2014届高三物理理综试题

2014届高三物理理综试题ABCD13从地面以速率v0竖直上抛一个可视为质点的小球，由于受空气阻力，小球落回地面的速率减为v0/2，若空气阻力与运动速率成正比，则整个运动过程的速度图象（以竖直向上为正）为下列图中的哪一个？14如图所示，一束红光PA从A点射入一球形水珠，光线在第一个反射点B反射后到达C点，CQ为出射光线，O点为球形水珠的球心。下列判断中正确的是 A光线在B点可能发生了全反射B光从空气进入球形水珠后，波长变长了C光从空气进入球形水珠后，频率增大了 D仅将红光改为紫光，光从A点射入后到达第一个反射点的时间增加了0.2y/cmOPQ70140210280x/cm15一列简谐横波在t=0时刻的波形图如图所示，t=0.35s时Q质点第二次到达正向最大位移处，而此时P质点正通过平衡位置向-y方向运动，则该波的传播方向及波速大小为 A沿+x传播，5m/sB沿+x传播，7m/sC沿-x传播，5m/s D沿-x传播，7m/s16如图所示，理想变压器的副线圈上通过输电线接有三个灯炮L1、L2和L3，输电线的等效电阻为R，原线圈接有一个理想的电流表，开始时，开关S接通，当S断开时，以下说法中正确的是 A灯炮L1和L2变亮 B原线圈中电流表示数增大C等效电阻R上消耗的功率变大 D原线圈两端P、Q间的输入电压减小17科学研究表明地球的自转在变慢四亿年前，地球每年是400天，那时，地球自转的周期为21.5h，科学家们猜想，地球自转变慢的原因主要有两个：一个是潮汐时海水与海岸碰撞、与海底摩擦而使能量变成内能；另一个是由于潮汐的作用，地球把部分自转能量传给了月球，使月球的机械能增加了（不考虑对月球自转的影响），由此可以判断，与四亿年前相比，现在月球绕地球公转的 A半径减小 B周期增大 C. 线速度增大 D角速度增大18阴极射线示波管的聚焦电场是由电极Al、A2形成，实线为电场线，虚线为等势线，轴为该电场的中心轴线，P、Q、R为一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上的三点，不计电子的重力，则 A电极A1的电势高于电极A2的电势B电子在P点处的动能大于在Q点处的动能C电场中Q点的电场强度小于R点的电场强度D电子从P至R的运动过程中，电场力对它一直做正功19（18分）ABCDO单位：mm（1）（1）在探究物体仅在重力作用下是否做匀变速直线运动的实验中，利用打出来的纸带可以测出当地的重力加速度。某次实验得到的纸带如图所示，O、A、B、C、D为相邻的五个点，测得OA=5.6mm、OB=15.0mm、OC=28.3mm、OD=45.5mm，打下相邻两个点间的时间间隔为0.02s。 当地的重力加速度g = m/s2。（结果保留三位有效数字） 把问题中求得的重力加速度与当地重力加速度的标准值比较，发现两者并不相等，除了读数误差外，你认为产生误差的其它原因可能是 （只要求写出一种原因）。（2）（12分）关于做“测电源电动势和内电阻”的实验AaVabbccddef图（a）00.51.01.50.70.91.3I/AU/V1.11.5123456图（b）有同学按图（a）电路进行连接，他用到的6根导线是aa、bb、cc、dd、de和bf ，由于其中混进了一根内部断开的导线，所以当他按下开关后，发现两个电表的指针均不偏转，他用多用表的电压档测量bc 间的电压，读数约为1.5V（已知电池电动势约为1.5V），由于只有一根导线内部断开，根据上述现象可推得，这6根导线中哪几根可能内部是断开的？答：_（写导线编号）。为了确定哪一根导线的内部是断开的，他至少还要用多用表的电压档再测量几次？答：_次排除故障后，该同学通过改变滑动变阻器的电阻，测得了6组U、I的数据，根据第1、2、3、4、5和6组的数据，他在U-I图上标出了这些数据点，并且按照这些数据点的分布绘制了相应的U-I图线如图（b）所示，由这一图线，可求得电源的电动势E为_V，内电阻r为_。如果他不利用这一图线，而是利用任意两组U、I数据，那么当他选择哪二组数据求出的E、r值时误差最大？答：_（写数据组编号如1和2；3和4；5和6） 。20（15分）愤怒的小鸟是一款时下非常流行的游戏，故事也相当有趣，如图甲，为了报复偷走鸟蛋的肥猪们，鸟儿以自己的身体为武器，如炮弹般弹射出去攻击肥猪们的堡垒。某班的同学们根据自己所学的物理知识进行假设：小鸟被弹弓沿水平方向弹出，如图乙所示。（取重力加速度g=10m/s2）：图甲图乙草地肥猪的堡垒平台小鸟（1）若h1=3.6m，l1=2.4m，h2=1.8m，要使小鸟飞出能直接打中肥猪的堡垒，小鸟飞出去的初速度应多大？（2）如果小鸟弹出后，先掉到平台上（此时小鸟距抛出点的水平距离为l2），接触平台瞬间竖直速度变为零，水平速度不变，小鸟在平台上滑行一段距离后，若要打中肥猪的堡垒，小鸟和平台间的动摩擦因数与小鸟弹出时的初速度v0应满足什么关系（用题中所给的符号h1、l1、h2、l2、g表示）？21（19分）如图所示，地面和半圆轨道面PTQ均光滑。质量M = l kg、长L = 4 m的小车放在地面上，右端与墙壁的距离为s = 3 m，小车上表面与半圆轨道最低点P的切线相平。现有一质量m = 2 kg的滑块(不计大小)以v0 = 6 m/s的初速度滑上小车左端，带动小车向右运动。