2018-2019学年高一物理上学期入学考试试题(含解析).doc

2018-2019学年高一物理上学期入学考试试题(含解析)一、选择题（共18小题，每小题只有一个符合题意的选项，请将这个选项前面的字母代号用2B铅笔在答题卡上填涂.每小题2分，计36分）1.1.在学校、医院和科学研究部门附近，有如图所示禁鸣喇叭的标志.在下列措施中，与这种控制噪声的方法相同的是A. 工人戴上防噪声耳罩B. 在道路旁设置隔声板C. 上课时关闭教室的门窗D. 在摩托车上安装消声器【答案】D【解析】【详解】图示含义为静止鸣笛，禁止鸣笛是在声源处减弱噪声。A.工人戴上防噪声耳罩，是在人耳处减弱，不合题意；B.在道路旁设置隔声板，是在传播过程中减弱，不合题意；C.上课时关闭教室的门窗，是在传播过程中减弱，不合题意；D.在摩托车上安装消声器，是在声源处减弱噪声，符合题意。故选：D。【点睛】控制噪声有三种方法：防止噪声的产生（即在声源处减弱噪声）、阻断噪声的传播（即在传播过程中减弱）和防止噪声进入耳朵（在人耳处减弱）2.2.下列数据最符合实际的是A. 一名中学生的质量约500kgB. 人的正常体温约为37C. 家用轿车发动机的最大功率为0.1kWD. 初中物理课本的长为27dm【答案】B【解析】成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右，A不符合实际；人体正常体温在37左右，变化幅度很小，B符合实际；家用轿车发动机的最大功率为75kW左右，C不符合实际；初中物理课本的长为25cm，D不符合实际，故选B。考点：质量的估测；温度；功率的概念；长度的估测点睛：对一些常见物理量的估测也是中考试卷中出现频率较高的题型，包括知识点较多，但都不难，考查同学们对生活中物理知识的了解情况。3.3.xx5月16日，ofo共享单车2万辆投放宜昌，极大地便利了宜昌市民的出行.使用者用手机扫车牌上的二维码，获取验证后自动开锁即可使用.关于单车的使用过程，下列说法正确的是 A. 车牌上的二维码是光源B. 二维码上白色部分反射白光，黑色部分吸收光C. 手机上的摄像头相当于一个放大镜D. 扫码时二维码要位于摄像头一倍焦距以内【答案】B【解析】二维码自身不能发光，不是光源，故A错误； B. 白色可以反射所有色光，黑色可以吸收所有色光，因此，二维码中黑色部分吸收光，白色部分反射光，故B正确；CD、摄像头的原理与照相机相同，物体应位置其镜头的二倍焦距之外，此时可成倒立缩小的实像，故CD错误。点睛：能自身发光的物体是光源；白色可以反射所有色光，黑色可以吸收所有色光；手机上的摄像头相当于凸透镜；摄像头的原理与照相机相同，物体应位置其镜头的二倍焦距之外4.4.张华听到楼下的李明大声喊他去踢球，对此分析正确的是A. 张华能听到楼下的喊声，说明声音可以在空气中传播B. 李明的喊声越大，他声音的音调越高C. 李明的喊声越大，他声音传播的速度越快D. 张华根据喊声的音调判断出是李明【答案】A【解析】试题分析：张华能听到楼下的叫喊声，说明声音可以在空气中传播，故A正确；李明的叫喊声很大，说明他的响度大，故B错误；声速的大小与响度无关，故C错误；张华从叫喊声中听出是李明，他是根据声音的音色来判断的，故D错误；故应选A。【考点定位】声现象5.5.泡茶时茶香四溢，下列说法正确的是A. 茶香四溢是扩散现象，说明分子间有力的作用B. 泡茶的水温度越高，分子热运动越剧烈C. 茶水冷却过程中，茶水的内能不断增加D. 茶水冷却过程中，茶水的内能是通过做功的方式改变的【答案】B【解析】试题分析：茶香四溢是因为茶水的香味分子不停地做无规则的运动，扩散到空气中，故A错误；物体温度越高分子的无规则运动越剧烈，所以茶水温度越高，分子的热运动越剧烈，故B正确；茶水在变冷的过程中，放出热量，温度降低，内能不断减少，故C错误；茶水在变冷的过程中，向周围空气放出热量，属于热传递改变物体的内能，故D错误；故应选B。【考点定位】分子动理论；内能的改变方式6.6.