作1h消耗的电能为2.52106J；（3）此热水器的“能效比”为400%【考点】电功与热量的综合计算【分析】（1）先根据m=V求出水的质量；已知水的质量、比热容、水升高的温度，利用吸热公式求水吸收的热量；（2）已知热水器的电功率和正常工作时间，根据W=Pt求出1h消耗的电能；（3）根据“能效比”为热泵机组产出的热量与投入的电能之比进行计算【解答】解：（1）根据=可得，60L水的质量：m=V=1.0103kg/m360103m3=60kg；这些水温度从15升高到55吸收的热量：Q吸=cm（tt0）=4.2103J/（kg）60kg（5515）=1.008107；根据P=可得，此热水器正常工作1h消耗的电能：W=Pt=700W13600s=2.52106J；（3）“能效比”为热泵机组产出的热量与投入的电能之比，所以，此热水器的“能效比”为：=100%=100%=400%故答案为：1.008107；2.52106；40024在图中请用笔画线代替导线，将图中的电灯、开关和配有保险丝的插座接入家庭电路中【考点】家庭电路的连接【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线【解答】解：首先辨别上面三根线地线、火线、零线（1）灯泡和开关的接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故既能控制灯泡，又能更安全（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，保险丝接在火线上，即接在右孔上如下图所示：25小明自制了一个带有电磁铁的木船模型，将它放入水中漂浮，闭合开关后，船头会向北方偏转请在图上画出螺线管的绕线方法【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】螺线管处在地球的磁场中，闭合开关后，船头会指向北方偏转，可知可知螺线管的磁极，由右手螺旋定则可确定电源的正负极【解答】解：因地磁场沿南北方向，地球南极处为地磁场的N极，地球北极处为地磁场的S极，闭合开关后，船头会指向北方偏转则螺线管右端为N极，左端为S极，由右手螺旋定则可知螺线管的绕线方法，如图所示：三解答与探究（第26题10分，第27题7分，第28题7分，第29题7分，第30题6分，第31题6分，共43分）计算题解答时要有必要的文字说明、公式和运算过程，直接写出结果的不得分26总结九年级一学年所做的物理探究实验会发现：（1）当要研究的物理量不易被直接测量时，都要想办法把它们的大小间接表示出来，这种研究物理问题的方法是转换法在“探究动能的大小与哪些因素有关”的实验（如图甲）中是通过观察物块被推行距离大小，间接地比较物体动能的大小在“探究影响电流热效应的因素”的实验（如图乙）中是通过观察温度计升高的示数多少，间接比较两个电阻丝产生的热量的多少（2）当要研究的物理量与多个因素有关时，都要采用控制变量法如：图甲的实验中，使用同一个球就是为了控制质量不变，探究动能大小与速度的关系；图乙中将两个电阻串联起来，就是为了控制电流和通电时间不变，探究电流产生的热量与电阻的关系（3）有些实验装置经过适当的改进还可以进行其它的探究实验如：图甲装置中增加一个弹簧测力计等器材，我们还可以探究斜面的机械效率是否与物体的重力有关；图乙中如果再增加一个滑动变阻器，我们就可以探究电流产生的热量与电流大小的关系为了“比较不同物质的吸热能力”可以在乙图两个烧瓶中分别换上质量（体积/质量）和初温相等的水和煤油，同时还应该换上阻值相等（相等/不等）的电阻【考点】探究影响物体动能大小的因素；斜面机械效率的测量实验；焦耳定律【分析】（1）物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法（2）物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法（3）在探究电流产生热量与电流大小关系时，要改变电路电流的大小；根据控制变量法的要求，“比较不同物质的吸热能力”应控制水与煤油的质量与电阻丝阻值相同【解答】解：（1）图甲的实验中，动能的多少不能直接比较，但物体做功越多，说明能量越大，所以实验中小球动能的大小是通过观察比较木块被推出的距离长短反映出来的；图乙的实验中，是通过温度计升高的示数多少，间接比较两个电阻丝产生的热量的多少，这些都用到了转换法（2）动能大小与物体的质量和运动速度都有关系；图甲中使用同一个球，控制小球的质量不变，改变速度的大小，研究小球动能的大小与速度的关系，采用的是控制变量法图乙中，将两个电阻串联起来，可以控制电流和通电时间相同，从而探究电流产生的热量与电阻的关系同样是采用了控制变量法（3）研究电流产生热量与电流大小关系时，要保持电阻一定，改变电路中的电流，所以要在电路中串联一个滑动变阻器；探究“比较水和煤油的吸热能力”的实验，则他们应将乙烧瓶中的煤油换成质量相等的水，并使甲、乙两烧瓶中电阻丝的阻值相同故答案为：（1）转换法；物块被推行距离大小；温度计升高的示数多少；（2）质量；速度；电流和通电时间；电阻；（3）滑动变阻器；质量；相等27在“测定小灯泡的功率”的实验中，电源电压为4.5