小车与墙壁碰撞时即被粘在墙壁上，已知滑块与小车表面的滑动摩擦因数 = 0.2，g取10 m/s2。求： (1)判断小车与墙壁碰撞前是否已与滑块相对静止并求小车与墙壁碰撞时滑块的速度； (2)若滑块在圆轨道滑动的过程中不脱离轨道，求半圆轨道半径R的取值范围。22（20分）如图（甲）所示，在直角坐标系0xL区域内有沿y轴正方向的匀强电场，右侧有一个以点(3L，0)为圆心、半径为L的圆形区域，圆形区域与x轴的交点分别为M、N。现有一质量为m，带电量为e的电子，从y轴上的A点以速度v0沿x轴正方向射入电场，飞出电场后从M点进入圆形区域，速度方向与x轴夹角为30。此时在圆形区域加如图（乙）所示周期性变化的磁场，以垂直于纸面向外为磁场正方向），最后电子运动一段时间后从N飞出，速度方向与进入磁场时的速度方向相同（与x轴夹角也为30）。求：（1）电子进入圆形磁场区域时的速度大小；（2） 0xL区域内匀强电场场强E的大小；（3） 写出圆形磁场区域磁感应强度B0的大小、磁场变化周期T各应满足的表达式。yB0-B0T2TtBO(甲)xv0EL2L3L4LMNAO(乙)29物理选修35（本题共有两小题，每小题6分，共12分。每小题只有一个选项符合题意。）（1）如图所示为氢原子能级图，下列说法正确的是_（填选项前的字母）A玻尔理论也能很好地解释复杂原子的光谱B玻尔理论认为原子的能量是连续的，电子的轨道半径是不连续的C大量处在n2 能级的氢原子可以被2.00 eV的电子碰撞而发生跃迁D当氢原子从n2的状态跃迁到n3的状态时，辐射出1.89 eV的光子（2）如图所示，在光滑的水平直线导轨上，有质量分别为2m和m、带电量分别为2q、q的两个小球A、B正相向运动，某时刻A、B两球的速度大小分别为vA、vB。由于静电斥力作用，A球先开始反向运动，它们不会相碰，最终两球都反向运动。则_（填选项前的字母）ABvAvB AvAvB BvAvB CvA=vB D vBvAvB19、（1） _、 _ _ （2） _、 _ _、 _、 _20、21、22、29、 _、 _答案13A 14D 15C 16A 17B 18D19（1） 9.69m/s2 （4分） 纸带与限位孔之间的阻力、空气阻力等。（2分）（2）bb、cc（3分。错选不得分，漏选得2分）；1（3分）1.45（或1.46、1.44）（2分）；0.5（或0.51、0.49）（2分）；2、3（2分）20、解：（1）设小鸟以v0弹出能直接击中堡垒，则由平抛运动规律，h1-h2=gt2 （3分） l1=v0t （2分） 联立解得t=0.6 s，v0=4m/s。（2分）（2）对小鸟在平台上滑行初速度仍为v0，若刚好击中堡垒，则有末速度为v=0由动能定理 - mg(l1.- l2)=mv2- mv02 （5分）解得： 可见，与v0应满足才能打中堡垒。（3分）21（19分）解：（1）由牛顿第二定律，对滑块：-mg=ma1 (1分)对小车：mg=Ma2 （1分）但滑块相对小车静止时，两者速度相等，即：v0+a1t=a2t （1分）此时 v1=v2=4m/s （1分）滑块的位移为：s1=v0t+a1t2 （1分）滑块与小车的相对位移为：L1=s1-s2 （1分）联立解得，L1=3m，s2=2m （2分）因L1L，s2s，说明小车与墙壁碰撞前滑块与小车已具有共同速度，且共速时小车与墙壁还未发生碰撞，故小车与墙壁碰撞时的速度为：Vt=4m/s （1分）（2）与墙碰后滑块将在小车上继续向右做初速度为v1=4m/s，位移为L2=L-L1=1m的匀减速运动，然后滑上圆轨道的最低点P。若滑块恰能滑过圆的最高点，设滑至最高点的速度为v，临界条件为Mg=mv2/R （2分）根据动能定理，有-mgL2-mg2R=mv2-mv12 （2分）解得 R=0.24m （1分）若滑块恰好滑至1/4圆弧到达T点时就停止，则滑块也能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道。根据动能定理，有-mgL2-mgR=0-mv12 （2分）解得R=0.6m （1分）综上所述，滑块在圆轨道运动过程中不脱离圆轨道，则半圆轨道的半径必须满足：R0.24m或R0.60m （1分）22.（20分）解：（1）电子在两极板间的加速度a= （1分）通过金属板的时间t= （1分）对打在荧光屏上偏离点O2最远的粒有d=at2 （1分）有动能定理得：Ek=eU+mv2 （1分）联立解得：Ek= （1分）（2）由牛顿第二定律可知，qvB= （2分）代入数据解得 r=510-3m=8.710-3m （1分）如图所示，设恰好在荧光屏P上观察到亮点时，粒子偏转角为2，磁场区域的最大半径为R0，由几何关系可知tan2= ,tan= （2分）代入数据解得R0=510-3m （1分）则R应满足的条件R510-3m （1分）（3）交变电压的周期 T=，则t0=T电子通过金属板的时间 t=T （1分）电子在两极板间的加速度 a= （1分）设电子分别在TT、TT、TT、TT时间内沿垂直于初速度方向运动的位移依次为y1、y2、y3、y4，则有y1=y3=-a (T-t0)2 （1分）y2=a (T)2 （1分） y4=a (T)2 （1分）要使电子能通过平行金属板，应满足条件y1+y2+y3+y4 （1分）联立解得 U0 （2分）29（1）C （2）B