英国物理学家牛顿1666年观察到了光的色散现象，下列光现象与光的色散成因相同的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】试题分析：镜中的人像是由光的反射形成的，故A错误；月食、桌面苹果的影子是由光的直线传播形成的，故BC错误；被放大镜放大的图案是光经过透镜发生折射形成的，故D正确；故应选D。【考点定位】光的色散7.7.跳台滑雪包含很多科学知识，下列有关说法正确的是A. 人离开跳台前双脚蹬地，地对人的力大于人蹬地的力B. 人在空中滑翔，加速下降过程中，人受力平衡C. 人在空中滑翔、加速下降过程中，重力对人没有做功D. 滑雪板面积较大，对雪地的压强较小，不容易陷进雪地【答案】D【解析】试题分析：人离开跳台前双脚蹬地，地对人的力和人蹬地的力是一对相互作用力，大小相等，故A错误；人加速下降过程中，运动状态发生了变化，不是平衡状态，故B错误；人在空中滑翔、加速下降过程中，在重力的方向上通过了距离，所以重力对人做功，故C错误；滑雪板面积较大，这是通过增大受力面积，来减小对雪地的压强，故D正确；故应选D。【考点定位】运动和力；压力与压强8.8.如图所示，未装满水的密闭小瓶上有一根两端开口的竖直细玻璃管，玻璃管内水柱高于瓶内水面，现用一根饮料吸管水平靠在玻璃管的上端吹气，下列分析正确的是A. 吹气前，瓶内气体压强小于瓶外大气压强B. 吹气前，瓶内气体压强等于瓶外大气压强C. 吹气时，玻璃管中水柱升高D. 吹气时，玻璃管中水柱降低【答案】C【解析】试题分析：根据题意可知，玻璃管内水柱高于瓶内水面，瓶内气体压强大于瓶外大气压强，故AB错误；用一根饮料吸管水平靠在玻璃管的上端吹气，玻璃管上方空气的流速增大，压强减小，玻璃管中液体受到向上的压强大于向下的压强，液面上升，故C正确，D错误；故应选C。【考点定位】流体压强与流速的关系9.9.一辆汽车在平直的公路上做直线运动，其vt图象如图所示，汽车在第10s时已行驶了150m，速度达到了20m/s，随后匀速前进，若汽车在行驶过程中所受阻力大小始终为xxN，以下说法正确的是A. 在020s内汽车的平均速度为15m/sB. 在010s内汽车的牵引力大小恒为xxNC. 在1020s内汽车牵引力做的功为4105JD. 在1020s内汽车牵引力做功的功率为4105W【答案】C【解析】试题分析：根据图象可知，汽车在1020s内做匀速运动，其速度为v2=20m/s，汽车在1020s内行驶的路程s2=v2t=20m/s10s=200m，在020s内行驶的总路程s=s1+s2=150m+200m=350m，则在020s内汽车的平均速度v=s/t=350m/20s=17.5m/s，故A错误；根据图象可知，在010s内，汽车做加速运动，牵引力大于阻力，即牵引力大于xxN，故B错误；汽车在1020s内做匀速运动，处于平衡状态，牵引力等于阻力，即F=f=xxN，则牵引力做的功：W2=Fs2=xxN200m=4105J，故C正确；汽车在1020s内牵引力做功的功率：P2=W2/t=4105J /10s=4104W，故D错误；故应选C。【考点定位】功和功率10.10.关于能源、信息和材料，下列说法正确的是A. 太阳能是不可再生能源B. 当前核电站利用可控核裂变发电C. LED灯的核心元件发光二极管由超导材料制成D. WiFi技术是一种无线网络传输技术，它通过超声波传递信息【答案】B【解析】试题分析：太阳能可以从自然界源源不断的得到补充，因此是可再生能源，故A错误；核电站是利用可控原子核裂变释放的核能来发电的，故B正确；LED灯的核心元件发光二极管是由半导材料制成的，故C错误；WiFi利用了电磁波中的微波技术进行信息传输，故D错误；故应选B。【考点定位】能源和信息；电磁波11.11.下列关于家庭电路和生活用电的说法错误的是A. 控制客厅吊灯的开关和吊灯之间是串联的B. 测电笔可以用来辨别火线与零线C. 可以在高压输电塔下放风筝D. 