2022年山东省日照市五莲县中考一模物理试卷

2022年山东省日照市五莲县中考物理一模试卷一、单项选择题（本大题包括10小题，每小题3分，共30分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目的要求）1（3分）为了纪念物理学家做出的贡献，通常用他们的名字来命名物理量的单位。下列物理量及单位对应正确的是（）A功率瓦特B压强焦耳C电阻伏特D电压安培2（3分）如图所示的四幅图中，是电动机原理的实验装置是（）ABCD3（3分）下列使用的工具中属于费力杠杆的是（）A用钓鱼竿钓鱼B手推独轮车C用钉锤撬钉子D用天平称质量4（3分）如图所示的电路，闭合开关，当滑片P向右移动时，下列说法中正确的是（）A灯泡L变暗B电压表示数不变C电流表A1示数变大D整个电路消耗的总功率变大5（3分）二月初以来，我国各地旱区认真落实国务院抗旱工作会议精神，采取一切更加有效的措施，全面掀起抗旱保苗促春管热潮，为夺取今年夏粮丰收奠定了基础，实施人工增雨是缓解旱情有效手段，在空中喷洒干冰是人工增雨的一种方法。干冰使空气中的水蒸气变成小冰粒，这是因为水蒸气发生了（）A汽化B液化C升华D凝华6（3分）下列关于光现象的说法中正确的是（）A岸边的人在水中所成的“倒影”是光的折射形成的B物体在平面镜中成的是虚像，物体离平面镜越近像越大C使用投影仪可以在屏幕上形成正立放大的实像，光在屏幕上发生了漫反射D凹透镜对光有发散作用，可用来矫正近视眼7（3分）下列关于声现象的说法，正确的是（）A中考期间学校路段禁止鸣笛，这是在传播过程中减弱噪声B声音在真空中传播速度是340m/sC发声体的频率高低决定了声音的音调D吹口琴时，对不同气孔吹气，是为了改变声音的音色8（3分）装有不同液体的甲、乙两烧杯，放入两个完全相同的物体，当物体静止后两烧杯中液面恰好相平，如图所示，液体对甲乙两烧杯底部压强分别是p甲、p乙，液体对两物体的浮力分别是F甲、F乙，则下面判断正确的是（）Ap甲p乙，F甲F乙Bp甲p乙，F甲F乙Cp甲p乙，F甲F乙Dp甲p乙，F甲F乙9（3分）很多动物为了适应生存环境，进化出了符合一定物理规律的自身部位，下列从物理学的角度给出的解释中正确的是（）A泥鳅身上的粘液能减小摩擦，在泥土中不易被黏住，更易滑溜B壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，是为了减小重力使其在天花板上也不会掉下来C啄木鸟的嘴很尖细，可以减小压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子D深水里的海鱼，其体形结构更适宜在压强小的深海中生存10（3分）在2022年泸州市中考体育考试中，小彤同学进行了实心球测试，对球运动的几个阶段，下列说法正确的是（）A小彤捡起实心球，并缓慢举高的过程中，小彤对球做功，球的重力势能增加B小彤将球用力投出后，球在空中运动过程中小彤对球做功，球的机械能增加C小彤将球用力投出后，球在空中最高点时所受的合力为零D球落地后在水平地面滚动一段距离停止，球在地面滚动阶段，球的机械能不变二、多选题：（本大题包括5小题，每小题4分，共20分在每小题给出的四个选项中至少有两项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）11（4分）下列数据最接近实际的是（）A一个小铁钉受到的重力约为5NB成年人正常步行5min通过的路程约为300mC一名中学生的体积约为50dm3D考场里一盏日光灯的额定功率约为200W12（4分）如图所示为冬奥会的一些运动项目，关于这些项目中的情景，下列说法中正确的是（）A跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，重力势能不变B短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，运动状态不变C冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性D冰球运动员用球杆推着冰球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力没有做功13（4分）小明用如图所示的滑轮组将一个重为300N的物体在10s内匀速提升2m，所用的拉力为150N，以下关于滑轮组的有关说法正确的是（不计绳重和摩擦）（）A在匀速提升重物的过程中，重物的机械能不变B物体上升的速度为0.2m/s，拉力的功率为90WC动滑轮重150N，该滑轮组的机械效率约为66.7%D再用该滑轮组提升500N的重物，其机械效率变大14（4分）巨磁电阻（GMR）效应是指某些材料的电阻在磁场中随磁场的增强而急剧减小的现象。如图是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中的GMR是巨磁电阻。在电源电压U不超过指示灯额定电压的条件下，闭合开关S1、S2，则（）A电磁铁A端是N极B电磁铁产生的磁感线不管外部还是内部都是从N极出发回到S极C向右滑动滑片P，GMR两端的电压增大D向左滑动滑片P，指示灯会变亮15（4分）下列关于凸透镜应用的说法，正确的是（）A焦距5cm的凸透镜当放大镜使用时，物体到透镜的距离应小于5cm，此时成正立、放大的实像B利用自拍杆照相时是为了增大物距C用手机扫描二维码时，应使二维码位于手机镜头一倍焦距之内D要使投影仪成像变大，应使投影仪远离屏幕，同时使镜头靠近投影片三、填空题（本大题包括4小题，每空1分，共10分）16（2分）进入泸州市古蔺黄荆老林风景区时，我们闻到了花香，这是花香分子的 现象；不能随意丢弃饮料瓶，因为透明饮料瓶内进入水后，相当于一个凸透镜，对太阳光有 作用，容易引发火灾；景区照片通过手机上传到微信朋友圈，是靠 来传播的（选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”）。