棠下中学高二下学期物理周练第6周2012广州一模茂名一模.doc

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棠下中学高二下学期物理周练 第6周1、 单选题1、一遥控玩具小车在平直路上运动的位移时间图象如图所示,则()A15s末汽车的位移为300mB前10s内汽车的加速度为3m/s2C20s末汽车的速度为-1m/sD前25s内汽车做单方向直线运动2、如图所示,清洗楼房玻璃的工人常用一根绳索将自己悬在空中,工人及其装备的总重量为G,悬绳与竖直墙壁的夹角为,悬绳对工人的拉力大小为F1,墙壁对工人的弹力大小为F2,则()AF1=BF2=GtanC若增大悬绳与墙壁的夹角,F1与F2的合力变大D若增大悬绳与墙壁的夹角,F1与F2的合力不变3、 如图,甲车自西向东做匀加速运动,乙车由南向北做匀速运动,到达O位置之前,乙车上的人看到甲车运动轨迹大致是图中的()4、静电场中,可以根据()A场强的强弱判断电势的高低 B电势的高低判断场强的强弱C电场线方向判断电势的高低 D电场线方向判断场强的强弱2、 双选题5、重为50N的物体放在水平面上,物体与水平面的动摩擦因数为0.2,现用方向相反的水平力F1和F2拉物体,其中F1=15N,如图所示。要使物体做匀加速运动,则F2的大小可能为A4N B10NC20N D30N6、如图所示,在等量异种电荷形成的电场中,画一正方形ABCD,对角线AC与两点电荷连线重合,两对角线交点O恰为电荷连线的中点。下列说法中正确的是 +OABCDAB、D两点的电场强度相同BA点的电场强度大于C点的电场强度且两点电场强度方向相同C一电子在B点的电势能大于在C点的电势能D一电子沿对角线BOD路径移动电场力不做功AB7、我国已于2011年9月29日发射“天宫一号”目标飞行器,11月1日发射“神舟八号”飞船并在11月3日与“天宫一号”实现对接。某同学为此画出“天宫一号”和“神舟八号”绕地球做匀速圆周运动的假想图如图所示,A代表“天宫一号”,B代表“神舟八号”,虚线为各自的轨道。由此假想图,可以判定( )A“天宫一号”的运行速率小于“神舟八号”的运行速率B“天宫一号”的周期小于“神舟八号”的周期C“天宫一号”的向心加速度小于“神舟八号”的向心加速度 D“神舟八号”适度减速有可能与“天宫一号”实现对接8、等腰直角三角形OPQ区域内存在匀强磁场。另有一等腰直角三角形导线框ABC以恒定的速度沿如图所示方向穿过磁场关于线框中的感应电流,以下说法中正确的是( )A开始进入磁场时感应电流沿顺时针方向B开始进入磁场时感应电流最大C开始穿出磁场时感应电流沿顺时针方向D开始穿出磁场时感应电流最大 abm9、如图,在坚直方向上,两根完全相同的轻质弹簧a、b,一端与质量为m的物体相连接,另一端分别固定当物体平衡时,如果A a被拉长,则b一定被拉长B a被压缩,则b一定被压缩C b被拉长,则a一定被拉长D b被压缩,则a一定被拉长10、如图,节水灌溉中的喷嘴距地高0.8m,假定水从喷嘴水平喷出,喷灌半径为4m,不计空气阻力,取g=10m/s2则A水下落的加速度为8m/s2B水从喷嘴到地面的时间为0.4sC水从喷嘴喷出后动能不变D水从喷嘴喷出的速率为10m/s11、薄铝板将同一匀强磁场分成、两个区域,高速带电粒子可穿过铝板一次,在两个区域运动的轨迹如图,半径R1R2,假定穿过铝板前后粒子电量保持不变,则该粒子R1R2铝板A带正电B在、区域的运动速度相同C在、区域的运动时间相同D从区域穿过铝板运动到区域三、非选择题34(1)如图a是某同学做“研究匀变速直线运动”实验时获得的一条纸带打点计时器电源频率为50Hz A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点, F点由于不清晰而未画出试根据纸带上的数据,推测F点的位置并在纸带上标出,算出对应的速度vF = m/s(计算结果保留两位有效数字)图是某同学根据纸带上的数据,作出的vt图象根据图象,t时的速度v0= m/s、加速度a = m/s2(计算结果保留两位有效数字)(2)用电阻箱、多用电表、开关和导线测一节干电池的电动势和内阻将图c的实物连接成可完成实验的电路完成以下步骤的相关内容:(i)将多用电表的选择开关旋转至 挡(填“1”、“直流电压2.5V”或“直流电流100mA”)(ii)调节电阻箱,示数如图d所示,读得电阻值R1= (iii)合上开关,从多用表上读得数值为x1(iv)重复(ii)、(iii),收集多组R和x的数据某同学根据他设计的实验以及收集到的数据,作出了如图e所示的图线,由此可知,干电池的电动势E = V(计算结果保留三位有效数字);图线纵轴截距的绝对值代表 的电阻之和黑表笔红表笔电阻箱干电池100010011013、如图所示,有小孔O和O的两金属板正对并水平放置,分别与平行金属导轨连接,、区域有垂直导轨所在平面的匀强磁场金属杆ab与导轨垂直且接触良好,并一直向右匀速运动某时刻ab进入区域,同时一带正电小球从O孔竖直射入两板间ab在区域运动时,小球匀速下落;ab从区域右边离开磁场时,小球恰好从O孔离开已知板间距为3d,导轨间距为L,、区域的磁感应强度大小相等、宽度均为d带电小球质量为m,电荷量为q,ab运动的速度为v0,重力加速度为g求:(1)磁感应强度的大小(2)ab在区域运动时,小球的加速度大小(3)小球射入O孔时的速度vav0OOvdddL3db14、如图,木板A静止在光滑水平面上,其左端与固定台阶相距x与滑块B(可视为质点)相连的细线一端固定在O点水平拉直细线并给B一个竖直向下的初速度,当B到达最低点时,细线恰好被拉断,B从A右端的上表面水平滑入A与台阶碰撞无机械能损失,不计空气阻力已知A的质量为2m,B的质量为m,A、B之间动摩擦因数为;细线长为L、能承受的最大拉力为B重力的5倍;A足够长,B不会从A表面滑出;重力加速度为g(1)求B的初速度大小v0和细线被拉断瞬间B的速度大小v1(2)A与台阶只发生一次碰撞,求x满足的条件(3)x在满足(2)条件下,讨论A与台阶碰撞前瞬间的速度台阶Lv0v1ABxOB15、如图所示,坐标平面第象限内存在大小为E=4105N/C方向水平向左的匀强电场,在第象限内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场。质荷比为N/C的带正电粒子从x轴上的A点以初速度v0=2107m/s垂直x轴射入电场,OA=0.2m,不计重力。求:(1)粒子经过y轴时的位置到原点O的距离;(2)若要求粒子不能进入第三象限,求磁感应强度B的取值范围(不考虑粒子第二次进入电场后的运动情况)。AOExyv016、如图所示,地面和半圆轨道面均光滑。质量M = 1kg 、长L = 4m的小车放在地面上,其右端与墙壁的距离为S=3m,小车上表面与半圆轨道最低点P的切线相平。现有一质量m = 2kg的滑块(不计大小)以v0 = 6m/s的初速度滑上小车左端,带动小车向右运动。小车与墙壁碰撞时即被粘在墙壁上,已知滑块与小车表面的滑动摩擦因数 = 0.2 ,g取10m/s2 。(1)求小车与墙壁碰撞时的速度;(2)要滑块能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道,求半圆轨道的半径R的取值。