家庭电路中用电器短路时通过总开关的电流增大【答案】C【解析】试题分析：家庭电路中开关和被控制的用电器串联，这样才能实现有效控制，故A正确；测电笔接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光，以用来辨别火线与零线，故B正确；严禁在高压线下方放风筝，避免由于电流通过风筝拉线进入人体发生触电事故，故C错误；家庭电路发生短路时，通过总开关的电流增大，会引起空气开关跳闸，从而对电路起到保护作用，故D正确；故应选C。【考点定位】家庭电路；安全用电12.12.中国高铁采用绿色环保的制动方式，到站前电网自动停止对列车电动机供电，电动机线圈仍要转动，此时电动机变为发电机发电，这个过程车速从300km/h减到90km/h；在车速小于90km/h后再进行机械刹车，下列说法正确的是（ ）A. 电动机根据电磁感应原理工作B. 发电机根据电流的磁效应工作C. 减速发电过程中，电能转化为列车的机械能D. 列车机械刹车过程中有机械能转化为内能【答案】D【解析】试题分析：电动机是根据通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的，发电机的原理是电磁感应，故AB错误；减速发电过程中，是将机械能转化为电能的过程，故C错误；机械刹车过程中，机械能减小，内能增加，因此是将机械能转化为内能的过程，故D正确；故应选D。【考点定位】电和磁；能量转化13.13.图甲是某同学设计的调光灯电路，图中小灯泡的额定电压为3V，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片从最左端滑到最右端的过程中，测得小灯泡的IU关系图象如图乙所示，下列说法中错误的是A. 电源电压为3VB. 小灯泡正常发光时的电阻为10C. 小灯泡实际功率越大，灯丝电阻越大D. 小灯泡的最小功率为0.1W【答案】D【解析】试题分析：根据电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，根据图象可知，电源的电压U=UL=3V，电路中的电流I=0.3A，由I=U/R可知，小灯泡正常发光时的电阻：RL=UL/I=3V/0.3A=10，故AB正确；图象中图线的斜率表示电阻的倒数，当灯泡两端的电压增大时，通过的电流增大，由P=UI可知灯泡的实际功率变大，图象的斜率变小，则小灯泡实际功率越大，灯丝电阻越大，故C正确；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，根据图象可知，灯泡两端的电压UL=0.5V，电路中的电流I=0.1A，灯泡的最小功率：PL=ULI=0.5V0.1A=0.05W，故D错误；故应选D。【考点定位】欧姆定律；电功率点睛：本题是电学部分综合题，属于较难的题型，考查同学们对知识综合运用的能力。14.14.关于微观世界和宇宙，下列认识正确的是A. 原子是由原子核和电子构成的B. 固体中分子作用力几乎为零C. 分子是比电子更小的微粒D. 地球是宇宙的中心【答案】A【解析】试题分析：原子是由原子核和电子构成的，故A正确 ；固体中分子作用力几应是很大，故B错误；分子是比电子更大的微粒，故C错误；地球是宇宙中的一个微粒，不是宇宙的中心，故D错误；故应选A。【考点定位】粒子和宇宙15.15.4月27日，我国的“天舟一号”飞船圆满完成飞行任务返回地球，飞船受空气阻力匀速下降过程中，它的A. 动能增加，势能减少，内能不变 B. 动能减少，势能不变，内能增加C. 动能不变，势能增加，内能减少D. 动能不变，势能减少，内能增加【答案】D【解析】试题分析：A动能增加，势能减少，内能不变，错误，匀速下降，动能不变，势能减少；B动能减少，势能不变，内能增加，错误，匀速下降，动能不变，势能减少；C动能不变，势能增加，内能减少 ，错误，匀速下降，动能不变，势能减少；D动能不变，势能减少，内能增加，正确，匀速下降，动能不变，势能减少，内能增加；故应选D。【考点定位】机械能转化16.16.xx6月2日美国总统特朗普宣布退出巴黎协定但节能减排、保护环境是全人类的共同责任日常生活中以下做法合理的是A. 随意把废旧电池丢到垃圾桶中B. 家中的电视机可以长时间处于待机状态C. 为了节能减排、保护环境，郴州市决定关停所有高能耗、高污染的工厂D. 