17（2分）如图所示，开关闭合后，铁钉的上端是 极（选填“N”或“S”），当滑片向左移动时，铁钉吸引大头针的数目将 （选填“增加”或“减少”）。18（3分）据报道，2022年5月5日，直18改进型直升机降落在我国首艘国产航母的甲板上，如图所示。该航母满载时排水量为70000吨，在海水中吃水深度为11m。取海水1.0103kg/m3，g10N/kg。该航母满载时，受到的浮力为 N，最低处受到海水的压强为 Pa；某架直升机飞离该航母后，若航母排开的海水体积减少了7m3，则该直升机的质量是 kg。19（3分）泸州沱江六桥全程长4km，桥面设计为双向8车道，中间预留了轻轨线路，于2022年1月通车。一辆小轿车做匀速直线运动通过全程，速度为50km/h，受到的阻力恒为660N，通过全程所需的时间为 min，牵引力所做的功为 J；若通过全程消耗了0.2kg的汽油，汽油机的效率为 。（已知热值q汽油4.4107J/kg）四、作图与实验探究题（本大题包括3小题，共20分）20（2分）如图所示为足球运动员顶出去的足球，试画出足球在空中飞行时的受力示意图（不计空气阻力）。21（4分）请在图中用笔画线代替导线将电灯、开关和插座正确接入家庭电路。22（5分）小明利用如图甲所示装置探究冰块熔化的特点，他每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。（1）冰的熔化过程持续了 min。（2）图乙是他根据记录的数据绘制的“温度时间”图象，由图象可知：冰属于 （选填“晶体”或“非晶体”），这样判断的依据是 。（3）图乙中第4min时，物质处于 态。（4）图乙中，物体在A点时其有的内能 （选填大于”、“小于”或“等于”）在B点时的内能。23（9分）在测量标准电压为3.8V的小灯泡电阻的实验中，电源电压恒为6V。（1）小明连接如图甲所示的电路，准备闭合开关时，发现有接线错误。请你按要求在图将需改错的1根导线画“”，并补画出正确的导线。要求：闭合开关后，当滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大。（2）电路完善后，调节滑动变阻器的滑片P，当电压表的示数为3.8V时，电流表示数如图乙所示，其示数为 A，此时小灯泡的电阻为 ，额定功率为 W（保留小数点后两位）（3）在提供的滑动变阻器中，分别有规格为A（5 2A）、B（20 1A）、C（100 0.1A），则应选择 （选填“A”“B”或“C”）。（4）若在实验中小灯泡的灯丝突然被烧断，则电压表的示数 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。（5）小明同学多次移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图丙所示的图象，通过图象可以发现 。（6）若把小灯泡换成一个定值电阻，还可探究 的关系。A电流与电阻B电流与电压五、计算题（本大题包括2小题，共20分解答时应写出必要的文字说明、主要公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）24（8分）“绿水青山就是金山银山”，为了保护环境，我国大力发展电动汽车车替代传统燃油汽车。表中是某种电动汽车的部分参数，假设车上只有司机一人，质量为60kg，汽车匀速行驶时所受阻力为总重力的0.04倍，电动汽车充满电后以节电模式匀速行驶20km，电池剩余容量为38kWh（g10N/kg）空车质量1380kg轮胎与地面总接触面积320cm2电池容量42kWh最高时速120km/h最大功率100kW最大续航里程260km求：（1）电动汽车对水平地面的压强（2）电动汽车匀速行驶20km，牵引力所做的功（3）电动汽车电能转化为机械能的转化效率25（12分）小明家电热吹风机的铭牌如表格所示，其工作原理如图甲所示。由于使用了多年，吹风机中的电热丝明显氧化导致其电阻发生了变化，电动机性能仍保持不变。为准确测量氧化电热丝的实际电阻值，小明在家中把该吹风机单独接入家庭电路并使其吹热风，发现电能表的转盘6min内转过132圈，电能表规格如图乙所示。问：电热吹风机额定电压/V220电热丝功率/W480电动机功率/W40（1）这段时间内电吹风消耗了多少电能？（2）氧化电热丝正常工作时的实际电阻值是多少？（3）为恢复电热吹风机的铭牌功率，应与氧化电热丝串联还是并联一段新电热丝？连接上去的新电阻丝的阻值是多少？2022年山东省日照市五莲县中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题包括10小题，每小题3分，共30分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目的要求）1（3分）为了纪念物理学家做出的贡献，通常用他们的名字来命名物理量的单位。下列物理量及单位对应正确的是（）A功率瓦特B压强焦耳C电阻伏特D电压安培【答案】A【分析】在物理学上经常用物理学家的名字命名物理量的单位，以纪念他们做出的突出贡献，结合常见的单位分析解答即可。