答案:一选择题题号1234567891011选项CBCCADACACBCBCBDCD12、(1)如图,vF=7.010-m/s; 2.010-m/s、5.0m/s2评分说明:每对一项给2分(2)电路连接如图(2分)(评分说明:多用表当电压表或电流表使用,其中一种用法,只要连接正确均给分)(i)“直流电压2.5V”或“直流电流100mA”(2分)(评分说明:a选挡与所连的电路不对应不扣分,即选挡对就给分;答成“直流电压2.5V和直流电流100mA”同样给2分)(ii)12(2分)1.46(1.411.49均给分)(2分)电表与干电池(2分)(评分说明:如果答成“电表与电阻箱”、“干电池与电阻箱”或“电表、干电池与电阻箱”的给1分)13、解:(1)ab在磁场区域运动时,产生的感应电动势大小为: 金属板间产生的场强大小为:ab在磁场区域运动时,带电小球匀速下落,有 联立得: (2)ab在磁场区域运动时,设小球的加速度a,依题意,有 联立得: (3)依题意,ab分别在、磁场区域运动时,小球在电场中分别做匀速、匀加速和匀速运动,设发生的位移分别为S、S、S;ab进入磁场区域时,小球的运动速度为v则:S= S=S=v v= 又:S+S+S=3d 联立可得: 评分说明:每式2分;每式1分14、解析:(1)滑块B从释放到最低点,机械能守恒,有:在最低点,由牛顿运动定律:又:联立得: 评分说明:以及两个结果正确各给1分,共5分(2)设A与台阶碰撞前瞬间,A、B的速度分别为vA和vB,由动量守恒若A与台阶只碰撞一次,碰撞后必须满足:对A应用动能定理:联立解得:,即A与台阶只能碰撞一次的条件是:评分说明:以及结果正确各给1分,共5分(3)设x=时,A左端到台阶板前瞬间,A、B恰好达到共同速度,由动量守恒对A应用动能定理: 联立得: (i)当即时,AB共速后A与挡板碰撞由可得A与台阶碰撞前瞬间的速度: (ii)当即时,AB共速前A就与台阶碰撞,对A应用动能定理:A与台阶碰撞前瞬间的速度:评分说明:各1分;(i)中的条件1分,结论1分;(ii)中条件1分,各1分。15、解:(1)设粒子在电场中运动的时间为t ,粒子经过y轴时的位置与原点O的距离为y,则:AOExyv0vO1 (1分) (1分) (1分) (1分)解得:a=1.01015m/s2 t=2.010-8s (3分)(2)粒子经过y轴时在电场方向的分速度为:(1分)(1分)粒子经过y轴时的速度大小为;(1分)(1分)与y轴正方向的夹角为=450(1分)要粒子不进入第三象限,如图所示,此时粒子做圆周运动的轨道半径为R/,则:(2分)由(2分)解得 (2分)16、解:(1)滑块与小车的共同速度为v1 ,滑块与小车相对运动过程中动量守恒,有mv0 = (m + M)v1 (2分)代入数据解得v1 = 4m/s (1分)设滑块与小车的相对位移为 L1 ,由系统能量守恒定律,有mgL1 =(2分)代入数据解得L1 = 3m (1分)设与滑块相对静止时小车的位移为S1 ,根据动能定理,有mgS1 =(2分)代入数据解得S1 = 2m (1分)因L1L ,S1S ,说明小车与墙壁碰撞前滑块与小车已具有共同速度,且共速时小车与墙壁还未发生碰撞,故小车与碰壁碰撞时的速度即v1 = 4m/s(1分)(2)滑块将在小车上继续向右做初速度为v1 = 4m/s ,位移为L2 = LL1 = 1m的匀减速运动,然后滑上圆轨道的最低点P 。若滑块恰能滑过圆的最高点,设滑至最高点的速度为v ,临界条件为mg = m(1分)根据动能定理,有mgL2(2分)联立并代入数据解得R = 0.24m (1分)若滑块恰好滑至圆弧到达T点时就停止,则滑块也能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道。根据动能定理,有mgL2(2分)代入数据解得R = 0.6m (1分)综上所述,滑块能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道,半圆轨道的半径必须满足R0.24m或R0.6m (1分)
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