废水直接排放到江河【答案】C【解析】解：A、将废旧电池随手丢到垃圾桶中，会污染水体和土壤，不利于环境保护。故A不合理；B、废水直接排放到江河中，会污染水资源，所以不利于环境保护。故B不合理。C、电视机处于待机状态时仍有部分元件在工作如指示灯，电路中会有电流，由电功公式W=UIt可知就会消耗电能。故C不合理；D、关停高能耗、高污染的工厂，既可以节能减排，也可以保护环境。故D合理；故选：D。17.17.随着经济的发展，我国的国防事业得到了相应的发展如图所示为我国空军战机空中加油时的情景 A. 以地面为参照物，加油机是静止的B. 以加油机为参照物，战机是运动的C. 以地面为参照物，加油机和战机都是静止的D. 以战机为参照物，加油机是静止的【答案】D【解析】AC、加油过程中，若以地面为参照物，加油机、战机和地面的位置在不断发生变化，所以说它们是运动的。故AC错误。B. 以加油机为参照物，战机与加油机之间位置没有发生变化，战机是静止的，故B错误；D. 以战机为参照物，加油机与战机之间的位置没有发生变化，加油机是静止的，故D正确。故选D。18. 关于电与磁，下列说法正确的是（ ）A. 同名磁极相互吸引，异名磁极相互排斥B. 电动机工作时，是将机械能转化为电能C. 利用电磁感应现象制成发电机D. 地磁场的北极就在地理北极附近【答案】C【解析】试题分析：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故A错误；电动机工作时将电能转化成机械能，故B错误；发电机是利用电磁感应的原理制成的，故C正确；地磁场的北极在地理的南极附近，故D错误；故应选C。【考点定位】电和磁视频二、填空题（共6小题，每空1分，计12分）19.19.小明同学身165cm，早上站在竖直放置的平面镜前，从平面镜中看到挂钟的指针如图所示，由此可知，他在平面镜中的像高为_cm，镜中像为_（选填“实像”或“虚像”），挂钟显示的实际时间是_。【答案】 (1). 165 (2). 虚像 (3). 7：20【解析】【详解】（1）根据平面镜成像特点可知，物和像大小相等，且与物距无关；所以小明同学的身高是170cm，则他在平面镜中的像高也是170cm；（2）方法一：根据平面镜成像特点，即物像关于平面镜对称，作出平面镜中钟表指针的实际情况，如下图，可以看到钟表的实际时间是2：30；方法二：把试卷翻过来，如下图，注意上下不要颠倒，直接从试卷的反面看钟表的实际时间是2：30；。【点睛】重点是还是平面镜成像特征的掌握，牢记平面镜成等大的虚像，像与物到镜面的距离相等，像与物的连线与镜面垂直，即像和物关于平面镜对称。注意方法二的应用，可以很快判断出实际时间。20.20.如图是一款新型无叶电风扇，与传统电风扇相比，具有易清洁、气流稳、更安全等特点.工作时，底座中的电动机江南空气从进风口吸入，吸入的空气经压缩后进入圆环空腔，再从圆环空腔上的缝隙高速吹出，夹带周边的空气一起向前流动，导致圆环空腔正面风速远大于背面风速，风扇正常运行时，圆环空腔正面气体压强_背面气体压强；相同时间内，圆缝口流出空气的质量_进风口空气的质量（两孔均选填“大于”、“等于”或“小于”）. 【答案】 (1). 小于 (2). 等于【解析】由题意知吸入的空气经压缩后进入圆环空腔，再从圆环空腔上的缝隙高速吹出，夹带周边的空气一起向前流动，导致圆环空腔正面风速远大于背面风速，故风扇正常运行时，圆环空腔正面气体压强小于背面气体压强；相同时间内，圆缝口流出空气的质量等于进风口空气的质量。点睛：（1）根据流体压强与流速关系分析；（2）电动机将空气从进风口吸入，从圆环空腔上的细縫中高速吹出，由此判断21.21.如图是小明设计的门铃电路.闭合开关，干电池将化学能转化为_；清脆的铃声是由电铃的_产生的. 【答案】 (1). 电能 (2). 振动【解析】试题分析：干电池将化学能转化为电能。铃声是由电铃的振动产生的。【考点定位】电路22.22.如图甲所示，水平地面上的一物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体的速度v与时间t的关系如图乙所示，则03s ，F对物体做的功为_J，36s物体受摩擦力大小为_N.