【解答】解：A用瓦特的名字命名功率的单位，故A正确；B用帕斯卡的名字命名压强的单位，故B错误；C用欧姆的名字命名电阻的单位，故C错误；D用伏特的名字命名电压的单位，故D错误。故选：A。【点评】本题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查。2（3分）如图所示的四幅图中，是电动机原理的实验装置是（）ABCD【答案】B【分析】电动机是利用通电导体在磁场中受力运动制成的，在选项中找出反映这个原理的即可。【解答】解：A、是奥斯特实验，小磁针发针偏转说明通电导体周围有；B、电路中有电源，通电线圈或导体受到磁场力的作用发生，故B符合；C、该装置是发电机原理图，表示电磁感应；D、在外力作用下使导体运动，切割磁，说明此时有感应电流，这是电磁感应现象，故D不符合题意；故选：B。【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理，学生平时要注意区分，属于基础题。3（3分）下列使用的工具中属于费力杠杆的是（）A用钓鱼竿钓鱼B手推独轮车C用钉锤撬钉子D用天平称质量【答案】A【分析】杠杆有三种类型：（1）省力杠杆：动力臂大于阻力臂，动力小于阻力，省力但是费距离；（2）费力杠杆：动力臂小于阻力臂，动力大于阻力，费力但是省距离；（3）等臂杠杆：动力臂等于阻力臂，动力等于阻力，既不省力也不费力。【解答】解：（1）钓鱼杆在使用的过程中，阻力臂大于动，但使用它可以省，故选项A符合题意；（2）我们在使用独轮车和钉锤时都是为了省力，并且它们在使用的过程中都是动力臂大于阻力臂，所以它们属于省力，故B；（3）天平是典型的等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，故D不符合。故选：A。【点评】本题主要考查对杠杆分类方法的了解，动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆；动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆。4（3分）如图所示的电路，闭合开关，当滑片P向右移动时，下列说法中正确的是（）A灯泡L变暗B电压表示数不变C电流表A1示数变大D整个电路消耗的总功率变大【答案】B【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L支路的电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流和实际功率不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据PUI可知电路消耗总功率的变化。【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R，电流1测干路电流，电流表A2测L支路的电流。因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过灯泡的电流和实际功率，故A；当滑片P向右移动时，变阻器R接入电路中的电阻变大，由I可知，通过R的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流3的示数变小，故C错误；由PUI可知，电路消耗的总功率变小，故D。故选：B。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。5（3分）二月初以来，我国各地旱区认真落实国务院抗旱工作会议精神，采取一切更加有效的措施，全面掀起抗旱保苗促春管热潮，为夺取今年夏粮丰收奠定了基础，实施人工增雨是缓解旱情有效手段，在空中喷洒干冰是人工增雨的一种方法。干冰使空气中的水蒸气变成小冰粒，这是因为水蒸气发生了（）A汽化B液化C升华D凝华【答案】D【分析】解决此题的关键是知道水蒸气是气态，小冰粒是固态，物质从气态直接变为固态，称为凝华，凝华过程需要放热。【解答】解：水蒸气是气态，小冰粒是，称为，所以A、B、C不符合题意；故选：D。【点评】解决此类题目的关键是掌握三态转化的名称，判断出物体是什么状态之间的相互转化。6（3分）下列关于光现象的说法中正确的是（）A岸边的人在水中所成的“倒影”是光的折射形成的B物体在平面镜中成的是虚像，物体离平面镜越近像越大C使用投影仪可以在屏幕上形成正立放大的实像，光在屏幕上发生了漫反射D凹透镜对光有发散作用，可用来矫正近视眼【答案】D【分析】（1）（2）平静的水面相当于平面镜，物体在平面镜中成正立等大的虚像，物像到平面镜的距离相等；（3）投影仪成倒立、放大的实像；平行光线经凹凸不平的反射面反射后，反射光线射向四面八方，漫反射的反射面是凹凸不平的；（4）凹透镜对光有发散作用，可用来矫正近视眼。【解答】解：A、“倒影”属于平面镜成像，是由光的反射形；B、像和物体的大小相等，物体离平面镜，故B；C、投影仪可以在屏幕上形成倒立、放大的，故光在屏幕上要发生漫，故C错误；D、近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力，因凹透镜对光线有发散，所以近视眼应该配戴凹透镜才能看清远处的物体。故选：D。【点评】本题考查了光的反射、凸透镜成像规律、近视眼的矫正，属于基础知识。