【答案】 (1). 0 (2). 4【解析】（1）由图乙v-t图象可知，在02s物体的速度为0，因此当t1s时，物体处于静止状态。（2）在46s时间内，从图乙v-t图像上可以看出物体以4m/s的速度匀速运动，而F-t图像上的水平推力F=2N，根据二力平衡可知，此时的摩擦力f=F =2N ；所以t5s时，物体匀速运动，物体受到的摩擦力为f=2N。23.23.如图用一细绳拴住体积为0.6dm3重为4N的木块，使它浸没在水中，此时绳的拉力为_N；若剪断细绳，当木块静止时水面将_ （选填“上升”、“下降”或“不变”）. 【答案】 (1). 2 (2). 下降【解析】木块浸没在水中所受浮力：F浮水gV排1.0103kg/m310N/kg0.610-3m36N；物体受竖直向下的重力、细线的拉力和竖直向上的浮力，所以拉力：FF浮-G6N-4N2N；因为木块浸没在水中时的浮力大于木块的重力，所以剪断细线后，木块会上浮直至漂浮在水面上，由于漂浮，所以F浮G4N，因此浮力变小，根据F浮液gV排知，排开水的体积减小，液面下降点睛：由题意可知，剪断细线后，木块时漂浮在水面上的，则F浮=G，判断出浮力的变化，根据阿基米德原理公式的变形式判断出排开液体体积的变化，判断出液面的变化24.24.现有两只小灯泡L1“12V 12W”、L2“12V 6W”，则它们的电阻之比为_.若将它们与某电源连接成一个串联电路，其中一灯正常发光，另一灯较暗，电源电压为_V.【答案】 (1). 1:2 (2). 18【解析】【分析】（1）知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻，然后求出两灯泡的电阻之比；（2）两灯泡串联时通过它们的电流相等，电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压。【详解】（1）由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：，由I=U/R可得，两灯泡的电阻分别为：，则两灯泡的电阻之比：R1：R2=12：24=1：2；（2）因串联电路中各处的电流相等，且其中一灯正常发光，另一灯较暗，所以两灯泡串联时，电路中的最大电流I=I2=0.5A，因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以电源的电压：U=I（R1+R2）=0.5A（12+24）=18V。【点睛】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道两灯泡串联时电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的。三、解答题：（32分）25.25.下图是探究“影响浮力大小的因素”的实验过程及数据.（1）如图甲，物体重 _N；（2）如图乙，把物体浸没在水中时，弹簧测力计的示数为3.2N，物体受浮力的大小为_N；（3）分析甲、乙、丙三图所示实验数据可得：物体受浮力的大小与_有关；（4）若要探究物体所受浮力大小与物体的密度是否有关，应选择图中_物（填字母）两个物体，并将它们浸没在同种液体中，测出其所受浮力的大小来进行比较. 【答案】 (1). 4.2N (2). 1N (3). 液体的密度 (4). C、D【解析】（1）如图甲，测力计的分度值为0.2N，测力计的读数即物体重4.2N；（2）如图乙，把物体浸没在水中时，弹簧测力计的示数为3.2N，根据稳重法的原理可知，物体受浮力的大小为：。（3）分析甲、乙、丙三图所示实验数据可知：同样浸没时，物体在水中和酒精中受到的浮力不同，即物体受浮力的大小与液体的密度有关；（4）若要探究物体所受浮力大小与物体的密度是否有关，根据控制变量法的思想，应选择体积相同，而密度不同的物体进行实验，如图中C和D的体积相等，密度不同，故选择图中C和D物两个物体，并将它们浸没在同种液体中，测出其所受浮力的大小来进行比较。 26.26.在测量“小灯泡的电阻”的实验中，有如下器材：电压表、电流表、开关、电压为3V的电源、标有“2.5V”的小灯泡、滑动变阻器及导线若干（1）请用笔画线代替导线，把图中的实物电路连接完整；（导线不能交叉）（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应处于图中最_端（填“左”或“右）；（3）连好电路后，闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数接近电源电压，则此故障的原因可能是_A小灯泡断路 B小灯泡短路 C滑动变阻器断路（4）排除故障后，按正确的操作测得实验数据记录如下：实验次数 第一次第二次第三次电压（V）2.52.01.5电流（A）0.300.251.0电阻（） 在分折实验数据时，犮现了一个数据有明显错误，这个数据是_（选填上表中数据前面的序号）这个数据的正确值是_【答案】 (1). （1）；（2）左； (2). （3）A；（4）； (3). 0.20 (4). （5）8.3【解析】试题分析：（1）标有“2.5V”的小灯泡表示灯的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如上图所示；（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应处于阻值最大处，即图中最左端；（3）电流表无示数，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的小灯泡断路，故选A；（4）因电流表选用小量程，电流表示数不可能为1.0A（或通过灯的电流随电压的减小而变小），故数据是错误的，错误的原因在于选用小量程却按大量程读数了，根据电流表大小量程之比为5：1，正确的电流大小为0.20A；（5）灯的额定电压下正常发光，由表中数据结合欧姆定律可得，小灯泡正常发光时的电阻：RL=8.3。【考点定位】伏安法测电阻27.27.利用如图所示的滑轮组，用F=1000N的力拉绳子自由端，货物A以0.1 m/s的速度匀速直线运动l0s，整个过程中，滑轮组的机械效率为75%求：（1）货物A在10 s内移动的距离：（2）这个过程中拉力F的功率：（3）水平地面对货物A的摩擦力大小【答案】（1）1m （2）200W （3）1500N【解析】（1）根据v= 可得，货物A在10 s内移动的距离：sA=vAt=0.1m/s10s=1m；（2）由图可知，动滑轮上绳子的有效股数：n=2，由= = = = 可得，水平地面对货物A的摩擦力：f=2F=275%1000N=1500N28.28.已知A灯标着“6V 3W”， B灯标着“6V 6W”，滑动变阻器R规格“50 2A”. A灯和B 灯中电流随两端电压变化关系的图象如图甲所示.则：（1）将A、B两灯并联接在6V电源两端，求30min内电路消耗的电能；（2）将A、B两灯串联接在某电源两端，使A灯恰好正常发光，求此时B灯电阻；（3）将A灯与滑动变阻器R串联接在12V电源两端，如图乙所示.调节滑动变阻器，当滑动变阻器的功率是A灯功率的2倍时，求滑动变阻器的功率.【答案】（1） （2） （3）3W【解析】（1）将A、B并联接在6V电源两端，两灯泡均正常发光，则电路的总功率P总=PA+PB=6W+3W=9W ，则1min内电路消耗的电能为W=P总t=9W60s=540J；（2）将A、B串联接在某电源两端，使B灯恰好正常发光，因为串联电路各处的电流相等，由图甲可知IA=IB=0.5A，此时A灯泡两端的电压UA=2V，根据欧姆定律可得，此时A灯电阻为；（3）将A与一个滑动变阻器（50 2A）串联接在6V电源两端，因为滑动变阻器的功率和A灯功率相等，且通过滑动变阻器和A灯的电流相等，由P=UI可得，A灯和滑动变阻器两端电压也相等。即UA=UR=，由图甲可知，此时通过A灯的电流为0.7A，所以滑动变阻器的功率PR=URI=3V0.7A=2.1W；点睛：根据串、并联电路的特点从图像中获取正确信息是解题的关键。