7（3分）下列关于声现象的说法，正确的是（）A中考期间学校路段禁止鸣笛，这是在传播过程中减弱噪声B声音在真空中传播速度是340m/sC发声体的频率高低决定了声音的音调D吹口琴时，对不同气孔吹气，是为了改变声音的音色【答案】C【分析】（1）减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处；（2）声音的传播需要介质；声音在空气中的传播速度约为340m/s；（3）发声体的振动频率高，音调越高；振幅越大，响度越大，音色反映声音的品质与特色，与发生体的结构、材料有关；【解答】解：A、学校路段禁止汽车鸣笛，这是在声源处减弱；B、声音在空气中的传播速度约为340m/s，声音在真空中不能；C、发声体的振动频率越高，音调，故C；D、吹口琴时，对不同气孔，改变了振动，是为了改变声音的音调。故选：C。【点评】本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。8（3分）装有不同液体的甲、乙两烧杯，放入两个完全相同的物体，当物体静止后两烧杯中液面恰好相平，如图所示，液体对甲乙两烧杯底部压强分别是p甲、p乙，液体对两物体的浮力分别是F甲、F乙，则下面判断正确的是（）Ap甲p乙，F甲F乙Bp甲p乙，F甲F乙Cp甲p乙，F甲F乙Dp甲p乙，F甲F乙【答案】A【分析】放入液体的物体完全相同，由浮沉条件可知两物体所受浮力相等，由浮力公式F浮液gV排，可知两液体的密度，由压强公式p液gh可知对底部的压强。【解答】解：两物体完全相同，它们在液体内都是静，即浮力都等于物体的，故F甲F乙；由于物体在甲中浸入液面的体积比乙中的小，由F浮液gV排得：甲乙，由公式p液gh可知，由于液面高度相同，所以p甲p乙。故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、物体的浮沉条件、液体压强公式的掌握和运用，根据提供情景灵活选用公式分析判断是本题的关键。9（3分）很多动物为了适应生存环境，进化出了符合一定物理规律的自身部位，下列从物理学的角度给出的解释中正确的是（）A泥鳅身上的粘液能减小摩擦，在泥土中不易被黏住，更易滑溜B壁虎的脚掌上有许多“吸盘”，是为了减小重力使其在天花板上也不会掉下来C啄木鸟的嘴很尖细，可以减小压强，从而凿开树干，捉到躲藏在深处的虫子D深水里的海鱼，其体形结构更适宜在压强小的深海中生存【答案】A【分析】（1）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。（2）地球被厚厚的大气层包围着，地球表面的物体都受到大气压的作用；（3）增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。（4）据液体压强pgh可知，在海水中，越深处海水的压强越大。据此分析判断。【解答】解：A、泥鳅身上的粘液能减小摩擦，在泥土中不易被。故A；B、“吸盘”能使壁虎“吸”在墙上，是把盘内的空气，不能减小。故B错误；C、啄木鸟的嘴很尖细，在压力一定时增大了，捉到躲藏在深处的。故C错误；D、根据pgh深海处的海水压强很大，所以深水里的。故D。故选：A。【点评】物理是有趣的，这有趣就体现在生活中有许多现象和我们学过的物理知识是有关的，多观察，多思考，才能学好物理。10（3分）在2022年泸州市中考体育考试中，小彤同学进行了实心球测试，对球运动的几个阶段，下列说法正确的是（）A小彤捡起实心球，并缓慢举高的过程中，小彤对球做功，球的重力势能增加B小彤将球用力投出后，球在空中运动过程中小彤对球做功，球的机械能增加C小彤将球用力投出后，球在空中最高点时所受的合力为零D球落地后在水平地面滚动一段距离停止，球在地面滚动阶段，球的机械能不变【答案】A【分析】（1）（2）一个力作用在物体上，并且物体在力的方向上通过一段距离，就说力对物体做了功；重力势能与高度有关；（3）合力为0时，物体将保持静止或匀速直线运动状态；（4）克服摩擦做功，机械能减少。【解答】解：A、小彤捡起实心球，并缓慢举高的过，小彤对球，球的高度增大，故A正确；B、小彤将球用力投出后，球在空中运动过程中小彤没有对球是，球在运动时克服摩擦，机械能减小；C、小彤将球用力投出后，球在空中最高点时受到重力和空气阻力的，故所受的合力不，故C错误；D、球落地后在水平地面滚动一段距离停止，是因为球受到了，机械能转化为，球的机械能减少。故选：A。【点评】本题考查了影响势能的因素、机械能的变化、做功的条件等知识点，属于基础题。二、多选题：（本大题包括5小题，每小题4分，共20分在每小题给出的四个选项中至少有两项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）11（4分）下列数据最接近实际的是（）A一个小铁钉受到的重力约为5NB成年人正常步行5min通过的路程约为300mC一名中学生的体积约为50dm3D考场里一盏日光灯的额定功率约为200W【答案】BC【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、一个小铁钉的质量在5g0.005kg左右，受到的重力约为Gmg5.005kg10N/kg0.0；B、成年人的步行速度在3m/s左右，步行5min300s通过的路程约为svt1m/s300s30；C、人体密度与水的密度差不多，在6.03kg/m2左右，中学生的质量在50kg左右，则中学生的体积约为350dm3，故C符合实际；D、日光灯的额定功率较小，在40W。故选：BC。【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。12（4分）如图所示为冬奥会的一些运动项目，关于这些项目中的情景，下列说法中正确的是（）A跳台滑雪运动员在空中下落的过程中，重力势能不变B短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，运动状态不变C冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性D冰球运动员用球杆推着冰球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力没有做功【答案】CD【分析】（1）重力势能与质量和高度有关；质量越大、高度越高，重力势能越大。（2）力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。（3）任何物体都具有惯性，惯性是物体保持原运动状态不变的性质。（4）做功的两个必要因素：作用在物体上的力、物体在力的方向上通过的距离（即力和距离的方向要一致）；二者缺一不可。【解答】解：A、运动员在空中下落的过程中，高度；故A；B、运动员在转弯滑行的过程中，运动方向；故B；C、掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有；D、冰球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力方向竖直；力和距离的方向不，故重力没有做功；故选：CD。【点评】此题考查多个知识点；理解影响重力势能的因素、明确运动状态改变的几种情况、理解惯性概念、理解做功的两个必要因素；可解答此题。13（4分）小明用如图所示的滑轮组将一个重为300N的物体在10s内匀速提升2m，所用的拉力为150N，以下关于滑轮组的有关说法正确的是（不计绳重和摩擦）（）A在匀速提升重物的过程中，重物的机械能不变B物体上升的速度为0.2m/s，拉力的功率为90WC动滑轮重150N，该滑轮组的机械效率约为66.7%D再用该滑轮组提升500N的重物，其机械效率变大【答案】BCD【分析】（1）物体的动能与质量和速度有关、重力势能与质量和高度有关，物体的动能和势能统称为机械能；（2）由图可知，n3，拉力端移动的速度等于物体升高速度的3倍，利用PFv求拉力做功的功率；（3）不计绳重和摩擦，拉力F（G+G动），据此求动滑轮的重力；该滑轮组的机械效率；（4）提高滑轮组机械效率的方法：增大提升的物重、减轻动滑轮重力。【解答】解：A、在匀速提升重物的过程中，重物的质量，物体的动能；同时高度增加，所以重物的机械能变大；故A；B、由图可知，n3，拉力端移动的：v3v物50.2m/s7.6m/s，拉力做功的功率：PFv150N0.7m/s90W，故B；C、不计绳重和摩擦，拉力动），则动滑轮的重力：G动4FG3150N300N150N；该滑轮组的机械效率：100%66.7%，故C；D、在其它量不变的情况下，再用该滑轮组提升500N的，增大了有，据公式知，故D正确。故选：BCD。【点评】本题虽是选择题，实质是综合计算题，考查了使用滑轮组有用功、总功、功率、滑轮组的机械效率以及动滑轮重的计算，要求学生熟练掌握和应用公式及其变形式。14（4分）巨磁电阻（GMR）效应是指某些材料的电阻在磁场中随磁场的增强而急剧减小的现象。如图是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中的GMR是巨磁电阻。在电源电压U不超过指示灯额定电压的条件下，闭合开关S1、S2，则（）A电磁铁A端是N极B电磁铁产生的磁感线不管外部还是内部都是从N极出发回到S极C向右滑动滑片P，GMR两端的电压增大D向左滑动滑片P，指示灯会变亮【答案】ACD【分析】（1）利用安培定则判断电磁铁的磁极；（2）在磁体外部，磁感线是从N极出发回到S极；（3）根据灯泡的亮度变化，能够确定电路中电流的变化，进而知道巨磁电阻的阻值与磁场强度的关系。【解答】解：A、利用安培定则可知，右手握住螺，大拇指指向电磁铁的左端A为、右端B为S极。B、在磁体外部，磁感线是从N极出发回到。C、向右滑动滑片P，滑动变阻器接入电路的阻值，由欧姆定律，电路电流减小，周围磁场减弱，GMB的阻值，故C；D、由图可知，滑动变阻器的滑片P向左滑动过程中接入电路中电阻，由I可知，电路中的电流变大，此时电磁铁的磁性；由右图可知，巨磁电阻和灯泡串联，因电阻在磁场中随磁场的增强而急剧减小，所以，此时巨磁电阻的阻值会变小，电路中的总电阻，由I可知，电路中的电流变大，通过灯泡的电流，因PI2R，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，灯泡的实际功率变大，灯泡。故选：ACD。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到电磁铁磁性与电流的关系和电功率公式的应用等，判读出巨磁电阻的变化是解题的关键。15（4分）下列关于凸透镜应用的说法，正确的是（）A焦距5cm的凸透镜当放大镜使用时，物体到透镜的距离应小于5cm，此时成正立、放大的实像B利用自拍杆照相时是为了增大物距C用手机扫描二维码时，应使二维码位于手机镜头一倍焦距之内D要使投影仪成像变大，应使投影仪远离屏幕，同时使镜头靠近投影片【答案】BD【分析】（1）凸透镜成像时，uf，通过凸透镜能看到一个正立的、放大的虚像。应用于放大镜；（2）“自拍神器”是利用凸透镜成倒立、缩小的实像工作的；（3）照相机成像时，物距大于二倍焦距；（4）凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小。【解答】解：A、焦距5cm的凸透镜当放大镜使用时，物体到透镜的距离应小于5、放大的，故A错误；B、使用手机拍照时，镜头相当于凸，成倒立；凸透镜成实，物距越大，像越小；所以，用“自拍神器”自拍与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆可以增大手机与拍照者之间，故B；C、手机的镜头属于凸透镜，与照相机原理，应使二维码位于手机镜头二倍焦距，故C错误；D、要使投影仪成像变大，则像距，即应使投影仪远离，同时使镜头靠近投影片。故选：BD。【点评】本题考查了凸透镜的成像规律的应用，要熟记凸透镜的成像规律。三、填空题（本大题包括4小题，每空1分，共10分）16（2分）进入泸州市古蔺黄荆老林风景区时，我们闻到了花香，这是花香分子的扩散现象；不能随意丢弃饮料瓶，因为透明饮料瓶内进入水后，相当于一个凸透镜，对太阳光有会聚作用，容易引发火灾；景区照片通过手机上传到微信朋友圈，是靠电磁波来传播的（选填“超声波”、“次声波”或“电磁波”）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈。花香分子在空气中做无规则运动越快，人们闻到的花香味越浓烈；（2）透明圆塑料瓶装水后，中间后而边缘薄，类似于凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用；（3）电磁波可以传递信息。【解答】解：（1）我们闻到了花香，这是一种扩散现象，是由于花香的分子在不停地做无规则的运动形；（2）因为瓶中进入水之后，瓶中的水形状是中间厚、边缘薄，符合凸透镜的形状，如果热量，会造成树叶燃烧；（3）手机上的微信依靠电磁波来传递信息。故答案为：扩散；会聚；电磁波。【点评】物理知识渗透在生活的每个角落，同学们要注意思考、积累。因此在森林中旅游，导游向你建议，不要随意丢弃玻璃瓶，就是这个道理。17（2分）如图所示，开关闭合后，铁钉的上端是N极（选填“N”或“S”），当滑片向左移动时，铁钉吸引大头针的数目将增加（选填“增加”或“减少”）。【答案】见试题解答内容【分析】由右手螺旋定则可知螺线管的极性，由影响电磁铁磁性强弱的因素可知铁钉的吸引能力。【解答】解：由右手螺旋定则可知，铁钉上端为；当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻变小，故电路中电流，故吸引的大头针的数目将。故答案为：N，增加。【点评】右手螺旋定则的内容为：右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指向指的方向为N极方向。电磁铁的磁性强弱与电流的大小、线圈匝数等有关。18（3分）据报道，2022年5月5日，直18改进型直升机降落在我国首艘国产航母的甲板上，如图所示。该航母满载时排水量为70000吨，在海水中吃水深度为11m。取海水1.0103kg/m3，g10N/kg。该航母满载时，受到的浮力为7108N，最低处受到海水的压强为1.1105Pa；某架直升机飞离该航母后，若航母排开的海水体积减少了7m3，则该直升机的质量是7103kg。【答案】见试题解答内容【分析】（1）知道航母满载排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求该舰满载时所受浮力；（2）已知深度，利用液体压强公式pgh求出海水的压强。（3）航母漂浮，则浮力等于重力，利用重力、密度公式和阿基米德原理表示出航母在舰载机飞离前后排开海水的体积，然后列出等式，计算舰载机的质量。【解答】解：（1）该航母满载时排水量：m排70000t7107kg，航母满载时受到的浮力：F浮G排m排g8107kg10N/kg7102N；（2）满载时该航母最底处受到海水的压强：p海gh1.0105kg/m310N/kg11m1.3105Pa。（3）因为航母漂浮在水面上，则F浮G，直升机飞离该航母后，则F浮G，由于直升机飞离该航母后，直升机的重力G直GG，则F浮F浮F浮GGG直，根据F浮海gV排和Gmg可得：直升机的质量m直海V排1.2103kg/m35m37103kg。故答案为：7108；4.1105；4103。【点评】本题考查液体压强、浮力的计算，同时考查排水量的有关问题，关键是知道排水量就是轮船满载时排开水的质量。还要知道轮船漂浮时浮力等于自身重力。19（3分）泸州沱江六桥全程长4km，桥面设计为双向8车道，中间预留了轻轨线路，于2022年1月通车。一辆小轿车做匀速直线运动通过全程，速度为50km/h，受到的阻力恒为660N，通过全程所需的时间为4.8min，牵引力所做的功为2.64106J；若通过全程消耗了0.2kg的汽油，汽油机的效率为30.0%。（已知热值q汽油4.4107J/kg）【答案】见试题解答内容【分析】（1）根据速度的变形公式计算所需的时间；（2）利用二力平衡的条件求出牵引力的大小，然后利用WFs可求得牵引力所做的功；（3）根据Qmq可求得汽油完全燃烧放出的热量，再利用可求得汽油机的效率。【解答】解：（1）由v可得，通过全程所需的时间：t0.08h4.8min；（2）因为匀速通过大桥，所以牵引力Ff660N，牵引力所做的功WFs660N4103m2.64106J；（3）汽油完全燃烧放出的热量Qmq4.2kg4.4107J/kg8.3106J，汽油机的效率100%100%3。故答案为：3.8；2.64106；30.0%。【点评】本题考查了重力的计算、速度公式及其应用、功的计算等，关键是知道汽车匀速行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力。对于这类综合题目，要快速联想选择相对应的公式进行求解，在计算过程中注意单位要统一。四、作图与实验探究题（本大题包括3小题，共20分）20（2分）如图所示为足球运动员顶出去的足球，试画出足球在空中飞行时的受力示意图（不计空气阻力）。【答案】见试题解答内容【分析】顶出去的足球靠惯性飞行，在忽略空气阻力的情况下，只受到重力的作用，而重力的方向是始终竖直向下的，不受其位置和运动状态的影响，据此，再利用作图法画出重力即可。【解答】解：顶出去的足球在不计空气阻力的情况下，只受重力的，方向竖直，如图所示：【点评】作重力的示意图是物理作图题中最常考的点之一，重点要明确，物体在任何情况下，其重力方向都是竖直向下的。同时，本题中还要注意，足球靠惯性飞行时，忽略空气阻力便不再受其他力。21（4分）请在图中用笔画线代替导线将电灯、开关和插座正确接入家庭电路。【答案】见试题解答内容【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【解答】解：首先辨别图中三根线地线、火线、零线。（1）灯泡接法：火线进入开关，经灯泡连到，接触灯泡不会发生触电。既能控制灯泡。（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接。如图所示：【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。22（5分）小明利用如图甲所示装置探究冰块熔化的特点，他每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。（1）冰的熔化过程持续了10min。（2）图乙是他根据记录的数据绘制的“温度时间”图象，由图象可知：冰属于晶体（选填“晶体”或“非晶体”），这样判断的依据是冰在熔化过程中，温度不变。（3）图乙中第4min时，物质处于固态。（4）图乙中，物体在A点时其有的内能小于（选填大于”、“小于”或“等于”）在B点时的内能。【答案】见试题解答内容【分析】（1）观察图象，从图象中得出冰从开始熔化到完全熔化的时间；（2）掌握晶体在熔化过程中的特点：吸热但温度保持不变。（3）知道晶体在熔化前为固态；熔化过程为固液共存态；熔化完后为液态。（4）物体吸收热量，内能变大。【解答】解：（1）由图象可知，冰从第5min开始熔化，到第15min完全；（2）由图象知，冰在熔化过程中温度保持不变，所以冰是；（3）由图象知，图乙中第4min时，物质还没有；（4）由图可知，冰从A到B持续吸收热量，故内能。故答案为：（1）10；（2），温度；（3）固。【点评】此题考查了对冰的熔化图象的分析，要掌握晶体熔化过程中的特点；晶体与非晶体最大的区别就是看是否有一定的熔点，从图象上分辨，最大的不同就是晶体有一段时间只吸热而温度不变，我们应该学会区分。23（9分）在测量标准电压为3.8V的小灯泡电阻的实验中，电源电压恒为6V。（1）小明连接如图甲所示的电路，准备闭合开关时，发现有接线错误。请你按要求在图将需改错的1根导线画“”，并补画出正确的导线。要求：闭合开关后，当滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大。（2）电路完善后，调节滑动变阻器的滑片P，当电压表的示数为3.8V时，电流表示数如图乙所示，其示数为0.32A，此时小灯泡的电阻为11.88，额定功率为1.22W（保留小数点后两位）（3）在提供的滑动变阻器中，分别有规格为A（5 2A）、B（20 1A）、C（100 0.1A），则应选择B（选填“A”“B”或“C”）。（4）若在实验中小灯泡的灯丝突然被烧断，则电压表的示数变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（5）小明同学多次移动滑动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图丙所示的图象，通过图象可以发现灯丝的电阻随温度的升高而增大。（6）若把小灯泡换成一个定值电阻，还可探究B的关系。A电流与电阻B电流与电压【答案】见试题解答内容【分析】（1）闭合开关后，当滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大，电阻减小，离下接线柱近，接左下接线柱。（2）电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.32A，根据R算出电阻，根据PUI算出额定功率；（3）求出小灯泡正常发光时的电流，以及滑动变阻器接入电路的电阻，根据提供的滑动变阻器的最大电流和最大阻值进行选择；（4）灯泡突然烧断，灯泡断路，电压表两极直接与电源两极相连，电压表测电源电压，电压表示数变大；（5）灯丝的电阻随温度的升高而增大；（6）电流与电压和电阻有关，由控制变量法，研究电流与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。【解答】解：（1）原题中滑动变阻器接了两个下接线柱，应该“一上一，电流表示数，电阻减小，接左下接线柱。如下：（2）由乙图知电流表使用00.6A量程，分度值0.02A，示数为0.5，灯泡的电阻为R11.88灯泡额定功率PUI3.8V7.32A1.216W1.22W；（3）由（2）知灯泡正常工作时，电路中的电流：I8.3；灯泡正常工作时，两端的电压为3.4V，滑动变阻器两端的电压为6V3.2V2.，则变阻器的电阻为：R滑6.6，所以变阻器A不；（4）实验中小灯泡的灯丝突然被烧断，则灯泡两端的电压约等于电源电压，电压表的示数；（5）由图象知：当电压为0.5V时，电流为2.15；当电压为4V时，电流为0.3A，电阻610；当电压为7.8V时，电阻为11.9，故可以得出电压，灯丝温度，电阻变大；（6）若把小灯泡换成一个定值电阻，还可探究电流与电压的关系。选B。故答案为：（1）见上图；（2）2.；1.；（3）B；（5）灯丝的电阻随温度的升高而增大；（6。【点评】本题是测小灯泡电阻的实验，考查了实物图的连接，电流表的读数，电阻的计算、额定功率的计算，滑动变阻器的选择，因小灯泡电阻的因素等，都是常考的问题，要掌握好。五、计算题（本大题包括2小题，共20分解答时应写出必要的文字说明、主要公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）24（8分）“绿水青山就是金山银山”，为了保护环境，我国大力发展电动汽车车替代传统燃油汽车。表中是某种电动汽车的部分参数，假设车上只有司机一人，质量为60kg，汽车匀速行驶时所受阻力为总重力的0.04倍，电动汽车充满电后以节电模式匀速行驶20km，电池剩余容量为38kWh（g10N/kg）空车质量1380kg轮胎与地面总接触面积320cm2电池容量42kWh最高时速120km/h最大功率100kW最大续航里程260km求：（1）电动汽车对水平地面的压强（2）电动汽车匀速行驶20km，牵引力所做的功（3）电动汽车电能转化为机械能的转化效率【答案】见试题解答内容【分析】（1）电动汽车对地面的压力等于汽车和人的总重力，根据Gmg解答，然后根据公式p计算压强；（2）汽车匀速行驶，牵引力与阻力相等，根据WFs便可计算出牵引力做的功；（3）汽车消耗的电能等于电池容量与剩余容量之差，牵引力做的功与消耗电能之比便为电动汽车电能的转化效率。【解答】解：（1）电动汽车对水平地面的压力为：FG（m1+m2）g（1380kg+60kg）10N/kg4.44104N；电动汽车对地面的压强为：p4.5103Pa；（2）电动汽车匀速行驶，所以牵引力与阻力平衡，则电动汽车受到的牵引力为：Ff0.04G0.045.44104N576N；则电动车行驶20km，牵引力做的功为：WFs576N20103 m3.152107J；（3）由表格数据可知电池容量为42kWh，行驶20km时电池剩余容量为38kWh则此过程中电动汽车消耗的电能为：W总42kWh38kWh4kWh3.44107J，则电动汽车电能转化为机械能的转化效率：100%100%8。答：（1）电动汽车对水平地面的压强为4.6105Pa；（2）电动汽车匀速行驶20km，牵引力所做的功为1.152107J；（3）电动汽车电能转化为机械能的转化效率为80%。【点评】本题是电、力的综合题目关键能够掌握力学中压强、功的计算方法，找到力和电的联系，才能正确计算转化效率。25（12分）小明家电热吹风机的铭牌如表格所示，其工作原理如图甲所示。由于使用了多年，吹风机中的电热丝明显氧化导致其电阻发生了变化，电动机性能仍保持不变。为准确测量氧化电热丝的实际电阻值，小明在家中把该吹风机单独接入家庭电路并使其吹热风，发现电能表的转盘6min内转过132圈，电能表规格如图乙所示。问：电热吹风机额定电压/V220电热丝功率/W480电动机功率/W40（1）这段时间内电吹风消耗了多少电能？（2）氧化电热丝正常工作时的实际电阻值是多少？（3）为恢复电热吹风机的铭牌功率，应与氧化电热丝串联还是并联一段新电热丝？连接上去的新电阻丝的阻值是多少？【答案】见试题解答内容【分析】（1）3000r/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转3000r，据此求出电能表的转盘6min内转过132圈消耗的电能；（2）先根据P求出氧化后电路的实际功率，再用实际功率减掉电动机的功率即为氧化电热丝的实际功率，最后根据R求出氧化电热丝的实际电阻值。（3）由电吹风的铭牌可知额定电压和电热丝的额定功率，根据R求出正常工作时电阻丝的阻值，然后根据电阻串联时越串越大、并联时越并越小判断新电热丝的串并联；根据电阻的并联求出使灯泡正常工作时并联新电阻的阻值。【解答】解：（1）电吹风6min内消耗的电能：W0.044kWh5.0443.6103J1.584105J；（2）此时吹热风时电路的实际功率：P0.44kW440W，此时电热丝的实际功率：P热PP电动机440W40W400W，由P可得，氧化电热丝的实际电阻值：R121。（3）吹风机正常工作时，P热480W，电阻丝的阻值R121；因并联电路电阻越并越小、小于任何一个分电阻，串联电路电阻越串；所以为恢复电热吹风机的铭牌功率，应与氧化电热丝并联一段新电热丝。并联电路中+可得：+，解得：R新605。答：（1）这段时间内电吹风消耗了1.584107J电能；（2）氧化电热丝正常工作时的实际电阻值是121；（3）为恢复电热吹风机的铭牌功率，应与氧化电热丝并联一段新电热丝；连接上去的新电阻丝的阻值是60。【点评】本题考查了电阻的并联和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是电吹风和电能表参数含义的理解与掌握；本题综合性强，难度较大。声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2022/12/3 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